廣東省普寧市華美實驗學校2025屆物理高二第一學期期中達標檢測模擬試題含解析

廣東省普寧市華美實驗學校2025屆物理高二第一學期期中達標檢測模擬試題注意事項1．考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置．3．請認真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、“驗證機械能守恒定律”的實驗裝置如圖所示，實驗中發(fā)現(xiàn)重物減小的重力勢能略大于增加的動能，其主要原因是()A．未測量重物的質量 B．先接通電源，后釋放紙帶C．使用的重物質量大，體積小 D．重物和紙帶在下落時受到阻力2、在xOy坐標系的Ⅰ、Ⅳ象限有垂直紙面向里的勻強磁場，在x軸上A點(L，0)同時以相同速率v沿不同方向發(fā)出a、b兩個相同帶電粒子(粒子重力不計)，其中a沿平行+y方向發(fā)射，經(jīng)磁場偏轉后，均先后到達y軸上的B點(0，L)，則兩個粒子到達B點的時間差為A．B．C．D．3、如圖所示，將質量為M1、半徑為R且內(nèi)壁光滑的半圓槽置于光滑水平面上，左側靠墻角，右側靠一質量為M2的物塊．今讓一質量為m的小球自左側槽口A的正上方h高處從靜止開始落下，與圓弧槽相切自A點進入槽內(nèi)，則以下結論中正確的是（）A．小球在槽內(nèi)運動的全過程中，小球與半圓槽在水平方向動量守恒B．小球在槽內(nèi)運動的全過程中，小球、半圓槽和物塊組成的系統(tǒng)動量守恒C．小球離開C點以后，將做豎直上拋運動D．槽將不會再次與墻接觸4、下列關于點電荷的說法正確的是()A．電子和質子在任何情況下都可視為點電荷B．均勻帶電的絕緣球體在計算庫侖力時一般可視為點電荷C．帶電的細桿在任何條件下都不可以視為點電荷D．帶電的金屬球一定不能視為點電荷5、如圖所示，直線a為某電源與可變電阻連接成閉合電路時的路端電壓U與干路電流I的關系圖象，直線b為電阻R兩端電壓的U與通過它的電流I的圖象，用該電源和該電阻組成閉合電路時，電源的輸出功率和電源的效率分別為（）A．4W、33.3% B．2W、33.3%C．4W、67% D．2W、67%6、在光滑絕緣的水平面上放置著四個相同的金屬小球，小球A、B、C位于等邊三角形的三個頂點上，小球D位于三角形的中心，如圖所示?現(xiàn)使小球A、B、C帶等量正電荷Q，使小球D帶負電荷q，使四個小球均處于靜止狀態(tài)，則Q與q的比值為A． B．C．3 D．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，在平行板間加了互相垂直的勻強電場和勻強磁場，現(xiàn)從Ｐ點以某初速發(fā)射帶正電的粒子，粒子剛好沿直線運動至Ｑ點，則：A．若撤去磁場，粒子將向上偏轉；B．若撤去電場，粒子將向上偏轉；C．若發(fā)射的是帶負電的粒子，仍沿直線運動至Ｑ點；D．若發(fā)射速度較小，仍沿直線運動至Ｑ點．8、空間存在一電場，一帶負電的粒子僅在電場力作用下從x1處沿x軸負方向運動，初速度大小為v0,其電勢能Ep隨坐標x變化的關系如圖所示，圖線關于縱軸左右對稱，以無窮遠處為零電勢能點，粒子在原點O處電勢能為E0，在x1處電勢能為E1，則下列說法中正確的是A．從x1到O之間，該電場的場強先減小后增大B．由x1運動到O過程加速度一直減小C．粒子經(jīng)過x1、-x1處速度相同D．粒子能夠一直沿x軸負方向運動，一定有9、如圖，A、B兩燈電阻相同，當滑動變阻器的滑動端P向下滑動時（）A．通過電源的電流減小B．電阻R中的電流減小C．電燈A將變暗一些D．電燈B將變暗一些10、自然界的電、熱和磁等現(xiàn)象都是相互聯(lián)系的,很多物理學家為尋找它們之間的聯(lián)系做出了貢獻。下列說法正確的是A．奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應,揭示了電現(xiàn)象和磁現(xiàn)象之間的聯(lián)系B．歐姆發(fā)現(xiàn)了歐姆定律,說明了熱現(xiàn)象和電現(xiàn)象之間存在聯(lián)系C．楞次發(fā)現(xiàn)了電磁感應現(xiàn)象,揭示了磁現(xiàn)象和電現(xiàn)象之間的聯(lián)系D．焦耳發(fā)現(xiàn)了電流的熱效應,定量得出了電能和熱能之間的轉換關系三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在“用單擺測定重力加速度”的實驗中，測出了單擺在擺角小于5°時完成n次全振動的時間為t，如圖（A）所示用毫米刻度尺測得擺線長為L，又用游標卡尺測得擺球直徑為d，如圖（B）所示。（1）由圖可知擺球直徑是______cm，單擺擺長是______m。（2）實驗中某同學每次的測定值都比其它同學偏大，其原因可能是______A．他的擺球比別的同學重B．他的擺沒在豎直面內(nèi)擺動，而成了圓錐擺C．數(shù)擺動次數(shù)時，在記時的同時，就開始數(shù)1，誤將29次全振動記成了30次D．直接將線長作為擺長來計算（3）利用單擺周期公式測定重力加速度時測出不同擺長L時相應周期值T，做T2-L圖線，如圖所示。T2與L的關系式T2=______，利用圖線上任兩點A、B的坐標（x1，y1）、（x2，y2）可求出圖線的斜率k=______，再由k可求出g=______。12．（12分）為了驗證碰撞中的動量守恒和檢驗兩個物塊的碰撞是否為彈性碰撞即碰撞過程中沒有機械能損失，某同學選取了兩個與水平面間動摩擦因數(shù)相同、體積相同、但質量不相等的正方體物塊，其中物塊A的質量大于物塊B的質量，計算時A物塊和B物塊均可以看成質點，按下述步驟做了如下實驗：a.按圖示安裝好實驗裝置，軌道QM為弧槽，MN為水平粗糙直軌道，M為弧槽與直軌道的切點。在直軌道上選取一位置P用筆標記，使MP之間的距離稍大于兩物塊的寬度；b.先不放B物塊，將A物塊由弧槽的某一位置由靜止釋放，物塊停下后測出物塊A從P點開始滑行的距離s0；c.將物塊B放在P處，將A物塊從弧槽的同一位置由靜止釋放，與B碰撞后各自滑行一段時間停止，測出A、B從P點開始滑行的距離分別為s1、s2；根據(jù)該同學實驗，回答下列問題：(1)本實驗中，__________（填“需要”或“不需要”）測出兩物塊的質量；(2)若測得A、B兩物塊質量分別為m1、m2，請寫出兩物塊碰撞的動量守恒表達式________；若該碰撞為彈性碰撞，請寫出碰撞時機械能守恒表達式__________。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）在如圖所示的勻強電場中，有A、B兩點，且A、B兩點間的距離為x=0.20m，已知AB連線與電場線夾角為θ=60°，今把一電荷量q=2×10-8C的正檢驗電荷放入該勻強電場中，其受到的電場力的大小為F=4.0×10-4N，方向水平向左．求：（1）電場強度E的大小和方向；（2）若把該檢驗電荷從A點移到B點，電勢能變化了多少；（3）若A點為零電勢點，B點電勢為多少．14．（16分）如圖所示，一面積為S的單匝圓形金屬線圈與阻值為R的電阻連接成閉合電路，不計圓形金屬線圈及導線的電阻．線圈內(nèi)存在一個方向垂直紙面向里、磁感應強度大小均勻增加且變化率為k的磁場B.電阻R兩端并聯(lián)一對平行金屬板M、N，兩板間距為d，N板右側xOy坐標系(坐標原點O在N板的下端)的第一象限內(nèi)，有垂直紙面向外的勻強磁場，磁場邊界OA和y軸的夾角∠AOy＝45°，AOx區(qū)域為無場區(qū)．在靠近M板處的P點由靜止釋放一質量為m、帶電荷量為＋q的粒子(不計重力)，經(jīng)過N板的小孔，從點Q(0，l)垂直y軸進入第一象限，經(jīng)OA上某點離開磁場，最后垂直x軸離開第一象限．求：(1)平行金屬板M、N獲得的電壓U；(2)yOA區(qū)域內(nèi)勻強磁場的磁感應強度B；(3)粒子從P點射出至到達x軸的時間．15．（12分）如圖所示，足夠長的長木板AB質量M＝1kg在水平地面上，可視為質點的木塊質量m＝1kg在長木板的左端A處，木塊與長木板保持相對靜止一起向右運動，當右端B經(jīng)過地面上O點時速度為v0＝5m/s，長木板與P點處的擋板瞬間碰撞后立即以原速率反向彈回，而木塊在此瞬間速度不變．已知O點與P點間距離x0＝4.5m，木板與地面間動摩擦因數(shù)μ1＝0.1，木塊與長木板間動摩擦因數(shù)μ1＝0.4，g取10m/s1．（1）求長木板碰擋板時的速度v1的大?。唬?）當木塊與擋板的距離最小時，木塊與長木板左端A之間的距離．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】

A項：由公式可知，與物體的質量無關，故A錯誤；B項：本實驗應先接通電源，后釋放紙帶，對實驗結果沒有影響，故B錯誤；C項：使用的重物質量大，體積小可以減小實驗誤差，故C錯誤；D項：重物和紙帶在下落時受到阻力，部分機械能轉化為內(nèi)能，即減小的重力勢能一部分轉化為內(nèi)能，故D正確．2、D【解析】

根據(jù)洛倫茲力提供向心力，使其做勻速圓周運動，并由題意可分劣圓弧與優(yōu)圓弧，從而由幾何關系來確定已知長度與半徑的關系，并由周期公式可兩個粒子到達B點的時間差．做出ab的運動的軌跡如圖，對于a的運動軌跡，由幾何關系得：，解得，a粒子的偏轉角，所以，同理可得b粒子的偏轉角，a粒子在磁場中運動的時間，b粒子在磁場中運動的時間：，它們到達B點的時間差：，D正確．3、D【解析】小球從AB的過程中，半圓槽對球的支持力沿半徑方向指向圓心，而小球對半圓槽的壓力方向相反指向左下方，因為有豎直墻擋住，所以半圓槽不會向左運動，可見，該過程中，小球與半圓槽在水平方向受到外力作用，動量并不守恒，而由小球、半圓槽和物塊組成的系統(tǒng)動量也不守恒；從B→C的過程中，小球對半圓槽的壓力方向向右下方，所以半圓槽要向右推動物塊一起運動，因而小球參與了兩個運動：一個是沿半圓槽的圓周運動，另一個是與半圓槽一起向右運動，小球所受支持力方向與速度方向并不垂直，此過程中，因為有物塊擋住，小球與半圓槽在水平方向動量并不守恒，在小球運動的全過程，水平方向動量也不守恒，選項AB錯誤；當小球運動到C點時，它的兩個分運動的合速度方向并不是豎直向上，所以此后小球做斜上拋運動，C錯誤；因為全過程中，整個系統(tǒng)在水平方向上獲得了水平向右的沖量，最終槽將與墻不會再次接觸，D正確．【點睛】判斷系統(tǒng)動量是否守恒關鍵是明確系統(tǒng)是否受到外力的作用，故在應用動量守恒定律時一定要明確是哪一系統(tǒng)動量守恒．4、B【解析】

物理學上把本身的線度比相互之間的距離小得多的帶電體簡化為一個點，叫做點電荷，同一個電荷能否看作點電荷，不僅和帶電體本身有關，還取決于問題的性質和精度的要求，即需要具體問題具體分析；如果在研究的問題中，帶電體的形狀、大小以及電荷分布可以忽略不計，即可將它看作是一個幾何點，則這樣的帶電體就是點電荷．【詳解】電子和質子在研究的范圍非常小，可以與它的大小差不多時，不能看做點電荷。故A錯誤；在計算庫侖力時均勻帶電的絕緣球體在一定的條件下可視為點電荷。故B正確。帶電的細桿在它的大小相比與研究的范圍來說可以忽略不計時，可以視為點電荷。故C錯誤；帶電的金屬球在它的大小相比與研究的范圍來說可以忽略不計時，可以視為點電荷。故D錯誤；故選B?！军c睛】本題考查帶電物體看做點電荷的條件，同一個電荷能否看作點電荷，不僅和帶電體本身有關，還取決于問題的性質和精度的要求．5、C【解析】

由圖象a可知電源的電動勢E=3V，短路電流為6A，該電源和該電阻組成閉合電路時路端電壓為2V，電流I=2A電源的輸出功率即為電阻R上消耗的功率，根據(jù)得：電源的總功率為：所以效率為：故選C6、D【解析】試題分析：以A、B、C三個中的一個為研究對象，如以B為研究對象有：受到A、C的斥力作用，同時受到D點點電荷的引力作用，設三角形邊長為L，根據(jù)受力平衡得：，其中，所以解得：，故ABC錯誤，D正確．考點：庫侖定律；物體的平衡.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】

粒子在正交場中做直線運動，受向下的電場力和向上的洛倫茲力，可知若撤去磁場，粒子將向下偏轉；若撤去電場，粒子將向上偏轉；選項B正確，A錯誤；若發(fā)射的是帶負電的粒子，則受向上的電場力和向下的洛倫茲力，則仍沿直線運動至Ｑ點，選項C正確；若發(fā)射速度較小，則洛倫茲力較小，則粒子向下偏轉，不能沿直線運動至Ｑ點，選項D錯誤；故選BC．【點睛】此題是粒子速度選擇器問題，關鍵是知道電場力和洛倫茲力相等時沿直線通過，基礎題目.8、CD【解析】根據(jù)電勢能與電勢的關系：Ep=qφ，場強與電勢的關系：，得：．Ep-x圖象切線的斜率等于，根據(jù)數(shù)學知識可知，坐標原點O處切線斜率為零，則坐標原點O處電場強度為零，從x1到O之間，斜率先增加后減小，則該電場的場強先增加后減小，故A錯誤．由x1運動到O過程，場強先增大后減小，由F=qE知，粒子所受的電場力先增大后減小，根據(jù)牛頓第二定律得知，加速度先增大后減小，故B錯誤．由圖看出，x1、-x1兩處的電勢能相等，根據(jù)能量守恒定律得知，粒子經(jīng)過x1、-x1處速度相同，故C正確．根據(jù)公式Ep=qφ，可知，該粒子帶負電，從x1處到-x1處，電勢先降低后升高，電場方向先沿x軸負方向后沿x軸正方向，電場力先沿x軸正方向后沿x軸負方向，粒子只要能通過原點O，就能一直沿x軸運動，設粒子恰好能到達原點O時的速度為v，則根據(jù)能量守恒定律得：mv2=E0-E1，，當v0＞v時，即v0＞粒子能夠一直沿x軸負方向運動，故D正確．故選CD.點睛：解決本題的關鍵要分析圖象斜率的物理意義，判斷電勢和場強的變化，再根據(jù)力學基本規(guī)律：牛頓第二定律和能量守恒定律進行分析．9、CD【解析】

滑動鍵P向下移動，變阻器電阻減小，外電路總電阻減小，根據(jù)：電路電流強度增大，路端電壓變小，A燈變暗，根據(jù)：路端電壓變??；所以UB減小，燈B電阻不變，所以燈B電流強度IB減小，燈B變暗。電路電流強度：因為I增大、IB減小，所以IC增大。AB錯誤，CD正確。故選CD。10、AD【解析】

A．奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應，揭示了電現(xiàn)象和磁現(xiàn)象之間的聯(lián)系，選項A正確；B．焦耳發(fā)現(xiàn)了焦耳定律，說明了熱現(xiàn)象和電現(xiàn)象之間存在聯(lián)系，選項B錯誤；C．法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應現(xiàn)象，揭示了磁現(xiàn)象和電現(xiàn)象之間的聯(lián)系，選項C錯誤；D．焦耳發(fā)現(xiàn)了電流的熱效應，定量得出了電能和熱能之間的轉換關系，選項D正確。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、2.001.0000BC【解析】

（1）游標卡尺的主尺讀數(shù)為20mm，游標讀數(shù)為0.1×0mm=0.0mm，則最終讀數(shù)為20.0mm=2.00cm擺長的大小l==99.00cm+1.00cm=100.00cm=1.0000m。根據(jù)得，。（2）根據(jù)得，①。A、由公式①可知，重力加速度的測量值的大小與擺球的質量無關。故A錯誤；B、他的擺沒在豎直面內(nèi)擺動，而成了圓錐擺，設圓錐擺的擺線與豎直方向之間的夾角為θ，則：可得：可知圓錐擺的周期小于單擺的周期；由于T的測量值減小，所以重力加速度g的測量值增大。故B正確；C、數(shù)擺動次數(shù)時，在記時的同時，就開始數(shù)1，誤將29次全振動記成了30次，則周期的測量值：T=，全振動次數(shù)n增大，則周期T的測量值減小，所以重力加速度g的測量值增大。故C正確；D、直接將線長作為擺長來計算，則擺長L減小，所以重力加速度g的測量值減小。故D錯誤故選：BC（3）根據(jù)得：。則圖線的斜率為：。則有：。12、需要【解析】

（1）[1]設滑塊與水平面間的動摩擦因數(shù)為，滑塊在水平面上運動過程，A物塊碰撞前，由動能定理得解得A、B物塊碰撞后，由動能定理得，解得，；如果碰撞過程系統(tǒng)動量守恒，以向右為正方向，由動量守恒定律有將代入、，，可得故本實驗中需要測出兩物塊的質量；（2）[2]由（1）分析可知，若測得A、B兩物塊質量分別為m1、m2，則兩物塊碰撞的動量守恒表達式為[3]若該碰撞為彈性碰撞，由機械能守恒定律得將代入、，，可得四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1），方向水平向右（2）增加了4×10-5J（3）【解析】試題分析：（1）由F=得（2分）方向水平向右（1分）（2）檢驗電荷從A點移到B點電場力做的功（1分）解得：W=-4×10-5J（1分）由電場力做功與電勢能變化關系得檢驗電荷從A點移到B點電勢能增加了4×10-5J（1分）（3）由得V（2分）且（1分）（1分）考點：考查電場強度與電勢差的關系點評：難度中等，粒子做直線運動，所受合外力與速度在同一條直線上，在應用W=qU計算電勢差時，要注意W和U的下角標14、（1）（2）（3）【解析】

（1）根據(jù)法拉第電磁感應定律，求出閉合電路的電動勢，即得到平行金屬M、N獲得的電壓U；

（2）由動能定理求出粒子經(jīng)過MN間的電場加速度獲得的速度．正確畫出粒子在磁場中的運動軌跡，根據(jù)幾何關系找出粒子運動的半徑的大小，根據(jù)牛頓第二定律和向心力公式求得磁場的磁感應強度；

（3）粒子從P點射出到到達x軸的時間為三段運動過程的時間之和．【詳解】（1）根據(jù)法拉第電磁感應定律，閉合線圈產(chǎn)生的感應電動勢為：

因平行金屬板M、N與電阻并聯(lián)，故M、N兩板間的電壓為：U=UR=E=kS

（2）帶電粒子在M、N間做勻加速直線運動，有