2025屆南陽市第一中學(xué)物理高二第一學(xué)期期中教學(xué)質(zhì)量檢測模擬試題含解析

2025屆南陽市第一中學(xué)物理高二第一學(xué)期期中教學(xué)質(zhì)量檢測模擬試題注意事項：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應(yīng)位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"。2．作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3．非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內(nèi)相應(yīng)位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、下列說法中正確的是（）A．沿電場線方向場強逐漸減小B．沿電場線方向移動電荷，電場力做正功C．沿電場線方向電勢逐漸降低D．電場強度為零處，電勢也一定為零2、如圖中分別標明了通電直導(dǎo)線中電流I、勻強磁場的磁感應(yīng)強度B和電流所受安培力F的方向，其中正確的是（

）A． B．C． D．3、關(guān)于電源電動勢，以下說法正確的是（）A．1號干電池比5號干電池大，所以1號干電池的電動勢大B．由電動勢可知E跟W成正比，電源做的功越多，電動勢越大C．由電動勢可知E跟q成反比，電路中移送的電荷越多，電動勢越小D．電動勢由電源中非靜電力的特性決定，跟電源的體積無關(guān)，也跟外電路無關(guān)4、如圖，光滑圓軌道固定在豎直面內(nèi)，一質(zhì)量為m的小球沿軌道做完整的圓周運動．已知小球在最低點時對軌道的壓力大小為N1，在高點時對軌道的壓力大小為N2.重力加速度大小為g，則N1–N2的值為A．3mg B．4mg C．5mg D．6mg5、下列說法正確的是A．電源電動勢在數(shù)值上等于電源搬運單位正電荷由正極經(jīng)由外電路運動到負極所做的功B．電阻率是反映材料導(dǎo)電性能的物理量，僅與材料有關(guān)，與溫度、壓力等外界因素無關(guān)C．點電荷是理想化模型，只有帶電量小的帶電體才可以看成點電荷D．電容是表征電容器容納電荷本領(lǐng)的物理量，但電容的大小并不是由Q(帶電荷量)或U(電壓)決定的6、電池容量就是電池放電時輸出的總電荷量，某蓄電池標有“1350mA·h”的字樣，則表示()A．該電池在工作1h后達到的電流為1350mAB．該電池容納的總電荷量為1350CC．電池以135mA的電流工作，可連續(xù)工作10hD．以上說法都不正確二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，兩個小木塊a和b（可視為質(zhì)點），質(zhì)量分別為2m和m，置于水平圓盤上。a與轉(zhuǎn)軸OO'的距離為l，b與轉(zhuǎn)軸的距離為2l。兩木塊與圓盤間的摩擦因數(shù)均為。若圓盤從靜止開始繞轉(zhuǎn)軸緩慢地加速轉(zhuǎn)動，用表示圓盤轉(zhuǎn)動的角速度，則下列說法正確的是A．a(chǎn)、b一定同時開始滑動B．b一定比a先開始滑動C．發(fā)生滑動前a、b所受的摩擦力大小始終相等D．當時，b所受摩擦力的大小為8、如上圖所示，套在足夠長的絕緣粗糙直棒上的帶正電小球，其質(zhì)量為m，帶電荷量為q，小球可在棒上滑動，現(xiàn)將此棒豎直放入沿水平方向且互相垂直的勻強磁場和勻強電場中．設(shè)小球的帶電量不變，小球由靜止下滑的過程中()A．小球的加速度一直增大B．小球的速度一直增大，直到最后勻速C．桿對小球的彈力一直減小D．小球所受洛倫茲力一直增大，直到最后不變9、如圖所示，質(zhì)量為m的小球在豎直平面內(nèi)的光滑圓環(huán)軌道上做圓周運動，圓環(huán)半徑為R，小球經(jīng)過圓環(huán)最高點時剛好不脫離圓環(huán)，則其通過最高點時()A．小球?qū)A環(huán)的壓力大小等于mgB．小球受到的向心力等于0C．小球的線速度大小等于D．小球的向心加速度大小等于g10、已知引力常量G和下列某組數(shù)據(jù)就能計算出地球的質(zhì)量，這組數(shù)據(jù)是（）A．地球繞太陽運行的周期及地球與太陽之間的距離B．月球繞地球運行的周期及月球與地球之間的距離C．人造地球衛(wèi)星在地面附近繞行的速度及運行周期D．若不考慮地球自轉(zhuǎn)，已知地球的半徑及地球表面重力加速度三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖1所示為一位同學(xué)測量某一電源的電動勢和內(nèi)電阻的電路圖。(1)該同學(xué)先用一直流電壓表粗測電源的電動勢，已知所接的電壓表量程為0～15V，其示數(shù)如圖2所示，則電壓表的讀數(shù)為___________V。(2)根據(jù)圖1電路圖實驗，在某次實驗時毫安表的示數(shù)如圖3所示，其讀數(shù)為___________mA。(3)若在操作過程中同時讀取電流與電阻箱阻值的讀數(shù)，當電阻箱為R1=150時，電流表讀數(shù)為I1=50mA，當電阻箱為R2=200時，電流表讀數(shù)為I2=40mA，則電源的電動勢E=___________V，內(nèi)阻r=___________。（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）12．（12分）常用的大量程電流表是由小量程的電流表G改裝而成的。電流表G也是一個電阻，同樣遵從歐姆定律。圖乙是一個量程為0～0.6A的電流表G，已知該電流表的電阻為Rg=1Ω。（1）若將這個電流表改成大量程0～3A電流表使用，則指針最大刻度3A處電流表兩端的電壓U=_____（2）如圖甲所示，若將這電流表并聯(lián)一個定值電阻R后，使通過G的電流為0.6A時，通過A、B之間的電流等于3A，這樣A、B之間（虛線框內(nèi)）就相當于一個量程為0～3A的電流表，則并聯(lián)的定值電阻R=_____。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，連接在電路中的電阻大小分別為R1=R2=6Ω,R3=R4=2Ω,電容器的電容為30μF（1）電路穩(wěn)定后電流表的示數(shù)；（2）電路穩(wěn)定后電容器兩端的電壓；（3）在斷開電源時通過R114．（16分）如圖所示，電源電動勢E=12V，內(nèi)阻，電容器，電阻，電鍵S原來是閉合的，求斷開電鍵S以后通過的電量。15．（12分）如圖所示，足夠長的光滑絕緣水平臺左端固定一被壓縮的絕緣輕質(zhì)彈簧，一個質(zhì)量m=0.04kg、電量q=+2×10﹣4C的可視為質(zhì)點的帶電小球與彈簧接觸但不栓接．某一瞬間釋放彈簧彈出小球，小球從水平臺右端A點飛出，恰好能沒有碰撞地落到粗糙傾斜軌道的最高B點，并沿軌道滑下．已知AB的豎直高度h=0.41m，傾斜軌道與水平方向夾角為α=37°、傾斜軌道長為L=2.0m，帶電小球與傾斜軌道的動摩擦因數(shù)μ=0.1．傾斜軌道通過光滑水平軌道CD與光滑豎直圓軌道相連，在C點沒有能量損失，所有軌道都絕緣，運動過程小球的電量保持不變．只有過山車模型的豎直圓軌道處在范圍足夠大豎直向下的勻強電場中，場強E=2.0×103V/m．（cos37°=0.8，sin37°=0.6，取g=10m/s2）求：(1)被釋放前彈簧的彈性勢能？(2)要使小球不離開軌道（水平軌道足夠長），豎直圓弧軌道的半徑應(yīng)該滿足什么條件？(3)如果豎直圓弧軌道的半徑R=0.9m，小球進入軌道后可以有多少次通過豎直圓軌道上距水平軌道高為0.01m的某一點P？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】

AC．沿電場線方向，電勢必定降低，而電場線疏密不一定，則場強不一定減小，故A錯誤，C正確；B．由于電性未知，所以電場力的方向未知，故沿電場線方向移動電荷時的做功情況無法確定，故B錯誤；D．電勢的大小取決于零勢能面的選擇，電場強度為零處，電勢不一定為零，故D錯誤。故選C。2、A【解析】

直接根據(jù)左手定則判斷受力即可．【詳解】根據(jù)左手定則，四指指向電流方向，磁場垂直手心過，拇指所指的方向即為通電導(dǎo)線受力的方向，故C對；ABD錯；故選C3、D【解析】

1號干電池比5號干電池大，但是電動勢相等，而內(nèi)電阻不相同，故A錯誤；電動勢由電源中非靜電力的特性決定，跟電源的體積無關(guān)，也跟外電路無關(guān)，故D正確，BC錯誤．所以D正確，ABC錯誤．4、D【解析】試題分析：在最高點，根據(jù)牛頓第二定律可得，在最低點，根據(jù)牛頓第二定律可得，從最高點到最低點過程中，機械能守恒，故有，聯(lián)立三式可得考點：考查機械能守恒定律以及向心力公式【名師點睛】根據(jù)機械能守恒定律可明確最低點和最高點的速度關(guān)系；再根據(jù)向心力公式可求得小球在最高點和最低點時的壓力大小，則可求得壓力的差值．要注意明確小球在圓環(huán)內(nèi)部運動可視為繩模型；最高點時壓力只能豎直向下．5、D【解析】

電源電動勢在數(shù)值上等于電源搬運單位正電荷由負極經(jīng)由內(nèi)電路運動到正極所做的功，選項A錯誤；電阻率是反映材料導(dǎo)電性能的物理量，與材料有關(guān)，與溫度、壓力等外界因素都有關(guān)，選項B錯誤；點電荷是理想化模型，只有當帶電體的電量與所研究的問題相比可以忽略不計時帶電體才可以看成點電荷，所以帶電量小的不一定能看做點電荷，選項C錯誤；電容是表征電容器容納電荷本領(lǐng)的物理量，電容的大小是由電容器本身決定的，并不是由Q(帶電荷量)或U(電壓)決定的，選項D正確；故選D.6、C【解析】

A．據(jù)題蓄電池標有“1350mA?h”的字樣，表示該電池以1350mA的電流工作，可工作1h，并不表示電池在工作1h后達到的電流為1350mA，故A錯誤；B．該電池容納的總電荷量q=It=1.35×3600C=4860C故B錯誤；CD．由上分析可知：該電池以1350mA的電流工作，可工作1h，由公式q=It，知以135mA的電流工作，可用10h，故C正確，D錯誤。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】

根據(jù)kmg=mrω2知，小木塊發(fā)生相對滑動的臨界角速度，b轉(zhuǎn)動的半徑較大，則臨界角速度較小，可知b一定比a先開始滑動，故A錯誤，B正確。根據(jù)f=mrω2知，a、b的角速度相等，轉(zhuǎn)動的半徑r與質(zhì)量m的乘積相等，可知a、b所受的摩擦力相等，故C正確。當時，b所受的摩擦力f=m?2l?ω2=??mg，故D錯誤。故選BC。【點睛】本題的關(guān)鍵是正確分析木塊的受力，明確木塊做圓周運動時，靜摩擦力提供向心力，把握住臨界條件：靜摩擦力達到最大，物塊開始發(fā)生相對滑動．8、BD【解析】

小球下滑過程中，受到重力、摩擦力（可能有）、彈力（可能有）、向左的洛倫茲力、向右的電場力．開始階段，洛倫茲力小于電場力時，小球向下做加速運動時，速度增大，洛倫茲力增大，小球所受的桿的彈力向左，大小為N=qE﹣qvB，N隨著v的增大而減小，滑動摩擦力f=μN也減小，小球所受的合力F合=mg﹣f，f減小，F(xiàn)合增大，加速度a增大；當洛倫茲力等于電場力時，合力等于重力，加速度最大；小球繼續(xù)向下做加速運動，洛倫茲力大于電場力，小球所受的桿的彈力向右，大小為N=qvB﹣qE，v增大，N增大，f增大，F(xiàn)合減小，a減?。攎g=f時，a=0，故加速度先增大后減小，直到為零；小球的速度先增大，后不變；桿對球的彈力先減小后反向增大，最后不變；洛倫茲力先增大后不變．故BD正確，AC錯誤．9、CD【解析】因為小球剛好在最高點不脫離圓環(huán)，則軌道對球的彈力為零，所以小球?qū)A環(huán)的壓力為零．故A錯誤．根據(jù)牛頓第二定律得，，知向心力不為零，線速度，向心加速度a=g．故B錯誤，CD正確．故選CD.10、BCD【解析】

AB．根據(jù)萬有引力提供向心力有得只能求出中心天體的質(zhì)量，A可求得太陽質(zhì)量，B可求得地球質(zhì)量，A錯誤，B正確；C．人造衛(wèi)星的線速度為，結(jié)合B選項中的質(zhì)量表達式可知可以求出地球的質(zhì)量，C正確；D．萬有引力提供重力解得選項D正確。故選BCD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、9.5681050【解析】

第一空．所接的電壓表量程為0～15V，則電壓表的分度值為0.5V；其示數(shù)如圖2所示，則電壓表的讀數(shù)9.5V．第二空．所接毫安表量程為0～100mA，則毫安表的分度值為2mA；毫安表的示數(shù)如圖3所示，其讀數(shù)為68mA．據(jù)閉合電路歐姆定律可得：聯(lián)立解得：．第三空．電源電動勢為第四空．電源內(nèi)阻為12、0.6V0.25Ω【解析】

把小量程電流表改裝成大量程電流表，需要并聯(lián)一個電阻，電流表滿偏時，電流表兩端電壓U=IgRg；根據(jù)并聯(lián)電路電阻的分流特點求出改裝后電表滿偏時R分得的電流，根據(jù)歐姆定律求出R的阻值?！驹斀狻浚?）當電流表指針指在最大刻度時，電流表兩個接線柱之間的電壓為：Ug=IgRg=0.6A×1Ω=0.6V；（2）當電流表改裝成3A量程時，干路電流最大為3A，通過G的電流為0.6A時，需要R支路分流：IR=I總﹣Ig=3A﹣0.6A=2.4A，并聯(lián)電阻阻值：。【點睛】本題考查了電流表的改裝，知道電流表的改裝原理，應(yīng)用并聯(lián)電路特點與歐姆定律即可正確解題。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）0.6A；（2）1.2V；（3）1.8×10-5C；【解析】（1）由于閉合開關(guān)S，待電路穩(wěn)定后R1、R2被短路，電容器支路斷路，故由閉合電路歐姆定律得：I干由于閉合開關(guān)S，待電路穩(wěn)定后R1、R2中均無電流通過，即R1、R2兩端的電壓都為零，即：U1故電容器兩端的電壓U=U再斷開電源后，電容器通過電阻R1、R2、R3進行放電.由于放電電路為R1、R2并聯(lián)后再與R3串聯(lián)，故通過R1的電荷量為電容器帶電荷量的一半.而原來電容器所帶的電荷量Q=CU故通過R1的電荷量Q'14、3×10－4C【解析】

S閉合時，、串聯(lián)，與并聯(lián)，根據(jù)閉合電路歐姆定律可得兩端的電壓為電容器的電荷量為代入數(shù)據(jù)得斷開S后，接在電源的兩端，電容器的電荷量為所以流過的電量為15、(1)0.32J