蒙古北京八中烏蘭察布分校2025屆高二上數(shù)學(xué)期末質(zhì)量跟蹤監(jiān)視試題含解析_第1頁(yè)
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蒙古北京八中烏蘭察布分校2025屆高二上數(shù)學(xué)期末質(zhì)量跟蹤監(jiān)視試題注意事項(xiàng):1.答題前,考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫清楚,將條形碼準(zhǔn)確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2.選擇題必須使用2B鉛筆填涂;非選擇題必須使用0.5毫米黑色字跡的簽字筆書寫,字體工整、筆跡清楚。3.請(qǐng)按照題號(hào)順序在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答,超出答題區(qū)域書寫的答案無效;在草稿紙、試題卷上答題無效。4.保持卡面清潔,不要折疊,不要弄破、弄皺,不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、選擇題:本題共12小題,每小題5分,共60分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1.已知函數(shù),則滿足不等式的的取值范圍是()A. B.C. D.2.若雙曲線與橢圓有公共焦點(diǎn),且離心率,則雙曲線的標(biāo)準(zhǔn)方程為()A. B.C. D.3.某市統(tǒng)計(jì)局網(wǎng)站公布了2017年至2020年該市政府部門網(wǎng)站的每年的兩項(xiàng)訪問量,數(shù)據(jù)如下:年度項(xiàng)目2017年2018年2019年2020年獨(dú)立用戶訪問總量(單位:個(gè))2512573924400060989網(wǎng)站總訪問量(單位:次)23435370348194783219288下列表述中錯(cuò)誤的是()A.2017年至2018年,兩項(xiàng)訪問量都增長(zhǎng)幅度較大;B.2018年至2019年,兩項(xiàng)訪問量都有所回落;C.2019年至2020年,兩項(xiàng)訪問量都又有所增長(zhǎng);D.從數(shù)據(jù)可以看出,該市政府部門網(wǎng)站的兩項(xiàng)訪問量都呈逐年增長(zhǎng)態(tài)勢(shì)4.命題的否定是()A. B.C. D.5.如圖所示,過拋物線的焦點(diǎn)F的直線依次交拋物線及準(zhǔn)線于點(diǎn)A,B,C.若,且,則拋物線的方程為()A. B.C. D.6.已知空間向量,,且與互相垂直,則k的值是()A.1 B.C. D.7.設(shè)集合或,,則()A. B.C. D.8.在等差數(shù)列中,,,則的取值范圍是()A. B.C. D.9.已知角的頂點(diǎn)與坐標(biāo)原點(diǎn)重合,始邊與x軸的非負(fù)半軸重合,角終邊上有一點(diǎn),為銳角,且,則()A. B.C. D.10.下面四個(gè)條件中,使成立的充分而不必要的條件是A. B.C. D.11.已知命題p:?x>2,x2>2x,命題q:?x0∈R,ln(x02+1)<0,則下列命題是真命題的是()A.p∧ B.p∨C.p∧q D.p∨q12.已知正方形ABCD的邊長(zhǎng)為2,E,F(xiàn)分別為CD,CB的中點(diǎn),分別沿AE,AF將三角形ADE,ABF折起,使得點(diǎn)B,D恰好重合,記為點(diǎn)P,則AC與平面PCE所成角等于()A. B.C. D.二、填空題:本題共4小題,每小題5分,共20分。13.已知函數(shù)有零點(diǎn),則的取值范圍是___________.14.不等式的解集是________.15.已知函數(shù),,若,,使得,則實(shí)數(shù)a的取值范圍是______16.在等比數(shù)列中,,,若數(shù)列滿足,則數(shù)列的前項(xiàng)和為________三、解答題:共70分。解答應(yīng)寫出文字說明、證明過程或演算步驟。17.(12分)如圖,四邊形是一塊邊長(zhǎng)為4km正方形地域,地域內(nèi)有一條河流,其經(jīng)過的路線是以中點(diǎn)為頂點(diǎn)且開口向右的拋物線的一部分(河流寬度忽略不計(jì)),某公司準(zhǔn)備投資一個(gè)大型矩形游樂場(chǎng).(1)設(shè),矩形游樂園的面積為,求與之間的函數(shù)關(guān)系;(2)試求游樂園面積的最大值.18.(12分)在平面直角坐標(biāo)系中,設(shè)點(diǎn),直線,點(diǎn)P在直線l上移動(dòng),R是線段PF與y軸的交點(diǎn),也是PF的中點(diǎn).,(1)求動(dòng)點(diǎn)Q的軌跡的方程E;(2)過點(diǎn)F作兩條互相垂直的曲線E的弦AB、CD,設(shè)AB、CD的中點(diǎn)分別為M,N.求直線MN過定點(diǎn)R的坐標(biāo)19.(12分)已知函數(shù).(Ⅰ)求的單調(diào)遞減區(qū)間;(Ⅱ)若當(dāng)時(shí),恒成立,求實(shí)數(shù)a的取值范圍.20.(12分)設(shè)函數(shù).(1)討論函數(shù)在區(qū)間上的單調(diào)性;(2)函數(shù),若對(duì)任意的,總存在使得,求實(shí)數(shù)的取值范圍.21.(12分)已知數(shù)列和中,,且,.(1)寫出,,,,猜想數(shù)列和的通項(xiàng)公式并證明;(2)若對(duì)于任意都有,求的取值范圍.22.(10分)已知圓.(1)若直線與圓相交于兩點(diǎn),弦的中點(diǎn)為,求直線的方程;(2)若斜率為1的直線被圓截得的弦為,以為直徑的圓經(jīng)過圓的圓心,求直線的方程.

參考答案一、選擇題:本題共12小題,每小題5分,共60分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、A【解析】利用導(dǎo)數(shù)判斷函數(shù)的單調(diào)性,根據(jù)單調(diào)性即可解不等式【詳解】由則函數(shù)在上單調(diào)遞增又,所以,解得故選:A2、A【解析】首先求出橢圓的焦點(diǎn)坐標(biāo),然后根據(jù)可得雙曲線方程中的的值,然后可得答案.【詳解】橢圓焦點(diǎn)坐標(biāo)為所以雙曲線的焦點(diǎn)在軸上,,因?yàn)椋?,所以雙曲線的標(biāo)準(zhǔn)方程為故選:A3、D【解析】根據(jù)表格數(shù)據(jù),結(jié)合各選項(xiàng)的描述判斷正誤即可.【詳解】A:2017年至2018年,兩項(xiàng)訪問量分別增長(zhǎng)、,顯然增長(zhǎng)幅度相較于后兩年是最大的,正確;B:2018年至2019年,兩項(xiàng)訪問量相較于2017年至2018年都有回落,正確;C:2019年至2020年,兩項(xiàng)訪問量分別增長(zhǎng)、,正確;D:由B分析知,該市政府部門網(wǎng)站的兩項(xiàng)訪問量在2018年至2019年有回落,而不是逐年增長(zhǎng)態(tài)勢(shì),錯(cuò)誤.故選:D.4、C【解析】根據(jù)含全稱量詞命題的否定可寫出結(jié)果.【詳解】全稱命題的否定是特稱命題,所以命題的否定是.故選:C5、A【解析】分別過點(diǎn)作準(zhǔn)線的垂線,分別交準(zhǔn)線于點(diǎn),,設(shè),推出;根據(jù),進(jìn)而推導(dǎo)出,結(jié)合拋物線定義求出;最后由相似比推導(dǎo)出,即可求出拋物線的方程.【詳解】如圖分別過點(diǎn)作準(zhǔn)線的垂線,分別交準(zhǔn)線于點(diǎn),,設(shè)與交于點(diǎn).設(shè),,,由拋物線定義得:,故在直角三角形中,,,,,,,∥,,,即,,所以拋物線的方程為.故選:A6、D【解析】由=0可求解【詳解】由題意,故選:D7、B【解析】根據(jù)交集的概念和運(yùn)算直接得出結(jié)果.【詳解】由題意知,.故選:B.8、A【解析】根據(jù)題設(shè)可得關(guān)于的不等式,從而可求的取值范圍.【詳解】設(shè)公差為,因?yàn)椋?,即,從?故選:A.9、C【解析】根據(jù)角終邊上有一點(diǎn),得到,再根據(jù)為銳角,且,求得,再利用兩角差的正切函數(shù)求解.【詳解】因?yàn)榻墙K邊上有一點(diǎn),所以,又因?yàn)闉殇J角,且,所以,所以,故選:C10、A【解析】由,但無法得出,A滿足;由、均無法得出,不滿足“充分”;由,不滿足“不必要”.考點(diǎn):不等式性質(zhì)、充分必要性.11、B【解析】取x=4,得出命題p是假命題,由對(duì)數(shù)的運(yùn)算得出命題q是假命題,再判斷選項(xiàng).【詳解】命題p:?x>2,x2>2x,是假命題,例如取x=4,則42=24;命題q:?x0∈R,ln(x02+1)<0,是假命題,∵?x∈R,ln(x2+1)≥0.則下列命題是真命題的是.故選:B.12、A【解析】如圖,以PE,PF,PA分別為x,y,z軸建立空間直角坐標(biāo)系,利用空間向量求解【詳解】由題意得,因?yàn)檎叫蜛BCD的邊長(zhǎng)為2,E,F(xiàn)分別為CD,CB的中點(diǎn),所以,所以,所以所以PA,PE,PF三線互相垂直,故以PE,PF,PA分別為x,y,z軸建立空間直角坐標(biāo)系,則,,,,設(shè),則由,,,得,解得,則設(shè)平面的法向量為,則,令,則,因?yàn)?,所以AC與平面PCE所成角的正弦值,因?yàn)锳C與平面PCE所成角為銳角,所以AC與平面PCE所成角為,故選:A二、填空題:本題共4小題,每小題5分,共20分。13、【解析】利用導(dǎo)數(shù)可求得函數(shù)的最小值,要使函數(shù)有零點(diǎn),只要,求得函數(shù)的最小值,即可得解.【詳解】解:,當(dāng)時(shí),,當(dāng)時(shí),,所以在上遞減,在上遞增,所以,因?yàn)楹瘮?shù)有零點(diǎn),所以,解得.故答案為:.14、【解析】把原不等式的右邊移項(xiàng)到左邊,通分計(jì)算后,根據(jù)分式不等式解法,然后轉(zhuǎn)化為兩個(gè)一元一次不等式組,注意分母不為0的要求,求出不等式組的解集即為原不等式的解集【詳解】不等式得,故,故答案為:.15、【解析】先求出兩函數(shù)在上的值域,再由已知條件可得,且,列不等式組可求得結(jié)果【詳解】由,得,當(dāng)時(shí),,所以在上單調(diào)遞減,所以,即,由,得,當(dāng)時(shí),,所以在上單調(diào)遞增,所以,即,因?yàn)?,,使得,所以,解得,故答案為?6、【解析】求出等比數(shù)列的通項(xiàng)公式,可得出的通項(xiàng)公式,推導(dǎo)出數(shù)列為等差數(shù)列,利用等差數(shù)列的求和公式即可得解.【詳解】設(shè)等比數(shù)列的公比為,則,則,所以,,則,所以,數(shù)列為等差數(shù)列,故數(shù)列的前項(xiàng)和為.故答案為:.三、解答題:共70分。解答應(yīng)寫出文字說明、證明過程或演算步驟。17、(1)(2)【解析】(1)首先建立直角坐標(biāo)系,求出拋物線的方程,利用,求出點(diǎn)的坐標(biāo),表示出的面積為即可;(2)利用導(dǎo)數(shù)求函數(shù)的最值即可.【小問1詳解】以為原點(diǎn),所在直線為軸,垂直于的直線為軸建立直角坐標(biāo)系,則,設(shè)拋物線的方程為,將點(diǎn)代入方程可得,解得,則拋物線方程為,由已知得,則點(diǎn)的縱坐標(biāo)為,點(diǎn)的橫坐標(biāo)為,則,【小問2詳解】,令,解得,當(dāng)時(shí),,所以函數(shù)在上單調(diào)遞增,當(dāng)時(shí),,所以函數(shù)在上單調(diào)遞減,因此函數(shù)時(shí),有最大值,18、(1)(2)【解析】(1)由圖中的幾何關(guān)系可知,故可知?jiǎng)狱c(diǎn)Q的軌跡E是以F為焦點(diǎn),l為準(zhǔn)線的拋物線,但不能和原點(diǎn)重合,即可直接寫出拋物線的方程;(2)設(shè)出直線AB的方程,把點(diǎn)、的坐標(biāo)代入拋物線方程,兩式作差后,再利用中點(diǎn)坐標(biāo)公式求出點(diǎn)M的坐標(biāo),同理求出點(diǎn)的坐標(biāo),即可求出直線MN的方程,最后可求出直線MN過哪一定點(diǎn).【小問1詳解】∵直線的方程為,點(diǎn)R是線段FP的中點(diǎn)且,∴RQ是線段FP的垂直平分線,∵,∴是點(diǎn)Q到直線l的距離,∵點(diǎn)Q在線段FP的垂直平分線,∴,則動(dòng)點(diǎn)Q的軌跡E是以F為焦點(diǎn),l為準(zhǔn)線的拋物線,但不能和原點(diǎn)重合,即動(dòng)點(diǎn)Q軌跡的方程為.【小問2詳解】設(shè),,由題意直線AB斜率存在且不為0,設(shè)直線AB的方程為,由已知得,兩式作差可得,即,則,代入可得,即點(diǎn)M的坐標(biāo)為,同理設(shè),,直線的方程為,由已知得,兩式作差可得,即,則,代入可得,即點(diǎn)的坐標(biāo)為,則直線MN的斜率為,即方程為,整理得,故直線MN恒過定點(diǎn).19、(Ⅰ)單調(diào)遞減區(qū)間為;(Ⅱ).【解析】(Ⅰ)求函數(shù)的導(dǎo)函數(shù),求的區(qū)間即為所求減區(qū)間;(Ⅱ)化簡(jiǎn)不等式,變形為,即求,令,求的導(dǎo)函數(shù)判斷的單調(diào)性求出最小值,可求出的范圍.【詳解】(Ⅰ)由題可知.令,得,從而,∴的單調(diào)遞減區(qū)間為.(Ⅱ)由可得,即當(dāng)時(shí),恒成立.設(shè),則.令,則當(dāng)時(shí),.∴當(dāng)時(shí),單調(diào)遞增,,則當(dāng)時(shí),,單調(diào)遞減;當(dāng)時(shí),,單調(diào)遞增.∴,∴.【點(diǎn)睛】思路點(diǎn)睛:在函數(shù)中,恒成立問題,可選擇參變分離的方法,分離出參數(shù)轉(zhuǎn)化為或,轉(zhuǎn)化為求函數(shù)的最值求出的范圍.20、(1)答案見解析;(2).【解析】(1)求導(dǎo),根據(jù)導(dǎo)函數(shù)的正負(fù)性分類討論進(jìn)行求解即可;(2)根據(jù)存在性和任意性的定義,結(jié)合導(dǎo)數(shù)的性質(zhì)、(1)的結(jié)論、構(gòu)造函數(shù)法分類討論進(jìn)行求解即可.【小問1詳解】,,①當(dāng)時(shí),恒成立,在上單調(diào)遞增.②當(dāng)時(shí),恒成立,在上單調(diào)遞減,③當(dāng)吋,,在單調(diào)遞減,單調(diào)遞增.綜上所述,當(dāng)吋,在上單調(diào)遞增;當(dāng)時(shí),在上單調(diào)遞減,當(dāng)時(shí),在單調(diào)遞減,單調(diào)遞增.【小問2詳解】由題意可知:在單調(diào)遞減,單調(diào)遞增由(1)可知:①當(dāng)時(shí),在單調(diào)遞增,則恒成立②當(dāng)時(shí),在單調(diào)遞減,則應(yīng)(舍)③當(dāng)時(shí),,則應(yīng)有令,則,且在單調(diào)遞增,單調(diào)遞減,又恒成立,則無解綜上,.【點(diǎn)睛】關(guān)鍵點(diǎn)睛:運(yùn)用構(gòu)造函數(shù)法,結(jié)合存在性、任意性的定義進(jìn)行求解是解題的關(guān)鍵.21、(1),,,證明見解析(2)【解析】(1)已知兩式相加化簡(jiǎn)可得是首項(xiàng)為2,公比為2的等比數(shù)列,則,兩式相減化簡(jiǎn)可得是首項(xiàng)為2,公差為2的等差數(shù)列,則,(2)由題意可得只需要,令,由和解不等式可求出的最小值,從而可求得的取值范圍【小問1詳解】由已知得,猜想,,由題得,所以易知,即所以是首項(xiàng)為2,公比為2的等比數(shù)列,故,由題得,所以,即,所以是首項(xiàng)為2,公差為2的

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