河南省魯山縣一中2025屆物理高二上期末達(dá)標(biāo)測試試題含解析

河南省魯山縣一中2025屆物理高二上期末達(dá)標(biāo)測試試題考生請注意：1．答題前請將考場、試室號(hào)、座位號(hào)、考生號(hào)、姓名寫在試卷密封線內(nèi)，不得在試卷上作任何標(biāo)記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號(hào)內(nèi)，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、圖中MN是某電場中的一條水平電場線．一帶正電粒子射入此靜電場中后，沿軌跡ABC運(yùn)動(dòng)（B在電場線上）．下列說法中正確的是A.B.粒子在B點(diǎn)受電場力方向水平向左C.粒子一定做勻變速曲線運(yùn)動(dòng)D.粒子在A點(diǎn)的電勢能比在C點(diǎn)的電勢能大2、兩只阻值相等的電阻分別通以正弦交流電與方形交流電，它們電流的最大值相等，如圖所示，則流過兩只電阻的電流之比是()A.1∶4 B.1∶2C.1∶ D.1∶13、下列用電器中，利用靜電的吸附作用進(jìn)行工作的是（）A.電話機(jī) B.電冰箱C.復(fù)印機(jī) D.電飯煲4、如圖所示，a、b、c、d為某一電場中的四個(gè)等勢面，已知相鄰等勢面間電勢差相等，一個(gè)帶正電粒子運(yùn)動(dòng)過程中只受電場力作用，先后經(jīng)過M點(diǎn)和N點(diǎn)，則（）A.電場力對(duì)粒子做正功B.粒子在M點(diǎn)的加速度比N點(diǎn)大C.四個(gè)等勢面電勢關(guān)系為φaφbφcφdD.該粒子在N點(diǎn)的動(dòng)能較大，電勢能較小5、關(guān)于家用電器工作時(shí)發(fā)生能量轉(zhuǎn)化描述，下列說法正確的是()A.電飯煲將內(nèi)能轉(zhuǎn)化為電能B.電熨斗將機(jī)械能轉(zhuǎn)化為電能C.手搖發(fā)電機(jī)將機(jī)械能轉(zhuǎn)化為電能D.電吹風(fēng)將機(jī)械能轉(zhuǎn)化為電能6、如圖所示，平行金屬導(dǎo)軌與水平面間的傾角為θ，導(dǎo)軌電阻不計(jì)，與阻值為R的定值電阻相連，勻強(qiáng)磁場垂直穿過導(dǎo)軌平面，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B。有一質(zhì)量為m長為l的導(dǎo)體棒從ab位置獲得平行于斜面的，大小為v的初速度向上運(yùn)動(dòng)，最遠(yuǎn)到達(dá)a′b′的位置，滑行的距離為s，導(dǎo)體棒的電阻也為R，與導(dǎo)軌之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ。則（）A.上滑過程中導(dǎo)體棒受到的最大安培力為B.上滑過程中電流做功發(fā)出的熱量為－mgs(sinθ＋μcosθ)C.上滑過程中導(dǎo)體棒克服安培力做的功為D.上滑過程中導(dǎo)體棒損失的機(jī)械能為二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、粒子回旋加速器的工作原理如圖所示，置于真空中的D型金屬盒的半徑為R，兩金屬盒間的狹縫很小，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場與金屬盒盒面垂直，高頻率交流電的頻率為f，加速器的電壓為U，若中心粒子源處產(chǎn)生的質(zhì)子質(zhì)量為m，電荷量為+e，在加速器中被加速．不考慮相對(duì)論效應(yīng)，則下列說法正確是A.質(zhì)子被加速后的最大速度不能超過2πRfB.加速的質(zhì)子獲得的最大動(dòng)能隨加速電場U增大而增大C.質(zhì)子第二次和第一次經(jīng)過D型盒間狹縫后軌道半徑之比為D.不改變磁感應(yīng)強(qiáng)度B和交流電的頻率f，該加速器也可加速粒子8、如圖所示，M、N為同一水平面內(nèi)的兩條平行長導(dǎo)軌，左端串聯(lián)電阻R，金屬桿ab垂直導(dǎo)軌放置，桿和導(dǎo)軌的電阻不計(jì)，且桿與導(dǎo)軌間無摩擦，整個(gè)裝置處于豎直方向的勻強(qiáng)磁場中．現(xiàn)對(duì)金屬桿ab施加一個(gè)與桿垂直的水平向右的恒力F，使桿從靜止開始運(yùn)動(dòng)．在運(yùn)動(dòng)過程中，桿的速度大小為v，桿所受安培力為F安，R中的電流為I，R上消耗的總能量為E總，則下列關(guān)于v、F安、I、E總隨時(shí)間變化的圖像可能正確的是（）A. B.C. D.9、如圖所示，豎直放置的半徑為R的光滑絕緣半圓軌道固定在水平地面上，軌道所處空間存在電場．一帶電荷量為+q，質(zhì)量為m的小球，以初速度v0由底端的A點(diǎn)開始沿軌道內(nèi)側(cè)上滑，到達(dá)頂端B的速度大小仍為v0，重力加速度為g，則（）A.小球在B點(diǎn)的電勢能大于小球在A點(diǎn)的電勢能B.A、B兩點(diǎn)的電勢差大小為C.若電場是勻強(qiáng)電場，則該電場的場強(qiáng)是D.小球在B點(diǎn)的機(jī)械能比在A點(diǎn)的機(jī)械能大10、在如圖所示的勻強(qiáng)電場和勻強(qiáng)磁場共存的區(qū)域內(nèi)(不計(jì)重力)，電子可能沿水平方向向右做直線運(yùn)動(dòng)的是()A B.C. D.三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）(1)如圖甲是簡易多用電表的電路圖。圖中E是電池；R1、R2、R3、R4和R5是固定電阻，R6是可變電阻；表頭的滿偏電流為500μA，內(nèi)阻Rg=200Ω，R1=20Ω，R2=180Ω。虛線方框內(nèi)為換擋開關(guān)，A端和B端分別與兩表筆相連。A端與___（填“紅”或“黑”）色表筆相連接。該多用電表5個(gè)擋位為直流電壓50V擋和500V擋，直流電流1mA擋和10mA擋，歐姆×1Ω擋。B接___（填“1”或“2”）為10mA擋，R4=___kΩ。若電源電動(dòng)勢為1.5V，內(nèi)阻忽略不計(jì)，R3=400Ω，則歐姆擋中值電阻為___Ω。(2)如圖乙，如果用歐姆檔來測電阻，當(dāng)用100Ω擋測量時(shí)，若指針指在刻線附近，則應(yīng)換用___（填“1”、“10”或“1k”）擋，換擋之后應(yīng)先將紅、黑表筆短接，調(diào)節(jié)部件___（填“S”或“T”），進(jìn)行___（填“歐姆調(diào)零”或“機(jī)械調(diào)零”），使指針對(duì)準(zhǔn)電阻的“0”刻線，再將待測電阻接入紅黑表筆之間。12．（12分）如圖所示，燈A、B完全相同，帶鐵芯的線圈L的電阻可忽略.則S閉合的瞬間，觀察到的現(xiàn)象是_____(填“A、B同時(shí)發(fā)光”“A先亮”“B先亮”），穩(wěn)定后再斷開S的瞬間，A_____，B____(填“立即熄滅”“閃亮一下再熄滅”“逐漸熄滅”）四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，傾角θ=37o的光滑直導(dǎo)軌MN與PQ相距d=0.1m，在MN、PQ間有垂直于軌道平面向下B=T的勻強(qiáng)磁場，定值電阻R=0.2Ω，其余部分電阻不計(jì)．把質(zhì)量為m=0.1kg、電阻不計(jì)的金屬桿從距NQ高h(yuǎn)=0.7m的導(dǎo)軌上由靜止釋放，桿在直軌道上先加速后勻速下滑．已知g=10m/s2，sin37o=0.6，cos37o=0.8．求：（1）金屬桿在直軌道上勻速下滑的速度大??；（2）金屬桿由靜止下滑到NQ的過程中，回路產(chǎn)生的焦耳熱；（3）金屬桿由靜止下滑到NQ的過程中，通過電阻的電荷量14．（16分）如圖所示，橫截面積為S=0.10m2，匝數(shù)為N=120匝的閉合線圈放在平行于線圈軸線的勻強(qiáng)磁場中，該勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t變化的規(guī)律如圖所示．線圈電阻為r=1.2Ω，電阻R=4.8Ω．求：(1)線圈中的感應(yīng)電動(dòng)勢；(2)從t1=0到t2=0.30s時(shí)間內(nèi)，通過電阻R的電荷量q15．（12分）如圖所示，邊長為L、匝數(shù)為n的正方形金屬線框，它的質(zhì)量為m、電阻為R，用細(xì)線把它懸掛于一個(gè)有界的勻強(qiáng)磁場邊緣．金屬框的上半部處于磁場內(nèi)，下半部處于磁場外，磁場隨時(shí)間的變化規(guī)律為B=kt．求：（1）線框中的電流強(qiáng)度為多大？（2）t時(shí)刻線框受的安培力多大？

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、B【解析】根據(jù)粒子偏轉(zhuǎn)方向得到電場力方向，進(jìn)而得到電場線方向，從而得到電勢大小關(guān)系；再根據(jù)粒子受力情況判斷粒子運(yùn)動(dòng)情況【詳解】B、粒子受力方向沿電場線方向，且指向粒子運(yùn)動(dòng)軌跡凹的一側(cè)，故粒子在B點(diǎn)受電場力方向向左，故B正確；A、粒子帶正電，粒子在B點(diǎn)受電場力方向向左，故電場線方向左，又有：沿著電場線電勢降低，故，故A錯(cuò)誤；C、只有一條電場線，不能得到靜電場為勻強(qiáng)電場，故粒子受力不一定恒定，那么，粒子不一定做勻變速運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤；D、只有一條電場線，故不能判斷A、C兩點(diǎn)電勢大小關(guān)系，故粒子在這兩點(diǎn)電勢能大小不能判斷，故D錯(cuò)誤；故選B【點(diǎn)睛】帶電粒子在勻強(qiáng)電場中受到的電場力恒定，故一般通過受力分析（或運(yùn)動(dòng)分析），由牛頓第二定律，通過加速度得到運(yùn)動(dòng)情況（或受力情況）2、C【解析】正弦式交變電流的有效值：方形交變電流有效值：解得：，則流過兩只電阻的電流之比：故C正確，ABD錯(cuò)誤。故選C3、C【解析】本題考查各種電器的工作原理，從各種實(shí)例的原理出發(fā)可以得出結(jié)論【詳解】A、電話是利用電磁波傳遞信息，利用了電流的磁效應(yīng)工作的，故A錯(cuò)誤；B、電冰箱是利用物態(tài)變化時(shí)的吸熱和放熱原理制冷的，故B錯(cuò)誤；C、復(fù)印機(jī)復(fù)印文件資料，就是利用靜電墨粉吸附在鼓上．故C正確；D、電飯煲是利用了電流的熱效應(yīng)，來加熱的．故D錯(cuò)誤；4、B【解析】AD．由軌跡可知，正粒子從M到N時(shí)所受的電場力大致向右，可知場強(qiáng)大致向右，則從M到N電場力做負(fù)功，電勢能變大，動(dòng)能減小，則該粒子在N點(diǎn)的動(dòng)能較小，電勢能較大，選項(xiàng)AD錯(cuò)誤；B．因?yàn)镸點(diǎn)的等勢線較N點(diǎn)密集，可知M點(diǎn)的電場線較N點(diǎn)密集，則M點(diǎn)的場強(qiáng)較大，則粒子在M點(diǎn)的加速度比N點(diǎn)大，選項(xiàng)B正確；C．因?yàn)閳鰪?qiáng)大致向右，沿電場線電勢降低，可知四個(gè)等勢面電勢關(guān)系為φa>φb>φc>φd，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；故選B.5、C【解析】A、電飯煲、電熨斗都將電能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，故選項(xiàng)AB錯(cuò)誤；C、手搖發(fā)電機(jī)是將機(jī)械能轉(zhuǎn)化為電能，故選項(xiàng)C正確；D、電吹風(fēng)是將電能轉(zhuǎn)化為風(fēng)能，故選項(xiàng)D錯(cuò)誤6、B【解析】A．導(dǎo)體棒開始運(yùn)動(dòng)時(shí)速度最大，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢和感應(yīng)電流最大，所受的安培力最大，最大安培力故A錯(cuò)誤；B．上滑過程，由能量守恒定律得電流做功發(fā)出的熱量故B正確；C．導(dǎo)體棒克服安培力做的功等于電路中產(chǎn)生的焦耳熱，由B可知，克服安培力做功：故C錯(cuò)誤；D．上滑過程中導(dǎo)體棒的動(dòng)能減小，重力勢能增加mgssinθ，所以導(dǎo)體棒損失的機(jī)械能為，故D錯(cuò)誤。故選B。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、AC【解析】質(zhì)子在回旋加速器中被加速，需要滿足質(zhì)子做圓周運(yùn)動(dòng)的周期與交變電壓的周期相等，質(zhì)子的最大動(dòng)能由D型盒的半徑R決定，故B錯(cuò)誤；由半徑公式可知質(zhì)子的最大速度，且滿足周期，可得最大速度，故A正確；質(zhì)子在電場中加速，根據(jù)動(dòng)能定理，第一次通過狹縫有，第二次通過狹縫有，由兩式可知，故C正確；質(zhì)子的電荷數(shù)和質(zhì)量數(shù)都是1，粒子（氦核）的電荷數(shù)為2，質(zhì)量數(shù)為4，兩種粒子的比荷并不相等，由周期公式可知兩種粒子的周期也不相等，不改變磁感應(yīng)強(qiáng)度B和交流電的頻率f，則不滿足粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的周期與交流電的周期相等，該加速器就不能加速a粒子，故D錯(cuò)誤8、AD【解析】根據(jù)牛頓第二定律知，桿子的加速度為：，由于速度增大，則加速度減小，可知桿子做加速度逐漸減小的加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)加速度等于零時(shí)，速度最大，做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故A正確．根據(jù)可知，安培力先逐漸變大，后不變，但是由于速度不是均勻變大，則F安-t圖像開始階段不是直線，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；感應(yīng)電流，則電流先逐漸變大，后不變，但是由于速度不是均勻變大，則I-t圖像開始階段不是直線，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；根據(jù)焦耳定律知，E=Q＝I2Rt＝t，因?yàn)樗俣仍龃?，可知E-t圖線的切線斜率增大，最終電流不變，E與t成正比，故D正確．故選AD【點(diǎn)睛】題考查了電磁感應(yīng)與動(dòng)力學(xué)和能量的綜合，知道桿子在整個(gè)過程中的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，知道當(dāng)拉力和安培力相等時(shí)，桿子做勻速直線運(yùn)動(dòng)9、BD【解析】小球受重力和電場力作用，則小球的動(dòng)能、電勢能和重力勢能之和守恒．由此可判斷從A到B電勢能以及機(jī)械能的變化；根據(jù)動(dòng)能定理可求解場強(qiáng)；電場的方向不確定，則不能確定場強(qiáng)大小.【詳解】小球受重力和電場力作用，則小球動(dòng)能、電勢能和重力勢能之和守恒，因小球從A到B動(dòng)能不變，可知小球的電勢能和重力勢能之和不變，重力勢能增加，則電勢能減小，即小球在B點(diǎn)的電勢能小于小球在A點(diǎn)的電勢能；小球在B點(diǎn)的機(jī)械能比在A點(diǎn)的機(jī)械能大，選項(xiàng)A錯(cuò)誤，D正確；從A到B根據(jù)動(dòng)能定理：，可得，選項(xiàng)B正確；因電場方向不一定沿AB方向，可知若電場是勻強(qiáng)電場，則該電場的場強(qiáng)不一定是，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；故選BD.【點(diǎn)睛】此題關(guān)鍵是知道帶電粒子在電場中運(yùn)動(dòng)時(shí)，若粒子只有重力和電場力作功，則小球的動(dòng)能、電勢能和重力勢能之和守恒.10、BC【解析】如電子水平向右運(yùn)動(dòng)，在A圖中電場力水平向左，洛倫茲力豎直向下，故不可能；在B圖中，電場力水平向左，洛倫茲力為零，故電子可能水平向右做勻減速直線運(yùn)動(dòng)；在C圖中電場力豎直向上，洛倫茲力豎直向下，電子向右可能做勻速直線運(yùn)動(dòng)；在D圖中電場力豎直向上，洛倫茲力豎直向上，故電子不可能做水平向右的直線運(yùn)動(dòng)，因此BC正確三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.黑②.1③.49.9④.1500⑤.×1k⑥.T⑦.歐姆調(diào)零【解析】(1)[1]多用電表歐姆擋內(nèi)部電源的正極接黑表筆，所以端與黑表筆相連接。[2]根據(jù)并聯(lián)分流規(guī)律可知表頭和電阻并聯(lián)可以改裝為電流表，小電阻分大電流，所以當(dāng)端和1相連接時(shí)，表頭和串聯(lián)后，與并聯(lián)，所以并聯(lián)電阻較小，分流較大，電流表量程較大。[3]端和4相連，電流表量程為，根據(jù)串聯(lián)分壓規(guī)律可知，大電阻分大電壓，端和4串聯(lián)后改裝為的電壓表，根據(jù)歐姆定律解得[4]若接入中值電阻后，表頭指針偏轉(zhuǎn)量程的一半，歐姆擋內(nèi)部電阻，根據(jù)解得(2)[5]當(dāng)用×100Ω擋測