2025屆安徽省合肥雙鳳高級中學(xué)物理高二上期中學(xué)業(yè)質(zhì)量監(jiān)測模擬試題含解析

2025屆安徽省合肥雙鳳高級中學(xué)物理高二上期中學(xué)業(yè)質(zhì)量監(jiān)測模擬試題考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內(nèi)，不得在試卷上作任何標(biāo)記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內(nèi)，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，虛線表示電場中的等勢線，相鄰等勢線之間的電勢差相等，一電子以一定的初速度進(jìn)入電場中，只在電場力的作用下運動，運動軌跡如圖中實線所示，M、N兩點是電子運動軌跡上的兩個點，由此可判斷（）A．N點電勢高于M點電勢B．電子一定是從N點運動到M點C．電子在M點的電勢能小于在N點的電勢能D．電子在M點的動能小于在N點的動能2、在物理學(xué)史上.通過“理想實驗”推翻”力是維持物體運動的原因”這個觀點的物理學(xué)家是()A．亞里士多德B．伽利略C．牛頓D．愛因斯坦3、一帶電粒子在（重力不計）如圖所示的電場中，在電場力作用下，沿虛線所示軌跡從A點運動到B點，下列說法中正確的是（）A．粒子帶正電B．粒子的加速度在減少C．粒子的動能在增大D．粒子的電勢能在增大4、如圖所示，質(zhì)量為m的小球分別放在桌面上斜面體的上端和地面上，若以桌面為參考平面，則在圖中的兩個物體的重力勢能分別為()A．mgh1，－mgh2B．mg(h1＋h2)，0C．mgh2，mgh1D．mg(h1－h(huán)2)，05、水平轉(zhuǎn)臺兩個質(zhì)量相等的物體A和B，A、B與轉(zhuǎn)軸距離分別為、，當(dāng)轉(zhuǎn)盤和物塊繞豎直轉(zhuǎn)軸勻速轉(zhuǎn)動時，物塊與轉(zhuǎn)盤始終保持相對靜止（）A．A線速度比B線速度大 B．A角速度比B角速度大C．當(dāng)轉(zhuǎn)速增大時，A比B先滑動 D．當(dāng)轉(zhuǎn)速增大時，B比A先滑動6、將一內(nèi)阻是3k電壓表的量程由0~3V擴(kuò)大到0~15V，需要給它A．并聯(lián)12k電阻 B．并聯(lián)15k電阻C．串聯(lián)12k電阻 D．串聯(lián)15k電阻二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、一帶電液滴在重力和勻強電場對它的作用力作用下，從靜止開始由b沿直線運動到d，且bd與豎直方向所夾的銳角為45°，則下列結(jié)論正確（）A．此液滴帶負(fù)電B．液滴的加速度等于2C．液滴的重力勢能和電勢能都減小D．合外力對液滴做的總功等于零8、為了保護(hù)航天員的安全，飛船上使用了降落傘、反推火箭、緩沖座椅三大法寶，在距離地面大約1m時，返回艙的4個反推火箭點火工作，返回艙速度一下子降到了2m/s以內(nèi)，隨后又漸漸降到1m/s，最終安全著陸．把返回艙從離地1m開始減速到完全著陸稱為著地過程，則關(guān)于反推火箭的作用，下列說法正確的是()A．減小著地過程中返回艙和航天員的動量變化B．減小著地過程中返回艙和航天員所受的沖量C．延長著地過程的作用時間D．減小著地過程返回艙和航天員所受的平均沖力9、如圖所示是用電壓表和電流表測電阻的一種方法，Rx為待測電阻，如果考慮到儀表本身電阻對測量結(jié)果的影響，則（）A．Rx的測量值大于實際值B．Rx的測量值小于實際值C．Rx為大阻值電阻時應(yīng)采用這種接法D．Rx為小阻值電阻時應(yīng)采用這種接法10、如圖，一條形磁鐵靜止在水平桌面上，磁鐵右上方有垂直紙面的水平導(dǎo)線a，若導(dǎo)線內(nèi)通有垂直紙面向里的電流，條形磁鐵仍然靜止，則A．條形磁鐵對桌面的壓力增大B．條形磁鐵對桌面的壓力減小C．條形磁鐵有向右的運動趨勢D．條形磁鐵有向左的運動趨勢三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）(1)用游標(biāo)為20分度的卡尺測量物體的長度如圖所示，由圖可知其長度為_________mm；(2)用螺旋測微器測量物體直徑如圖，由圖可知其直徑為_________mm；12．（12分）小明同學(xué)想測量某電阻元件正常工作下的阻值RL，已知該元件電阻約為2Ω，額定電流為1A。在保證器材安全的情況下，盡量準(zhǔn)確的測量RL?？晒┦褂玫钠鞑挠校篈．電流表A1：量程0—0.6A(內(nèi)阻RA1為1Ω)B．電流表A2：量程0—3A(內(nèi)阻RA2約為0.5Ω)C．電壓表V1：量程0—3V(內(nèi)阻RV1約為3KΩ)D．電壓表V2：量程0—15V(內(nèi)阻RV2約為15KΩ)E.定值電阻R1=1ΩF.定值電阻R3=1KΩG.滑動變阻器R：0—5ΩH.蓄電池E：電動勢10V，不計內(nèi)阻I.導(dǎo)線，電鍵S(1)電流表應(yīng)選___________，電壓表應(yīng)選___________(填寫器材前面的字母序號)(2)畫出電路圖，并標(biāo)上元件對應(yīng)的符號；(3)正確連接電路后，當(dāng)電流表示數(shù)為___________A，元件正常工作。此時電壓表示數(shù)如右上圖，請讀出此時電壓表的示數(shù)___________V，則此元件的電阻為___________Ω。(計算結(jié)果保留2位小數(shù))四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，在方向水平的勻強電場中，長為的輕質(zhì)絕緣細(xì)線一端拴一質(zhì)量為、電荷量為的小球，細(xì)線另一端固定于點.將細(xì)線拉直至水平狀態(tài)由靜止釋放，小球擺動到懸點正下方時受到細(xì)線的拉力大小為，為重力加速度，不計空氣阻力，求：(1)小球運動到最低點時的速率；(2)勻強電場的場強；(3)小球運動過程中的最大速度.14．（16分）如圖，一質(zhì)量為m=10kg的物體，由1/4光滑圓弧軌道上端從靜止開始下滑，到達(dá)底端后沿水平面向右滑動1m距離后停止．已知軌道半徑R=0.8m，g=10m/s2，求：（1）物體滑至圓弧底端時的速度大?。?）物體沿水平面滑動過程中克服摩擦力做的功（3）物體滑至圓弧底端時對軌道的壓力大小15．（12分）如圖所示的電路中，電源電動勢E=6.00V，其內(nèi)阻可忽略不計。電阻的阻值分別為R1=2.4kΩ、R2=4.8kΩ，電容器的電容C=4.7μF．閉合開關(guān)S，待電流穩(wěn)定后，用電壓表測R1兩端的電壓，其穩(wěn)定值為1.50V。求：（1）由于電壓表的接入，電容器的帶電量變化了多少？（2）該電壓表的內(nèi)阻為多大？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】A、由運動軌跡可知，電場力的方向指向右下方，由于是負(fù)電荷，所以電場線方向是左向上，根據(jù)電場的性質(zhì)“順著電場線的方向電勢降落”可知M點的電勢高于N點的電勢，故A錯誤；B、根據(jù)電場線或等勢面的疏密程度可知，M點的場強小于N場強，粒子在M點受的電場力小于在N點受的電場力，故B正確；C、由，得電場力做負(fù)功電勢能增加，即電子在M點的電勢能小于在N點的電勢能，故C正確；D、電場力做負(fù)功，電子在M點的動能大于在N點的動能，故D錯誤．故選BC．【點睛】電場線與等勢面垂直．電場線密的地方電場的強度大，電場線疏的地方電場的強度小，電場力做正功，電勢能減小，電場力做負(fù)功，電勢能增加．2、B【解析】伽利略推翻了亞里士多德的觀點,認(rèn)為力不是維持物體速度的原因,而是改變物體運動狀態(tài)的原因;所以B選項是正確的,ACD錯誤

綜上所述本題答案是：B3、D【解析】由粒子的運動軌跡彎曲方向可知，帶電粒子受電場力的方向大致斜向左下方，與電場強度方向相反，故粒子帶負(fù)電，故A錯誤．B點電場線密集，故電場強度大，電場力大，故加速度大，所以粒子的加速度一直增大，故B錯誤；由于帶電粒子是從A到B，帶電粒子受電場力的方向大致斜向左下方，故電場力做負(fù)功，動能減小，電勢能增大，故C錯誤，D正確．故選D.點睛：解這類題的思路：根據(jù)帶電粒子運動軌跡判定電場力方向，然后根據(jù)電性和電場線的疏密程度，判斷電場力方向，根據(jù)電場力做功判斷電勢能的變化．4、A【解析】以桌面為參考面，即桌面所在平面為零勢能面，小球在斜面體的上端距離桌面高度為，在零勢能面上方，則重力勢能為；地面上的小球在零勢能面下方，距離零勢能面的距離為，故勢能為，故A正確．5、D【解析】

AB．兩物塊隨轉(zhuǎn)盤一起轉(zhuǎn)動，角速度相等，由可知，因B的轉(zhuǎn)動半徑大，則B的線速度比A的線速度大，故AB均錯誤；CD．當(dāng)物塊隨轉(zhuǎn)盤轉(zhuǎn)動即將相對滑動時，由最大靜摩擦力提供向心力，有可知臨界角速度為因B的轉(zhuǎn)動半徑大，則B物體的臨界角速度較小，即B比A先滑動，故C錯誤，D正確。故選D。6、C【解析】

把一個電壓表改裝為量程更大的電壓表需要串聯(lián)分壓電阻，應(yīng)用串聯(lián)電路特點可以求出串聯(lián)電阻阻值。【詳解】把量程為3V的電壓表改裝成15V的電壓表需要串聯(lián)分壓電阻，由串聯(lián)電路特點可知，分壓電阻分壓為12V，是電壓表的4倍，串聯(lián)電路兩端電壓與電阻成正比，由此可知，串聯(lián)電阻阻值為電壓表內(nèi)阻的4倍，串聯(lián)電阻阻值為：3kΩ×4=12kΩ，故C正確，ABD錯誤。故選C。【點睛】題考查了電壓表的改裝，知道電壓表的改裝原理是解題的前提與關(guān)鍵，應(yīng)用串聯(lián)電路特點即可解題。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ABC【解析】

根據(jù)帶電液滴作直線運動可知帶電液滴所受重力與電場力的合力一定沿運動方向，利用假設(shè)法可以判定出帶電液滴所帶電荷的性質(zhì)，從而求出電場力的大小與合外力的大小再根據(jù)牛頓第二定律計算出物體的加速度；根據(jù)合外力的方向與速度的方向相同可知合外力做正功，根據(jù)電場力做功的情況可以判定電勢能變化情況。【詳解】A項：若液滴帶正電，其受力情況如圖所示，液滴不可能沿bd運動，故只能帶負(fù)電荷，故A正確；B項：對液滴進(jìn)行受力分析，其受力情況如圖所示，故物體所受合力F=2mg，故物體的加速度a=2C項：由于電場力所做的功W電=Eqxbdcos45°＞0，故電場力對液滴做正功，故液滴的電勢能減小，液滴向下運動，所以重力勢能也減小，故C正確；D項：由于液滴從靜止開始做加速運動，故合力的方向與運動的方向相同，故合外力對物體做正功，故D錯誤。故應(yīng)選：ABC?！军c睛】帶電液滴從靜止開始由b沿直線運動到d，是我們判定液滴帶電性質(zhì)的突破口，在今后的學(xué)習(xí)中我們經(jīng)常用到要注意掌握。8、CD【解析】

返回艙和航天員在最后1m的著陸過程中用不用反推火箭，它們的初速度相同，末速度是0，故在著陸過程中返回艙和航天員的動量變化是相同的，反推火箭的作用是延長著陸時間，減少動量的變化率，根據(jù)動量定理，合外力的沖量等于動量的變化，由于動量變化相同，延長了著陸時間則減小了著陸過程中返回艙和航天員所受的平均沖擊力．由分析知：在著地過程中返回艙和航天員的動量變化是相同的，故A錯誤；根據(jù)動量定理，在著地過程中返回艙和航天員的動量變化是相同的，故在此過程中所受沖量也是相同的，故B錯誤；反推火箭的主要作用是延長了返回艙和航天員的著地時間，故C正確；根據(jù)動量定理，在著地過程中動量的變化相同，反推火箭延長了著地時間，根據(jù)動量定理可知在著地過程中反推火箭的作用是減小著地過程返回艙和航天員所受的平均沖擊力，D正確．9、BD【解析】

由于電流表所測的是電壓表與電阻的電流，因此所測電流偏大，則Rx的測量值小于實際值，B正確；如果Rx為大阻值電阻，電壓表所分得電流對電路影響較大，則不采用這種接法，反之Rx為小阻值電阻時應(yīng)采用這種接法，則D正確．10、AD【解析】

以導(dǎo)線為研究對象，導(dǎo)線所在處的磁場的方向指向左上方，由左手定則判斷得知導(dǎo)線所受安培力方向斜向右上方，根據(jù)牛頓第三定律得知，導(dǎo)線對磁鐵的安培力方向斜向左下方，磁鐵有向左運動的趨勢，受到向右的摩擦力，同時磁鐵對桌面的壓力增大，故AD正確，BC錯誤．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、49.101.772【解析】

(1)20分度的游標(biāo)卡尺，精確度是0.05mm，游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為49mm，游標(biāo)尺上第2個刻度和主尺上某一刻度對齊，所以游標(biāo)讀數(shù)為2×0.05mm=0.10mm，所以最終讀數(shù)為：49mm+0.10mm=49.10mm.(2)螺旋測微器的固定刻度為1.5mm，可動刻度為27.2×0.01mm=0.272mm，所以最終讀數(shù)為1.5mm+0.272mm=1.772mm(1.771~1.775).12、AC0.502.53-2.572.03-2.07【解析】

（1）的額定電流為1A，從安全性和精確性兩方面考慮，兩個電流表均不滿足要求，故要進(jìn)行電表的改裝，電流表量程較小，且知道內(nèi)阻，故把改裝能達(dá)到要求，電流表和改裝成量程為1.2A的電流表，滿足要求，電流表選，故選A；由于的額定電流為1A，兩端的最大電壓約為2V，故電壓表選擇，故選C；（2）的量程是，小于電源的電動勢,從安全性的角度考慮，應(yīng)采用分壓式解法，考慮到知道電流表的內(nèi)阻，采用電流表內(nèi)接法可以消除系統(tǒng)誤差，電路圖如下圖所示：（3）當(dāng)電流表的讀數(shù)為0.5A時，電阻兩端達(dá)到額定電流1A，正常工作。估算電流的最大值，，由于只有電流表知道內(nèi)阻，由圖可知電壓表的讀數(shù)為2.53-2.57V，由，代入數(shù)據(jù)可得：四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)(2)(3)【解析】

(1)在最低點由牛頓第二定律得解得(2)由動能定理：解得：(3)設(shè)小球速度最大時，細(xì)線與豎直方向夾角為則由動能定理解得：14、（1）（2）（3）300N【解析】

(1)物體在光滑圓弧軌道上下滑過程，根據(jù)動能定理,有：mgR=解得：v==4m/s；(2