2025屆江西省大余縣新城中學高二物理第一學期期末監(jiān)測模擬試題含解析

2025屆江西省大余縣新城中學高二物理第一學期期末監(jiān)測模擬試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，虛線a、b、c代表電場中的三條電場線，實線為一帶負電的粒子僅在電場力作用下通過該區(qū)域時的運動軌跡，P、R、Q是這條軌跡上的三點，由此可知()A.帶電粒子在R點時的速度大于在Q點時的速度B.帶電粒子在P點時的電勢能比在Q點時的電勢能大C.帶電粒子在R點時的動能與電勢能之和比在Q點時的小，比在P點時的大D.帶電粒子在R點時的加速度小于在Q點時的加速度2、學校運動會進行跳遠比賽時，要在沙坑里填沙。這樣做的目的是為了減小人觸地過程中的（）A.落地速度 B.動量的變化量C.沙對腳的作用力 D.速度的變化量3、如圖所示是一實驗電路圖在滑動觸頭由a端滑向b端的過程中，下列表述正確的是A.電路的總電阻變大 B.電流表的示數變大C.電源內阻消耗的功率變小 D.路端電壓變小4、A、B兩物體在同一直線上運動，t=0時在同一位置，它們的v-t圖像如圖所示，下列說法正確的是()A.0~20s，A在B的前面，20~40s，B在A的前面B.20s末，A、B在同一位置，且A、B速度相等C.40s末，A、B在同一位置，A的速度大于B的速度D.40s末，A、B之間的最大距離是50m5、如圖所示，面積為S的線圈平面與磁感應強度為B的勻強磁場垂直，一半在磁場中，則穿過線圈的磁通量為A.0 B.BSC.BS D.2BS6、如圖所示，電解池內有一價離子的電解液，在時間t內通過溶液截面S的正離子數為n1，負離子數為n2，設元電荷電荷量為e，則以下說法正確的是A.溶液內電流方向從A到B，電流為B.溶液內電流方向從B到A，電流為C.溶液內正、負離子反方向移動，產生的電流相互抵消D.溶液內電流方向從A到B，電流為.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖，在光滑絕緣的水平面上放置兩個帶異種電荷、電量不同的小球和，則由靜止釋放后A.兩球的加速度逐漸增大B.兩小球的電勢能逐漸減小C.兩小球受到的庫侖力不做功D.兩小球受到的庫侖力大小不相等8、一理想變壓器原、副線圈的匝數比為10∶1，原線圈輸入電壓的變化規(guī)律如圖甲所示，副線圈所接電路如圖乙所示，P為滑動變阻器的觸頭。下列說法正確的是A.副線圈輸出電壓的頻率為50Hz B.副線圈輸出電壓的有效值為31VC.P向右移動時，副線圈兩端電壓變小 D.P向右移動時，變壓器輸出功率增加9、下面的說法正確的是（）A.物體運動的方向就是它的動量的方向B.如果物體的速度發(fā)生變化，則可以肯定它受到的合外力的沖量不為零C.如果合外力對物體的沖量不為零，則合外力一定使物體的動能增大D.作用在物體上的合外力沖量不一定能改變物體速度的大小10、如圖所示，以直角三角形AOC為邊界的有界勻強磁場區(qū)域，磁感應強度為B，∠A＝60°，AO＝L，在O點放置一個粒子源，可以向各個方向發(fā)射某種帶負電粒子(不計重力作用)，粒子的比荷為q/m，發(fā)射速度大小都為v0，且滿足．粒子發(fā)射方向與OC邊的夾角為θ，對于粒子進入磁場后的運動，下列說法正確的是()A.粒子有可能打到A點B.以θ＝60°飛入的粒子在磁場中運動時間最短C.以θ<30°飛入的粒子在磁場中運動的時間都相等D.在AC邊界上只有一半區(qū)域有粒子射出三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）圖中螺旋測微器讀數為______mm，圖中游標卡尺游標尺上有50個等分刻度讀數為______cm12．（12分）某同學在測定金屬圓柱體電阻率時需要先測量其尺寸，他分別使用游標卡尺和螺旋測微器測量圓柱體的長度和直徑，某次測量的示數如圖(a)和如圖(b)所示，長度為________cm，直徑為________mm。四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，在觀察奧斯特實驗時，小明注意到置于通電直導線下方小磁針的N極向紙內偏轉小明由此推測：若電子沿著水平方向平行地飛過磁針上方時，小磁針也將發(fā)生偏轉請你說出小明推測的依據是：____________，你認為磁針的N極會向______選填“紙內”或”紙外”偏轉14．（16分）如圖所示，水平放置的、足夠長的光滑金屬軌道與光滑傾斜軌道以小圓弧平滑對接．在傾斜軌道上高h=l.8m處放置一金屬桿a，在平直軌道靠右端處放置另一金屬桿b，平直軌道區(qū)域有豎直向上的勻強磁揚．現由靜止釋放桿a，桿a下滑到水平軌道后即進入磁場，此時桿b的速度大小為v0=3m/s，方向向左．已知ma=2kg，mb=lkg，金屬桿與軌道接觸良好，g取10m/s2．求：（1）桿a下滑到水平軌道上瞬間的速度大小（2）桿a、b在水平軌道上的共同速度大?。?）在整個過程中電路消耗的電能15．（12分）北斗衛(wèi)星導航系統(tǒng)是我國自行研制的全球衛(wèi)星導航系統(tǒng)．2018年我國先后以“一箭雙星”方式成功發(fā)射“北斗三號”第三、四、五、六顆組網衛(wèi)星，為從“北斗二號”平穩(wěn)過渡到“北斗三號”打好基礎．北斗衛(wèi)星導航系統(tǒng)由5顆靜止軌道衛(wèi)星（同步衛(wèi)星）和30顆非靜止軌道衛(wèi)星組成，2020年左右將建成覆蓋全球的北斗衛(wèi)星導航系統(tǒng)，其中一顆非靜止軌道衛(wèi)星A運行周期為T．已知地球半徑為R，地球質量為M，引力常量為G（1）求地球表面的重力加速度g；（2）求衛(wèi)星A距地球表面的高度h；（3）請舉例說明北斗衛(wèi)星導航系統(tǒng)可以應用在哪些方面．（舉出一例即可）

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】AB．電荷做曲線運動，電場力指向曲線的內側，所以電場力的方向向右；若粒子從P經過R運動到Q，電場力做負功，電荷的電勢能增大，動能減小，知道R點的動能大，即速度大，而P點電勢能較小，故A正確，B錯誤；C．根據能量守恒定律，帶電質點在運動過程中各點處的動能與電勢能之和保持不變。故C錯誤；D．由電場線疏密確定出，R點場強大，電場力大，加速度大，故D錯誤。故選A。2、C【解析】AD．落地速度是由下跳時的高度決定的，沙坑不會改變落地速度，而落地后速度為零，故速度的變化量也不會改變，故AD錯誤；BC．跳遠比賽時，運動員從與沙坑接觸到靜止動量的變化量相等，設為△p，由動量定理可知，人受到的合力的沖量I=△P是一定的，人落在沙坑中比落在地面上延長了人與沙坑的接觸時間，t變大，由動量定理得△P=Ft，△P一定，t越長，動量變化率越小，人受到的合外力越?。还誓軠p小的只有動量的變化率，即沙對腳的作用力，故C正確，B錯誤。故選C。3、D【解析】在滑動觸頭由a端滑向b端的過程中，分析變阻器接入電路的電阻如何變化，分析外電路總電阻的變化，根據歐姆定律分析總電流和路端電壓的變化，以及電源內阻消耗的功率如何變化，再判斷電流表的示數的變化【詳解】B、電流表的示數，U變小，變??；故B錯誤.C、電源內阻消耗的功率，I變大，P變大；故C錯誤.A、D、在滑動觸頭由a端滑向b端過程中，變阻器接入電路的電阻變小，外電路總電阻變小，根據閉合電路歐姆定律分析得知，電路中總電流I變大，路端電壓，U變??；故D正確，A錯誤.故選D.【點睛】本題是電路的動態(tài)變化分析問題，首先分析變阻器接入電路的電阻如何變化，接著分析總電阻、總電流和路端電壓的變化，再分析局部電流、電壓的變化，即按“局部到整體再到局部”的思路進行分析4、C【解析】A.開始階段，A的速度較大，A跑在甲的前面，20s后的一段時間內，B的速度較大，A仍在B的前面，直到40s末兩者相遇，故A錯誤B.在第20s末兩物體速度相等，由圖線的“面積”看出，這段時間內A的位移大于B的位移，B還沒有追上A，故B錯誤C.由圖可知，40s末兩者位移相等，此時A、B在同一位置，A的速度大于B的速度，故C正確D.在追上前，速度相等時，相距最遠，故20s末相距最遠，40s末時兩物體相遇，距離為0，故D錯誤；故選C。5、B【解析】根據磁通量公式Φ＝BS，因為圖中有效面積為S，所以B項正確6、D【解析】電流的方向與正離子定向移動方向相同，則溶液內電流方向從A到B．t時間內通過通過溶液截面s的電荷量q=n1e+n2e，則根據電流的定義式，故選D.【點睛】本題運用電流的定義式求解電流強度，對于電解質溶液，公式中q是通過溶液截面s的電荷量等于正離子與負離子電荷量絕對值之和二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AB【解析】A．兩球帶異種電荷，兩者相互吸引，距離減小，根據庫侖定律可知小球受的庫侖力均在增大，根據牛頓第二定律可知加速度增大，故A正確；BC．兩小球都庫侖力作用下做加速運動，動能增大，庫侖力做正功，電勢能減小，故B正確，C錯誤；D．兩小球受到的庫侖力是作用力與反作用力，由牛頓第三定律知兩庫侖力大小相等方向相反，故D錯誤。8、AD【解析】A．由圖像可知，交流電的周期為0.02s，所以交流電的頻率為50Hz，故A正確；B．根據電壓與匝數成正比可知，原線圈的電壓的最大值為310V，所以副線圈的電壓的最大值為31V，所以電壓的有效值為故B錯誤；C．由變壓器原理可知，副線圈兩端電壓由原線圈兩端電壓和匝數比決定，所以P向右移動時，副線圈兩端電壓不變，故C錯誤；D．P右移，R變小，原副線的電流都變大。而電壓不變，故功率增大，故D正確。故選AD。9、ABD【解析】據P=mv可知，動量方向與速度方向一致，所以A選項正確；據I=Ft=Δmv可知，物體的速度發(fā)生變化則物體的動量發(fā)生變化，那么一定受到不為0的沖量作用，B選項正確；靜止的物體所受到的外力沖量不為0，但物體的動能為0，所以C選項錯誤；當物體做勻速圓周運動時，其所受合外力沖量不為0，但物體的速度大小不變，D選項正確10、AD【解析】A．根據，又v0＝qBL/m，可得，又OA=L，所以當θ=60o時，粒子經過A點，所以A正確；B．根據粒子運動的時間，圓心角越大，時間越長，粒子以θ＝60°飛入磁場中時，粒子從A點飛出，軌跡圓心角等于60o，圓心角最大，運動的時間最長，所以B錯誤；CD．當粒子沿θ=0°飛入磁場中，粒子恰好從AC中點飛出，在磁場中運動時間也恰好是，θ從0°到60°在磁場中運動時間先減小后增大，在AC邊上有一半區(qū)域有粒子飛出，所以C錯誤；D正確三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.0.900②.4.120【解析】根據“螺旋測微器和游標卡尺”可知，本題考查基本儀器的讀數問題，根據估讀規(guī)則，運用兩種儀器的讀數特點得到結果.【詳解】螺旋測微器固定刻度讀數，可動刻度讀數為，所以讀數為：.游標卡尺主尺讀數為41mm，游標尺上第10個刻度與主尺上某一刻度對齊，因此游標讀數為：，所以最終讀數為：.【點睛】解決本題的關鍵掌握游標卡尺和螺旋測微器的讀數方法，游標卡尺讀數的方法是主尺讀數加上游標讀數，不需估讀．螺旋測微器的讀數方法是固定刻度讀數加上可動刻度讀數，在讀可動刻度讀數時需估讀.12、①.5.02②.4.815【解析】[1]游標卡尺是10分度的卡尺，其精確度為0.1mm，因此讀數為[2]螺旋測微器螺旋上的最小刻度為0.01mm，即精確到0.01mm，因此讀數為【點睛】關鍵掌握游標卡尺讀數的方法，主尺讀數加上游標讀數，不需估讀；而螺旋測微器的讀數等于固定刻度讀數加可動刻度讀數，需要估讀。四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、①.電子的定向移動形成電流，電流周圍存在磁場②.紙外【解析】如圖所示，奧斯特實驗表明，當導線中有電流通過時，小磁針會發(fā)生偏轉，說明了電流周圍存在磁場．當電子沿著水平方向平行地飛過磁針上方時，由于電子發(fā)生定向移動而形成電流，又因為電流周圍存在磁場，所以小磁針會發(fā)生偏轉．由圖知，當電流向右時，小磁針的N極向紙內偏轉，右圖電子定向向右移動，而電流方向與電子定向移動方向相反，所以電流方向向左．因此小磁針受力方向與左圖相反，N極將向紙外偏轉14、（1）6m/s（2）3m/s（3）27J【解析】（1）設桿a下滑到水平軌道瞬間的速度為Va，桿a從斜軌道上下滑到水平軌道的過程中，只有重力做功，由機械能守恒定律得magh=mava2解得va=6m/s（2）當a以6m/s的速度進入勻強磁場后，a、b兩桿所受的安培力等大反向，合力為零，最終一起勻速運動．設共同的速度為V