2025屆河北省邢臺(tái)市南和一中高二物理第一學(xué)期期中監(jiān)測(cè)試題含解析

2025屆河北省邢臺(tái)市南和一中高二物理第一學(xué)期期中監(jiān)測(cè)試題注意事項(xiàng)1．考生要認(rèn)真填寫考場(chǎng)號(hào)和座位序號(hào)。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無(wú)效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結(jié)束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、有A、B兩個(gè)電阻，它們的I-U圖線如圖所示，從圖線可以判斷（）A．電阻A的電阻率大于電阻B的電阻率B．電阻A的阻值小于電阻B的阻值C．兩電阻并聯(lián)時(shí),流過(guò)電阻A的電流強(qiáng)度較小D．兩電阻串聯(lián)時(shí),電阻A消耗的功率較大2、如圖6，一帶負(fù)電粒子以某速度進(jìn)入水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，在電場(chǎng)力作用下形成圖中所示的運(yùn)動(dòng)軌跡．M和N是軌跡上的兩點(diǎn)，其中M點(diǎn)在軌跡的最右點(diǎn)．不計(jì)重力，下列表述正確的是A．粒子在M點(diǎn)的速率最大 B．粒子所受電場(chǎng)力沿電場(chǎng)方向 C．粒子在電場(chǎng)中的加速度不變 D．粒子在電場(chǎng)中的電勢(shì)能始終在增加3、在地面上方某點(diǎn)將一小球以一定的初速度沿水平方向拋出，不計(jì)空氣阻力，則小球在隨后的運(yùn)動(dòng)中A．速度和加速度的方向都在不斷變化B．速度與加速度方向之間的夾角一直減小C．在相等的時(shí)間間隔內(nèi)，速率的改變量相等D．在相等的時(shí)間間隔內(nèi)，動(dòng)能的改變量相等4、關(guān)于對(duì)元電荷的理解，下列說(shuō)法正確的是A．元電荷就是電子B．元電荷就是質(zhì)子C．元電荷是表示跟電子所帶電荷量數(shù)值相等的電荷量D．元電荷是帶電荷量最小的帶電粒子5、如圖是體育攝影中的“追拍法”，攝影師眼中清晰的滑板運(yùn)動(dòng)員是靜止的，而模糊的背景是運(yùn)動(dòng)的，攝影師用自己的方式表達(dá)了運(yùn)動(dòng)的美．請(qǐng)問(wèn)攝影師選擇的參考系是()A．大地B．太陽(yáng)C．滑板運(yùn)動(dòng)員D．步行的人6、握在手中的瓶子未滑落下來(lái)，這時(shí)()A．手對(duì)瓶子的壓力大于瓶子所受的重力B．手對(duì)瓶子的靜摩擦力大于瓶子所受的重力C．手對(duì)瓶子的壓力等于瓶子所受的重力D．手對(duì)瓶子的靜摩擦力等于瓶子所受的重力二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示是電阻R的I-U曲線，圖中α=370由此可得（）A．電阻與其兩端的電壓成正比B．I－U圖象的斜率表示電阻的倒數(shù)，所以R＝1/tan37°＝4/3ΩC．此導(dǎo)體的電阻R＝U/I=2ΩD．在R兩端加6.0V電壓時(shí)，每秒通過(guò)導(dǎo)體截面的電荷量是3.0C8、如圖所示，虛線框MNQP內(nèi)存在勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)方向垂直紙面向里．a(chǎn)、b、c是三個(gè)質(zhì)量和電荷量都相等的帶電粒子，它們從PQ邊上的中點(diǎn)沿垂直于磁場(chǎng)的方向射入磁場(chǎng)，圖中畫出了它們?cè)诖艌?chǎng)中的運(yùn)動(dòng)軌跡．若不計(jì)粒子所受重力，則A．粒子a帶負(fù)電，粒子b、c帶正電B．粒子c在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間最長(zhǎng)C．粒子c在磁場(chǎng)中的動(dòng)能最大D．粒子c在磁場(chǎng)中的加速度最小9、如圖，在正點(diǎn)電荷Q的電場(chǎng)中有M、N、P、F四點(diǎn)，M、N、P為直角三角形的三個(gè)頂點(diǎn)，F(xiàn)為MN的中點(diǎn)，∠M=30°，M、N、P、F四點(diǎn)處的電勢(shì)分別用M、N、P、F表示。已知M=N，P=F，點(diǎn)電荷Q在M、N、P三點(diǎn)所在平面內(nèi)，則()A．點(diǎn)電荷Q一定不在MP的連線上B．連接PF的線段不在同一等勢(shì)面上C．將正試探電荷從P點(diǎn)搬運(yùn)到N點(diǎn)，電場(chǎng)力做正功D．P大于M10、如圖所示電路，在平行金屬板M、N內(nèi)部左側(cè)中央P有一質(zhì)量為m的帶電粒子（重力不計(jì)）以水平速度v0射入電場(chǎng)并打在N板的O點(diǎn)，改變R1或R2的阻值，粒子仍以v0射入電場(chǎng)，則下列說(shuō)法正確的是A．該粒子帶正電B．減小R1，粒子將打在O點(diǎn)左側(cè)C．增大R1，粒子在板間運(yùn)動(dòng)時(shí)間不變D．減小R2，粒子還能打在O點(diǎn)三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過(guò)程。11．（6分）在《測(cè)定金屬絲電阻率》的實(shí)驗(yàn)中，需要測(cè)出其長(zhǎng)度L．直徑d和電阻R．用螺旋測(cè)微器測(cè)金屬絲直徑時(shí)讀數(shù)如圖A，則金屬絲的直徑為___________mm．若用B圖所示的電路測(cè)金屬絲的電阻，用電流表和電壓表測(cè)金屬絲的電流電壓時(shí)量程分別選用3V和0.6A，讀數(shù)如圖C，則電壓表的讀數(shù)為___________V，電流表的讀數(shù)為_________A，則金屬絲的阻值R為___________Ω．12．（12分）表格中所列數(shù)據(jù)是測(cè)量小燈泡U﹣I關(guān)系的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)：U（V）0.00.20.51.01.52.02.53.0I（A）0.0000.0500.1000.1500.1800.1950.2050.215（1）分析表內(nèi)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)可知，應(yīng)選用的實(shí)驗(yàn)電路圖是圖中的_____（選填“甲”或“乙”）．（2）請(qǐng)?jiān)趫D丙所示的方格紙內(nèi)畫出小燈泡的U﹣I曲線_________；分析曲線可知小燈泡的電阻隨I變大而_____（選填“變大”、“變小”或“不變）．四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示在長(zhǎng)為2L的絕緣輕質(zhì)細(xì)桿的兩端各連接一個(gè)質(zhì)量均為m的帶電小球A和B（可視為質(zhì)點(diǎn)，也不考慮二者間的相互作用力），A球帶正電、電荷量為+2q，B球帶負(fù)電.電荷量為-3q.現(xiàn)把A和B組成的帶電系統(tǒng)鎖定在光滑絕緣的水平面上，并讓A處于如圖所示的有界勻強(qiáng)電場(chǎng)區(qū)域MPQN（邊界MPNQ也在電場(chǎng)內(nèi)）內(nèi).已知虛線MP是細(xì)桿的中垂線，MP和NQ的距離為4L，勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小為E，方向水平向右.現(xiàn)取消對(duì)A、B的鎖定，讓它們從靜止開始運(yùn)動(dòng).（忽略小球運(yùn)動(dòng)中所產(chǎn)生的磁場(chǎng)造成的影響）(1)求小球A、B運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的最大速度；(2)小球A、B能否回到原出發(fā)點(diǎn)？若不能，請(qǐng)說(shuō)明理由；若能，請(qǐng)求出經(jīng)過(guò)多長(zhǎng)時(shí)間帶電系統(tǒng)又回到原地發(fā)點(diǎn).14．（16分）如圖所示，A為電解槽，N為電爐子，恒定電壓U＝12V，電解槽內(nèi)阻r＝2Ω，當(dāng)S1閉合、S2斷開時(shí)，電流表的示數(shù)為6A；當(dāng)S2閉合、S1斷開時(shí)，電流表的示數(shù)為4A（電流表內(nèi)阻不計(jì)），求：(1)電爐子的電阻及發(fā)熱功率各多大？(2)在電解槽工作時(shí)，電能轉(zhuǎn)化為化學(xué)能的功率為多少？15．（12分）如圖，光滑水平面上存在水平向右、場(chǎng)強(qiáng)為E的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)區(qū)域?qū)挾葹長(zhǎng)。質(zhì)量為m、帶電量為+q的可視為質(zhì)點(diǎn)的物體A從電場(chǎng)左邊界由靜止開始運(yùn)動(dòng)，離開電場(chǎng)后與質(zhì)量為2m的物體B碰撞并粘在一起，碰撞時(shí)間極短。B的右側(cè)拴接一處于原長(zhǎng)的輕彈簧，彈簧右端固定在豎直墻壁上（A、B均可視為質(zhì)點(diǎn)）。求（1）物體A在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度大?。唬?）物體A與B碰撞過(guò)程中損失的機(jī)械能及彈簧的最大彈性勢(shì)能。

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、B【解析】

AB．圖線的斜率表示電阻的倒數(shù)，A圖線的斜率大,則A的電阻小.又因?yàn)椴磺宄蓚€(gè)電阻的材料及橫截面積，故不能判定電阻率的大小，所以A錯(cuò)誤，B正確.C．兩電阻并聯(lián)，電壓相等,作出垂直橫軸的直線，如圖所示，豎直線與AB的交點(diǎn)即表示并聯(lián)時(shí)的工作情況，由圖可以知道A中電流較大；故C錯(cuò)誤;

D．兩電阻串聯(lián)時(shí)電流相等，由：可以知道電阻

A

消耗的功率較小，故D錯(cuò)誤.2、C【解析】

根據(jù)做曲線運(yùn)動(dòng)物體的受力特點(diǎn)合力指向軌跡的凹一側(cè)，再結(jié)合電場(chǎng)力的特點(diǎn)可知粒子帶負(fù)電,即受到的電場(chǎng)力方向與電場(chǎng)線方向相反，B錯(cuò)；從N到M電場(chǎng)力做負(fù)功，減速，電勢(shì)能在增加；當(dāng)達(dá)到M點(diǎn)后電場(chǎng)力做正功，加速，電勢(shì)能在減小，則在M點(diǎn)的速度最小A錯(cuò)，D錯(cuò)；在整個(gè)過(guò)程中只受電場(chǎng)力根據(jù)牛頓第二定律加速度不變，C正確.3、B【解析】

A．由于物體只受重力作用，做平拋運(yùn)動(dòng)，故加速度不變，速度大小和方向時(shí)刻在變化，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．設(shè)某時(shí)刻速度與豎直方向夾角為θ，則，隨著時(shí)間t變大，tanθ變小，θ變小，故選項(xiàng)B正確；C．根據(jù)加速度定義式，則Δv=gΔt，即在相等的時(shí)間間隔內(nèi)，速度的改變量相等，故選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．根據(jù)動(dòng)能定理，在相等的時(shí)間間隔內(nèi)，動(dòng)能的改變量等于重力做的功，即WG=mgh，對(duì)于平拋運(yùn)動(dòng)，由于在豎直方向上，在相等時(shí)間間隔內(nèi)的位移不相等，故選項(xiàng)D錯(cuò)誤．【點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵知道平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向和豎直方向上的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，結(jié)合加速度公式和動(dòng)能定理公式靈活求解即可．【考點(diǎn)】平拋運(yùn)動(dòng)、動(dòng)能定理4、C【解析】元電荷是一個(gè)電子帶的電荷量，不是電子，也不是質(zhì)子，元電荷又稱“基本電量”或“元電荷”，是物理學(xué)的基本常數(shù)之一，常用符號(hào)e表示，是一個(gè)電子或一個(gè)質(zhì)子所帶的電荷量，任何帶電體所帶電荷都是e的整數(shù)倍。故ABD錯(cuò)誤，C正確；故選C?！军c(diǎn)睛】元電荷是一個(gè)電子帶的電荷量，不是電子，也不是質(zhì)子，是一個(gè)電子或一個(gè)質(zhì)子所帶的電荷量，任何帶電體所帶電荷都是e的整數(shù)倍。5、C【解析】

“追拍法”是跟蹤運(yùn)動(dòng)的物體，將運(yùn)動(dòng)的物體看做是靜止的，該圖片是運(yùn)動(dòng)的滑板運(yùn)動(dòng)員被攝影師當(dāng)做靜止的，而用鏡頭跟蹤，故參考系是滑板運(yùn)動(dòng)員．A.大地與分析不符，故A錯(cuò)誤．B.太陽(yáng)與分析不符，故B錯(cuò)誤．C.滑板運(yùn)動(dòng)員與分析相符，故C正確．D.步行的人與分析不符，故D錯(cuò)誤．6、D【解析】握在手中的瓶子沒(méi)有滑落下來(lái)，所以瓶子處于受力平衡狀態(tài)，受到豎直向下的重力，手給的豎直的向上的摩擦力，故在豎直方向上，手對(duì)瓶子的靜摩擦力等于瓶子所受的重力，D正確。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、CD【解析】根據(jù)電阻的定義式：可知，導(dǎo)體的電阻與其兩端電壓沒(méi)關(guān)系，故A錯(cuò)誤；根據(jù)電阻的定義式：可知，I-U圖象斜率的倒數(shù)等于電阻R，則得:，故C正確，B錯(cuò)誤；由圖知，當(dāng)U=6V時(shí)，I=3A，則每秒通過(guò)電阻橫截面的電荷量是q=It=3×1C=3.0C，故D正確．所以CD正確，AB錯(cuò)誤．8、BD【解析】

根據(jù)左手定則知粒子a帶正電，粒子b、c帶負(fù)電，故A錯(cuò)誤；粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的周期：相同，粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間：，由于m、q、B都相同，粒子c轉(zhuǎn)過(guò)的圓心角最大，則射入磁場(chǎng)時(shí)c的運(yùn)動(dòng)時(shí)間最大，故B正確；粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，由洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：，解得：，粒子的動(dòng)能，由于：q、B、m都相同，因此r越大，粒子動(dòng)能越大，由圖示可知，b的軌道半徑r最大，則b粒子動(dòng)能最大，故C錯(cuò)誤；由牛頓第二定律得：，解得加速度：，三粒子q、B、m都相等，c在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的半徑最小，c的加速度最小，故D正確．所以BD正確，AC錯(cuò)誤．9、BCD【解析】

A．點(diǎn)電荷的等勢(shì)面是一系列的同心圓，對(duì)于圓、圓弧上任意兩點(diǎn)的連線的中垂線一定通過(guò)圓心，如圖所示：故場(chǎng)源電荷在MN的中垂線和FP的中垂線的交點(diǎn)上，點(diǎn)電荷Q一定在MP的連線上，故A錯(cuò)誤；B．因φP=φF，則線段PF是P、F所在等勢(shì)面（圓）的一個(gè)弦，故B正確；C．在正的點(diǎn)電荷的電場(chǎng)中，離場(chǎng)源越遠(yuǎn)，電勢(shì)越低，將正試探電荷從P點(diǎn)搬運(yùn)到N點(diǎn)，電勢(shì)能降低，故電場(chǎng)力做正功，故C正確；D．在正的點(diǎn)電荷的電場(chǎng)中，離場(chǎng)源越遠(yuǎn)，電勢(shì)越低，故φP＞φM，故D正確。10、BD【解析】A、由電路可知，N板帶正電，所以帶電粒子帶負(fù)電，A錯(cuò)誤；BC、由電路可知，RO、R1串聯(lián)接在電源兩端，MN兩板間的電壓等于R0兩端電壓．帶電粒子在兩板間做類平拋運(yùn)動(dòng)，平行兩板方向做勻速運(yùn)動(dòng)，垂直兩板方向做勻加速運(yùn)動(dòng)．減小R1，兩板間電壓增大，加速度增大，粒子將打在O點(diǎn)左側(cè)，時(shí)間變短，B正確，C錯(cuò)誤；D、減小R2，兩板間電壓不變，粒子在板間運(yùn)動(dòng)時(shí)間不變，還能打在O點(diǎn)，D正確．故選BD．三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過(guò)程。11、0.698；2.60；0.46；5.65【解析】由圖A所示螺旋測(cè)微器可知，固定刻度示數(shù)為0.5mm，可動(dòng)刻度示數(shù)為19.8×0.01mm=0.198mm，螺旋測(cè)微器示數(shù)為0.5mm+0.198mm=0.698mm；電壓表量程為3V，則其精確度為0.1V，所以讀數(shù)為：2.60V；電流表量程為0.6A，則其精確度為0.02A，所以讀數(shù)為：0.46A；根據(jù)。12、（1）甲；（2）如圖所示；變大．【解析】（1）由表中數(shù)據(jù)可知，電壓、電流從零開始測(cè)量因此需要滑動(dòng)變阻器分壓接法，故該實(shí)驗(yàn)選擇分壓接法．故應(yīng)選擇甲電路；

（2）根據(jù)表示所給數(shù)據(jù)，畫出小燈泡的U-I曲線如上所示；由小燈泡的U-I曲線可知，圖象的斜率變大，故說(shuō)明當(dāng)電流增大時(shí)，燈泡的電阻增大．四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13、(1)(2)【解析】

(1)當(dāng)B球進(jìn)入電場(chǎng)后，合力向左，系統(tǒng)開始減速，故此時(shí)物體速度最大，對(duì)加速過(guò)程運(yùn)用動(dòng)能定理列式求解即可；(2)系統(tǒng)在B球進(jìn)入電場(chǎng)前做加速運(yùn)動(dòng)，B球進(jìn)入電場(chǎng)后開始做減速運(yùn)動(dòng)；返回過(guò)程先加速后減速，向右和向左的過(guò)程具有對(duì)稱性；由牛頓第二定律，求解出加速過(guò)程和減速過(guò)程的加速度，然后根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式和動(dòng)能定理列式求解．【詳解】(1)帶電系統(tǒng)鎖定解除后，在水平方向上受到向右的電場(chǎng)力作用開始向右加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)B進(jìn)入電場(chǎng)區(qū)時(shí)，系統(tǒng)所受的電場(chǎng)力為A、B的合力，因方向向左，從而做減速運(yùn)動(dòng)，以后不管B有沒(méi)有離開右邊界，速度大小均比B剛進(jìn)入時(shí)小，故在B剛進(jìn)入電場(chǎng)時(shí)，系統(tǒng)具有最大速度.設(shè)B進(jìn)入電場(chǎng)前的過(guò)程中，系統(tǒng)的加速度為a1，由牛頓第二定律：2Eq＝2ma1①B剛進(jìn)入電場(chǎng)時(shí)，系統(tǒng)的速度為vm，由②可得③(2)對(duì)帶電系統(tǒng)進(jìn)行分析，假設(shè)A能達(dá)到右邊界，電場(chǎng)力對(duì)系統(tǒng)做功為W1則④故系