2025屆江蘇省徐州市睢寧縣第一中學(xué)物理高二上期中綜合測試試題含解析

2025屆江蘇省徐州市睢寧縣第一中學(xué)物理高二上期中綜合測試試題注意事項1．考生要認(rèn)真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結(jié)束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、質(zhì)點(diǎn)受到三個力的作用，三個力的合力可能為零的是（）A．2N，4N，8NB．2N，3N，6NC．3N，4N，6ND．4N，6N，1N2、根據(jù)電場強(qiáng)度的定義式，在國際單位制中，電場強(qiáng)度的單位是A．N/C B．N/J C．J/C D．C/N3、兩個完全一樣的金屬小球M、N，先讓它們各自帶電-5q和+7q，接觸后再分開，則最終M、N的帶電量分別是（）A．+6q，+6q B．+7q，+5q C．+12q，+12q D．+q，+q4、如圖所示，勻強(qiáng)電場中的點(diǎn)A、B、C、D、E、F、G、H為立方體的8個頂點(diǎn)，已知A、B、C、F點(diǎn)的電勢分別為-1V、1V、2V、3V，則H點(diǎn)的電勢為()A．-1VB．1VC．2VD．3V5、右圖分別是兩個阻值為R1和R2的電阻器的I-U圖象,可知A．R1>R2B．R1<R2C．R1＝R2D．R1與R2的大小無法比較6、如圖甲所示，一帶正電的粒子以水平初速度vo（vo<E/B）先后進(jìn)入方向互相垂直的勻強(qiáng)電場和勻強(qiáng)磁場區(qū)域，兩場的區(qū)域?qū)挾认嗤?，帶電粒子穿過兩場的過程中（不計重力），電場和磁場對粒子所做的總功為W1；若把上述兩場正交疊加，如圖乙所示，粒子仍以水平初速度vo穿過疊加場區(qū)，此過程電場和磁場對粒子所做的總功為W2，比較W1和W2有：A．一定是W1>W2 B．一定是W1=W2C．一定是W1<W2 D．可能是W1>W2，也可能是W1<W2二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，質(zhì)量均為m的小球A、B用兩根不可伸長的輕繩連接后懸掛于O點(diǎn)，在外力F的作用下，小球A、B處于靜止?fàn)顟B(tài)，若外力F在豎直面內(nèi)旋轉(zhuǎn)仍然使兩小球處于靜止?fàn)顟B(tài)，且懸線OA與豎直方向的夾角θ保持30°不變，則外力F的大小可能為（）A．mg B．mg C．mg D．mg8、如圖為靜電除塵原理的示意圖，塵埃在電場中通過某種方式帶電，在電場力的作用下向集塵極移并沉積，以達(dá)到除塵目的．下列表述正確的是（）A．向集塵極方向運(yùn)動的塵埃帶正電荷B．電場方向由集塵極指向放電極C．同一位置帶電荷量越多的塵埃所受電場力越大D．帶電塵埃所受電場力的方向與電場力相同9、如圖，一半徑為R、粗糙程度處處相同的半圓形軌道豎直固定放置，直徑POQ水平。一質(zhì)量為m的質(zhì)點(diǎn)自P點(diǎn)上方高度R處由靜止開始下落，恰好從P點(diǎn)進(jìn)入軌道。質(zhì)點(diǎn)滑到軌道最低點(diǎn)N時，對軌道的壓力為4mg，g為重力加速度的大小。用W表示質(zhì)點(diǎn)從P點(diǎn)運(yùn)動到N點(diǎn)的過程中克服摩擦力所做的功。則()A．W＝mgR，質(zhì)點(diǎn)到達(dá)Q點(diǎn)后，繼續(xù)上升一段距離B．W＝mgR，質(zhì)點(diǎn)恰好能到達(dá)Q點(diǎn)C．質(zhì)點(diǎn)再次經(jīng)過N點(diǎn)時，對N點(diǎn)壓力大于2mgD．要使質(zhì)點(diǎn)能到達(dá)Q點(diǎn)上方R處，應(yīng)在P點(diǎn)上方2R處釋放質(zhì)點(diǎn)10、如圖甲、圖乙所示分別為定值電阻A和定值電阻B的曲線，則下列說法中正確的是()A．由于曲線的斜率表示電阻的大小，則定值電阻A、B的阻值相等B．定值電阻A與定值電阻B的阻值之比為1:2C．如果在兩電阻兩端加相同的電壓，流過兩電阻的電流相同D．如果在兩電阻兩端加相同的電壓，則相同時間內(nèi)通過導(dǎo)體截面的電荷量之比為2:1三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）兩位同學(xué)用如圖所示裝置，通過半徑相同的A、B兩球的碰撞來驗證動量守恒定律．（1）實驗中必須滿足的條件是________．A．斜槽軌道盡量光滑以減小誤差B．斜槽軌道末端的切線必須水平C．入射球A每次必須從軌道的同一位置由靜止?jié)L下D．兩球的質(zhì)量必須相等（2）測量所得入射球A的質(zhì)量為mA，被碰撞小球B的質(zhì)量為mB，圖中O點(diǎn)是小球拋出點(diǎn)在水平地面上的垂直投影，實驗時，先讓入射球A從斜軌上的起始位置由靜止釋放，找到其平均落點(diǎn)的位置P，測得平拋射程為OP；再將入射球A從斜軌上起始位置由靜止釋放，與小球B相撞，分別找到球A和球B相撞后的平均落點(diǎn)M、N，測得平拋射程分別為OM和ON．當(dāng)所測物理量滿足表達(dá)式_________________時，即說明兩球碰撞中動量守恒；如果滿足表達(dá)式_______________時，則說明兩球的碰撞為完全彈性碰撞．（1）乙同學(xué)也用上述兩球進(jìn)行實驗，但將實驗裝置進(jìn)行了改裝：如圖12所示，將白紙、復(fù)寫紙固定在豎直放置的木條上，用來記錄實驗中球A、球B與木條的撞擊點(diǎn)．實驗時，首先將木條豎直立在軌道末端右側(cè)并與軌道接觸，讓入射球A從斜軌上起始位置由靜止釋放，撞擊點(diǎn)為B′；然后將木條平移到圖中所示位置，入射球A從斜軌上起始位置由靜止釋放，確定其撞擊點(diǎn)P′；再將入射球A從斜軌上起始位置由靜止釋放，與球B相撞，確定球A和球B相撞后的撞擊點(diǎn)分別為M′和N′．測得B′與N′、P′、M′各點(diǎn)的高度差分別為h1、h2、h1．若所測物理量滿足表達(dá)式_________________時，則說明球A和球B碰撞中動量守恒．12．（12分）某電阻值約20Ω．為測量其阻值，實驗室提供了下列可選器材：電流表A（量程0.6A，內(nèi)阻約1Ω）電壓表V（量程3.0V，內(nèi)阻約3kΩ）、,滑動變阻器R1（最大阻值為15Ω）、,電源E（電動勢4V，內(nèi)阻可忽略）、電鍵、導(dǎo)線若干（1）為了盡可能提高測量準(zhǔn)確度，要求電表讀數(shù)從零開始變化應(yīng)選擇最合適的電路是______．（2）閉合開關(guān)S前，應(yīng)將滑動變阻器R的滑片移至最______端（填“左”或“右”）（3）閉合開關(guān)S后，將滑動變阻器R的滑片移至適當(dāng)位置，測得電壓表和電流表的示數(shù)分別為U和I，若用U/I作為R的測量值，則此測量值應(yīng)______R的真實值．（填“大于”、“等于”或“小于”）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示電路中，電源電動勢E=1.5V，內(nèi)阻r=0.6Ω，電阻R1=3Ω，電阻R2=4Ω，電阻R3=6Ω．電壓表為理想電表，閉合開關(guān)S，求：（1）通過電源的電流大小（2）電源的內(nèi)電壓和電壓表示數(shù)14．（16分）如圖所示，在傾角為θ＝30°的斜面上，固定一寬度L＝0.15m的平行光滑金屬導(dǎo)軌，在導(dǎo)軌上端接入電源和滑線變阻器，電源電動勢E＝3.0V，內(nèi)阻r＝1.0Ω．一質(zhì)量m＝0.01kg的金屬桿ab與兩導(dǎo)軌垂直并接觸良好，當(dāng)滑線變阻器接入電路的阻值為R時，ab中電流大小I＝0.5A，此時桿恰好靜止在導(dǎo)軌上．整個裝置處于垂直于斜面向上的勻強(qiáng)磁場中，導(dǎo)軌與金屬棒的電阻不計，取g＝10m/s1．求：（1）R的大?。唬?）磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大?。唬?）若只改變磁場，使金屬桿ab仍靜止在軌道上面，且對軌道的壓力恰好為零．求此時磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小和方向．15．（12分）如圖,所示的電路,電源電動勢為E=14V,內(nèi)阻為r=1Ω,電燈L為”2V,4W”電動機(jī)D的內(nèi)阻為R/=0.5Ω,當(dāng)可變電阻的阻值為R=1Ω時,電燈和電動機(jī)都正常工作,則電動機(jī)的額定電壓為多少?電動機(jī)輸出的機(jī)械功率為多少?全電路工作1min放出的焦耳熱Q為多少?

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】

2N與4N合成最大6N，最小2N，當(dāng)取8N時與第三個力合成，最終合力不可能為0N，故A錯誤；2N和3N合成最大5N，最小1N，合力不可能為6N，所以最終合力不可能為零。故B錯誤；3N和4N合成最大7N，最小1N，可能為6N，故與第三個力可能平衡，故C正確；4N和6N合成最大10N，最小2N，當(dāng)取1N時，與第三個力不可能平衡，故D錯誤；故選C。2、A【解析】

在國際單位制中，電場強(qiáng)度的單位是N/C，故選A.3、D【解析】

兩個完全相同的金屬小球接觸，電荷先中和后均分故ABC錯誤，D正確。故選D。4、C【解析】

在勻強(qiáng)電場中，由公式U=Ed知，沿著任意方向前進(jìn)相同距離，電勢差必定相等。由于GH∥AB，且GH=AB，則有φG-φH=φB-φA；代入數(shù)據(jù)解得：φH=φG+φA-φB=φG-2V；同理，φB-φC=φF-φG；解得，φG=φF+φC-φB=3V+2V-1V=4V；解得φH=2V，故選C?！军c(diǎn)睛】本題關(guān)鍵要明確勻強(qiáng)電場中沿著不與場強(qiáng)垂直的方向前進(jìn)相同距離，電勢降落相等，同時要熟悉勻強(qiáng)電場中等勢面和電場線的關(guān)系，然后結(jié)合幾何關(guān)系分析。5、B【解析】在圖像中，斜率,所以斜率越大，則電阻越小，所以，故B正確，綜上所述本題答案是;B6、A【解析】

先判斷帶電粒子在電場中的受力情況和在重疊區(qū)的受力情況，比較兩種情況中的偏轉(zhuǎn)位移的大小，而洛倫茲力對粒子不做功，只有電場力做功，進(jìn)而可以判斷做功大?。驹斀狻坎徽搸щ娏Ｗ訋Ш畏N電荷，粒子穿過重疊場區(qū)時，電場力的方向與洛倫茲力的方向的夾角大于90°，所以帶電粒子在電場中的偏轉(zhuǎn)位移比重疊時的偏轉(zhuǎn)位移大，所以不論粒子帶何種電性，甲中帶電粒子在電場中偏轉(zhuǎn)位移一定大于乙中的偏轉(zhuǎn)位移，而洛倫茲力對帶電粒子不做功，只有電場力做功，所以一定是W1＞W(wǎng)2，故A正確。故選A?！军c(diǎn)睛】本題解題的關(guān)鍵是分析兩種情況下的偏轉(zhuǎn)位移的大小，洛倫茲力對帶電粒子不做功，難度適中．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解析】

對AB兩球整體受力分析，受重力G，OA繩子的拉力T以及拉力F，其中重力大小和方向都不變，繩子的拉力方向不變大小變，拉力的大小和方向都變，根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件，利用平行四邊形定則作圖可以得出拉力的最小值和最大值．【詳解】對AB兩球整體受力分析，受重力G=2mg，OA繩子的拉力T以及拉力F，三力平衡，將繩子的拉力T和拉力F合成，其合力與重力平衡，如圖

當(dāng)拉力F與繩子的拉力T垂直時，拉力F最小，最小值為Fmin=（2m）gsin30°，即mg；由于拉力F的方向具有不確定性，因而從理論上講，拉力F最大值可以取到任意值，故CD正確．故選CD．【點(diǎn)睛】本題是三力平衡問題中的動態(tài)分析問題，其中一個力大小和方向都不變，一個力方向不變、大小變，第三個力的大小和方向都變，根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件，集合平行四邊形定則作出力的圖示，得到未知力的變化情況．8、BC【解析】由圖知，放電極為負(fù)電極，集塵極為正電極，電場方向為從集塵極指向放電極，被吸引到達(dá)集塵極的塵埃必帶負(fù)電荷，則帶電塵埃所受電場力方向與電場方向相反，故AD錯B正確；由可可脂，同一位置，確定，隨q增大而增大，故C正確．9、AC【解析】A、質(zhì)點(diǎn)滑到軌道最低點(diǎn)N時，對軌道的壓力為，故由牛頓第二定律可得：，解得：；那么對質(zhì)點(diǎn)從靜止下落到N的過程應(yīng)用動能定理可得：；由于摩擦力做負(fù)功，故質(zhì)點(diǎn)在半圓軌道上相同高度時在NQ上的速度小于在PN上的速度，所以，質(zhì)點(diǎn)對軌道的壓力也較小，那么，摩擦力也較小，所以，質(zhì)點(diǎn)從N到Q克服摩擦力做的功，所以，質(zhì)點(diǎn)在Q的動能大于零，即質(zhì)點(diǎn)到達(dá)Q點(diǎn)后，繼續(xù)上升一段距離，故A正確，B錯誤；

C、由于摩擦力做負(fù)功，故質(zhì)點(diǎn)在QN上運(yùn)動，在同一位置時下滑速度小于上滑速度，所以，質(zhì)點(diǎn)對軌道的壓力也較小，那么，摩擦力也較小，所以，質(zhì)點(diǎn)從Q到N克服摩擦力做的功；所以，質(zhì)點(diǎn)從靜止到再次經(jīng)過N點(diǎn)，克服摩擦力做功為：

故由動能定理可得：；

所以，由牛頓第二定律可得質(zhì)點(diǎn)受到的支持力為：，故由牛頓第三定律可得：質(zhì)點(diǎn)再次經(jīng)過N點(diǎn)時，對N點(diǎn)壓力大于，故C正確；

D、要使質(zhì)點(diǎn)能到達(dá)Q點(diǎn)上方R處，設(shè)在P點(diǎn)上方h處釋放質(zhì)點(diǎn)，那么由動能定理可得：，所以，，故D錯誤。點(diǎn)睛：經(jīng)典力學(xué)問題一般先對物體進(jìn)行受力分析，求得合外力及運(yùn)動過程做功情況，然后根據(jù)牛頓定律、動能定理及幾何關(guān)系求解。10、BD【解析】

定值電阻圖像的斜率即為電阻的阻值，通過圖像可以求解電阻的大小，根據(jù)歐姆定律求解電流和電壓值?！驹斀狻緼B．由歐姆定律可知：A錯誤，B正確；CD．由歐姆定律可知，兩電阻兩端加相同的電壓時，流過兩定值電阻的電流之比為2:1，又由公式可知，相同時間內(nèi)通過導(dǎo)體截面的電荷量之比為2:1，C錯誤，D正確?！军c(diǎn)睛】掌握圖像斜率的物理意義和部分電路歐姆定律是解決本題的關(guān)鍵。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、BCmA·OP=mA·OM+mB·ONOP+OM=ON【解析】

①A、“驗證動量守恒定律”的實驗中，是通過平拋運(yùn)動的基本規(guī)律求解碰撞前后的速度的，只要離開軌道后做平拋運(yùn)動，對斜槽是否光滑沒有要求，故A錯誤；B、要保證每次小球都做平拋運(yùn)動，則軌道的末端必須水平，故B正確；C、要保證碰撞前的速度相同，所以入射球每次都要從同一高度由靜止?jié)L下，故C正確；D、為了使小球碰后不被反彈，要求入射小球質(zhì)量大于被碰小球質(zhì)量，故D錯誤；故選BC．②小球離開軌道后做平拋運(yùn)動，由于小球拋出點(diǎn)的高度相同，它們在空中的運(yùn)動時間t相等，它們的水平位移x與其初速度成正比，可以用小球的水平位移代替小球的初速度，若兩球相碰前后的動量守恒，則mAv0=mAv1+mBv2，又OP=v0t，OM=v1t，ON=v2t，代入得：mAOP=mAOM+mBON，若碰撞是彈性碰撞，則機(jī)械能守恒，由機(jī)械能守恒定律得：mAv02=mAv12+mBv22，將OP=v0t，OM=v1t，ON=v2t代入得：mAOP2=mAOM2+mBON2；③小球做平拋運(yùn)動，在豎直方向上：h=gt2，平拋運(yùn)動時間：t=，設(shè)軌道末端到木條的水平位置為x，小球做平拋運(yùn)動的初速度：vA=，vA′=，vB′=，如果碰撞過程動量守恒，則：mAvA=mAvA′+mBvB′，將速度代入動量守恒表達(dá)式解得：12、（1）B（2）左（3）小于【解析】（1）所測電阻阻值約20Ω，因，則電流表外接，又要求電表讀數(shù)從零開始變化應(yīng)選擇最合適的電路是B；（2）為保護(hù)電路，則閉合開關(guān)S前，應(yīng)將滑動變阻器R的滑片移至最左端；（3）因電壓表的分流作用