福建省泉州實驗中學2025屆物理高三第一學期期中調研試題含解析

福建省泉州實驗中學2025屆物理高三第一學期期中調研試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號。回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，一內壁光滑的固定圓錐形漏斗，其中心軸線豎直，有兩個質量相同的小球A和B，分別緊貼著漏斗壁在水平面內做勻速圓周運動，其中小球A的位置在小球B的上方，則（）A．A球的速率小于B球的速率B．A球的角速度大于B球的角速度C．A球的轉動周期大于B球的轉動周期D．A球對漏斗壁的壓力大于B球對漏斗壁的壓力2、如圖所示，、為兩個等量的正點電荷，在其連線中垂線上的點放一個負點電荷（不計重力），點為連線中垂線上一點且，點電荷從點由靜止釋放經點運動到點的過程中，下列說法正確的是（）A．點電荷的速度一定先增大后減小B．點電荷的加速度一定先減小后增大C．點電荷的電勢能一定先增大后減小D．點電荷在點電勢最大，動能為零3、如圖所示,水平面上O點的左側光滑,O點的右側粗糙．有8個質量均為m的完全相同的小滑塊(可視為質點),用輕質的細桿相連,相鄰小滑塊間的距離為L,滑塊1恰好位于O點左側,滑塊2、3……依次沿直線水平向左排開．現(xiàn)將水平恒力F作用于滑塊1上．經觀察發(fā)現(xiàn),在第3個小滑塊完全進入粗糙地帶后到第4個小滑塊進入粗糙地帶前這一過程中,小滑塊做勻速直線運動,已知重力加速度為g,則下列判斷中正確的是()．A．粗糙地帶與滑塊間的動摩擦因數為B．滑塊勻速運動時,各段輕桿上的彈力大小相等C．第2個小滑塊完全進入粗糙地帶到第3個小滑塊進入粗糙地帶前這一過程中,8個小滑塊的加速度大小為D．第1個小滑塊完全進入粗糙地帶到第2個小滑塊進入粗糙地帶前這一過程中,5和6兩個小滑塊之間的輕桿上的彈力大小為4、如圖所示，長為L的細繩一端固定，另一端系一質量為m的小球，如果給小球一個合適的初速度，小球便可在水平面內做勻速圓周運動，這樣就構成了一個圓錐擺，設細繩與豎直方向的夾角為，下列說法中正確的是A．小球受重力、細繩的拉力和向心力作用 B．細繩的拉力等于向心力C．越大，小球運動的角速度越大 D．越大，小球運動的線速度越小5、如圖,支架固定在水平地面上,其傾斜的光滑直桿與地面成30°角,兩圓環(huán)A、B穿在直桿上,并用跨過光滑定滑輪的輕繩連接,滑輪的大小不計,整個裝置處于同一豎直平面內.圓環(huán)平衡時,繩OA豎直,繩OB與直桿間夾角為30°.則環(huán)A、B的質量之比為()A．1∶ B．1∶2 C．∶1 D．∶26、從同一點沿不同方向拋出質量相同的A、B兩球，返回同一高度時，兩球再次經過同一點，如圖所示。如果不計空氣阻力，關于兩球的運動，下列說法正確的是A．在空中運動時小球A速度的變化率大于小球B速度的變化率B．小球A在空中運動的時間大于小球B在空中運動的時間C．A、B兩球落地時速度一定相等D．兩球落地時重力做功的功率可能相等二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，A、B兩物塊質量均為m，兩物塊由一輕質彈簧拴接，質量為M的物塊C放在足夠高的水平桌面上，物塊C與B之間由繞過固定光滑定滑輪的細線相連，C與水平桌面之間的動摩擦因數為，初始時，系統(tǒng)處于靜止，細線恰好伸直且無作用力．現(xiàn)對物塊C施加一個水平方向的力F，物塊C在F作用下向右勻加速運動，位移為x時速度為v，此時物塊A恰好離開地面．則此過程中()A．細線的拉力T為恒力B．F的最小值為C．彈簧的彈性勢能變化量為零D．F做的功為8、如圖甲所示，在光滑水平面上，輕質彈簧一端固定，物體以速度向右運動壓縮彈簧，測得彈簧的最大壓縮量為，現(xiàn)讓彈簧一端連接另一質量為的物體（如圖乙所示），物體以的速度向右壓縮彈簧，測得彈簧的最大壓縮量仍為，則()A．物體的質量為B．物體的質量為C．彈簧壓縮最大時的彈性勢能為D．彈簧壓縮最大時的彈性勢能為9、如圖1所示，物體A以速度v0做平拋運動，落地時水平方向的位移和豎直方向的位移均為L，圖1中的虛線是A做平拋運動的軌跡。圖2中的曲線是一光滑軌道，軌道的形狀與圖1中的虛線相同。讓物體B從軌道頂端無初速下滑，B下滑過程中沒有脫離軌道。物體A、B都可以看作質點。重力加速度為g。則下列說法正確的是（）A．A、B兩物體落地時的速度方向相同B．A、B兩物體落地時的速度大小相等C．物體B落地時水平方向的速度大小為D．物體B落地時重力的瞬時功率為10、如圖所示，一足夠長的斜面體靜置于粗糙水平地面上，一小物塊正在沿著斜面體勻速下滑，運動到斜面中間對小物塊施加一水平向右的恒力F，當物塊運動到最低點之前，下列說法正確的是()A．物塊與斜面體間的彈力增大B．物塊與斜面體間的摩擦力增大C．斜面體與地面間的彈力不變D．地面對斜面體有向左的摩擦力三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學用圖（a）所示的實驗裝置驗證機械能守恒定律，其中打點計時器的電源為交流電源，可以使用的頻率有220Hz、30Hz和40Hz，打出紙帶的一部分如圖（b）所示。該同學在實驗中沒有記錄交流電的頻率f，需要用實驗數據和其他條件進行推算。（1）若從打出的紙帶可判定重物勻加速下落，利用f和圖（b）中給出的物理量可以寫出：在打點計時器打出B點時，重物下落的速度大小為________，重物下落的加速度的大小為________。（2）已測得s1=8.89cm，s2=9.50cm，s3=10.10cm；當重力加速度大小為9.80m/s2，實驗中重物受到的平均阻力大小約為其重力的1％。由此推算出f為_________Hz。12．（12分）如圖所示為研究平行板電容器電容的實驗．電容器充電后與電源斷開，電量Q

將________（填“增大”、“減小”或“不變”），與電容器相連的靜電計用來測量電容器的___________．在常見的電介質中，由于空氣的介電常數是最小的，當極板間插入其它的電介質板時，電容器的電容將___________（填“增大”、“減小”或“不變”），于是我們發(fā)現(xiàn)，靜電計指針偏角將___________．（填“增大”、“減小”或“不變”）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，將質量m＝1．5kg的圓環(huán)套在固定的水平直桿上，環(huán)的直徑略大于桿的截面直徑，環(huán)與桿的動摩擦因數為μ＝1．5對環(huán)施加一位于豎直平面內斜向上與桿夾角θ＝53°的恒定拉力F=11N，使圓環(huán)從靜止開始做勻加速直線運動．（取g＝11m/s2，sin53°＝1．6，cos53°＝1．8）求：（1）圓環(huán)加速度a的大小；（2）若F作用時間t=1s后撤去，圓環(huán)從靜止開始到停共能運動多遠．14．（16分）如圖所示為“過山車”模型。其中ab段位傾斜平直軌道，cdc'段位環(huán)形軌道，c和c'為最低點、d為最高點，半徑為R，bc段位水平軌道與傾斜軌道、環(huán)形軌道平滑連接。無限長的水平軌道c'e與環(huán)形軌道相切于c'點。剛性小球A從傾斜軌道離水平面高度H處靜止釋放，與另一靜置于水平軌道上的剛性小球B發(fā)生彈性正碰。已知B球質量是A球的4倍，整個裝置處于豎直平面內，忽略一切摩擦阻力。(重力加速度為g)(1)要使A球能夠沿著軌道運動與B球碰撞，對釋放點高度有何要求?(2)要使兩球在軌道上至少發(fā)生兩次碰撞，對釋放點高度H有何要求?15．（12分）如圖所示，兩平行金屬板A、B長為L＝8cm，兩板間距離d＝8cm，A板比B板電勢高300V，一帶正電的粒子電荷量為q＝1.0×10－10C、質量為m＝1.0×10－20kg，沿電場中心線RD垂直電場線飛入電場，初速度v0＝2.0×106m/s，粒子飛出電場后經過界面MN、PS間的無電場區(qū)域。已知兩界面MN、PS相距為12cm，粒子最后打在放置于PS線上的熒光屏上。(粒子的重力不計)求：粒子打在熒光屏上的位置。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】A、B、對小球受力分析，小球受到重力和支持力，它們的合力提供向心力，如圖根據牛頓第二定律，有：，解得:,，A的轉動半徑大，則A的線速度較大，角速度較小，A、B錯誤；C、因為A的角速度小于B的角速度，根據知，A的轉動周期大于B球的轉動周期，C正確；D、因為支持力，支持力等于球對筒壁的壓力，知球A對筒壁的壓力一定等于球B對筒壁的壓力，D錯誤；故選C．2、A【解析】

根據點電荷電場強度的疊加法則可知，同種正電荷的中垂線上，由O點向兩邊，電場強度方向向兩邊延伸，且大小先增大后減?。瓵、在a點靜止釋放一個負點電荷q，它只在電場力作用下，先向下加速，到達O點之后，速度方向與電場力方向相反，向下減速運動，直到b點速度減為零，故點電荷q的速度一定先增大后減小，A正確；B、同種正電荷的中垂線上，由O點向兩邊，電場強度方向向兩邊延伸，且大小先增大后減小，由于不知道a點的位置位于最大值的上方還是下方，故存在兩種可能，一種可能為：加速度先減小后增大；另一種可能為：加速度先增大后減小再增大再減小，故B錯誤；CD、負點電荷q從a點運動到O點，電場力做正功，從O點到b點，電場力做負功，故電勢能先減小后增大，在O點動能最大，電勢能最小，電勢最大，故CD錯誤．3、D【解析】

A.將勻速運動的8個小滑塊作為一個整體，有，解得，故A項錯誤；B.當滑塊勻速運動時，處在光滑地帶上的滑塊間的輕桿上的彈力都為零，處在粗糙地帶上的滑塊間的輕桿上的彈力不為零，且各不相同，故B項錯誤；C.對8個滑塊，有，代入，解得，故C項錯誤；D.對8個滑塊，有，解得再以6、7、8三個小滑塊作為整體，由牛頓第二定律有，故D項正確;4、C【解析】

AB.小球只受重力和繩的拉力作用，二者合力提供向心力，故A錯誤，B錯誤；C.向心力大小為：Fn=mgtanθ，小球做圓周運動的半徑為：r=Lsinθ，則由牛頓第二定律得：mgtanθ=mω2Lsinθ。得到角速度ω=，越大，cosθ越小，小球運動的角速度越大，故C正確；D.由牛頓第二定律mgtanθ=m，得到線速度：v=，θ越大，sinθ、tanθ越大，小球運動的線速度越大，故D錯誤。故選：C.5、A【解析】

分別對A、B兩球分析，運用合成法，如圖：A為研究對象，則A只能受到重力和繩子的拉力的作用，桿對A不能有力的作用，否則A水平方向受力不能平衡。所以：T=mAg，以B為研究對象，根據共點力平衡條件，結合圖可知，繩子的拉力T與B受到的支持力N與豎直方向之間的夾角都是30°，所以T與N大小相等，得：mBg=2×Tcos30°=，聯(lián)立解得：，故A正確，BCD錯誤。6、B【解析】

A.兩球在空中運動時，只受重力，加速度為都為g，所以兩球在空中運動時速度的變化率相等.故A錯誤.B.由圖可知，兩球在豎直方向上做豎直上拋運動，A球上升的高度大，即A球的豎直分速度大于B球的豎直分速度，所以A球運動的時間長.故B正確.C.由B分析可知，A球的豎直分速度大于B球的豎直分速度，則A球運動的時間長。根據題意可知兩球水平方向距離相等，則A球的水平分速度小于B球的水平分速度，兩球在整個運動過程中，機械能守恒，根據運動的合成可知，兩球落地時速度不一定相等.故C錯誤.D.由B分析可知，A球的豎直分速度大于B球的豎直分速度，所以兩球落地時重力做功的功率A球的大于B球的.故D錯誤.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】

A.物塊C做勻加速直線運動，因為細線長度不變，所以物塊B也做勻加速直線運動，物塊B受重力、彈簧彈力和細線拉力T，由牛頓第二定律得：得到：由于彈簧開始階段被壓縮，后來伸長，式中的先為正后為負，其大小方向都變化，所以細線拉力T大小變化，不為恒力，故A錯誤；B.以物塊B、C為研究對象，當彈簧的壓縮量最大時F值最小，由牛頓第二定律得：又因為：得到：故B正確；C.因為初始狀態(tài)細線對B無拉力，彈簧處于壓縮狀態(tài)，由胡克定律得壓縮量，物塊A恰好剛剛離開地面時，物塊A不受地面支持力，彈簧處于伸長狀態(tài)，由胡克定律得伸長量，所以初、末狀態(tài)彈簧形變量相等，彈簧彈性勢能相等，故C正確；D.設力F做的功為，對BC組成的系統(tǒng)．由功能關系得：而且：解得：故D錯誤．8、AC【解析】

對圖甲，設物體A的質量為M，由機械能守恒定律可得，彈簧壓縮x時彈性勢能EP=M；對圖乙，物體A以2的速度向右壓縮彈簧，A、B組成的系統(tǒng)動量守恒，彈簧達到最大壓縮量仍為x時，A、B二者達到相等的速度v由動量守恒定律有：M=(M+m)v由能量守恒有：EP=M-(M+m)聯(lián)立兩式可得：M=3m，EP=M=m，故B、D錯誤，A、C正確．故選A、C9、AC【解析】

A．因為軌跡相同，所以在落地時的速度方向一致，故A正確；B．由動能定理得，A、B的都是重力做功，且大小相同，物體A以速度做平拋運動，物體B從軌道頂端無初速下滑，所以B的末速度小于A的末速度，故B錯誤；C．根據平拋運動的知識，A沿水平方向豎直方向所以A落地時的速度A落地時速度的方向重力對B做功B的末速度因為B與A的落地速度方向相同，所以B的水平分速度為故C正確；D．因為B的落地速度為，則豎直方向的分速度所以物體B落地時重力的瞬時功率為，故D錯誤。故選AC?！军c睛】在處理平拋運動時，關鍵是知道將平拋運動分解為水平方向上的勻速直線運動和豎直方向上的自由落體運動，兩個運動具有等時性，即運動時間相同，然后列式求解。10、AB【解析】

AB．設斜面的傾角為α，不加推力F時，滑塊勻速下滑，受重力、支持力和摩擦力，根據共點力平衡條件，支持力N=mgcosα摩擦力f=mgsinα故動摩擦因數tanα對小物塊施加一水平向右的恒力F后，支持力變大；滑動摩擦力，也變大；故AB正確；CD．不加推力F時，根據平衡條件，滑塊受的支持力和摩擦力的合力豎直向上；故根據牛頓第三定律，滑塊對斜面體的壓力和摩擦力的合力豎直向下，故斜面體相對地面沒有滑動趨勢，故斜面體不受摩擦力；加上水平推力后，滑塊對斜面體的摩擦力和壓力同比例增加，其合力方向依舊是豎直向上（大小變大，方向不變）；同理，根據牛頓第三定律，滑塊對斜面體的壓力和摩擦力的合力依舊是豎直向下（大小變大，方向不變），故斜面體相對地面仍然沒有滑動趨勢，故斜面體仍然不受摩擦力，但對地壓力變大了；故CD錯誤。故選AB?！军c睛】本題考查平衡問題，要采用隔離法分析，根據平衡條件并結合牛頓第三定律分析，關鍵是明確滑塊對斜面體的壓力和摩擦力的合力方向不變，不難．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、40【解析】

(1)[1][2]根據某段時間內的平均速度等于中間時刻的瞬時速度可得：由速度公式vC=vB+aT可得：a=(2)[3]由牛頓第二定律可得：mg-0.01mg=ma所以a=0.99g結合(1)解出的加