廣東省梅縣東山中學(xué)2025屆物理高二第一學(xué)期期末復(fù)習(xí)檢測模擬試題含解析

廣東省梅縣東山中學(xué)2025屆物理高二第一學(xué)期期末復(fù)習(xí)檢測模擬試題注意事項：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應(yīng)位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"。2．作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3．非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內(nèi)相應(yīng)位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準(zhǔn)使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，在矩形區(qū)域abcd區(qū)域中，分布著垂直于紙面向外的勻強磁場，ab長為L，在ab的中點P處有一電子發(fā)射源，出射電子速率取一切可能值，所有電子出射的速度方向均與ab成30°角，下列說法正確的是()A.只要初速度大小取合適的值，電子可以在磁場中做完整的圓周運動B.電子入射速度越大，在磁場中運動的時間一定越短C.從ad邊出射的電子一定比從bc出射的電子運動時間短D.當(dāng)時，cd邊無電子射出2、如圖所示，一個半徑為R的導(dǎo)電圓環(huán)與一個軸向?qū)ΨQ的發(fā)散磁場處處正交，環(huán)上各點的磁感應(yīng)強度B大小相等，方向均與環(huán)面軸線方向成θ角（環(huán)面軸線為豎直方向），若導(dǎo)線環(huán)上載有如圖所示的恒定電流I，則下列說法正確的是（）A.導(dǎo)電圓環(huán)所受安培力方向豎直向下B.導(dǎo)電圓環(huán)所受安培力方向豎直向上C.導(dǎo)電圓環(huán)所受安培力的大小為2BIRD.導(dǎo)電圓環(huán)所受安培力的大小為2πBIR3、有一個已充電的電容器，兩極板之間的電壓是6V，所帶電荷量是4.5×10－4C.將電容器的電壓降為4V，電容器所帶電荷量是()A.1.5×10－4C B.3.0×10－4CC.3.5×10－4C D.4.0×10－4C4、在高度為h的同一位置向水平方向同時拋出兩個小球A和B，若A球的初速度vA大于B球的初速度vB，則下列說法中不正確的是（）A.A比B先落地B.在飛行過程中的任一段時間內(nèi)，A的水平位移總是大于B的水平位移C.若兩球在飛行中遇到一堵豎直墻，A擊中墻的高度大于B擊中墻的高度D.在空中飛行的任意時刻，A總在B的水平正前方，且A的速率總是大于B的速率5、圖中小燈泡的規(guī)格都相同，兩個電路中的電池也相同。實驗發(fā)現(xiàn)多個并聯(lián)的小燈泡的亮度明顯比單獨一個小燈泡暗。對這一現(xiàn)象的分析正確的是（）A.燈泡兩端電壓不變，由于并聯(lián)分電流，每個小燈泡分得的電流變小，因此燈泡亮度變暗B.電源電動勢不變，外電路電壓變大，但由于并聯(lián)分電流，每個小燈泡分得的電流變小，因此燈泡亮度變暗C.電源電動勢不變，外電路電壓變小，因此燈泡亮度變暗D.并聯(lián)導(dǎo)致電源電動勢變小，因此燈泡亮度變暗6、如圖所示，A、B、C是在地球大氣層外的圓形軌道上運行的三顆人造地球衛(wèi)星，下列說法中正確的是（）A.B、C的角速度相等，且小于A的角速度B.B、C的線速度大小相等，且大于A的線速度C.B、C的向心加速度相等，且大于A的向心加速度D.B、C的周期相等，且小于A的周期二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、遠(yuǎn)距離輸電裝置如圖所示，升壓變壓器和降壓變壓器均為理想變壓器，當(dāng)k由2改接為1時，下列說法正確的是（

）A.電壓表讀數(shù)增大B.電流表讀數(shù)增大C.電流表讀數(shù)減小D.輸電線上損失的功率減小8、如圖所示，一個電阻值為R，匝數(shù)為n的圓形金屬線圈與阻值為2R的電阻R1連結(jié)成閉合回路，線圈的半徑為r1。在線圈中半徑為r2的圓形區(qū)域內(nèi)存在垂直于線圈平面向里的勻強磁場，磁感應(yīng)強度B隨時間t變化的關(guān)系圖線如圖所示。圖線與橫、縱軸的截距分別為t0和B0，導(dǎo)線的電阻不計。則（）A.流經(jīng)電阻R1中的電流方向為b到aB.回路中感應(yīng)電動勢的大小為C.回路中感應(yīng)電流大小為D.a與b之間的電勢差為9、如圖所示，在傾角為α的光滑斜面上，垂直紙面放置一根長為L，質(zhì)量為m的直導(dǎo)體棒，取重力加速度為g．在導(dǎo)體棒中的電流I垂直紙面向里時，欲使導(dǎo)體棒靜止在斜面上，則下列外加勻強磁場的磁感應(yīng)強度B的大小和方向正確的是（）A.mgsinα/IL，垂直斜面向上B.mgcosα/IL，垂直斜面向下C.mgtanα/IL，水平向右D.mg/IL，水平向左10、如圖所示，質(zhì)量分別為m和2m的A、B兩個木塊間用輕彈簧相連，放在光滑水平面上，A緊靠豎直墻壁．用水平力向左推B，將彈簧壓縮，推到某位置靜止時推力大小為F，彈簧的彈性勢能為E．在此位置突然撤去推力，下列說法中正確的是（

）A.撤去推力的瞬間，B的加速度大小為B.從撤去推力到A離開豎直墻壁前，A、B和彈簧組成的系統(tǒng)動量不守恒,機械能守恒C.A離開豎直墻壁后，彈簧彈性勢能最大值為D.A離開豎直墻壁后，彈簧彈性勢能最大值為E三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖所示，帶電平行金屬板相距為2R，在兩板間有垂直紙面向里、磁感應(yīng)強度為B圓形勻強磁場區(qū)域，與兩板及左側(cè)邊緣線相切．一個帶正電的粒子（不計重力）沿兩板間中心線O1O2從左側(cè)邊緣O1點以某一速度射入，恰沿直線通過圓形磁場區(qū)域，并從極板邊緣飛出，在極板間運動時間為t0．若撤去磁場，粒子仍從O1點以相同速度射入，則經(jīng)時間打到極板上（1）求兩極板間電壓u；（2）若兩極板不帶電，保持磁場不變，該粒子仍沿中心線O1O2從O1點射入，欲使粒子從兩板左側(cè)間飛出，射入的速度應(yīng)滿足什么條件12．（12分）某實驗小組同學(xué)發(fā)現(xiàn)給定的電壓表（0～3V）量程偏小，因此決定改裝電壓表，將量程擴大為原來的兩倍（1）同學(xué)們先用多用電表的歐姆檔粗略測量電壓表的內(nèi)阻，如圖甲所示．將選擇開關(guān)旋至倍率“×100”檔，紅、黑表筆短接調(diào)零后進(jìn)行測量，紅表筆應(yīng)接電壓表的______接線柱（選填“＋”或“－”），測量結(jié)果如圖乙所示，電壓表的內(nèi)阻為_____Ω（2）該實驗小組為了能夠精確測定該電壓表的內(nèi)阻，除待測電壓表V外，實驗室還提供了一些可選用的器材：電流表A1(量程200μA)、電流表A2(量程1.0mA)、電流表A3(量程0.6A)、滑動變阻器R(最大阻值200Ω)、電源E(電動勢4V)、開關(guān)S．所提供的電流表中，應(yīng)選用_______接入電路；為了盡量減小誤差，要求測量多組數(shù)據(jù)，該實驗小組設(shè)計了下列兩種實驗電路圖，你認(rèn)為正確的是______（選擇“丙”或“丁”）（3）若測得電壓表的內(nèi)阻為4200Ω，現(xiàn)將其改裝成0~6V量程的電壓表，需要_____（填“串聯(lián)”或“并聯(lián)”）阻值為_______Ω的電阻四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示是某遠(yuǎn)距離輸電過程的電路圖，理想升壓變壓器原線圈兩端的交流電的電壓的有效值為，升壓變壓器的原、副線圈匝數(shù)之比為2∶5，理想降壓變壓器的原、副線圈匝數(shù)之比為5∶1，輸電線路總電阻，已知升壓變壓器的原線圈的輸送電功率為，在理想降壓變壓器的副線圈接入一只某未知燈泡，要求該燈泡正常發(fā)光，導(dǎo)線框及其余導(dǎo)線電阻不計，求該燈泡的額定電壓和額定功率？14．（16分）MN、PQ為水平放置的金屬導(dǎo)軌，金屬棒ab靜止放在導(dǎo)軌上且與導(dǎo)軌垂直，導(dǎo)軌間距L=0.1m，ab棒的質(zhì)量為m=0.01kg，電阻為0.4Ω，導(dǎo)軌所在區(qū)域處在勻強磁場中，磁場方向豎直向下，磁感應(yīng)強度B=0.2T．電池電動勢E=1.5V，內(nèi)電阻r=0.2Ω，其余電阻忽略不計，當(dāng)電鍵閉合的瞬間，測得棒ab的加速度大小為a=2m/s2，求電鍵閉合瞬間：（1）通過直導(dǎo)線ab的電流；（2）直導(dǎo)線ab所受的摩擦力的大小和方向15．（12分）如圖所示,真空中有平行正對金屬板、,它們分別接在輸出電壓恒為的電源兩端,金屬板長、兩金屬板間的距離,、兩板間的電場可以視為勻強電場.現(xiàn)使一電子從兩金屬板左側(cè)中間以的速度垂直于電場方向進(jìn)入電場,然后從兩金屬板右側(cè)射出.已知電子的質(zhì)量,電荷量,兩極板電場的邊緣效應(yīng)及電子所受的重力均可忽略不計.求:(計算結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)（1）電子在電場中運動的加速度的大小;（2）電子射出電場時在沿電場線方向上的側(cè)移量.

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】粒子做圓周運動的半徑：，可見電子的速率越大，則左圓周運動的半徑越大，而周期，與速率大小無關(guān)，則圓心角越大運動時間越長【詳解】A項：如圖，粒子速率越小軌道半徑越小，轉(zhuǎn)過的最大圓周如圖中黑線所示，無法做完整的圓周運動，故A錯誤；B項：電子入射速度越大，運動半徑越大，但是比圖中黑線半徑更小的所有運動情況轉(zhuǎn)過的圓心角相同，則運動時間相同，故并不一定是入射速度越大在磁場中運動的時間越短，故B錯誤；C項：如圖中藍(lán)線和紅線，從ad邊出射的電子一定比從bc出射的粒子轉(zhuǎn)過的圓心角大，則運動時間長，故C錯誤；D項：當(dāng)粒子軌跡恰好與bc邊相切時，若不能從cd邊射出，則cd邊無電子射出，由幾何關(guān)系知相切時的軌跡半徑R=L，則粒子距離ad最遠(yuǎn)距離為：，若bc＞時，則粒子不能從cd邊射出，故D正確故選D【點睛】本題的關(guān)鍵是畫出從各邊射出的代表軌跡，找出恰好不從每個邊射出的臨界情況，熟練應(yīng)用粒子做圓周運動的周期公式和半徑公式2、B【解析】先據(jù)矢量的分解將磁感應(yīng)強度分解為水平方向和順直方向；由左手定則判斷環(huán)所受安培力方向，由安培力公式求出環(huán)所受安培力大小.【詳解】A、B、把磁感應(yīng)強度分解為水平分量與豎直分量，豎直方向的磁場對環(huán)形電流的安培力為零，由左手定則可知，水平方向的磁場對電流的安培力豎直向上，即導(dǎo)電圓環(huán)所受安培力豎直向上，故A錯誤，B正確；C、D、把磁感應(yīng)強度分解為水平分量與豎直分量，豎直方向的磁場對環(huán)形電流的安培力為零，那么水平磁場對電流的安培力F＝B水平I?2πR＝2πBIRsinθ，故C，D錯誤；故選B.【點睛】考查左手定則的內(nèi)容，利用左手定則判斷出安培力的方向，掌握安培力表達(dá)式，及理解力的分解法則，注意立體圖轉(zhuǎn)化為平面圖.3、B【解析】電容器的電容和其兩極板間的電壓以及所帶電荷量大小無關(guān)，即電壓變化電容大小恒定不變，所以根據(jù)可知：，解得：；A．根據(jù)以上分析，A錯誤；B．根據(jù)以上分析，B正確；C．根據(jù)以上分析，C錯誤；D．根據(jù)以上分析，D錯誤；故選B。4、A【解析】兩球都做平拋運動，由h得：t，則知平拋運動的運動時間是由豎直高度決定的，AB兩個球的高度是相同的，所以它們的運動的時間也是相同的，同時落地，故A不正確；由于A球的初速度vA大于B球的初速度vB，所以由公式x＝v0t知，在飛行過程中的任一段時間內(nèi)，A球的水平位移總是大于B球的水平位移，故B正確；遇到墻時，AB兩球的水平位移是相同的，由于A球的初速度vA大于B球的初速度vB，所以A的運動時間要比B的運動時間短，再根據(jù)h，可知，A下落的距離小，所以A球擊中墻的高度大于B球擊中墻的高度，故C正確；AB兩個球在豎直方向上的運動情況是一樣的，豎直方向的速度的大小始終相同，但是A球的初速度vA大于B球的初速度vB，所以在空中飛行的任意時刻，A球總在B球的水平正前方，A球的速率總是大于B球的速率，故D正確；本題選不正確的，故選A.5、C【解析】電動勢反映不同電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能本領(lǐng)大小的物理量。由于使用同一個電源，故電源電動勢不變，故D錯誤；根據(jù)閉合電路的歐姆定律根據(jù)并聯(lián)電阻特點可知多個并聯(lián)的小燈泡小于單個小燈泡內(nèi)阻，電路的總電阻減小，總電流增大，電源內(nèi)阻r消耗的電壓增大，外電路電壓變小，通過各小燈泡的電流減小，故AB錯誤，C正確。故選C。6、A【解析】A．根據(jù)萬有引力提供向心力得到所以軌道越大，角速度越小，B、C的角速度相等，且小于A的角速度，A正確；B．根據(jù)萬有引力提供向心力得到所以軌道越大，線速度越小，B、C的線速度大小相等，且小于A的線速度，B錯誤；C．根據(jù)萬有引力提供向心力得到軌道越大，向心加速度越小，B、C的向心加速度相等，且小于A的向心加速度，C錯誤；D．根據(jù)周期公式，結(jié)合選項A分析得到，B、C的周期相等，且大于A的周期，D錯誤；故選A。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ACD【解析】k接到1后，升壓變壓器副線圈匝數(shù)增多，所以輸電電壓U2升高（U1：U2=n1：n2，n2增多），因輸出功率不變．所以輸電線電流減小，電流表的示數(shù)減小，輸電線上的電壓減小，所以最終降壓變壓器的輸出電壓變大，電壓表測路端電壓，示數(shù)變大，則AC正確，B錯誤；電流表示數(shù)減小，輸電線損失功率減小，故D正確【點睛】對于遠(yuǎn)距離輸電問題，一定要明確整個過程中的功率、電壓關(guān)系，尤其注意導(dǎo)線上損失的電壓和功率與哪些因素有關(guān)8、AC【解析】A．由楞次定律可判斷通過電阻R1上的電流方向為從b到a，A正確；B．由圖像分析可知，0至t1時間內(nèi)有，由法拉第電磁感應(yīng)定律有其中面積為S=πr22得B錯誤；C．由閉合電路歐姆定律有聯(lián)立以上各式解得，通過電阻R1上的電流大小為C正確；D．線圈兩端的電壓大小，即外電壓為電流方向為從b到a，所以D錯誤。故選AC。【點睛】此題考查楞次定律來判定感應(yīng)電流方向，由法拉第電磁感應(yīng)定律來求出感應(yīng)電動勢大小。還可求出電路的電流大小，及電阻消耗的功率，同時磁通量變化的線圈相當(dāng)于電源。9、AD【解析】通電導(dǎo)線在磁場中的受到安培力作用，由公式F=BIL求出安培力大小，由左手定則來確定安培力的方向【詳解】外加勻強磁場的磁感應(yīng)強度B的方向垂直斜面向上，則沿斜面向上的安培力、支持力與重力，處于平衡狀態(tài)，根據(jù)平衡條件，在平行斜面方向，有：mgsinα=BIL，解得：B=，故A正確；外加勻強磁場的磁感應(yīng)強度B的方向垂直斜面向下，則沿斜面向下的安培力、支持力與重力，不能處于平衡狀態(tài)，故B錯誤；外加勻強磁場的磁感應(yīng)強度B的方向水平向右，則安培力豎直向下，不可能處于平衡狀態(tài)，選項C錯誤；外加勻強磁場的磁感應(yīng)強度B的方向水平向左，則安培力豎直向上，根據(jù)平衡條件，有：mg=BIL，解得：B=，故D正確；故選AD【點睛】學(xué)會區(qū)分左手定則與右手定則，前者是判定安培力的方向，而后者是判定感應(yīng)電流的方向能利用平衡條件解答此類問題10、ABC【解析】A、撤去推力前,B處于靜止?fàn)顟B(tài),彈簧的彈力與F0二力平衡.撤去F的瞬間,彈簧的彈力不變,根據(jù)牛頓第二定律得,B的加速度大小為.故A正確.B、從撤去推力到A離開豎直墻之前,墻壁對B有彈力作用,A、B和彈簧組成的系統(tǒng)合外力不等于零,系統(tǒng)的動量不守恒.因為只有彈力做功,系統(tǒng)的機械能守恒,故B正確.C、D,A離開豎直墻后,系統(tǒng)所受的合外力為零,動量守恒;彈簧的彈力做功,系統(tǒng)的機械能守恒.當(dāng)A、B的速度相等時,彈簧的彈性勢能最大；對于從撤去推力到A離開豎直墻之前,機械能守恒,設(shè)A剛離開墻壁時，B的速度大小為.則有,得;A離開墻壁后,根據(jù)系統(tǒng)的動量守恒得:;根據(jù)系統(tǒng)的機械能守恒得:計算得出,彈簧的彈性勢能最大值:,所以C選項是正確的,D錯誤.【點睛】撤去F的瞬間,B所受的彈力大小等于F0,根據(jù)牛頓第二定律求出撤去推力瞬間的加速度大小;分析A、B和彈簧組成的系統(tǒng)所受的外力,判斷動量和機械能是否守恒.A離開豎直墻后,根據(jù)動量守恒定律和機械能守恒定律分析A離開豎直墻后,A、B的最大彈性勢能.三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、（1）（2）【解析】（1）設(shè)粒子從左側(cè)O1點射入的速度為v，極板長為L，磁場中根據(jù)受力平衡可得：qE=qvB根據(jù)勻強電場中電場強度與電勢差之間的關(guān)系式：電場強度為：因為粒子在磁場中做勻速直線運動，所以有：L=vt0在電場中做類似平拋運動，根據(jù)牛頓第二定律，有水平方向：L-2R=豎直方向：聯(lián)立解得：L=4R兩極板間電壓：（2）設(shè)粒子在磁場中做圓周運動的軌道半徑為r，粒子恰好從上極板左邊緣飛出時速度的偏轉(zhuǎn)角為α，根據(jù)幾何關(guān)系可知：β=π-α=45°因為：則有：根據(jù)洛倫茲力提供向心力可得：聯(lián)立解得：要使得粒子從兩板左側(cè)間飛出，粒子初速度要滿足：12、①.－②.4000