2025屆江蘇省南通市海安市海安高級中學高二物理第一學期期末教學質量檢測試題含解析

2025屆江蘇省南通市海安市海安高級中學高二物理第一學期期末教學質量檢測試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區(qū)內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規(guī)定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、在如圖中所示的電路中，當滑動變阻器的滑動觸片向b端移動時（）A.伏特表V和安培表A的讀數都減小B.伏特表V和安培表A的讀數都增大C.伏特表V的讀數增大，安培表A的讀數減小D.伏特表V的讀數減小，安培表A的讀數增大2、在圖所示的電路中，閉合開關S后，小燈泡正常發(fā)光，當電源兩端電壓不變，將滑動變阻器滑片P向左移動時，下列說法正確的A.燈泡L1將變得更亮些B.燈泡L1將變得更暗些C.燈泡L2將變得更亮些D.燈泡L2亮度不變3、如圖是磁流體發(fā)電機的示意圖，在間距為d的平行金屬板A、C間，存在磁感應強度為B、方向垂直紙面向外的勻強磁場，兩金屬板通過導線與變阻器R相連，等離子體以速度v平行于兩金屬板垂直射入磁場．若要增大該發(fā)電機的電動勢，可采取的方法是A.只減小dB只增大BC.只增大RD.只減小v4、如圖所示，光滑固定金屬導軌M、N水平放置，兩根導體棒P、Q平行放于導軌上，形成一個閉合回路．當一條形磁鐵從高處下落接近回路的過程中，下列說法正確的是A.P、Q將保持不動B.P、Q將相互遠離C.磁鐵的加速度小于gD.磁鐵的加速度仍為g5、如圖所示的電路中，已知電源的電動勢E=1.5V，內電阻r=1.0Ω，電阻R=2.0Ω，閉合開關S后，電路中的電流I等于A.4.5A B.3.0AC.1.5A D.0.5A6、容器中有質子，α粒子的混合物，為了把它們分開，先讓它們從靜止開始經電場加速，穿出加速電場后，第一種：垂直進入勻強電場；第二種：垂直進入勻強磁場，利用電場或磁場使它們偏轉，最后穿出電場或磁場，從而達到分開的目的．對于上述兩種情況，能使質子和α粒子分開的是（不計粒子重力）A.兩種情況都能使質子和α粒子分開B.兩種情況都不能使質子和α粒子分開C.進入電場后可以分開進入磁場不能分開D.進入電場后不能分開進入磁場能夠分開二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、關于磁場，下列說法正確的是（）A.磁場的基本性質是對處于其中的磁極和電流有力的作用B.磁場是看不見摸不著，實際不存在的，是人們假想出來的一種物質C.磁場是客觀存在的一種特殊的物質D.磁場的存在與否決定于人的思想，想其有則有，想其無則無8、在如圖甲所示的電路中，為定值電阻，為滑動變阻器，閉合開關S，將滑動變阻器的滑動觸頭P從最右端滑到最左端，兩個電壓表的示數隨電流表示數變化的完整過程圖線如圖乙所示，則下列說法正確的是（）A.圖乙中圖線a是電壓表的示數隨電流表示數變化的圖線B.電源內阻為ΩC.電源的最大輸出功率為WD.滑動變阻器的最大功率為W9、如圖所示是一定質量的理想氣體的體積V和攝氏溫度t的關系圖象，氣體由狀態(tài)A變化到狀態(tài)B的過程中，下列說法正確的有（）A.氣體的內能增大B.氣體的壓強減小C.氣體的壓強不變D.氣體對外做功，同時從外界吸收熱量10、在如圖所示的電路中，電源電動勢E=10V，電源內阻r=1Ω，燈泡L標有“3V，6W”字樣，電動機線圈的電阻RM＝1Ω.若燈泡恰能正常發(fā)光，下列說法正確的是（）A.電動機的輸入電壓是5VB.電動機輸出機械功率是6WC.電動機的效率是80%D.整個電路消耗的電功率是10W三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）兩位同學在實驗室中利用如圖(a)所示的電路測定值電阻R0、電源的電動勢E和內電阻r，調節(jié)滑動變阻器的滑動觸頭P向某一方向移動時，一個同學記錄的是電流表A和電壓表V1的測量數據，另一位同學記錄的是電流表A和電壓表V2的測量數據．并根據數據描繪了如圖(b)所示的兩條U-I圖線．回答下列問題：(1)根據甲、乙兩同學描繪的圖線，可知（）A．甲同學是根據電壓表V1和電流表A的數據B．甲同學是根據電壓表V2和電流表A的數據C．乙同學是根據電壓表V1和電流表A的數據D．乙同學是根據電壓表V2和電流表A的數據(2)根據圖(b)，可以求出定值電阻R0＝________Ω，電源電動勢E＝________V，內電阻r＝________Ω．電源的效率η=________（3）當滑動變阻器的阻值R=________Ω時滑動變阻器消耗的電功率最大，P最大值=________W（保留三位小數）12．（12分）0×1Ω=12.0Ω

在測定一節(jié)干電池的電動勢和內電阻的實驗中，備有下列器材：A.待測的干電池（電動勢約為1.5V，內電阻小于1.0Ω）B.電流表A1（量程0—3mA，內阻Rg1＝10Ω）C.電流表A2（量程0—0.6A，內阻Rg2＝0.1Ω）D.滑動變阻器R1（0—20Ω，10A）E.滑動變阻器R2（0—200Ω，1A）F.定值電阻R0（990Ω）G.開關和導線若干（1）某同學設計了如圖甲所示的（a）、（b）兩個實驗電路，其中合理的是____圖；在該電路中，為了操作方便且能準確地進行測量，滑動變阻器應選______。（2）如圖為該同學根據（1）中選出的合理的實驗電路，利用測出的數據繪出的I1-I2圖線（I1為電流表A1的示數，I2為電流表A2的示數），則由圖線可得電動勢E＝___V，內阻r＝____Ω（內阻r保留2位有效數字）。四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，在平面直角坐標系xoy的第一象限有沿y軸負方向、場強為E＝200N/C的勻強電場，第二象限有垂直于xoy平面向外的勻強磁場．現有一質量m＝2.0×10－11kg，電量q＝1.0×10－5C帶正電的粒子，從負x軸上的A點以v＝1.0×104m/s的速度垂直x軸進入磁場，恰好垂直通過y軸上的P點并進入電場，經過電場后通過x軸上的Q點．已知OP的長度h＝2m，不計粒子重力，求：（1）磁感應強度B的大??；（2）OQ的長度L；（3）粒子從A點運動到Q點的總時間t總14．（16分）如圖所示，已知電源電動勢E=20V，內阻r=1Ω，當接入固定電阻R=4Ω時，電路中標有“3V6W”的燈泡L和內阻r′=0.5Ω的小型直流電動機均恰能正常工作，求：（1）電路中的電流強度；（2）電動機的輸出功率；（3）電源的效率。15．（12分）水平放置的金屬導軌寬L＝0.5m，接有電動勢E＝3V，電源內阻及導軌電阻不計。勻強磁場豎直向上穿過導軌，俯視圖如圖所示，磁感應強度B＝1T．導體棒ab的電阻R＝2Ω，質量m＝100g，垂直放在導軌上并接觸良好。ab與導軌的動摩擦因數μ＝0.5，g＝10m/s2，求合上開關的瞬間：（1）導體棒ab受到安培力的大小和方向；（2）導體棒ab的加速度大小。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】當滑動變阻器的滑動觸片向b端移動時，接入電路的電阻增大，分析總電阻的變化，再判斷總電流和路端電壓的變化，即可知道電壓表讀數的變化；根據串聯(lián)電路分壓規(guī)律，分析并聯(lián)部分電壓的變化，判斷通過R2電流的變化，即可分析安培表讀數的變化解：當滑動變阻器的滑動觸點向b端移動時，變阻器接入電路的電阻增大，外電路總電阻R增大，由閉合電路歐姆定律分析可知總電流I減小，路端電壓U=E﹣Ir，則U增大，故伏特表V的讀數增大電阻R2的電壓U2=E﹣I（r+R1），I減小，U2增大，流過電阻R2的電流I2增大，則流過電流表的電流I3=I﹣I2減?。园才啾鞟的讀數減小．故ABD錯誤，C正確故選C【點評】本題是簡單的電路動態(tài)變化分析問題，在明確電路的連接關系的基礎上，按“部分→整體→部分”的順序進行分析2、B【解析】此為簡單的串聯(lián)電路，將滑線變阻器滑片P向左移動時，電阻增大，電源的電動勢和內阻不變，電流減小，燈泡都會變暗，故B正確，ACD錯誤3、B【解析】等離子體進入垂直射入磁場，受洛倫茲力發(fā)生偏轉，在兩極板間形成電勢差，最終電荷受電場力和洛倫茲力平衡，根據平衡確定電動勢與什么因素有關【詳解】根據平衡得，qvB=q，解得電動勢E=Bdv，所以可以通過增大B、d、v來增大電動勢．故B正確，ACD錯誤．故選B【點睛】本題考查了磁流體發(fā)電機原理，解決本題的關鍵知道穩(wěn)定時電荷受電場力和洛倫茲力平衡4、C【解析】當一條形磁鐵從高處下落接近回路時，穿過回路的磁通量增加，根據楞次定律：感應電流的磁場總是阻礙磁通量的變化，分析導體的運動情況【詳解】當一條形磁鐵從高處下落接近回路時，穿過回路的磁通量增加，根據楞次定律：感應電流的磁場總是阻礙磁通量的變化，可知，P、Q將互相靠攏，回路的面積減小一點，使穿過回路的磁場減小一點，起到阻礙原磁通量增加的作用．故AB錯誤．由于磁鐵受到向上的安培力作用，所以合力小于重力，磁鐵的加速度一定小于g，故C正確，D錯誤．故選C【點睛】本題直接用楞次定律判斷電磁感應現象中導體的運動方向，抓住導體總是反抗原磁通量的變化是關鍵．楞次定律的另一結論：增反減同5、D【解析】根據閉合電路歐姆定律得：，D正確6、D【解析】根據動能定理可求得兩粒子加速后的動能和速度；再分別對進入電場和磁場中進入分析，根據電場中的類平拋運動規(guī)律和磁場中圓周運動規(guī)律進行分析，得出偏轉位移和半徑公式即可明確能否散開，從而確定能否分析【詳解】設加速電場電壓為U，則在電場中加速過程，根據動能定理有，進入電場時，粒子做類平拋運動，設電場強度為E，則在垂直電場線方向上有，沿電場線方向上有：，則可知，偏轉位移與荷質比無關，故無法將兩種粒子分開；進入磁場時，根據洛倫茲力充當向心力則有，解得，因荷質比不同，則兩種粒子運動半徑不同，故在磁場中分開，由以上分析可知，D正確【點睛】本題考查帶電粒子在電場和磁場中的運動規(guī)律分析，要注意明確帶電粒子在電場中做類平拋運動或勻變速運動，而在磁場中做勻速圓周運動，要注意體會兩種方法的不同二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】A．磁場的基本性質是對處于其中的磁極和電流有力的作用，故選項A正確；BCD．磁場是看不見摸不著，但是實際存在的一種物質，與人的思想無關；故選項C正確，選項BD錯誤8、AC【解析】A．將滑動變阻器的滑片P從最右端移到最左端，接入電路的電阻減小，電路中的電流增大，R1的電壓和電源的內電壓增大，則R2的電壓減小，所以電壓表V1的示數增大，電壓表V2的示數減小，可知圖線b反映的是電壓表V1的示數隨電流的變化，圖線a反映的是電壓表V2的示數隨電流的變化，故A正確。B．根據閉合電路歐姆定律得電壓表V2的示數為：U2=E-I（R1+r）①由圖線a的斜率大小等于R1+r，由圖知：圖線b的斜率等于R1，則有：則電源的內阻為r=5Ω，故B錯誤；C．圖線a延長與U軸截距為電源的電動勢E=6V，當內阻等于外阻時，電源的輸出功率最大，最大的輸出功率為：故C正確；D．把R1等效為內阻，則當滑動變阻器的阻值等于R1+r時，滑動變阻器消耗的功率最大，故當滑動變阻器阻值為10Ω時，滑動變阻器消耗的功率最大，滑動變阻器的最大功率為：故D錯誤；故選AC。9、ABD【解析】A．A到B氣體的溫度升高，內能增大，故A正確；BC．在V-t圖象中等壓線是延長線過-273.15℃的直線，斜率越大，壓強越小，氣體從狀態(tài)A到狀態(tài)B的過程中，壓強變小，故B正確，C錯誤；D．從狀態(tài)A到狀態(tài)B，體積增大，氣體對外做功，W＜0；溫度升高，內能增大，△U＞0，根據熱力學第一定律△U=W+Q知Q＞0，故D正確；故選ABD。10、AB【解析】A．燈泡恰能正常發(fā)光，則電路中的電流，則有則電動機的輸入電壓為故A正確；B．電動機輸入功率則電動機輸出機械功率故B正確；C．電動機的效率故C錯誤；D．整個電路消耗的電功率是故D錯誤。故選AB.。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.AD②.2Ω③.1.5V④.1.0Ω⑤.66.7%⑥.3.0⑦.0.188【解析】(1)[1]從電路連接可以看出，電流表A的讀數增大時，電壓表V1的讀數減小，電壓表V2的讀數增大，甲同學是根據電壓表V1和電流表A的數據繪制圖像的，乙同學是根據電壓表V2和電流表A的數據繪制圖像的，故AD正確。故選AD。(2)[2]定值電阻的U-I圖線是正比圖線，斜率表示電阻[3]由圖示甲所示圖像可知，電源U-I圖像與縱軸交點坐標值是1.5，則電源電動勢[4]電源內阻[5]此時電流為0.5A，路端電壓為1.0V，所以電源效率為(3)[6][7]將定值電阻與電源看成等效電源，當滑動變阻器的阻值與等效電源的內阻相等時，滑動變阻器的功率最大，即滑動變阻器的阻值R=最大功率為12、①.（b）②.D③.147-1.48V④.0.80-0.86Ω【解析】(1)[1]上述器材中雖然沒有電壓表，但給出了兩個電流表，將電流表串聯(lián)一個電阻，可以改裝成較大量程的電壓表；(a)、(b)兩個參考實驗電路，其中合理的是(b)；[2]因為電源的內阻較小，所以應該采用較小最大值的滑動變阻器，有利于數據的測量和誤差的減小?；瑒幼冏杵鲬xD；若選擇大電阻，則在變阻器滑片調節(jié)的大部分范圍內，電流表讀數太小，電流表讀數變化不明顯；(2)[3]根據歐姆定律和串聯(lián)的知識得，電源兩端電壓：根據圖象與縱軸的交點得電動勢：[4]由圖可知當電流為0.45