2025屆安徽省六安一中、舒城中學(xué)、霍邱一中物理高二第一學(xué)期期末調(diào)研模擬試題含解析

2025屆安徽省六安一中、舒城中學(xué)、霍邱一中物理高二第一學(xué)期期末調(diào)研模擬試題考生請(qǐng)注意：1．答題前請(qǐng)將考場(chǎng)、試室號(hào)、座位號(hào)、考生號(hào)、姓名寫在試卷密封線內(nèi)，不得在試卷上作任何標(biāo)記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號(hào)內(nèi)，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請(qǐng)將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、下列各圖中標(biāo)出了勻強(qiáng)磁場(chǎng)中通電直導(dǎo)線受安培力的方向，正確的是()A. B.C. D.2、如圖所示的圖像中，直線a表示某電源路端電壓與電流的關(guān)系，直線b為某一電阻R的伏安特性曲線。用該電源直接與電阻R連接成閉合電路，由圖像可知（）A.R的阻值為0.5ΩB.電源電動(dòng)勢(shì)為4.0V，內(nèi)阻為0.5ΩC.2s內(nèi)電阻R上消耗的電能為4JD.若將兩個(gè)相同電阻R串聯(lián)接入該電源，則電流變?yōu)橹暗囊话?、如圖所示，在豎直平面xoy內(nèi)，固定一半徑為R的光滑絕緣的圓形軌道，圓心在O點(diǎn)，第四象限（含x、y軸）內(nèi)有水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)，一質(zhì)量為m，帶電荷量為+q的小球，從圖中A點(diǎn)靜止釋放，沿圓弧內(nèi)側(cè)軌道運(yùn)動(dòng)，第一次恰能通過(guò)圓弧軌道的最高點(diǎn)，已知重力加速度為g，則勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為（）A B.C. D.4、直流電動(dòng)機(jī)線圈轉(zhuǎn)到某一位置，換向器能自動(dòng)改變線圈中的電流方向，這一位置是（）A.線圈轉(zhuǎn)到任意位置 B.線圈平面與磁感線垂直C.線圈平面與磁感線平行 D.線圈平面與磁感線成45°角5、下列關(guān)于磁現(xiàn)象的說(shuō)法中不正確的是（）A.電視機(jī)顯像管利用了磁偏轉(zhuǎn)的原理B.指南針是利用地磁場(chǎng)來(lái)指示方向的C.電動(dòng)機(jī)是利用磁場(chǎng)對(duì)電流的作用力來(lái)工作的D.地磁場(chǎng)的南極在地理的南極附近6、一個(gè)電流表的滿偏電流Ig=1mA，內(nèi)阻為300Ω，要把它改裝成一個(gè)量程為15V的電壓表，則應(yīng)在電流表上（）A.串聯(lián)一個(gè)14700Ω的電阻B.并聯(lián)一個(gè)14700Ω的電阻C.串聯(lián)一個(gè)15000Ω的電阻D.并聯(lián)一個(gè)15000Ω的電阻二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、在如圖所示的電路中，電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)電阻為r，閉合開(kāi)關(guān)S，待電流達(dá)到穩(wěn)定后，電流表示數(shù)為I，電壓表示數(shù)為U，電容器C所帶電荷量為Q，將滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P從圖示位置向a端移動(dòng)一些，待電流達(dá)到穩(wěn)定后，則與P移動(dòng)前相比()A.U變小 B.I變小C.Q增大 D.Q減小8、如圖所示，帶等量異種電荷的平行金屬板a、b處于勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)方向垂直紙面向里．不計(jì)重力的帶電粒子沿OO′方向從左側(cè)垂直于電磁場(chǎng)入射，從右側(cè)射出a、b板間區(qū)域時(shí)動(dòng)能比入射時(shí)?。灰沽Ｗ由涑鯽、b板間區(qū)域時(shí)的動(dòng)能比入射時(shí)大，可采用的措施是A.適當(dāng)減小兩金屬板的正對(duì)面積B.適當(dāng)增大兩金屬板間的距離C.適當(dāng)減小勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度D.使帶電粒子的電性相反9、如圖甲所示，光滑平行金屬導(dǎo)軌MN、PQ所在平面與水平面成θ角，M、P兩端接一電阻R，整個(gè)裝置處于方向垂直導(dǎo)軌平面向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中。t=0時(shí)對(duì)金屬棒施加一平行于導(dǎo)軌的外力F，使金屬棒由靜止開(kāi)始沿導(dǎo)軌向上運(yùn)動(dòng)，金屬棒電阻為r，導(dǎo)軌電阻忽略不計(jì)。已知通過(guò)電阻R的感應(yīng)電流I隨時(shí)間t變化的關(guān)系如圖乙所示。下列關(guān)于金屬棒運(yùn)動(dòng)速度v、外力F、流過(guò)R的電荷量q以及閉合回路中磁通量的變化率隨時(shí)間變化的圖象正確的是（）A. B.C. D.10、如圖所示,水平放置的兩塊平行金屬板,充電后與電源斷開(kāi).金屬板間存在著方向豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)和垂直于紙面向里磁感應(yīng)強(qiáng)度為的勻強(qiáng)磁場(chǎng).一質(zhì)量為、電荷量為的帶電粒子(不計(jì)重力及空氣阻力),以水平速度射入場(chǎng)區(qū),恰好做勻速直線運(yùn)動(dòng).則(

).A.粒子一定帶正電B.若僅將板間距離變?yōu)樵瓉?lái)的2倍,粒子運(yùn)動(dòng)軌跡偏向下極板C.若將磁感應(yīng)強(qiáng)度和電場(chǎng)強(qiáng)度均變?yōu)樵瓉?lái)的2倍,粒子仍將做勻速直線運(yùn)動(dòng)D.若撤去電場(chǎng),粒子在板間運(yùn)動(dòng)的最長(zhǎng)時(shí)間可能是三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過(guò)程。11．（6分）某同學(xué)為測(cè)定一可拆變壓器原副線圈匝數(shù)，設(shè)計(jì)了如下實(shí)驗(yàn)：（1）先用匝數(shù)為50的線圈C替換副線圈B，并在線圈C兩端接上交流電壓表，在原線圈A兩端接交流電源，調(diào)節(jié)交流電源電壓為12V．閉合開(kāi)關(guān)，交流電壓表讀數(shù)為2V，記錄讀數(shù)并斷開(kāi)電源；（2）再用拆下的副線圈B替換原線圈A，并在線圈B兩端接交流電源，調(diào)節(jié)交流電源電壓為10V．閉合開(kāi)關(guān)，交流電壓表讀數(shù)為5V，記錄讀數(shù)并斷開(kāi)電源。（3）由上述數(shù)據(jù)可知原線圈A匝數(shù)為_(kāi)____匝；線圈A、B匝數(shù)比為_(kāi)____。12．（12分）欲測(cè)量G表的內(nèi)阻和一個(gè)電源的電動(dòng)勢(shì)E內(nèi)阻要求：測(cè)量盡量準(zhǔn)確、能測(cè)多組數(shù)據(jù)且滑動(dòng)變阻器調(diào)節(jié)方便，電表最大讀數(shù)不得小于量程的待測(cè)元件及提供的其他實(shí)驗(yàn)器材有：A、待測(cè)電源E：電動(dòng)勢(shì)約，內(nèi)阻在間B、待測(cè)G表：量程，內(nèi)阻在間C、電流表A：量程2A，內(nèi)阻約D、電壓表V：量程300mV，內(nèi)阻約E、定值電阻：；F、滑動(dòng)變阻器：最大阻值，額定電流1AG、電阻箱：H、開(kāi)關(guān)S一個(gè)，導(dǎo)線若干（1）小亮先利用伏安法測(cè)量G表內(nèi)阻①圖甲是小亮設(shè)計(jì)的實(shí)驗(yàn)電路圖，其中虛線框中的元件是______；填元件序號(hào)字母②說(shuō)明實(shí)驗(yàn)所要測(cè)量的物理量______；③寫出G表內(nèi)阻的計(jì)算表達(dá)式______（2）測(cè)出后，小聰把G表和電阻箱串聯(lián)、并將接入電路的阻值調(diào)到，使其等效為一只電壓表，接著利用伏安法測(cè)量電源的電動(dòng)勢(shì)E及內(nèi)阻r①請(qǐng)你在圖乙中用筆畫線，將各元件連接成測(cè)量電路圖，（）②若利用測(cè)量的數(shù)據(jù)，作出的G表示與通過(guò)滑動(dòng)變阻器的電流I的關(guān)系圖象如圖丙所示，則可得到電源的電動(dòng)勢(shì)______V，內(nèi)阻______四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，在光滑水平面上有一長(zhǎng)為L(zhǎng)=0.5m的單匝正方形閉合導(dǎo)體線框abcd，處于磁感應(yīng)強(qiáng)度為B=0.4T的有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，其ab邊與磁場(chǎng)的邊界重合．線框由同種粗細(xì)均勻、電阻為R=2Ω的導(dǎo)線制成．現(xiàn)用垂直于線框ab邊的水平拉力，將線框以速度v=5m/s向右沿水平方向勻速拉出磁場(chǎng)，此過(guò)程中保持線框平面與磁感線垂直，且ab邊與磁場(chǎng)邊界平行．求線框被拉出磁場(chǎng)的過(guò)程中：（1）通過(guò)線框的電流大小及方向；（2）線框中c、d兩點(diǎn)間的電壓大??；（3）水平拉力的功率14．（16分）如圖所示，兩電阻不計(jì)的足夠長(zhǎng)光滑平行金屬導(dǎo)軌與水平面夾角θ，導(dǎo)軌間距L，所在平面的正方形區(qū)域abcd內(nèi)存在有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，方向垂直斜面向上．將甲乙兩個(gè)電阻相同、質(zhì)量均為m的相同金屬桿如圖放置在導(dǎo)軌上，甲金屬桿處在磁場(chǎng)的上邊界，甲乙相距l(xiāng)．從靜止釋放兩金屬桿的同時(shí)，在甲金屬桿上施加一個(gè)沿著導(dǎo)軌的外力F，使甲金屬桿始終沿導(dǎo)軌向下做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度大小為gsinθ，乙金屬桿剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)作勻速運(yùn)動(dòng)（1）求金屬桿乙剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度.（2）自剛釋放時(shí)開(kāi)始計(jì)時(shí)，寫出從開(kāi)始到甲金屬桿離開(kāi)磁場(chǎng)，外力F隨時(shí)間t的變化關(guān)系，并說(shuō)明F的方向.（3）若從開(kāi)始釋放到乙金屬桿離開(kāi)磁場(chǎng)，乙金屬桿中共產(chǎn)生熱量Q，試求此過(guò)程中外力F對(duì)甲做的功.15．（12分）如圖所示，兩平行金屬板間距為d，電勢(shì)差為U，板間電場(chǎng)可視為勻強(qiáng)電場(chǎng)；金屬板下方有一磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，帶電量為+q、質(zhì)量為m的粒子，由靜止開(kāi)始從正極板出發(fā)，經(jīng)電場(chǎng)加速后射出，并進(jìn)入磁場(chǎng)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，忽略重力的影響，求：（1）勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)E的大??；（2）粒子從電場(chǎng)射出時(shí)速度ν的大小；（3）粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑R。

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、B【解析】根據(jù)左手定值可知，A圖中的安培力應(yīng)該垂直磁感線垂直于電流的方向指向左上方．故A錯(cuò)誤；B圖中磁場(chǎng)的方向向下，電流的方向向里，所以安培力的方向向左．故B正確；C圖中磁場(chǎng)的方向向左，電流方向向上，所以安培力的方向向里．故C錯(cuò)誤；D圖中電流的方向與磁場(chǎng)的方向平行，不受安培力；故D錯(cuò)誤．故選B.【點(diǎn)睛】本題考查安培定則和左手定則綜合應(yīng)用能力，對(duì)于兩個(gè)定則要注意應(yīng)用條件的不同：安培定則判斷電流與磁場(chǎng)方向的兩者關(guān)系；左手定則判斷通電導(dǎo)線在磁場(chǎng)所受安培力方向與磁場(chǎng)方向、電流方向三者的關(guān)系2、C【解析】A．R的圖線的斜率大小等于R的阻值，則=2.0Ω，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)閉合電路歐姆定律得，U=E?Ir，當(dāng)I=0時(shí)，U=E，由圖可讀出電源的電動(dòng)勢(shì)E=4.0V,內(nèi)阻等于圖線a的斜率大小，則=2.0Ω，故B錯(cuò)誤；C．兩圖線的交點(diǎn)表示該電源直接與電阻R相連組成閉合電路時(shí)工作狀態(tài)，由圖讀出電阻兩端電壓U=2.0V，電路中電流I=1.0A，則電阻在2s內(nèi)消耗的電能E=UIt=4J，故C正確；D．由于電源內(nèi)阻的存在，若將兩個(gè)相同電阻R串聯(lián)接入該電源，則電流比原來(lái)的一半大，故D錯(cuò)誤。故選C。3、B【解析】小球恰好通過(guò)最高點(diǎn)，則有：，解得小球在最高點(diǎn)的速度為：，小球從A點(diǎn)到最高點(diǎn)的過(guò)程中，根據(jù)動(dòng)能定理可得：，解得：，故B正確ACD錯(cuò)誤。故選B。4、B【解析】當(dāng)線圈轉(zhuǎn)動(dòng)線圈平面與磁感應(yīng)線垂直的位置時(shí)，線圈的兩個(gè)邊受到兩個(gè)大小相等、方向相反且作用在同一條直線上的力，線圈在平衡力的作用下在平衡位置附近左右擺動(dòng)，即該位置就是平衡位置，即為了讓電動(dòng)機(jī)能夠持續(xù)轉(zhuǎn)動(dòng)，在制作電動(dòng)機(jī)時(shí)增加了換向器，線圈在平衡位置依靠慣性自動(dòng)轉(zhuǎn)動(dòng)，當(dāng)線圈剛好轉(zhuǎn)過(guò)平衡位置時(shí)換向器就自動(dòng)改變線圈中的電流的方向，及時(shí)改變通電線圈的受力方向，保證電動(dòng)機(jī)能夠連續(xù)轉(zhuǎn)動(dòng)。A．線圈轉(zhuǎn)到任意位置，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．線圈平面與磁感線垂直，與結(jié)論相符，選項(xiàng)B正確；C．線圈平面與磁感線平行，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．線圈平面與磁感線成45°角，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；故選B。5、D【解析】A．電視機(jī)顯像管利用了磁偏轉(zhuǎn)的原理，選項(xiàng)A正確，不符合題意；B．指南針是利用地磁場(chǎng)來(lái)指示方向的，選項(xiàng)B正確，不符合題意；C．電動(dòng)機(jī)是利用磁場(chǎng)對(duì)電流的作用力來(lái)工作的，選項(xiàng)C正確，不符合題意；D．地磁場(chǎng)的南極在地理的北極附近，選項(xiàng)D錯(cuò)誤，符合題意6、A【解析】根據(jù)電路串聯(lián)分壓和并聯(lián)分流的特點(diǎn)，電流表改裝成大量程的電壓表需要串聯(lián)一個(gè)大電阻分擔(dān)多的電壓；結(jié)合部分電路的歐姆定律可知，代入數(shù)據(jù)得，故選A【點(diǎn)睛】電流表串聯(lián)電阻起分壓作用為電壓表，電壓表串聯(lián)電阻為總電阻減去電流表的內(nèi)阻．總電阻=量程除以滿偏電流，串聯(lián)電阻為二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、BC【解析】首先搞清電路的結(jié)構(gòu)：電流穩(wěn)定時(shí)，變阻器與R2串聯(lián)，R1上無(wú)電流，無(wú)電壓，電容器的電壓等于變阻器的電壓，電壓表測(cè)量變阻器的電壓，電流表測(cè)量干路電流；當(dāng)滑片P向a端移動(dòng)一些后，變阻器接入電路的電阻增大，根據(jù)歐姆定律分析電路的總電阻變化和干路電流的變化，再分析電表讀數(shù)的變化和電容器電量的變化【詳解】解：當(dāng)滑動(dòng)變阻器P的滑動(dòng)觸頭從圖示位置向a端移動(dòng)時(shí)，其接入電路的電阻值增大，外電路總電阻增大，由閉合電路的歐姆定律可知，干路的電流I減小；變阻器兩端的電壓，由I減小，可知U增大，即電容器C兩端的電壓增大，再據(jù)Q=CU，可判斷出電容器的電荷量Q增大，故BC正確，AD錯(cuò)誤．故選BC【點(diǎn)睛】本題是含有電容器的動(dòng)態(tài)變化分析問(wèn)題，要綜合考慮局部與整體的關(guān)系，對(duì)于電容器明確兩端的電壓，再利用電容器的定義式判斷電量的變化情況8、AC【解析】由題意可知，當(dāng)原來(lái)“右側(cè)射出a、b板間區(qū)域時(shí)動(dòng)能比入射時(shí)小”，說(shuō)明“電場(chǎng)力對(duì)粒子做負(fù)功”，電場(chǎng)力小于磁場(chǎng)力，即，則；現(xiàn)在，要“射出a、b板間區(qū)域時(shí)的動(dòng)能比入射時(shí)大”，就是要“電場(chǎng)力對(duì)粒子做正功”，電場(chǎng)力大于磁場(chǎng)力；電容器帶電量不變，根據(jù)、、，有；適當(dāng)減小兩金屬板的正對(duì)面積，場(chǎng)強(qiáng)增加，可能滿足，故A正確；電容器帶電量不變，改變極板間距離時(shí)，根據(jù)，板間的場(chǎng)強(qiáng)不變，故電場(chǎng)力不變，故B錯(cuò)誤；減小磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B，可能有，故C正確；根據(jù)左手定則，及正電荷受到的電場(chǎng)力與電場(chǎng)強(qiáng)度方向相同，負(fù)電荷與電場(chǎng)強(qiáng)度方向相反，則有：電場(chǎng)力大小與“粒子電性”無(wú)關(guān)，故D錯(cuò)誤【點(diǎn)睛】考查粒子在電場(chǎng)與磁場(chǎng)中，受到電場(chǎng)力與磁場(chǎng)力作用，掌握電場(chǎng)力對(duì)粒子做功，而磁場(chǎng)力對(duì)粒子不做功，并理解動(dòng)能定理與左手定則的應(yīng)用9、AB【解析】A．根據(jù)如圖乙所示的I-t圖象可知I=kt，其中k為比例系數(shù)，由閉合電路歐姆定律可得又E=Blv聯(lián)立解得故v-t圖象是一條過(guò)原點(diǎn)且斜率大于零的直線，說(shuō)明導(dǎo)體棒做的是初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，即v=at，A正確；B．由法拉第電磁感應(yīng)定律可得所以有故圖象是一條過(guò)原點(diǎn)且斜率大于零的直線，B正確；C．對(duì)導(dǎo)體棒由牛頓第二定律可得F-BIl-mgsinθ=ma而，v=at聯(lián)立解得可見(jiàn)F-t圖象是一條斜率大于零且與速度軸正半軸有交點(diǎn)的直線，C錯(cuò)誤；D．流過(guò)R電荷量q為故q-t圖象是一條開(kāi)口向上的拋物線，D錯(cuò)誤。故選AB。10、CD【解析】粒子無(wú)論帶何種電荷，電場(chǎng)力與洛倫茲力大小都相等，且Eq=qvB，故A錯(cuò)誤；當(dāng)將板間距離變?yōu)樵瓉?lái)的2倍，場(chǎng)強(qiáng)變小，Eq＜qvB

粒子運(yùn)動(dòng)軌跡偏向極板；當(dāng)粒子為正電荷時(shí)，偏向上極板；當(dāng)粒子為負(fù)電荷時(shí)，偏向下極板，故B錯(cuò)誤；據(jù)Eq=qvB

可知，將磁感應(yīng)強(qiáng)度和電場(chǎng)強(qiáng)度均變?yōu)樵瓉?lái)的2倍，二力依然平衡，所以粒子仍做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故C正確當(dāng)撤去電場(chǎng)，粒子可能在極板間做半圓周運(yùn)動(dòng)再出磁場(chǎng)，據(jù)在磁場(chǎng)的圓周運(yùn)動(dòng)的周期T=，粒子在板間運(yùn)動(dòng)的最長(zhǎng)時(shí)間可能是，故D正確．故選CD三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過(guò)程。11、①.300②.3:1【解析】（3）[1]由可得，[2]由可得故12、①.E②.G表示數(shù)I，V表示數(shù)U③.④.電路圖見(jiàn)解析⑤.⑥.【解析】（1）[1]．G表本身可以測(cè)量通過(guò)的電流，但由題意可知，G表內(nèi)阻較小，無(wú)法直接用電壓表進(jìn)行測(cè)量，故應(yīng)與E：定值電阻R0串聯(lián)后再與電壓表并聯(lián)；[2][3]．同時(shí)由于兩表量程偏低，且滑動(dòng)變阻器阻值偏小，為了安全，采用滑動(dòng)變阻器分壓接法；故原理圖如甲圖所示；為了更好地保護(hù)電路，也可以與電阻箱串聯(lián)后給G供電；故電路圖可以是甲圖中的任一個(gè)；由歐姆定律可知解得：則要測(cè)量的量是：G表示數(shù)I，V表示數(shù)U；（2）①[4]．將G表與電阻箱串聯(lián)后，可以充當(dāng)電壓表使用，則其應(yīng)并聯(lián)在電源兩端，滑動(dòng)變阻器與電流表串聯(lián)后即可進(jìn)行測(cè)電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻的實(shí)驗(yàn)，實(shí)物電路圖如圖所