2025屆山西省長治市第九中學(xué)物理高二上期中綜合測試試題含解析

2025屆山西省長治市第九中學(xué)物理高二上期中綜合測試試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應(yīng)位置上。2．請(qǐng)用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準(zhǔn)考證號(hào)。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖所示圓環(huán)形導(dǎo)體線圈平放在水平桌面上,在的正上方固定一豎直螺線管,二者軸線重合,螺線管與電源和滑動(dòng)變阻器連接成如圖所示的電路.若將滑動(dòng)變阻器的滑片向下滑動(dòng),下列表述正確的是(

)A．線圈中將產(chǎn)生俯視順時(shí)針方向的感應(yīng)電流B．穿過線圈的磁通量變小C．線圈有擴(kuò)張的趨勢D．線圈對(duì)水平桌面的壓力FN將增大2、如圖所示，面積為S的線圈平面與磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場垂直，一半在磁場中，則穿過線圈的磁通量為A．0 B．BSC．BS D．2BS3、兩個(gè)放在絕緣架上的相同金屬球相距r，球的半徑比r小得多，帶電量大小分別為-q和3q，引力大小為3F?，F(xiàn)將這兩個(gè)金屬球相接觸，然后分開，仍放回原處，則它們之間的相互作用力大小將變?yōu)椋ǎ〢．4FB．2FC．32FD．4、關(guān)于點(diǎn)電荷、元電荷、檢驗(yàn)電荷，下列說法正確的是()A．元電荷實(shí)際上是指電子和質(zhì)子本身B．點(diǎn)電荷所帶電荷量一定很小C．點(diǎn)電荷所帶電荷量一定是元電荷電荷量的整數(shù)倍D．點(diǎn)電荷、元電荷、檢驗(yàn)電荷是同一種物理模型5、甲、乙兩輛汽車在平直的高速公路上行駛，某時(shí)刻兩車正好并排行駛，從該時(shí)刻起兩車的速度—時(shí)間圖像如下圖所示，則下列說法正確的是A．t0時(shí)刻兩車相遇B．0到t1時(shí)間內(nèi)，甲、乙兩車的加速度大小均逐漸減小且方向相同C．0到t0時(shí)間內(nèi)，甲車的平均速度小于乙車的平均速度D．t1時(shí)刻甲、乙兩車一定再次相遇，之后甲車將一直在乙車前方6、下列說法中正確的有（）A．通過導(dǎo)體的電流越大，則導(dǎo)體的電阻越小。B．加在導(dǎo)體兩端的電壓變化時(shí)，導(dǎo)體中的電流也發(fā)生變化。但電壓與電流的比值對(duì)這段導(dǎo)體來說保持不變。C．通過導(dǎo)體的電流強(qiáng)度，跟加在它兩端的電壓成反比，跟它的電阻成正比。D．導(dǎo)體的電阻，跟加在它兩端的電壓成正比，跟通過導(dǎo)體的電流成反比二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、用一段橫截面半徑為r、電阻率為ρ、密度為d的均勻?qū)w材料做成一個(gè)半徑為R(r<<R)的圓環(huán)。圓環(huán)豎直向下落入如圖所示的徑向磁場中，圓環(huán)的圓心始終在N極的軸線上，圓環(huán)所在位置的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B。圓環(huán)在加速下落過程中某一時(shí)刻的速度為v，忽略電感的影響，則A．此時(shí)在圓環(huán)中產(chǎn)生了(俯視)順時(shí)針的感應(yīng)電流B．此時(shí)圓環(huán)受到豎直向下的安培力作用C．此時(shí)圓環(huán)的加速度D．如果徑向磁場足夠深，則圓環(huán)的最大速度8、如右圖所示的電路，A、B、C為三個(gè)相同的燈泡，其電阻大于電源內(nèi)阻，當(dāng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P向上移動(dòng)時(shí)()A．A燈變亮，B燈和C燈都變暗B．A燈變亮，B燈變暗，C燈變亮C．電源的總電功率增大D．電源的效率降低9、示波管是示波器的核心部件，它由電子槍、偏轉(zhuǎn)電極和熒光屏組成，電子槍發(fā)射電子經(jīng)過加速后，通過偏轉(zhuǎn)電極打在熒光屏上形成亮斑，如圖所示．如果在熒光屏上P點(diǎn)出現(xiàn)亮斑，那么示波管中的（

）A．極板x應(yīng)帶正電B．極板x'應(yīng)帶正電C．極板y應(yīng)帶正電D．極板y'應(yīng)帶正電10、如圖所示是一個(gè)由電池、電阻R與平行板電容器組成的串聯(lián)電路，平行板電容器中央有一個(gè)液滴處于平衡狀態(tài)，當(dāng)增大電容器兩板間距離的過程中（）A．電容器的電容變大B．電阻R中有從a流向b的電流C．液滴帶負(fù)電D．液滴仍然平衡三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）小輝同學(xué)要測繪一個(gè)標(biāo)有“3V，0.6W”小燈泡的伏安特性曲線，燈泡兩端的電壓需要由零逐漸增加到3V．（1）實(shí)驗(yàn)的電路圖應(yīng)選用選項(xiàng)圖中的（填字母代號(hào)）．（2）實(shí)驗(yàn)得到小燈泡的伏安特性曲線如圖所示，當(dāng)小燈泡的電壓為1．0V，其電阻為Ω，由圖可得，當(dāng)電壓U>1V后，小燈泡電阻R隨溫度T的升高而（選填“增大”或“減小”）．12．（12分）關(guān)于多用表的使用：（1）（多選題）下述關(guān)于用多用表歐姆擋測電阻的說法中正確的是A．測量電阻時(shí)，如果指針偏轉(zhuǎn)過大，應(yīng)將選擇開關(guān)S撥至倍率較小的擋位，重新調(diào)零后測量B．測量電阻時(shí)，如果紅、黑表筆分別插在負(fù)、正插孔，則會(huì)影響測量結(jié)果C．測量電路中的某個(gè)電阻，不應(yīng)該把該電阻與電路斷開D．測量阻值不同的電阻時(shí)，都必須重新調(diào)零（2）以下是歐姆表原理的電路示意圖，正確的是（3）用多用電表進(jìn)行了幾次測量，指針分別處于a和b的位置，如圖所示．若多用電表的選擇開關(guān)處于下面表格中所指的擋位，a和b的相應(yīng)讀數(shù)是多少？請(qǐng)?zhí)钤诒砀裰校羔樜恢?/p>

選擇開關(guān)所處檔位

讀數(shù)

a

直流電流100mV

mA

直流電壓2.5V

V

b

電阻×100

Ω

四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，M、N為中心開有小孔的平行板電容器的兩極板，相距為D，其右側(cè)有一邊長為2a的正三角形區(qū)域，區(qū)域內(nèi)有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，在極板M、N之間加上電壓U后，M板電勢高于N板電勢．現(xiàn)有一帶正電的粒子，質(zhì)量為m、電荷量為q，其重力和初速度均忽略不計(jì)，粒子從極板M的中央小孔S1處射入電容器，穿過小孔S2后從距三角形A點(diǎn)a的P處垂直AB方向進(jìn)入磁場，試求：（1）粒子到達(dá)小孔S2時(shí)的速度；（2）若粒子從P點(diǎn)進(jìn)入磁場后經(jīng)時(shí)間t從AP間離開磁場，求粒子的運(yùn)動(dòng)半徑和磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小；（3）若粒子能從AC間離開磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度應(yīng)滿足什么條件？14．（16分）如圖所示，在一足夠大的空間內(nèi)存在著水平向右的勻強(qiáng)電場，電場強(qiáng)度大小E=3.0×104N/C．有一個(gè)質(zhì)量m=4.0×10﹣3kg的帶電小球，用絕緣輕細(xì)線懸掛起來，靜止時(shí)細(xì)線偏離豎直方向的夾角θ=37°．取g=10m/s2，sin37°=0.60，cos37°=0.80，不計(jì)空氣阻力的作用．（1）求小球所帶的電荷量及電性；（2）如果將細(xì)線輕輕剪斷，求細(xì)線剪斷后，小球運(yùn)動(dòng)的加速度大小；（3）從剪斷細(xì)線開始經(jīng)過時(shí)間t=0.20s，求這一段時(shí)間內(nèi)小球電勢能的變化量．15．（12分）電場中某區(qū)域的電場線分布如圖所示,已知A點(diǎn)的電場強(qiáng)度E=3.0×104N/C．將電荷量q=+3.0×10-8C的點(diǎn)電荷放在電場中的A點(diǎn).(1)求該點(diǎn)電荷在A點(diǎn)所受電場力的大小F.(2)在圖中畫出該點(diǎn)電荷在A點(diǎn)所受電場力的方向.

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、D【解析】

當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片P向下滑動(dòng)時(shí)，接入電路中的電阻變小，所以流過線圈b的電流增大，所以穿過線圈a的磁通量變大．由右手定則可以判斷出穿過線圈a的磁通量增大的方向向下，所以根據(jù)楞次定律可知線圈a中感應(yīng)電流所產(chǎn)生的磁場方向向上，再由右手定則可知線圈a中感應(yīng)電流方向?yàn)楦┮暷鏁r(shí)針，故AB錯(cuò)誤．滑片P向下移動(dòng)使得穿過線圈a的磁通量增加，根據(jù)楞次定律的描述“感應(yīng)電流產(chǎn)生的效果總是阻礙引起感應(yīng)電流的原因”，只有線圈a面積減小才能阻礙磁通量的增加，所以線圈a應(yīng)有收縮的趨勢，故C錯(cuò)誤．滑片P為不動(dòng)時(shí)，線圈a對(duì)桌面的壓力等于線圈a的重力．當(dāng)滑片P向下滑動(dòng)時(shí)，采用等效法，將線圈a和螺線管b看做兩個(gè)條形磁鐵，由楞次定律可以判斷出兩條形磁鐵的N級(jí)相對(duì)，互相排斥，所以線圈a對(duì)水平桌面的壓力變大，故D正確．故選D2、B【解析】根據(jù)磁通量公式Φ＝BS，因?yàn)閳D中有效面積為S，所以B項(xiàng)正確．3、D【解析】

由庫侖定律可得：3F=kq?3qr2=3kq2r2；即F=kq24、C【解析】

元電荷是指一個(gè)電子所帶的電荷量，并不是指電子或質(zhì)子本身，故A選項(xiàng)錯(cuò)誤；在條件滿足情況下點(diǎn)電荷可以代替任何帶電體，故B選項(xiàng)錯(cuò)誤；任何帶電體所帶電荷量都是元電荷電荷量的整數(shù)倍，故C選項(xiàng)正確；點(diǎn)電荷是理想化模型，元電荷是最小電荷單位，檢驗(yàn)電荷是指電荷量很小的電荷，故D選項(xiàng)錯(cuò)誤．5、C【解析】

根據(jù)速度時(shí)間圖象與時(shí)間軸所圍的“面積”表示位移，分析位移關(guān)系，確定兩車是否相遇．根據(jù)圖象斜率的變化分析加速度的變化．根據(jù)位移與時(shí)間之比分析平均速度關(guān)系.【詳解】A．根據(jù)速度時(shí)間圖象與時(shí)間軸所圍的“面積”表示位移，知0-t0時(shí)間內(nèi)乙車的位移比甲車的大，則t0時(shí)刻兩車沒有相遇，故A錯(cuò)誤.B．0-t1時(shí)間內(nèi)，甲、乙兩車圖象斜率均逐漸減小，則它們的加速度大小均逐漸減?。讏D象切線斜率為正，乙圖象切線斜率為負(fù)，則加速度方向相反，故B錯(cuò)誤.C．0-t0時(shí)間內(nèi)甲車的位移比乙車的小，則甲車的平均速度小于乙車的平均速度，故C正確.D．0-t1時(shí)間內(nèi)，甲車的位移比乙車的大，則甲、乙兩車沒有相遇，之后甲車的速度比乙車的大，則甲車將一直在乙車前方，故D錯(cuò)誤.故選C.【點(diǎn)睛】對(duì)于v-t圖象，關(guān)鍵要需掌握兩點(diǎn)：①v-t圖象的斜率大小代表加速度大小，斜率的正負(fù)代表加速度的方向；②速度時(shí)間圖象與時(shí)間軸圍成的面積代表位移.6、B【解析】

A．電阻大小是由電阻本身的性質(zhì)決定的，與電流大小無關(guān)，A錯(cuò)誤；BD．電阻大小是由導(dǎo)體的長度，截面積和材料決定的，與電壓、電流無關(guān)，根據(jù)可知，電壓與電流的比值不變，B正確，D錯(cuò)誤；C．由歐姆定律可知，通過導(dǎo)體的電流強(qiáng)度，跟加在它兩端的電壓成正比，跟它的電阻成反比，C錯(cuò)誤。故選B。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、AD【解析】

A．由題意可知，根據(jù)右手定則，右圖中，環(huán)左端面電流方向垂直紙面向里，右端面電流方向向外，則有(俯視)順時(shí)針的感應(yīng)電流，故A項(xiàng)符合題意；B．根據(jù)楞次定律可知，環(huán)受到的安培力向上，阻礙環(huán)的運(yùn)動(dòng)，故B項(xiàng)不符合題意；C．圓環(huán)落入磁感應(yīng)強(qiáng)度B的徑向磁場中，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢圓環(huán)的電阻電流圓環(huán)所受的安培力大小由牛頓第二定律得其中質(zhì)量聯(lián)立解得故C項(xiàng)不符合題意；D．當(dāng)圓環(huán)做勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，安培力與重力相等，速度最大，即有可得解得故D項(xiàng)符合題意。8、BCD【解析】本題考查的是全電路歐姆定律問題，當(dāng)變阻器R的滑臂P向上移動(dòng)時(shí)，電阻減小，總電阻減小，總電流增大，電源輸出功率增大，a、b兩燈變亮，c燈變暗，由效率公式，外電阻越大電源效率越高，BCD正確9、AC【解析】

電子受力方向與電場方向相反，因電子向x向偏轉(zhuǎn)則，電場方向?yàn)閤到x′，則x帶正電，即極板x的電勢高于極板x′，同理可知y帶正電，即極板y的電勢高于極板y′，故選AC。10、BC【解析】試題分析：在增大電容器兩板間距離的過程中，電容C減小，電壓U不變，則電量減小，電容器放電．由于電容器上極板帶正電，則電阻R中有從a流向b的電流．A錯(cuò)誤，B正確，上極板帶正電，粒子受到的電場力向上，所以帶電粒子帶負(fù)電，C正確，極板間的電壓不變，根據(jù)公式可得，電場減小，故粒子受到的電場力減小，所以粒子向上運(yùn)動(dòng)，D錯(cuò)誤，考點(diǎn)：考查了電容器的動(dòng)態(tài)變化點(diǎn)評(píng)：對(duì)于電容器的動(dòng)態(tài)變化分析問題，抓住不變量是關(guān)鍵．當(dāng)電容器與電源保持相連時(shí)，其電壓不變．三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、（1）D；（2）10；增大【解析】

（1）[1]．燈泡兩端的電壓需要由零逐漸增加到3V，滑動(dòng)變阻器采用分壓接法，同時(shí)因燈泡內(nèi)阻較小，故電流表采用外接法，故選D．（2）[2][3]．在小燈泡的伏安特性曲線中，小燈泡的電壓為1.0V，對(duì)應(yīng)的電流為0.10A，由得當(dāng)電壓U>1V后，小燈泡電阻R隨溫度T的升高而增大．【點(diǎn)睛】描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實(shí)驗(yàn)時(shí)，電壓、電流從零開始可調(diào)，滑動(dòng)變阻器采用分壓式，燈泡的電阻與電流表阻值相差不大，與電壓表內(nèi)阻相差較大，電流表采用外接法；再結(jié)合小燈泡的I-U圖，線計(jì)算不同電壓下的電阻，并分析電阻的變化．12、（1）A；（2）C；（3）23；0.57；1．【解析】

解：（1）A．測量電阻時(shí)如果指針偏轉(zhuǎn)過大，所選擋位太大，應(yīng)換小擋，應(yīng)將選擇開關(guān)S撥至倍率較小的檔位，重新調(diào)零后測量，故A正確；B．測量電阻時(shí)，如果紅、黑表筆分別插在負(fù)、正插孔，不會(huì)影響測量結(jié)果，故B錯(cuò)誤；C．測量電路中的某個(gè)電阻，應(yīng)該把該電阻與電路斷開，故C錯(cuò)誤；D．用同一擋位測量阻值不同的電阻時(shí)不必重新調(diào)零，換擋后要重新進(jìn)行歐姆調(diào)零，故D錯(cuò)誤．（2）歐姆表有內(nèi)置電源，歐姆表的紅表筆與內(nèi)阻電源的負(fù)極相連，黑表筆與內(nèi)置電源的正極相連，電流計(jì)正接線柱應(yīng)接電源正極，負(fù)極線柱接電源負(fù)極，由圖示可知，圖C所示電路正確；（3）直流電流100mA檔讀第二行“0～10”一排，最小度值為2mA估讀到1mA就可以了；直流電壓2.5V檔讀第二行“0～250”一排，最小分度值為0.05V估讀到0.01V就可以了；電阻×100檔讀第一行，測量值等于表盤上讀數(shù)“3.2”乘以倍率“100”．指針位置

選擇開關(guān)所處的檔位

讀數(shù)

a

直流電流100mA

23.0mA

直流電壓2.5V

0.57V

b

電阻×100

1Ω

所以應(yīng)該填：23；0.57；1【點(diǎn)睛】本題考查了歐姆表的使用方法，特別注意是每次換擋都要重新調(diào)零．要掌握歐姆表的結(jié)構(gòu)．讓學(xué)生熟悉如何使用多用電表，并知道多用電表能測哪里物理量．同時(shí)知道電阻刻度盤是不均勻的，除刻度盤上的讀數(shù)外還要乘上倍率；還有量程2.5V的交流電壓是讀最下面刻度．四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)(2)，(3)【解析】（1）帶電粒子在電場中運(yùn)動(dòng)時(shí)，由動(dòng)能定理得，qU=mv2，解得粒子進(jìn)入磁場時(shí)的速度大小為v=．（2）粒子的軌跡圖如圖所示，粒子從進(jìn)入磁場到AP間離開，由牛頓第二定律可得，粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t=由以上兩式可得軌道半徑R=磁感應(yīng)強(qiáng)度B=．（3）粒子從進(jìn)入磁場到從AC間離開，若粒子恰能到達(dá)BC邊界，如圖所示，設(shè)此時(shí)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B1，根據(jù)幾何關(guān)系有此時(shí)粒子的軌道半徑為，由牛頓第二定律可得，，由以上兩式可得，粒子從進(jìn)入磁場到從AC間離開，若粒子恰能到達(dá)AC邊界，如圖所示，設(shè)此時(shí)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B2，由牛頓第二定律可得，，由以上兩式解得．綜上所述要使粒子能從AC間離開磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度應(yīng)滿足：．14、（1）