安徽省示范高中培優(yōu)聯(lián)盟2025屆物理高二上期中學(xué)業(yè)質(zhì)量監(jiān)測(cè)模擬試題含解析

安徽省示范高中培優(yōu)聯(lián)盟2025屆物理高二上期中學(xué)業(yè)質(zhì)量監(jiān)測(cè)模擬試題注意事項(xiàng)1．考生要認(rèn)真填寫(xiě)考場(chǎng)號(hào)和座位序號(hào)。2．試題所有答案必須填涂或書(shū)寫(xiě)在答題卡上，在試卷上作答無(wú)效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結(jié)束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、關(guān)于電流，下列說(shuō)法正確的是()A．只有正電荷的定向移動(dòng)才能形成電流B．把正電荷定向移動(dòng)的方向規(guī)定為電流的方向C．金屬導(dǎo)體導(dǎo)電的時(shí)候，導(dǎo)體中電荷的定向移動(dòng)方向和電流方向相同D．方向不變的電流叫恒定電流2、關(guān)于電場(chǎng)線與電場(chǎng)強(qiáng)度，下列說(shuō)法中正確的是（）A．電場(chǎng)線越密的地方，電場(chǎng)強(qiáng)度越大B．電場(chǎng)線越疏的地方，電場(chǎng)強(qiáng)度越大C．順電場(chǎng)線的方向移動(dòng)，電場(chǎng)強(qiáng)度越來(lái)越大D．逆電場(chǎng)線的方向移動(dòng)，電場(chǎng)強(qiáng)度越來(lái)越大3、如圖所示，勻強(qiáng)磁場(chǎng)分布在第一象限，帶電粒子以初速度v0從a點(diǎn)平行x軸進(jìn)入，經(jīng)過(guò)x軸b點(diǎn)，2oa=ob。若撤去磁場(chǎng)加一個(gè)與y軸平行的勻強(qiáng)電場(chǎng)，帶電粒子仍以速度v0平行x軸從a點(diǎn)進(jìn)入電場(chǎng)，仍能通過(guò)b點(diǎn)，不計(jì)重力，則電場(chǎng)強(qiáng)度E和磁感應(yīng)強(qiáng)度A．2.5v0B．1.25v0C．0.5v0D．v04、2018年1月31日晚，月球位于近地點(diǎn)附近，“藍(lán)月亮”刷爆微信朋友圈．月球在如圖所示的近地點(diǎn)、遠(yuǎn)地點(diǎn)受地球的萬(wàn)有引力分別為F1、F2，則F1、F2的大小關(guān)系是()A．F1<F2 B．F1>F2C．F1=F2 D．無(wú)法確定5、用一個(gè)恒力F單獨(dú)作用于質(zhì)量為m1的物體，使物體產(chǎn)生的加速度大小為a1，該力單獨(dú)作用于質(zhì)量為m2的物體時(shí)，物體產(chǎn)生的加速度大小為a2；若將該恒力作用于質(zhì)量為(m1＋m2)的物體時(shí)，產(chǎn)生的加速度大小為()A． B． C． D．6、十九世紀(jì)末發(fā)現(xiàn)電子以后，物理學(xué)家密立根通過(guò)實(shí)驗(yàn)比較準(zhǔn)確地測(cè)定了電子的電荷量。如圖所示為密立根實(shí)驗(yàn)的示意圖，兩塊金屬板水平放置，板間存在勻強(qiáng)電場(chǎng)，方向豎直向下。用一個(gè)噴霧器把許多油滴從上極板中間的小孔噴入電場(chǎng)，油滴由于摩擦而帶電，當(dāng)一些微小的帶電油滴受到的電場(chǎng)力和重力恰好平衡時(shí)，油滴處于懸浮狀態(tài)。當(dāng)極板間的電壓為U、距離為d時(shí)，一質(zhì)量為m的油滴恰好懸浮于電場(chǎng)中，重力加速度為g，則該油滴（）A．帶負(fù)電，電荷量為B．帶正電，電荷量為C．帶正電，電荷量為D．帶負(fù)電，電荷量為二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、質(zhì)量為m的帶電小球射入勻強(qiáng)電場(chǎng)后，以方向豎直向上、大小為2g的加速度向下運(yùn)動(dòng)，在小球下落h的過(guò)程中()A．小球的重力勢(shì)能減少了2mgh B．小球的動(dòng)能減少了2mghC．電場(chǎng)力做負(fù)功2mgh D．小球的電勢(shì)能增加了3mgh8、如圖，一帶電液滴在重力和豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)的作用下，以一定的初速度開(kāi)始由b沿直線向上運(yùn)動(dòng)到d，且bd與水平方向所夾的銳角為45°，則下列結(jié)論正確的是(

)A．此液滴帶負(fù)電 B．液滴的加速度等于C．合外力對(duì)液滴做正功 D．液滴的電勢(shì)能減少9、有兩個(gè)勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域Ⅰ和Ⅱ，Ⅰ中的磁感應(yīng)強(qiáng)度是Ⅱ中的k倍．兩個(gè)速率相同的電子分別在兩磁場(chǎng)區(qū)域做圓周運(yùn)動(dòng)．則下列計(jì)算正確的是A．Ⅰ中運(yùn)動(dòng)的電子與Ⅱ中的電子圓周運(yùn)動(dòng)的半徑比是1∶kB．Ⅰ中運(yùn)動(dòng)的電子與Ⅱ中的電子運(yùn)動(dòng)的加速度大小比是比是1∶kC．Ⅰ中運(yùn)動(dòng)的電子與Ⅱ中的電子圓周運(yùn)動(dòng)的周期是比是1∶kD．Ⅰ中運(yùn)動(dòng)的電子與Ⅱ中的電子圓周運(yùn)動(dòng)的角速度比是1∶k10、虛線框內(nèi)存在著勻強(qiáng)電場(chǎng)(方向未知)，有一正電荷(重力不計(jì))從bc邊上的M點(diǎn)以速度v0射進(jìn)電場(chǎng)內(nèi)，最后從cd邊上的Q點(diǎn)射出電場(chǎng)，下列說(shuō)法正確的是()A．電場(chǎng)力一定對(duì)電荷做了正功B．電場(chǎng)方向可能垂直ab邊向右C．電荷運(yùn)動(dòng)的軌跡可能是一段圓弧D．電荷的運(yùn)動(dòng)一定是勻變速運(yùn)動(dòng)三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11．（6分）（1）下列給出多種用伏安法測(cè)電池電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的數(shù)據(jù)處理方法，其中既能減小偶然誤差又直觀、簡(jiǎn)便的是_____A．測(cè)出兩組I、U的數(shù)據(jù)，代入方程組E=U1+I1r和E=U2+I2rB．多測(cè)幾組I、U的數(shù)據(jù)，求出幾組E、r，最后分別求出其平均值C．測(cè)出多組I、U的數(shù)據(jù)，畫(huà)出U-I圖像，在根據(jù)圖像求E、rD．多測(cè)幾組I、U的數(shù)據(jù)，分別求出I和U的平均值，用電壓表測(cè)出斷路時(shí)的路端電壓即為電動(dòng)勢(shì)E，再利用閉合電路歐姆定律求出內(nèi)電阻r（2）用如圖甲所示的電路測(cè)定電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，根據(jù)測(cè)得的數(shù)據(jù)作出了如圖乙所示的U-I圖像，由圖像可知______A．電池的電動(dòng)勢(shì)為1.40VB．電池內(nèi)阻值為3.50ΩC．外電路短路時(shí)的電流為0.40AD．電壓表的示數(shù)為1.20V時(shí)，電流表的示數(shù)I/約為0.10A12．（12分）有一個(gè)額定電壓為2.8V，功率約為0.8W的小燈泡，現(xiàn)要用伏安法描繪這個(gè)小燈泡的I-U圖線，有下列器材供選用：A．電壓表(0～3V，內(nèi)阻約6kΩ)B．電壓表(0～15V，內(nèi)阻約30kΩ)C．電流表(0～3A，內(nèi)阻約0.1Ω)D．電流表(0～0.6A，內(nèi)阻約0.5Ω)E．滑動(dòng)變阻器(10Ω，2A)F．滑動(dòng)變阻器(200Ω，0.5A)G．蓄電池(電動(dòng)勢(shì)6V，內(nèi)阻不計(jì))(1)某同學(xué)設(shè)計(jì)成如圖所示的兩種電路，要求小燈泡的電壓從零開(kāi)始增大，應(yīng)選擇圖乙中的電路圖___(選填“a”或“b”)。(2)用正確的電路進(jìn)行測(cè)量，電壓表應(yīng)選用____，電流表應(yīng)選用_____滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用____(用序號(hào)字母表示)。四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，已知電源電動(dòng)勢(shì)E＝20V，內(nèi)阻r＝1Ω，當(dāng)接入固定電阻R＝4Ω時(shí)，電路中標(biāo)有“3V,6W”的燈泡L和內(nèi)阻RD＝0.5Ω的小型直流電動(dòng)機(jī)D都恰能正常工作．試求：(1)電路中的電流大?。?2)電動(dòng)機(jī)的額定電壓；(3)電動(dòng)機(jī)的輸出功率．14．（16分）如圖，平行金屬板水平放置，上極板帶負(fù)電且中心有一個(gè)小孔，兩板間的距離為3d。一帶電為+q的帶電小球在小孔正上方的d處?kù)o止釋放，并恰好運(yùn)動(dòng)到下極板，但不會(huì)被下極板吸收。已知小球質(zhì)量為m，重力加速度取g，忽略極板外部電場(chǎng)，不計(jì)空氣阻力。求：（1）極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度E；（2）小球從開(kāi)始釋放到第一次剛離開(kāi)上極板過(guò)程中，小球在板外與板間的運(yùn)動(dòng)時(shí)間之比。15．（12分）如圖所示，為一除塵裝置的截面圖，其原理是通過(guò)板間的電場(chǎng)或磁場(chǎng)使帶電塵埃偏轉(zhuǎn)并吸附到極板上，達(dá)到除塵的目的。已知金屬極板MN長(zhǎng)為d，間距也為d。大量均勻分布的塵埃以相同的水平速度v0進(jìn)入除塵裝置，設(shè)每個(gè)塵埃顆粒質(zhì)量為m、電量為―q。當(dāng)板間區(qū)域同時(shí)加入勻強(qiáng)電場(chǎng)和垂直于紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)并逐步增強(qiáng)至合適大小時(shí)，塵埃恰好沿直線通過(guò)該區(qū)域;且只撤去電場(chǎng)時(shí)，恰好無(wú)塵埃從極板MN間射出，收集效率（打在極板上的塵埃占?jí)m?？倲?shù)的百分比）為100%，不計(jì)塵埃的重力、塵埃之間的相互作用及塵埃對(duì)板間電場(chǎng)、磁場(chǎng)的影響。(1)判斷M板所帶電荷的電性；(2)求極板區(qū)域磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大??；(3)若撤去極板區(qū)域磁場(chǎng)，只保留原來(lái)的電場(chǎng)，則除塵裝置的收集效率是多少？(4)把極板區(qū)域的磁場(chǎng)和電場(chǎng)均撤去后，在y軸右側(cè)設(shè)計(jì)一個(gè)垂直于坐標(biāo)平面的圓形勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，就可把全部塵埃收集到位于Q點(diǎn)的收集箱內(nèi)。若直角坐標(biāo)系原點(diǎn)O緊貼金屬極板MN右側(cè)中點(diǎn)，Q點(diǎn)坐標(biāo)為（2d，―1.5d），求此磁場(chǎng)的方向及磁感應(yīng)強(qiáng)度B′的大小范圍。

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、B【解析】A、正、負(fù)電荷的定向移動(dòng)都能形成電流，故A錯(cuò)．B、人們規(guī)定正電荷定向移動(dòng)的方向?yàn)殡娏鞯姆较?，故B對(duì)，C、金屬導(dǎo)體導(dǎo)電的時(shí)候，導(dǎo)體中定向移動(dòng)的電荷是自由電子，定向移動(dòng)方向和電流方向相反，故C錯(cuò)．D、方向不變的電流叫直流電．方向和大小都不變的電流叫恒定電流，故D錯(cuò)綜上所述本題答案是：B2、A【解析】

由題中“關(guān)于電場(chǎng)線與電場(chǎng)強(qiáng)度”可知，本題考查電場(chǎng)線和電場(chǎng)強(qiáng)度關(guān)系，根據(jù)電場(chǎng)線的分布、疏密程度可分析本題?！驹斀狻緼B．電場(chǎng)線密的地方電場(chǎng)的強(qiáng)度大，故A正確B錯(cuò)誤；CD．沿電場(chǎng)線的方向，電勢(shì)降低，但是電場(chǎng)線不一定是越來(lái)越密的，故CD錯(cuò)誤?！军c(diǎn)睛】電場(chǎng)線的方向是電勢(shì)降低的方向，疏密程度反應(yīng)電場(chǎng)強(qiáng)度。3、B【解析】

設(shè)ob=2oa=2d，因?yàn)閹щ娏Ｗ釉诖艌?chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，所以r2=(2d)2+(r-d)2，解得圓周運(yùn)動(dòng)的半徑r=52d，粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律得：qv0B=mv02r，解得：B=2mv05qd。如果換成勻強(qiáng)電場(chǎng)，水平方向以v【點(diǎn)睛】帶電粒子在電場(chǎng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)要把握其運(yùn)動(dòng)規(guī)律，在電場(chǎng)中利用幾何關(guān)系得出其沿電場(chǎng)和垂直于電場(chǎng)的運(yùn)動(dòng)規(guī)律；而在磁場(chǎng)中也是要注意找出相應(yīng)的幾何關(guān)系，從而確定圓心和半徑．4、B【解析】

根據(jù)萬(wàn)有引力定律由于近地點(diǎn)的軌道半徑小于遠(yuǎn)地點(diǎn)的軌道半徑，所以故B正確，ACD錯(cuò)誤。5、D【解析】試題分析：設(shè)該恒力為F，則F=m1a1，F(xiàn)=m2a2，F(xiàn)=(m1+m2)a；將m1=，m2=代入到最后的式子中，得出a=，故D是正確的．考點(diǎn)：牛頓第二定律．6、D【解析】

帶電荷量為q的油滴靜止不動(dòng)，所受的電場(chǎng)力與重力平衡，由平衡條件分析微粒的電性和帶電量即可．【詳解】帶電荷量為q的油滴靜止不動(dòng)，則油滴受到向上的電場(chǎng)力；題圖中平行板電容器上極板帶正電，下極板帶負(fù)電，故板間場(chǎng)強(qiáng)方向豎直向下，則油滴帶負(fù)電；根據(jù)平衡條件，有：mg=q，故；故ABC錯(cuò)誤，D正確；故選D。【點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵是明確密立根油滴實(shí)驗(yàn)的實(shí)驗(yàn)原理，要注意運(yùn)用電場(chǎng)力與重力平衡，同時(shí)注意元電荷的意義，知道帶電體的電荷量總是元電荷的整數(shù)倍．二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、BD【解析】試題分析：小球下落h，重力勢(shì)能減少量為△EP=mgh，故A錯(cuò)誤；小球的動(dòng)能變化等于合外力做的功，△Ek=（mg-F）h=-2mgh，即動(dòng)能減少了2mgh，故B正確；電場(chǎng)力的做功為W=-Fh=-3mgh，故C錯(cuò)誤；小球的加速度方向向上，大小是2g，由牛頓第二定律可得，2mg=F-mg，電場(chǎng)力F=3mg，方向向上；電場(chǎng)力向上，小球向下運(yùn)動(dòng)，電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增加，△EP=Fh=3mgh，故D正確；故選BD．考點(diǎn)：帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)【名師點(diǎn)睛】本題考查對(duì)功能關(guān)系的理解能力，對(duì)于幾對(duì)功能關(guān)系的理解要準(zhǔn)確，不能張冠李戴，動(dòng)能的變化由合力的做功決定，重力勢(shì)能的變化由重力做功決定．電勢(shì)能的變化有電場(chǎng)力的功決定．8、AD【解析】

液滴所受重力和電場(chǎng)力的方向均在豎直方向，液滴沿與水平方向所夾銳角為45°的bd線做直線運(yùn)動(dòng)，則液滴所受重力與電場(chǎng)力相互抵消．A：電場(chǎng)力與重力抵消，電場(chǎng)力方向豎直向上，勻強(qiáng)電場(chǎng)豎直向下，則此液滴帶負(fù)電．故A項(xiàng)正確．B：液滴所受重力與電場(chǎng)力相互抵消，液滴的加速度等于零．故B項(xiàng)錯(cuò)誤．C：液滴所受重力與電場(chǎng)力相互抵消，合外力等于零，合外力對(duì)液滴不做功．故C項(xiàng)錯(cuò)誤．D：液滴所受電場(chǎng)力豎直向上，液滴與水平方向所夾銳角為45°的bd線運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，電場(chǎng)力做正功，液滴的電勢(shì)能減少．故D項(xiàng)正確．【點(diǎn)睛】物體做直線運(yùn)動(dòng)，所受力均在與運(yùn)動(dòng)方向互成角度的一條直線上，則物體所受合力為零．9、AC【解析】

設(shè)Ⅱ中的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，則Ⅰ中的磁感應(yīng)強(qiáng)度為kB；

A．根據(jù)電子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的半徑公式可知，Ⅰ中的電子運(yùn)動(dòng)軌跡的半徑為，Ⅱ中的電子運(yùn)動(dòng)軌跡的半徑為，所以Ⅱ中的電子運(yùn)動(dòng)軌跡的半徑是Ⅰ中的k倍，故A正確；B．電子在磁場(chǎng)運(yùn)動(dòng)的洛倫茲力作為向心力，所以電子的加速度的大小為，所以Ⅰ中的電子加速度的大小為，Ⅱ中的電子加速度的大小為，所以Ⅱ的電子的加速度大小是Ⅰ中的倍，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)電子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期公式可知，Ⅰ中的電子運(yùn)動(dòng)周期為，Ⅱ中的電子運(yùn)動(dòng)周期為，所以Ⅱ中的電子運(yùn)動(dòng)軌跡的半徑是Ⅰ中的k倍，所以Ⅱ中的電子運(yùn)動(dòng)軌跡的周期是Ⅰ中的k倍，故C正確；D．做圓周運(yùn)動(dòng)的角速度，所以Ⅰ中的電子運(yùn)動(dòng)角速度為，Ⅱ中的電子運(yùn)動(dòng)角速度為，在Ⅱ的電子做圓周運(yùn)動(dòng)的角速度是Ⅰ中的倍，故D錯(cuò)誤；10、BD【解析】由正電荷在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的偏轉(zhuǎn)可以判斷，其所受電場(chǎng)力一定指向運(yùn)動(dòng)曲線的內(nèi)側(cè)，但電場(chǎng)力與速度方向的夾角可能為銳角或鈍角，電場(chǎng)力可能做正功或負(fù)功，所以選項(xiàng)A錯(cuò)B對(duì)，由于正電荷只受恒定的電場(chǎng)力作用，所以正電荷不可能做圓周運(yùn)動(dòng)，一定是勻變速曲線運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)D正確，答案為B、D.三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11、CA【解析】試題分析：（1）圖象在數(shù)據(jù)處理中經(jīng)常用到，圖象法可以減小偶然誤差，并且能直觀、簡(jiǎn)單，故很多實(shí)驗(yàn)中經(jīng)常用到這種方法，C正確；（2）由圖示圖象可知，電源U-I圖象與縱軸交點(diǎn)坐標(biāo)值為1．42，則電源的電動(dòng)勢(shì)測(cè)量值為1．42V，故A正確；電源內(nèi)阻等于圖象斜率的大小，為，故B錯(cuò)誤；由圖示圖象可知，路端電壓為1．22V時(shí)，電路電流為2．4A，可知外電路發(fā)生短路時(shí)的電流為，故C錯(cuò)誤；當(dāng)電壓表示數(shù)為1．22V時(shí)，，故D正確；考點(diǎn)：考查了U-I圖像【名師點(diǎn)睛】圖象在數(shù)據(jù)處理中經(jīng)常用到，圖象法可以減小偶然誤差，并且能直觀、簡(jiǎn)單，要明確圖象的意義，同時(shí)注意縱坐標(biāo)是否從零開(kāi)始的，不能相當(dāng)然的將橫坐標(biāo)的截距當(dāng)作短路電流．12、bADE【解析】

(1)[1]實(shí)驗(yàn)中要求小燈泡的電壓從零開(kāi)始增大，則滑動(dòng)變阻器應(yīng)采用分壓電路，故選b；(2)[2][3][4]由題意可知，燈泡的額定電壓為2.8V，故電壓表的量程應(yīng)大于2.8V，故電壓表應(yīng)選3V量程，故選A；由P=UI可得，電流為I=0.8/2.8A=0.28A故電流表應(yīng)選D；本實(shí)驗(yàn)中應(yīng)選用分壓接法，故滑動(dòng)變阻器應(yīng)選小電阻，故滑動(dòng)變阻器選E四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13、(1)2A(2)7V(3)12W【解析】

(1)燈泡L正常發(fā)光，電路中的電流為：(2)由閉合電路歐姆定律可求得，電動(dòng)機(jī)的額定電壓為：UD=E-I(r+R)-UL=20-2×(1+4)-3=7V(3)電動(dòng)機(jī)的總功率為P總=IUD=2×7=14W電動(dòng)機(jī)的熱功率為P熱=I2RD=22×0.5=2W所以電動(dòng)機(jī)的輸出功率為P出=P總-P熱=14-2=12W14、（1）；（2）【解析】

（1）從釋放到下極板，由動(dòng)能定理，得mg(d+3d)?qE·3d=0解得（2）設(shè)運(yùn)動(dòng)時(shí)間分