遼寧省建平縣高級(jí)中學(xué)2025屆物理高二上期中學(xué)業(yè)質(zhì)量監(jiān)測(cè)試題含解析

遼寧省建平縣高級(jí)中學(xué)2025屆物理高二上期中學(xué)業(yè)質(zhì)量監(jiān)測(cè)試題注意事項(xiàng)1．考試結(jié)束后，請(qǐng)將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請(qǐng)務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置．3．請(qǐng)認(rèn)真核對(duì)監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對(duì)應(yīng)選項(xiàng)的方框涂滿、涂黑；如需改動(dòng)，請(qǐng)用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號(hào)等須加黑、加粗．一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、下面關(guān)于三點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度的大小、電勢(shì)高低的比較，正確的是A．EA=EC>EB，φA=φC>φBB．EA=EC>EB，φA>φB>φCC．EB>EA>EC，φA=φC>φBD．EB>EC>EA，φA=φC>φB2、如圖所示，勻強(qiáng)電場(chǎng)中A、B、C三點(diǎn)構(gòu)成一等腰三角形，AB=c，底角α=30°，電場(chǎng)強(qiáng)度的方向平行于紙面。現(xiàn)有一電子，在電場(chǎng)力作用下，經(jīng)A運(yùn)動(dòng)到C動(dòng)能減少EK，而質(zhì)子在電場(chǎng)力作用下，經(jīng)A運(yùn)動(dòng)到B動(dòng)能增加也等于EK，則該勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度E的大小和方向的判斷正確的是（）A．，方向垂直于AB并由B指向ACB．，方向垂直于AB并由B指向ACC．，方向垂直于BC并由A指向BCD．，方向垂直于BC并由A指向BC3、關(guān)于磁感強(qiáng)度，下列說法中正確的是（）A．磁感強(qiáng)度的方向，就是通電直導(dǎo)線在磁場(chǎng)中的受力方向B．磁感強(qiáng)度大的地方，通電導(dǎo)線所受的力也一定大C．磁感強(qiáng)度的方向是小磁針北極的受力方向D．通電導(dǎo)線在某處所受磁場(chǎng)力為零，則該處的磁感強(qiáng)度一定為零4、負(fù)點(diǎn)電荷Q固定在正方形的一個(gè)頂點(diǎn)上，帶電粒子P僅在該電荷的電場(chǎng)力作用下運(yùn)動(dòng)時(shí)，恰好能經(jīng)過正方形的另外三個(gè)頂點(diǎn)a、b、c，如圖所示，則（）A．粒子P帶負(fù)電B．a(chǎn)、c兩點(diǎn)的電勢(shì)高低關(guān)系是φa＞φcC．粒子P由a到b電場(chǎng)力做正功電勢(shì)能減少D．a(chǎn)、b、c的電場(chǎng)強(qiáng)度大小之比是2∶1∶25、圖中的實(shí)線表示電場(chǎng)線，虛線表示只受靜電力作用的帶正電粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡，粒子先經(jīng)過M點(diǎn)，再經(jīng)過N點(diǎn)，可以判定()A．粒子在M點(diǎn)受到的靜電力大于在N點(diǎn)受到的電力B．粒子在M點(diǎn)的動(dòng)能大于N點(diǎn)的動(dòng)能C．粒子在M點(diǎn)的的電勢(shì)能大于在N點(diǎn)的電勢(shì)能D．粒子在M點(diǎn)的的電勢(shì)能和動(dòng)能之和大于在N點(diǎn)的電勢(shì)能和動(dòng)能之和6、已知甲、乙兩個(gè)帶電粒子，它們的質(zhì)量之比為1：1，它們的帶電量之比也為1：1．這兩個(gè)粒子垂直射入同一勻強(qiáng)磁場(chǎng)的速度之比為3：1，則兩粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑之比為A．1:1 B．1:1 C．1:3 D．3:1二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、靜止在光滑水平面上的物體，受到水平拉力F的作用，拉力F隨時(shí)間t變化的圖像如圖所示，則下列說法中正確的是（）A．0～4s內(nèi)物體的位移為零B．0～4s內(nèi)拉力對(duì)物體做功為零C．4s末物體的動(dòng)量為零D．0～4s內(nèi)拉力對(duì)物體的沖量為零8、如圖所示，物體A和帶負(fù)電的物體B用跨過定滑輪的絕緣輕繩連接，A、B的質(zhì)量分別是m和2m，勁度系數(shù)為k的輕質(zhì)彈簧一端固定在水平面上，另一端與物體A相連，傾角為θ的斜面處于沿斜面上的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，整個(gè)系統(tǒng)不計(jì)一切摩擦．開始時(shí)，物體B在一沿斜面向上的外力F=3mgsinθ的作用下保持靜止且輕繩恰好伸直，然后撤去外力F，直到物體B獲得最大速度，且彈簧未超過彈性限度，則在此過程中()A．撤去外力F的瞬間，物體B的加速度為B．B的速度最大時(shí)，彈簧的伸長(zhǎng)量為C．物體A的最大速度為D．物體A、彈簧和地球所組成的系統(tǒng)機(jī)械能增加量大于物體B電勢(shì)能的減少量9、如圖所示，質(zhì)量相同的兩個(gè)帶電粒子P、Q以相同的初速度沿垂直于電場(chǎng)方向射入兩平行板間的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，P從兩極板正中央射入，Q從下極板邊緣處射入，它們最后打在同一點(diǎn)(重力不計(jì))，則從開始射入到打到上極板的過程中()A．它們運(yùn)動(dòng)的時(shí)間tQ＝tPB．它們所帶電荷量之比qP∶qQ＝1∶2C．它們的電勢(shì)能減少量之比ΔEP∶ΔEQ＝1∶2D．它們的動(dòng)能增量之比ΔEkP∶ΔEkQ＝1∶410、水平地面上有一個(gè)傾角為θ的斜面，其表面絕緣．另一個(gè)帶正電的滑塊放在斜面上，兩物體均處于靜止?fàn)顟B(tài)，如圖所示．當(dāng)加上水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)后，滑塊與斜面仍相對(duì)地面靜止（）A．滑塊與斜面間的摩擦力一定變大B．滑塊與斜面間的摩擦力可能不變C．滑塊對(duì)斜面的壓力一定變大D．斜面體對(duì)地面的壓力一定不變?nèi)?shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）（1）某同學(xué)測(cè)定一銅管的長(zhǎng)度和外徑，示數(shù)如圖所示，則該鋼管的長(zhǎng)度和外徑分別為__________和__________．（2）某同學(xué)用圖a，b兩種電路分別測(cè)量同一個(gè)電阻，用a圖測(cè)量得到的讀數(shù)為、，用b圖測(cè)量得到的讀數(shù)為，，可知用圖__________電路測(cè)量得到的電阻值誤差較小，測(cè)得電阻值是__________；測(cè)量值比真實(shí)值__________．（填“大”或“小”）12．（12分）兩位同學(xué)用如圖所示裝置，通過半徑相同的A、B兩球的碰撞來驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律。（1）為了完成本實(shí)驗(yàn)，下列必須滿足的條件是_______。A．斜槽軌道末端的切線必須水平B．入射球和被碰球的質(zhì)量必須相等C．入射球和被碰球大小必須相同D．入射球每次必須從軌道同一位置由靜止?jié)L下（2）實(shí)驗(yàn)中測(cè)得入射球A的質(zhì)量為m1，被碰撞小球B的質(zhì)量為m2，圖中O點(diǎn)是小球拋出點(diǎn)在水平地面上的垂直投影。實(shí)驗(yàn)時(shí)，先讓入射球A從斜軌上的起始位置由靜止釋放，找到其平均落點(diǎn)的位置P，測(cè)得平拋射程為OP；再將入射球A從斜軌上起始位置由靜止釋放，與小球B相撞，分別找到球A和球B相撞后的平均落點(diǎn)M、N，測(cè)得平拋射程分別為OM和ON。當(dāng)所測(cè)物理量滿足表達(dá)式_______時(shí)，即說明兩球碰撞過程動(dòng)量守恒；如果滿足表達(dá)式_______時(shí)，則說明兩球的碰撞為完全彈性碰撞。四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示,一質(zhì)量為m的帶電小球,用長(zhǎng)為L(zhǎng)的不可伸長(zhǎng)的絕緣細(xì)線懸掛在水平向右、場(chǎng)強(qiáng)大小為E的勻強(qiáng)電場(chǎng)中,靜止時(shí)懸線與豎直方向成θ=37°°角(sin37=0.6,cos3=0.8,重力加速度為g)(1)小球的電性及所帶電荷量的大小;(2)如果保持小球的電量不變,在紙面內(nèi)調(diào)整電場(chǎng)的大小和方向,使小球仍保持在圖示位置靜止,則電場(chǎng)強(qiáng)度最小為多少?方向如何?(3)若電場(chǎng)強(qiáng)度大小保持(2)中不變,突然將電場(chǎng)的方向變?yōu)樨Q直向上,空氣阻力不計(jì),則小球運(yùn)動(dòng)到懸點(diǎn)正下方的速度大小.14．（16分）如圖,質(zhì)量為m=10g,電量為q=10-4C的帶正電小球用長(zhǎng)為L(zhǎng)=0.3m的絕緣細(xì)線系于O點(diǎn)放在勻強(qiáng)電場(chǎng)中,靜止時(shí)懸線與豎直方向夾角θ=600,求：(1)電場(chǎng)強(qiáng)度；(2)若通過外力做功將帶電小球緩慢拉至豎直方向的最低點(diǎn)并使懸線拉緊,而小球最終處于靜止?fàn)顟B(tài),問外力需做多少功？15．（12分）如圖，平行板電容器為C，電荷量Q0，極板長(zhǎng)為L(zhǎng)，極板間距離為d，極板與水平面成α夾角，現(xiàn)有一質(zhì)量為m的帶電液滴沿兩極板的中線從P點(diǎn)由靜出發(fā)到達(dá)Q點(diǎn)，P、Q兩點(diǎn)都恰在電容器的邊緣處，忽略邊緣效應(yīng)，求：（1）液滴的電荷量；（2）液滴到達(dá)Q點(diǎn)時(shí)的速度大?。?/p>

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、C【解析】

根據(jù)電場(chǎng)線的疏密分布知，A點(diǎn)的電場(chǎng)線比C點(diǎn)密，B點(diǎn)的電場(chǎng)線比A點(diǎn)密，則EB＞EA＞EC；等量的異種電荷的中垂線為等勢(shì)線，則A點(diǎn)的電勢(shì)與C點(diǎn)的電勢(shì)相等，沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)逐漸降低，則A點(diǎn)的電勢(shì)大于B點(diǎn)電勢(shì)。所以φA=φC＞φB．A．EA=EC>EB，φA=φC>φB，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．EA=EC>EB，φA>φB>φC，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．EB>EA>EC，φA=φC>φB，與結(jié)論相符，選項(xiàng)C正確；D．EB>EC>EA，φA=φC>φB，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；2、D【解析】電子在電場(chǎng)力作用下，從A運(yùn)動(dòng)到C，動(dòng)能減小量與質(zhì)子在電場(chǎng)力作用下，從A到B，動(dòng)能的增加量相等；由于電子與質(zhì)子的電性相反，從而得出BC兩點(diǎn)的電勢(shì)高低，根據(jù)電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直的特性，確定電場(chǎng)強(qiáng)度的方向．并由電場(chǎng)力做功，導(dǎo)致電勢(shì)能的變化從而引起動(dòng)能變化，進(jìn)而得出電勢(shì)差，再由，算出電場(chǎng)強(qiáng)度的大?。娮釉陔妶?chǎng)力作用下，經(jīng)A運(yùn)動(dòng)到C動(dòng)能減少，則電勢(shì)能增加，而質(zhì)子在電場(chǎng)力作用下，經(jīng)A運(yùn)動(dòng)到B動(dòng)能增加也等于，則電勢(shì)能減小，由于電子與質(zhì)子的電性相反，則得出B點(diǎn)與C點(diǎn)的電勢(shì)相等且比A點(diǎn)電勢(shì)低．由于勻強(qiáng)電場(chǎng)，所以BC連線即為等勢(shì)面．又因電場(chǎng)線與等勢(shì)面相互垂直，且沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低，則有電場(chǎng)強(qiáng)度方向垂直BC連線并由A指向與BC．電子A運(yùn)動(dòng)到C動(dòng)能減少，則電勢(shì)能增加，說明電場(chǎng)力做負(fù)功，功值為，由電勢(shì)差，再由，D正確．3、C【解析】

A、通電導(dǎo)線在磁場(chǎng)中的受力方向由左手定則確定，安培力與磁場(chǎng)方向相互垂直；故A錯(cuò)誤；B、根據(jù)B=可知，通電導(dǎo)線受力與磁場(chǎng)強(qiáng)度無關(guān)；故B錯(cuò)誤．C、磁感強(qiáng)度的方向是小磁針北極的受力方向；故C正確；D、通電導(dǎo)線在磁場(chǎng)中與磁場(chǎng)平行時(shí)，安培力為零；故通電導(dǎo)線在磁場(chǎng)中受磁場(chǎng)力為零時(shí)，該處的磁感應(yīng)強(qiáng)度不一定為零；故D錯(cuò)誤；故選C．4、D【解析】A、根據(jù)軌跡彎曲方向判斷出粒子之間存在引力，它與固定在O點(diǎn)的電荷是異種電荷，故帶正電荷，A錯(cuò)誤；

B、根據(jù)點(diǎn)電荷的電場(chǎng)線的特點(diǎn)，Q與ac距離相等，則，關(guān)于B錯(cuò)誤；

C、由AB可知，正電荷P從a到b，電勢(shì)升高，電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能就增加，故C錯(cuò)誤；

D、粒子P在a、b、c三點(diǎn)時(shí)的加速度大小要根據(jù)庫(kù)侖定律求出庫(kù)侖力．由圖可知，，場(chǎng)強(qiáng)公式：，可得，即，故D正確。點(diǎn)睛：本題屬于電場(chǎng)中軌跡問題，考查分析推理能力．根據(jù)軌跡的彎曲方向，判斷出電荷受到的電場(chǎng)力指向軌跡內(nèi)側(cè)，進(jìn)而判斷出電荷是正電荷。5、C【解析】

A.M點(diǎn)處的電場(chǎng)線較疏，而N點(diǎn)處電場(chǎng)線較密，則M點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度較小，粒子在M點(diǎn)所受的電場(chǎng)力也較小，故A錯(cuò)誤B.正電的粒子從M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)，根據(jù)受力及運(yùn)動(dòng)軌跡知電場(chǎng)力做正功，所以動(dòng)能增大，故B錯(cuò)誤；C.沿著電場(chǎng)線電勢(shì)在降低，所以M點(diǎn)的電勢(shì)高于N點(diǎn)的電勢(shì)，而正電荷在電勢(shì)高的地方電勢(shì)能大，故C正確；D.根據(jù)能量守恒可知?jiǎng)幽芘c電勢(shì)能之和是一定值，故D錯(cuò)誤；6、D【解析】

根據(jù)可知，，則兩粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑之比為，故選D.【點(diǎn)睛】帶電粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，應(yīng)用洛倫茲力公式與牛頓第二定律得到半徑的關(guān)系式可以解題．二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、BCD【解析】

由圖象可知物體在4s內(nèi)先做勻加速后做勻減速運(yùn)動(dòng)，4s末的速度為零，位移一直增大，故A錯(cuò)誤；前2s拉力做正功，后2s拉力做負(fù)功，且兩段時(shí)間做功代數(shù)和為零，故B正確；4s末的速度為零，故動(dòng)量為零；故C正確；根據(jù)I=Ft可知：前4s內(nèi)I合=F×2-F×2=0，故D正確；故選BCD．【點(diǎn)睛】本題主要考查了同學(xué)們讀圖的能力，要求同學(xué)們能根據(jù)受力情況分析物體的運(yùn)動(dòng)情況，再根據(jù)動(dòng)量定理進(jìn)行分析求解．8、BD【解析】試題分析：在外力撤去前，繩子剛好伸直，拉力為零，對(duì)B受力分析可得，即，所以撤去外力的瞬間B在沿斜面方向上只受沿斜面向下的重力的分力，沿斜面向下的電場(chǎng)力，故有，所以撤去外力瞬間的加速度，A錯(cuò)誤；隨著B沿著斜面下滑，繩子的拉力逐漸增大，當(dāng)時(shí)，即合力為零時(shí)，B的速度最大，此時(shí)，解得，B正確；對(duì)AB整體有動(dòng)能定理可得，解得，故C錯(cuò)誤；由于過程中只有重力和電場(chǎng)力，彈力做功，所以根據(jù)能量守恒看得物體A、彈簧和地球所組成的系統(tǒng)機(jī)械能增加量等于物體B電勢(shì)能的減少量和B物體機(jī)械能的減小量，故D正確；考點(diǎn)：考查了牛頓第二定律，動(dòng)能定理，能量守恒定律9、ABD【解析】

A.帶電粒子在垂直電場(chǎng)方向上不受力，都做勻速直線運(yùn)動(dòng)，位移相等，由x=v0t可知運(yùn)動(dòng)時(shí)間相等，即tQ=tP．故A正確；平行電場(chǎng)方向受到電場(chǎng)力，做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)位移時(shí)間關(guān)系公式，有：，解得：；B.由于兩帶電粒子平行電場(chǎng)方向分位移之比為yP：yQ=1：2；所以它們所帶的電荷量之比qP：qQ=yP：yQ=1：2，故B正確；C.電勢(shì)能的減小量等于電場(chǎng)力做的功即△E=qEy，因?yàn)樨Q直位移之比為：yP：yQ=1：2，電荷量之比為：qP：qQ=1：2，所以它們電勢(shì)能減少量之比為：△EM：△EN=1：1．故C錯(cuò)誤；D.根據(jù)動(dòng)能定理，有：qEx=△Ek而：qP：qQ=1：2，xP：xQ=1：2所以動(dòng)能增加量之比：△EkP：△EkQ=1：1故D正確；故選ABD．【點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵將兩個(gè)帶電粒子的運(yùn)動(dòng)分解為垂直電場(chǎng)方向和平行電場(chǎng)方向的分運(yùn)動(dòng)，然后結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式、牛頓運(yùn)動(dòng)定律和動(dòng)能定理列式分析．10、BCD【解析】試題分析：滑塊開始受重力、支持力和靜摩擦力處于平衡，加上勻強(qiáng)電場(chǎng)后，滑塊多了一個(gè)水平向右的電場(chǎng)力，所受的靜摩擦力方向可能沿斜面向上，可能沿斜面向下，則摩擦力的大小可能減小、可能增大，可能不變．故A錯(cuò)誤．B正確；未加電場(chǎng)前，斜面體對(duì)滑塊的支持力N=mgcosθ，加上電場(chǎng)后，支持力的大小變?yōu)镹′=mgcosθ+qEsinθ，知滑塊對(duì)斜面的壓力變大．故C正確；對(duì)整體分析，加電場(chǎng)后，豎直方向支持力的大小仍然等于總重力，所以斜面體與地面間的壓力不變．故D正確．考點(diǎn)：共點(diǎn)力的平衡問題．三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、50.05mm5.845mma歐大【解析】刻度尺的讀數(shù)為L(zhǎng)=50.05mm，螺旋測(cè)微器的讀數(shù)為：d=5.5+34.5×0.01mm=5.845mm；根據(jù)題意可知電壓表分流過大，所以采用圖a測(cè)量誤差較小，，由于電流表的分壓，電壓測(cè)量值偏大，故測(cè)量值偏大．12、ACDm1·OP=m1·OM＋m2·ON【解析】

(1)[1]A．要保證每次小球都做平拋運(yùn)動(dòng)，則軌道的末端必須切線水平，故A正確；B．為了防止入射球反彈，應(yīng)讓入射球的質(zhì)量大于被碰球的質(zhì)量，故B錯(cuò)誤；C．為了使兩球發(fā)生對(duì)心碰撞，入射球和被碰球大小必須相同，故C正確；D．要保證碰撞前的速度相同，所以入射球每次都要從同一高度由靜止?jié)L下，故D正確。故選ACD；(2)[2]小球離開軌道后做平拋運(yùn)動(dòng)，由于小球拋出點(diǎn)的高度相同，它們?cè)诳罩械倪\(yùn)動(dòng)時(shí)間t相等，它們的水平位移x與其初速度成正比，可以用小球的水平位移代替小球的初速度，若兩球相碰前后的動(dòng)量守恒，則又代入得[3]若碰撞是彈性碰撞，則機(jī)械能守恒，由機(jī)械能守恒定律得將代入得四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）小球帶負(fù)電；q=3mg4E（2）E【解析】