2025屆上海市北虹、上理工附中、同二、光明、六十、盧高、東昌等七校高二物理第一學期期末綜合測試模擬試題含解析

2025屆上海市北虹、上理工附中、同二、光明、六十、盧高、東昌等七校高二物理第一學期期末綜合測試模擬試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，真空中有直角坐標系xOy，在x軸上固定著關于O點對稱的等量異號點電荷＋Q和－Q，C是y軸上的一個點，D是x軸上的一個點，DE連線垂直于x軸．將一個點電荷＋q從O移動到D，電場力對它做功為W1，將這個點電荷從C移動到E，電場力對它做功為W2.下列判斷正確的是()A.兩次移動電荷電場力都做正功，并且W1＝W2B.兩次移動電荷電場力都做正功，并且W1＞W(wǎng)2C.兩次移動電荷電場力都做負功，并且W1＝W2D.兩次移動電荷電場力都做負功，并且W1＞W(wǎng)22、如圖所示，電源電動勢為E，內阻為r。電路中的R2、R3分別為總阻值一定的滑動變阻器，R0為定值電阻，R1為光敏電阻（其電阻隨光照強度增大而減小）。當開關S閉合時，電容器中一帶電微粒恰好處于靜止狀態(tài)。有關下列說法中正確的是（）A.在只逐漸增大光照強度的過程中，電阻R0消耗的電功率變大，電阻R3中有向上的電流B.只調節(jié)電阻R3的滑動端P2向上端移動的過程中，電源消耗的功率變大，電阻R3中有向上的電流C.只調節(jié)電阻R2的滑動端P1向下端移動的過程中，電壓表示數(shù)變大，帶電微粒向下運動D.若斷開開關S，電容器所帶電荷量變大，帶電微粒向上運動3、某電源輸出的電流既有交流成分又有直流成分，而我們只需要穩(wěn)定的直流，下列設計的電路圖中，能最大限度使電阻R2獲得穩(wěn)定直流的是()A. B.C. D.4、法拉第圓盤發(fā)電機的示意圖如圖所示．半徑為L的銅圓盤安裝在豎直的銅軸上，兩銅片P、Q分別與圓盤的邊緣和銅軸接觸，磁感強度為B，關于流過電阻R的電流，下列說法正確的是（）A.若圓盤轉動的角速度為ω，則發(fā)電機產生的電動勢為B.若從上向下看，圓盤順時針轉動，則電流沿b到a的方向流動C.若圓盤轉動方向不變，角速度大小發(fā)生變化，則電流方向可能發(fā)生變化D.若圓盤轉動的角速度變?yōu)樵瓉淼?倍，則電流在R上的熱功率也變?yōu)樵瓉淼?倍5、如圖所示，在正交的勻強電場和磁場的區(qū)域內磁場水平向里，有一離子恰能沿直線飛過此區(qū)域不計離子重力A.若離子帶正電，E方向應向下 B.若離子帶負電，E方向應向上C.若離子帶正電，E方向應向上 D.不管離子帶何種電，E方向都向上6、質子(p)和α粒子以相同的速率在同一勻強磁場中做勻速圓周運動，軌道半徑分別為Rp和Rα，周期分別為Tp和Tα，則下列選項正確的是()A.Rp∶Rα＝1∶2Tp∶Tα＝1∶2B.Rp∶Rα＝1∶1Tp∶Tα＝1∶1C.Rp∶Rα＝1∶1Tp∶Tα＝1∶2D.Rp∶Rα＝1∶2Tp∶Tα＝1∶1二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，水平放置的兩組光滑軌道上分別放有可自由移動的金屬棒PQ和MN，并且分別放置在磁感應強度為B1和B2的勻強磁場中，當PQ在外力的作用下運動時，MN向右運動，則PQ所做的運動可能是（）A.向左加速運動 B.向右加速運動C向右減速運動 D.向右勻速運動8、分別用波長為和的光照射同一種金屬,產生的光電子最大速度之比為2∶1,普朗克常量和真空中光速分別用和表示,那么下列說法正確的有()A.該種金屬的逸出功為B.該種金屬的逸出功為C.波長超過的光都不能使該金屬發(fā)生光電效應D.波長超過的光都不能使該金屬發(fā)生光電效應9、如圖所示，輕質彈簧左端固定，置于場強為E水平向左的勻強電場中，一質量為m，電荷量為+q的絕緣物塊（可視為質點，從距彈簧右端L1處由靜止釋放，物塊與水平面間動摩擦因數(shù)為μ，物塊向左運動經A點（圖中未畫出）時速度最大為v，彈簧被壓縮到最短時物體離釋放點的距離為L2，重力加速度為g整個過程中彈簧始終在彈性限度內．則從物塊釋放到彈簧壓縮至最短的過程中（）A.物塊與彈簧組成的系統(tǒng)機械能的增加量為B.物塊電勢能的減少量等于彈簧彈性勢能的增加量與系統(tǒng)產生的內能之和C.物塊的速度最大時，彈簧的彈性勢能為D.若物塊能彈回，則在向右運動的過程中速度最大的位置在A點左側10、金屬探測器是用來探測金屬的儀器，如圖所示，關于其工作原理，下列說法中正確的是（）A.探測器內的探測線圈會產生變化的磁場B.只有有磁性的金屬物才會被探測器探測到C.探測到金屬物是因為金屬物中產生了渦流D.探測到金屬物是因為探測器中產生了渦流三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）當汽車通過拱橋頂點的速度為時，車對橋頂?shù)膲毫檐囍氐?，如果要使汽車在橋面行駛至橋頂時，對橋頂?shù)膲毫榱?，則汽車通過橋頂?shù)乃俣葢獮開______。12．（12分）如圖所示，是“研究電磁感應現(xiàn)象”的實驗裝置.（1）將實物電路中所缺的導線補充完整.（）（2）如果在閉合開關時發(fā)現(xiàn)靈敏電流計的指針向右偏了一下，那么合上開關后，將線圈L1迅速插入線圈L2中，靈敏電流計的指針將________偏轉.(選填“向左”“向右”或“不”)（3）線圈L1插入線圈L2后，將滑動變阻器滑片迅速向右移動時，靈敏電流計的指針將________偏轉.(選填“向左”“向右”或“不”)四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，空間分布著水平方向的勻強磁場，磁場區(qū)域的水平寬度d＝0.4m，豎直方向足夠長，磁感應強度B＝0.5T．正方形導線框PQMN邊長L＝0.4m，質量m＝0.2kg，電阻R＝0.1Ω，開始時放在光滑絕緣水平板上I位置，現(xiàn)用一水平向右的恒力F＝0.8N拉線框，使其向右穿過磁場區(qū)，最后到達II位置(MN邊恰好出磁場)．設線框平面在運動中始終保持在豎直平面內，PQ邊剛進入磁場后線框恰好做勻速運動，g取10m/s2．求：（1）線框進入磁場前運動的距離D；（2）上述整個過程中線框內產生焦耳熱；（3）線框進入磁場過程中通過的電量14．（16分）如圖甲所示的電路中，R1、R2均為定值電阻，且R1＝100Ω，R2的阻值未知，R3是一個滑動變阻器，在其滑片從最左端滑至最右端的過程中，測得電源的路端電壓U隨電流I的變化圖線如圖乙所示，其中圖線上的A、B兩點是滑片在變阻器兩個不同端點時分別得到的。求：(1)電源的電動勢和內電阻；(2)定值電阻R2的阻值；(3)滑動變阻器R3的最大值。15．（12分）在傾角為α的光滑斜面上放置一通有電流I、長為L、質量為m的導體棒,如圖所示．求:(1)欲使棒靜止在斜面上且對斜面無壓力,外加勻強磁場的磁感應強度B的大小和方向(2)欲使棒靜止在斜面上,外加勻強磁場的磁感應強度B的最小值和方向

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】本題考查等量異種電荷產生的電場．由題意知，，所以，兩次移動電荷電場力都做正功，，，所以,選B2、A【解析】A．在只逐漸增大光照強度的過程中，光敏電阻阻值減小，則通過電阻R0的電流增大；根據(jù)熱功率公式P=I2R可知電阻R0消耗的電功率變大，電容器兩端電壓增大，電容器充電，電阻R3中有向上的電流，選項A正確；B．只調節(jié)電阻R3的滑動端P2向上端移動的過程中，電路總電阻不變，則電源輸出電流不變，電源消耗的功率不變，選項B錯誤；C．只調節(jié)電阻R2的滑動端P1向下端移動的過程中，電容器兩端電壓增大，電容器充電，帶電微粒所受電場力增大，微粒向上運動；電源路端電壓減小，電壓表示數(shù)變小，選項C錯誤；D．若斷開開關S，電容器放電，電容器所帶電荷量變少，電容器兩端電壓減小，帶電微粒所受電場力減小，帶電微粒向下運動，選項D錯誤；故選A。3、A【解析】根據(jù)題意可知所設計的電路功能應濾去交流成分而保留或較少損失直流成分，根據(jù)電路圖可以分析出，在選項B、C中與R2間接串聯(lián)了電容器，因此無直流成分流經R2，故選項B、C不符合；在選項A、D中信號首先流經電感線圈，其作用是通直流、阻交流，L越大，對交流電的阻礙作用越大，旁路電容器的作用是盡可能多地濾去多余的交流信號，但盡可能不損失直流成分，即通交流、隔直流，又因為C越大，其容抗越小，即對交流電的阻礙作用越小，反之阻礙作用越大，故選項A正確；選項D錯誤4、A【解析】A．若圓盤轉動的角速度為ω，則發(fā)電機產生的電動勢故A項正確B．若從上向下看，圓盤順時針轉動，據(jù)右手定則可得流過電阻R的電流沿a到b的方向流動．故B項錯誤C．若圓盤轉動方向不變，角速度大小發(fā)生變化，電流方向不變．故C項錯誤D．若圓盤轉動的角速度變?yōu)樵瓉淼?倍，則發(fā)電機產生的電動勢變?yōu)樵瓉淼?倍，電流在R上的熱功率也變?yōu)樵瓉淼?倍．故D項錯誤故選A。點睛：導體棒轉動切割磁感線時，產生的感應電動勢，其中指棒上各點的平均速度即棒中點的速度5、A【解析】根據(jù)在復合場中對帶電粒子進行正確的受力分析，粒子離子在復合場中沿水平方向直線通過，故有，若粒子帶正電，則受洛倫茲力向上，而電場力向下，若帶負電，則受洛倫茲力向下，而電場力向上，由此可正確解答【詳解】離子恰能沿直線飛過此區(qū)域，所受的電場力和洛倫茲力平衡．若離子帶正電，離子所受的洛倫茲力向上，則電場力向下，E方向應向下，故A正確，C錯誤；若離子帶負電，離子所受的洛倫茲力向下，則電場力向上，E方向應向下，故B錯誤；由此可知，不管離子帶何種電，E方向都向下，故D錯誤．所以A正確，BCD錯誤【點睛】本題考查了速度選擇器的工作原理，速度選擇器是利用電場力等于洛倫茲力的原理進行工作的，故速度選擇器只能選擇速度而不能選擇電性6、A【解析】質子(p)和α粒子以相同的速率在同一勻強磁場中做勻速圓周運動，半徑為：半徑與這兩粒子的質量與電量的比值成正比。即Rp∶Rα＝1∶2而周期公式：周期與這兩粒子的質量與電量的比值成正比。即Tp∶Tα＝1∶2A.Rp∶Rα＝1∶2Tp∶Tα＝1∶2與分析相符，故A正確。B.Rp∶Rα＝1∶1Tp∶Tα＝1∶1與分析不符，故B錯誤。C.Rp∶Rα＝1∶1Tp∶Tα＝1∶2與分析不符，故C錯誤。D.Rp∶Rα＝1∶2Tp∶Tα＝1∶1與分析不符，故D錯誤。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】根據(jù)安培定則可知，MN處于垂直紙面向里的磁場中，MN在磁場力作用下向右運動，說明MN受到的磁場力向右，由左手定則可知電流由M指向N，L2中感應電流的磁場向上，由楞次定律可知，L1線圈中電流的磁場應該是向上減弱，或向下增強。若L1中磁場方向向上減弱，根據(jù)安培定則可知PQ中電流方向為Q→P且減小，根據(jù)右手定則可知PQ向右減速運動；若L1中磁場方向向下增強，根據(jù)安培定則可知PQ中電流方向為P→Q且增大，根據(jù)右手定則可知PQ向左加速運動。故選AC。8、AD【解析】根據(jù)愛因斯坦光電效應方程，mv02＝hγ?W0，結合γ＝，并依據(jù)發(fā)生光電效應現(xiàn)象的條件，即可求解【詳解】由題意可知，由愛因斯坦光電效應方程，mv02＝hγ?W0，與γ＝，可列出兩個方程，即為mv02＝h?W0；mv0′2＝h?W0；由于v0=2v0′，解得：，故A正確，B錯誤；根據(jù)發(fā)生光電效應現(xiàn)象的條件，，即λ0≤3λ，即可發(fā)生光電效應現(xiàn)象，故C錯誤，D正確，故選AD9、ABD【解析】滑塊在從釋放到彈簧壓縮至最短的過程中，有電場力、摩擦力和彈簧彈力做功，根據(jù)功能關系、動能定理、電場力做功與電勢能的關系等進行判斷；【詳解】A、物塊和彈簧組成的系統(tǒng)機械能的增量等于外力做的功，彈簧彈力是內力，不改變機械能，外力只有電場力和摩擦力，所以從物塊釋放到彈簧壓縮至最短的過程中機械能的增量為，故A正確；B、根據(jù)能量守恒，電勢能的減少量等于機械能的增加量加上系統(tǒng)產生的內能，動能沒有變，機械能的增加量等于彈性勢能的增加量，所以物塊電勢能的減小量等于彈簧彈性勢能的增加量與系統(tǒng)產生的內能之和，故B正確；C、物塊速度最大時，加速度為0，則物塊距釋放點的距離大于，設彈簧彈力為F，則，釋放點到速度最大的位置距離，速度最大時的彈性勢能等于機械能的增加量減去動能的增加量，即，其中，故C錯誤；D、向左經過A點時速度最大，加速度為零，若物塊能彈回，向右運動經過A點時摩擦力方向改變，所以反彈經過A點加速度方向向左，不為0，速度最大位置在A點的左側，故D正確【點睛】解決本題的關鍵掌握功能關系，知道合力做功等于動能的變化量，除重力以外其它力做功等于機械能的增量，電場力做功等于電勢能的減小量，重力做功等于重力勢能的減小量等10、AC【解析】金屬探測器利用渦流探測金屬物品原理是：線圈中交變電流產生交變的磁場，會在金屬物品產生交變的感應電流，而金屬物品中感應電流產生的交變磁場會在線圈中產生感應電流，引起線圈中交變電流發(fā)生變化，從而被探測到。A．探測器內的探測線圈會產生變化的磁場，與結論相符，選項A正確；B．只有有磁性的金屬物才會被探測器探測到，與結論不相符，選項B錯誤；C．探測到金屬物是因為金屬物中產生了渦流，與結論相符，選項C正確；D．探測到金屬物是因為探測器中產生了渦流，與結論不相符，選項D錯誤；故選AC。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、12【解析】[1]根據(jù)牛頓第二定律得即當支持力為零，有解得12、①.②.向右③.向左【解析】(1)[1]補充的實物電路如圖所示(2)[2