Z20名校聯(lián)盟（浙江省名校新高考研究聯(lián)盟）高三上學(xué)期第一次聯(lián)考物理試題

Z20名校聯(lián)盟（浙江省名校新高考研究聯(lián)盟）2025屆高三第一次聯(lián)考物理試題卷考生須知：1.本卷共10頁，滿分100分，考試時(shí)間90分鐘；2.答題前，在答題卷指定區(qū)域填寫班級、姓名、座位號及準(zhǔn)考證號并填涂相應(yīng)數(shù)字；3.所有答案必須寫在答題卷上，寫在試卷上無效；4.可能用到的相關(guān)參數(shù)：5.考試結(jié)束后，只需上交答題卷.選擇題部分一、選擇題Ⅰ（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中只有一個(gè)符合題目要求，不選、多選、錯(cuò)選均不得分）1.下列不屬于國際單位制基本單位的是（）A.g B.s C.m D.K【答案】A【解析】【詳解】s、m、K均為國際單位制基本單位，g不是國際單位制基本單位。故選A。2.下列說法正確的是（）A.分析鉛球運(yùn)動(dòng)的距離，可以把鉛球視為為質(zhì)點(diǎn)B.分析競技體操男子雙杠運(yùn)動(dòng)，可以把運(yùn)動(dòng)員視為質(zhì)點(diǎn)C.分析跳臺跳水運(yùn)動(dòng)的技術(shù)動(dòng)作，可以把運(yùn)動(dòng)員視為質(zhì)點(diǎn)D.分析競技體操吊環(huán)運(yùn)動(dòng)，可以把運(yùn)動(dòng)員視為質(zhì)點(diǎn)【答案】A【解析】【詳解】A．分析鉛球運(yùn)動(dòng)的距離，鉛球的形狀大小可以忽略不計(jì)，可以把鉛球視為為質(zhì)點(diǎn)，故A正確；B．分析競技體操男子雙杠運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)員的形狀大小不可以忽略不計(jì)，不可以把運(yùn)動(dòng)員視為質(zhì)點(diǎn)，故B錯(cuò)誤；C．分析跳臺跳水運(yùn)動(dòng)的技術(shù)動(dòng)作，運(yùn)動(dòng)員的形狀大小不可以忽略不計(jì)，不可以把運(yùn)動(dòng)員視為質(zhì)點(diǎn)，故C錯(cuò)誤；D．分析競技體操吊環(huán)運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)員的形狀大小不可以忽略不計(jì)，不可以把運(yùn)動(dòng)員視為質(zhì)點(diǎn)，故D錯(cuò)誤。故選A。3.如圖所示，乒乓球從斜面滾下后，以某一速度在水平的桌面上做直線運(yùn)動(dòng)。在與乒乓球路徑垂直的方向上放一個(gè)直徑略大于乒乓球的紙筒。當(dāng)乒乓球經(jīng)過紙筒正前方時(shí)，用吸管對著球橫向吹氣。下列說法正確的是（）A.乒乓球仍沿著直線運(yùn)動(dòng)B.乒乓球?qū)⑵x原來的運(yùn)動(dòng)路徑，但不進(jìn)入紙筒C.乒乓球一定能進(jìn)入紙筒D.只有用力吹氣，乒乓球才能進(jìn)入紙筒【答案】B【解析】【詳解】當(dāng)乒乓球經(jīng)過紙筒口時(shí)，對著乒乓球橫向吹氣，乒乓球所受合力的方向與速度方向不在同一條直線上，乒乓球做曲線運(yùn)動(dòng)，故乒乓球會(huì)偏離原有的運(yùn)動(dòng)路徑；而乒乓球會(huì)獲得一個(gè)橫向的速度，此速度與乒乓球原有的速度合成一個(gè)斜向左下方的合速度，因此乒乓球?qū)⑾蜃笙路竭\(yùn)動(dòng)但不進(jìn)入紙筒；故ACD錯(cuò)誤，B正確。故選B。4.關(guān)于以下物理現(xiàn)象，下列說法正確的是（）A.普朗克提出了光量子的概念，得出了同實(shí)驗(yàn)相符的黑體輻射公式B.光電效應(yīng)說明光子具有能量和動(dòng)量，揭示了光的波動(dòng)性C.放射性元素衰變的快慢由核內(nèi)部自身因素決定，不受溫度、外界壓強(qiáng)的影響D.過量的射線對生物組織有破壞作用，用γ射線照射過的食品不可食用【答案】C【解析】【詳解】A．普朗克引入能量子的概念，得出了同實(shí)驗(yàn)相符的黑體輻射公式，故A錯(cuò)誤；B．光電效應(yīng)揭示了光的粒子性，故B錯(cuò)誤；C．放射性元素衰變的快慢由核內(nèi)部自身因素決定，不受溫度、外界壓強(qiáng)的影響，故C正確；D．用γ射線照射食品可以殺死食品表面的蟲卵和細(xì)菌，抑制發(fā)芽和腐爛，延長食品的保存時(shí)間，所以用γ射線照射過的食品是安全的，可以食用，故D錯(cuò)誤。故選C5.關(guān)于下列四幅圖像中物理現(xiàn)象的描述，說法正確的是（）A.圖甲為“飲水小鴨”玩具，小鴨雖能不斷飲水，但不違背能量守恒定律B.圖乙為空氣壓縮引火儀，硝化棉被點(diǎn)燃，是因?yàn)榛钊c容器壁摩擦產(chǎn)生了熱量C.圖丙為紅墨水在清水中的擴(kuò)散現(xiàn)象，擴(kuò)散的快慢與溫度無關(guān)D.圖丁為一臺冰箱，給冰箱供電后，熱量自發(fā)地從冰箱內(nèi)部傳到了外部【答案】A【解析】【詳解】A．“飲水小鴨”“喝”完一口水后，直立起來，直立一會(huì)兒，又會(huì)慢慢俯下身去，再“喝”一口，如此循環(huán)往復(fù)，“飲水小鴨”頭部飲水后不斷蒸發(fā)，吸收周圍空氣的熱量，才能持續(xù)工作下去，不違背能量守恒定律，故A正確；B．迅速下壓活塞，活塞壓縮空氣做功，機(jī)械能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，使硝化棉被點(diǎn)燃，故B錯(cuò)誤；C．分子的熱運(yùn)動(dòng)與溫度有關(guān)，溫度越高分子運(yùn)動(dòng)的越劇烈，則擴(kuò)散的快慢與溫度有關(guān)，故C錯(cuò)誤；D．冰箱內(nèi)低溫食品的熱量不可能自發(fā)地傳到了冰箱外高溫的空氣，之所以內(nèi)部溫度降低是因?yàn)閴嚎s機(jī)工作的原因，同時(shí)消耗了電能，故D錯(cuò)誤。故選A。6.如圖所示，為高中物理實(shí)驗(yàn)室常用的磁電式電流表的內(nèi)部結(jié)構(gòu)，基本組成部分是磁體和放在磁體兩極之間的線圈，其物理原理就是通電線圈因受安培力而轉(zhuǎn)動(dòng)。電流表的兩磁極裝有極靴，極靴中間還有一個(gè)用軟鐵制成的圓柱。關(guān)于磁電式電流表，下列說法正確的是（）A.鐵質(zhì)圓柱內(nèi)部磁感應(yīng)強(qiáng)度為零B.線圈的磁通量始終為零C.線圈轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，螺旋彈簧變形，反抗線圈轉(zhuǎn)動(dòng)D.電流不為零，線圈停止轉(zhuǎn)動(dòng)后不再受到安培力【答案】C【解析】【詳解】AB．鐵質(zhì)圓柱沒有將磁場屏蔽，內(nèi)部有磁場，即鐵質(zhì)圓柱內(nèi)部磁感應(yīng)強(qiáng)度不為零；磁場是輻向分布，穿過線圈的磁通量不是始終為0，故AB錯(cuò)誤；CD．線圈中通電流時(shí)，線圈受到安培力的作用使線圈轉(zhuǎn)動(dòng)，螺旋彈簧被扭緊，阻礙線圈轉(zhuǎn)動(dòng)，隨著彈力的增加，當(dāng)彈力與安培力平衡時(shí)線圈停止轉(zhuǎn)動(dòng)，故C正確，D錯(cuò)誤。故選C。7.科學(xué)晚會(huì)上，一位老師表演了一個(gè)“魔術(shù)”。魔術(shù)道具如圖甲所示，手搖起電機(jī)旁有一個(gè)沒有底的空塑料瓶，起電機(jī)兩根放電桿分別與瓶內(nèi)的鋸條、金屬片相連。瓶內(nèi)俯視圖如圖乙所示。瓶內(nèi)放一盤點(diǎn)燃的蚊香，很快就看見整個(gè)塑料瓶內(nèi)煙霧繚繞。轉(zhuǎn)動(dòng)手搖起電機(jī)手柄，瓶內(nèi)煙霧很快消失；停止轉(zhuǎn)動(dòng)手柄，瓶內(nèi)又恢復(fù)煙霧繚繞的狀態(tài)。起電機(jī)工作時(shí)，下列說法正確的是（）A.煙塵顆粒在向某極運(yùn)動(dòng)過程中做勻加速運(yùn)動(dòng) B.金屬片與鋸條間的場強(qiáng)方向由鋸條指向金屬片C.煙塵顆粒因被電離而吸附在金屬片上 D.煙塵顆粒運(yùn)動(dòng)過程中電勢能減小【答案】D【解析】【詳解】A．尖端附近的電場線比較密集，所以在鋸條附近的電場強(qiáng)度大于金屬片附近的電場強(qiáng)度，故煙塵在向某極運(yùn)動(dòng)過程中受到的電場力不是恒力，煙塵不是做勻加速運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B．由于不知道鋸條與金屬片的電勢高低，所以不能確定場強(qiáng)的方向，故B錯(cuò)誤；C．當(dāng)靜電除塵裝置接通起電機(jī)的靜電高壓時(shí)，存在強(qiáng)電場，使空氣電離而產(chǎn)生負(fù)離子和正離子，負(fù)離子碰到煙塵微粒使它帶負(fù)電，帶負(fù)電微粒在電場力作用下，向正極運(yùn)動(dòng)，由于不確定正負(fù)極，所以煙塵不一定吸附在金屬片上，故C錯(cuò)誤；D．煙塵在運(yùn)動(dòng)過程中電場力對煙塵做正功，則煙塵的電勢能減少，故D正確。故選D。8.如圖為科幻電影中的太空電梯示意圖。超級纜繩將地球赤道上的固定基地、同步空間站和配重空間站連接在一起，它們隨地球同步旋轉(zhuǎn)，P為太空電梯。地球同步衛(wèi)星的軌道在同步空間站和配重空間站之間。下列說法正確的是（）A.若太空電梯沿纜繩勻速運(yùn)動(dòng)，則其內(nèi)的物體受力平衡B.宇航員可以自由漂浮在配重空間站內(nèi)C.從太空電梯向外自由釋放一物塊，物塊將相對電梯做加速直線運(yùn)動(dòng)D.若兩空間站之間纜繩斷裂，配重空間站將做離心運(yùn)動(dòng)【答案】D【解析】【詳解】A．若太空電梯沿纜繩勻速運(yùn)動(dòng)，由于太空電梯繞地球轉(zhuǎn)動(dòng)，所以其內(nèi)物體受力不平衡，故A錯(cuò)誤；B．宇航員在同步空間站內(nèi)，萬有引力剛好提供所需的向心力，而宇航員在配重空間站內(nèi)，萬有引力不足以提供宇航員做圓周運(yùn)動(dòng)所需的向心力，所以宇航員在配重空間站時(shí)受到空間站的作用力，故B錯(cuò)誤；C．從太空電梯向外自由釋放一物塊，由于萬有引力大于所需向心力，則物塊會(huì)一邊朝P點(diǎn)轉(zhuǎn)動(dòng)的方向向前運(yùn)動(dòng)一邊落向地球，做近心運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤；D．若兩空間站之間纜繩斷裂，則配重空間站受到的萬有引力小于所需的向心力，配重空間站將做離心運(yùn)動(dòng)，故D正確。故選D。9.游樂園內(nèi)噴泉噴出的水柱使得質(zhì)量為M的卡通玩具懸停在空中（假設(shè)這樣沖水，能保持短暫平衡）。為估算，作如下假定后進(jìn)行理論分析：假設(shè)噴泉水柱從橫截面積為S的噴口以速度v0持續(xù)豎直向上噴出；玩具底部為平板（面積大于S）；水柱沖擊到玩具底部后，豎直方向的速度變?yōu)榱?，朝四周均勻散開。已知水的密度為ρ，當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹間，空氣阻力忽略不計(jì)。下列說法錯(cuò)誤的是（）A.水柱對玩具底部的作用力大小等于玩具重力B.水柱對玩具底部的作用力與玩具重力是一對平衡力C.噴泉單位時(shí)間內(nèi)噴出的水質(zhì)量為D.玩具在空中懸停時(shí)，其底部相對于噴口的高度為【答案】D【解析】【詳解】AB．卡通玩具懸停在空中，可知水柱對玩具底部的作用力與玩具重力是一對平衡力，即水柱對玩具底部的作用力大小等于玩具重力，故AB正確，不滿足題意要求；C．噴泉單位時(shí)間內(nèi)噴出的水質(zhì)量為故C正確，不滿足題意要求；D．設(shè)玩具懸停時(shí)其底面相對于噴口的高度為，水從噴口噴出后到達(dá)玩具底面時(shí)的速度大小為。對于時(shí)間內(nèi)噴出的水，有能量守恒得在高度處，時(shí)間內(nèi)噴射到玩具底面的水沿豎直方向的動(dòng)量變化量的大小為（）設(shè)水對玩具的作用力的大小為F，根據(jù)動(dòng)量定理有由于玩具在空中懸停，由力的平衡條件得聯(lián)立可得故D錯(cuò)誤，滿足題意要求。故選D。10.如圖甲所示，為杭州亞運(yùn)吉祥物琮琮演示的攀巖運(yùn)動(dòng)。當(dāng)琮琮處于平衡狀態(tài)，且?guī)r釘A位置固定時(shí)，分析問題可以將該實(shí)際情境進(jìn)行簡化處理，得到如圖乙所示模型。下列說法正確的是（）A.僅縮短主繩長度，繩子對琮琮的拉力不變B.僅縮短主繩長度，巖壁對琮琮的作用力的大小不變C.僅增加主繩長度，繩子對琮琮的拉力減小D.僅增加主繩長度，巖壁對琮琮的作用力增大【答案】B【解析】【詳解】桿OB為可轉(zhuǎn)動(dòng)桿，其施加的彈力為沿著桿的支持力力，對琮琮受力分析如圖所示因力的三角形與幾何三角形相似，有AC．繩子對琮琮的拉力為僅縮短主繩長度，則拉力變??；僅增加主繩長度，繩子對琮琮的拉力變大，故AC錯(cuò)誤；BD．巖壁對琮琮的作用力為僅縮短主繩長度，或僅增加主繩長度，可知巖壁對琮琮的作用力的大小不變，故B正確，D錯(cuò)誤。故選B。11.如圖所示，小物塊以初速度從O點(diǎn)沿斜面向上運(yùn)動(dòng)，同時(shí)從O點(diǎn)斜向上拋出一個(gè)速度大小也為的小球，物塊和小球在斜面上的P點(diǎn)相遇．已知物塊和小球質(zhì)量相等(均可視為質(zhì)點(diǎn))，空氣阻力忽略不計(jì)，則下列說法正確的是（

）．A.斜面可能是光滑的B.小球運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)離斜面最遠(yuǎn)C.在P點(diǎn)時(shí)，小球的動(dòng)能大于物塊的動(dòng)能D.小球和物塊到達(dá)P點(diǎn)過程中克服重力做功的平均功率不相等【答案】C【解析】【詳解】把小球的速度分解到沿斜面方向和垂直斜面方向，則沿斜面方向的速度小于物塊的速度，若斜面光滑，則小球和物塊沿斜面方向的加速度相同，則不可能在P點(diǎn)相遇，所以斜面不可能是光滑的，A錯(cuò)誤；當(dāng)小球的速度方向與斜面平行時(shí)，離斜面最遠(yuǎn)，此時(shí)豎直方向速度不為零，不是運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)，B錯(cuò)誤；物塊和小球在斜面上的P點(diǎn)相遇，在沿斜面方向速度相同，由于小球在垂直于斜面方向還有速度，故小球的速度大于物塊的速度，故小球的動(dòng)能大于物塊的動(dòng)能，C正確；小球和物塊初末位移相同，則高度差相等，而重力相等，則重力做功相等，時(shí)間又相同，所以小球和物塊到達(dá)P點(diǎn)過程中克服重力做功的平均功率相等，D錯(cuò)誤．【點(diǎn)睛】把小球的速度分解到沿斜面方向和垂直斜面方向，則沿斜面方向的速度小于物塊的速度，若斜面光滑，則小球和物塊沿斜面方向的加速度相同，則不可能在P點(diǎn)相遇，根據(jù)動(dòng)能定理分析動(dòng)能的變化，當(dāng)小球的速度方向與斜面平行時(shí)，離斜面最遠(yuǎn)，求出重力做功的大小，進(jìn)而求解平均功率．12.在核電站中，只要“燒”掉一支鉛筆那么多的核燃料，釋放的能量就相當(dāng)于10t標(biāo)準(zhǔn)煤完全燃燒放出的熱。一座百萬千瓦級的核電站，每年只消耗30t左右的濃縮鈾，而同樣功率的火電站，每年要燒煤2.5×106t。關(guān)于重核裂變反應(yīng)，下列說法正確的是（）A.重核裂變反應(yīng)生成的中子被稱為熱中子B.裂變反應(yīng)產(chǎn)物Kr的比結(jié)合能比大C.該核反應(yīng)方程也可簡略寫為D.核電站常用的慢化劑有石墨、重水和普通水，可以減慢鏈?zhǔn)椒磻?yīng)【答案】B【解析】【詳解】A．重核裂變反應(yīng)生成的中子被稱為快中子，故A錯(cuò)誤；B．生成物的比結(jié)合能大于反應(yīng)物的比結(jié)合能，故裂變反應(yīng)產(chǎn)物Kr的比結(jié)合能比大，故B正確；C．核反應(yīng)方程應(yīng)表現(xiàn)為中子轟擊鈾核，故不可簡化，故C錯(cuò)誤；D．核電站常用的慢化劑有石墨、重水和普通水，可以減慢中子的速度；控制鎘棒的插入深度來控制鏈?zhǔn)椒磻?yīng)速率，故D錯(cuò)誤。故選B。13.內(nèi)陸鹽礦中開采的氯化鈉稱為巖鹽，巖鹽的顆粒很大，我們能清楚地看出它的立方體形狀。把大顆粒的巖鹽敲碎后，小顆粒的巖鹽仍然呈立方體形狀，這是由鈉離子、氯離子的受力情況決定的。如圖所示，為巖鹽晶體的平面結(jié)構(gòu)，如果把鈉離子和氯離子用直線連起來，將構(gòu)成一系列大小相同的正方形。作分界線AB，使它平行于正方形的對角線；作分界線CD，使它平行于正方形的一邊。在兩線的左側(cè)各取一個(gè)鈉離子M和N，為了比較這兩個(gè)鈉離子所受分界線另一側(cè)的離子對它作用力的大小，分別以M、N為圓心，作兩個(gè)相同的扇形，不考慮扇形以外遠(yuǎn)處離子的作用。所有離子均可看成質(zhì)點(diǎn)，且它們之間的相互作用遵從“平方反比”規(guī)律。已知相鄰兩個(gè)離子之間的引力大小為F，則下列說法正確的是（）A.M所受扇形范圍內(nèi)的正負(fù)離子對它的合力為B.M所受扇形范圍內(nèi)的正負(fù)離子對它的合力為C.N所受扇形范圍內(nèi)的正負(fù)離子對它的合力為D.N所受扇形范圍內(nèi)的正負(fù)離子對它的合力為【答案】B【解析】【詳解】AB．設(shè)每個(gè)正方形的邊長為a，根據(jù)題意可知相鄰兩個(gè)離子之間的引力大小可表示為M所受扇形范圍內(nèi)的正負(fù)離子對它的合力為故A錯(cuò)誤，B正確；CD．N所受扇形范圍內(nèi)的正負(fù)離子對它的合力為故CD錯(cuò)誤。故選B。二、選擇題Ⅱ（本題共2小題，每題3分，共6分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中至少有一個(gè)是符合題目要求的，全部選對的得3分，選對但不全的得2分，有錯(cuò)選的得0分）14.關(guān)于下列四幅圖像中物理現(xiàn)象的描述，說法正確的是（）A.圖甲為單縫衍射圖樣，其他條件相同的情況下，圖（a）的單縫比圖（b）窄B.圖乙為金屬絲周期性觸動(dòng)水面形成的水波，由圖片可以判斷：左側(cè)水波的波速更快C.圖丙中的擺球均靜止，使擺球5偏離平衡位置后釋放，擺球3的振幅最大D.圖丁為探雷裝置，其原理與機(jī)場、地鐵站使用的安檢門一樣【答案】AD【解析】【詳解】A．單色光分別通過寬度不同的單縫后，縫越小，衍射現(xiàn)象越明顯；則圖（a）的單縫比圖（b）窄，故A正確；B．波的傳播速度取決于介質(zhì)，所以振動(dòng)片兩側(cè)水波傳播速度一樣大，故B錯(cuò)誤；C．使擺球5偏離平衡位置后釋放，在振動(dòng)穩(wěn)定后，與其擺長最接近的小球?qū)@得最大的振幅，故C錯(cuò)誤；D．探雷裝置和安檢門都是利用渦流原理工作的，故D正確。故選AD。15.如圖所示，S1為振源，某時(shí)刻由平衡位置開始上下振動(dòng)，產(chǎn)生一列簡諧橫波沿S1S2直線傳播。S2左側(cè)為介質(zhì)I，右側(cè)為介質(zhì)Ⅱ，波在這兩種介質(zhì)中傳播的速度之比為3：4。某時(shí)刻波正好傳到S2右側(cè)5m處，且S2在波峰位置。下列說法正確的是（）A.S2處質(zhì)點(diǎn)的起振方向與S1的起振方向相同B.波在介質(zhì)I中的周期比在介質(zhì)Ⅱ中小C.波在介質(zhì)I中的波長可能為5mD.波在介質(zhì)Ⅱ中的波長為【答案】AC【解析】【詳解】A．質(zhì)點(diǎn)的起振方向一定與振源的起振方向相同，則S2處質(zhì)點(diǎn)的起振方向與S1的起振方向相同，故A正確；B．波的振動(dòng)周期由振源決定，波在介質(zhì)I中的周期等于介質(zhì)Ⅱ中的周期，故B錯(cuò)誤；CD．若傳到時(shí)，質(zhì)點(diǎn)從平衡位置向上振動(dòng)，則有解得若傳到時(shí)，質(zhì)點(diǎn)從平衡位置向下振動(dòng)，則有解得整理可得，波在介質(zhì)Ⅱ中的波長為由公式可知，由于周期相等，則波在介質(zhì)I中的波長與波在介質(zhì)Ⅱ中的波長等于波在這兩種介質(zhì)中傳播的速度之比為，則波在介質(zhì)I中的波長為可知，當(dāng)時(shí)故C正確，D錯(cuò)誤。故選AC。非選擇題部分三、非選擇題（本題共5小題，共55分）16.某同學(xué)用如圖甲所示的裝置，通過小鐵球豎直方向上的運(yùn)動(dòng)來驗(yàn)證動(dòng)量定理。實(shí)驗(yàn)步驟如下：a.如圖甲所示，用電磁鐵吸住小鐵球，將光電門A、B分別固定在立柱上，調(diào)整位置使小鐵球、光電門A、光電門B在同一豎直線上；b.切斷電磁鐵電源，小鐵球自由下落。數(shù)字計(jì)時(shí)器測出小鐵球通過光電門A、B所用的時(shí)間分別tA、tB，小鐵球從光電門A運(yùn)動(dòng)到光電門B的時(shí)間t。（1）用游標(biāo)卡尺測量鋼球的直徑，如圖乙所示，可讀出鋼球直徑d=__________mm。（2）若要驗(yàn)證動(dòng)量定理，本實(shí)驗(yàn)還需獲得的物理量為_________（用文字和字母表示）。本實(shí)驗(yàn)需要驗(yàn)證的物理量關(guān)系為_________（用題中給出的字母表示）。（3）根據(jù)實(shí)驗(yàn)測定的小鐵球重力沖量I及其動(dòng)量變化量Δp繪制的下列圖像，圖中虛線代表理論圖線，實(shí)線代表實(shí)際測量圖線。若考慮實(shí)驗(yàn)中空氣阻力的影響，可能正確的是（）A. B.C. D.【答案】（1）6.5（2）①.當(dāng)?shù)刂亓铀俣萭②.（3）B【解析】【小問1詳解】10分度游標(biāo)卡尺的精確值為，由圖乙可知鋼球直徑為【小問2詳解】[1]若要驗(yàn)證動(dòng)量定理，本實(shí)驗(yàn)還需獲得的物理量為：當(dāng)?shù)刂亓铀俣萭；[2]小鐵球從光電門A運(yùn)動(dòng)到光電門B過程，根據(jù)動(dòng)量定理定理可得又，聯(lián)立可得本實(shí)驗(yàn)需要驗(yàn)證的物理量關(guān)系為【小問3詳解】若考慮空氣阻力，小球的合力小于重力，動(dòng)量變化的真實(shí)值會(huì)小于理論值，且隨著時(shí)間的增加，即重力的沖量的增大，空氣阻力逐漸變大，阻力的沖量也隨著增大，則動(dòng)量變化的真實(shí)值與理論值的差值也逐漸增大。故選B。17.某實(shí)驗(yàn)小組的同學(xué)在實(shí)驗(yàn)室練習(xí)多用電表的使用。（1）使用多用電表不同擋位進(jìn)行測量時(shí)，下列接法正確的有（）A.如圖甲所示，用直流電壓擋測量小燈泡兩端的電壓B.如圖乙所示，用直流電流擋測量電路中的電流C.如圖丙所示，用歐姆擋測量小燈泡的工作電阻D.如圖丁所示，用歐姆擋測量二極管的反向電阻（2）老師告訴同學(xué)們：“我們可以根據(jù)多用電表的表頭，判斷旋鈕在歐姆擋不同倍率時(shí)，歐姆表的內(nèi)阻。”歐姆擋的電路原理如圖戊所示，實(shí)驗(yàn)室某個(gè)歐姆表的表頭照片如圖己所示。①當(dāng)旋鈕在×10倍率時(shí)，正確調(diào)零后，歐姆表內(nèi)阻為___________Ω。②若某個(gè)多用電表內(nèi)的電學(xué)元件R1（如圖戊所示）損壞，換成最大阻值比R1略大的R2，__________（選填“需要”或“不需要”）更換該多用電表的表頭。（3）使用多用電表探索某個(gè)黑箱內(nèi)的電學(xué)元件。如圖庚所示，該黑箱有3個(gè)接線柱。已知該黑箱內(nèi)的元件不超過2個(gè)，每兩個(gè)接線柱之間最多只能接1個(gè)元件，且元件種類僅限于定值電阻、干電池和二極管。實(shí)驗(yàn)操作如下：①進(jìn)行___________（選填“機(jī)械調(diào)零”或“歐姆調(diào)零”）后，使用直流電壓2.5V擋依次接A和B、B和C、A和C，示數(shù)均為零。②將選擇開關(guān)旋到歐姆擋，正確調(diào)零后，連接情況和所得數(shù)據(jù)如下表所示。黑表筆接ABACBC紅表筆接BACACB測得的電阻/Ω2020∞35∞15③根據(jù)步驟①、②得到的結(jié)果，將黑箱的內(nèi)部結(jié)構(gòu)畫在答題紙相應(yīng)位置。若有干電池，標(biāo)出電壓；若有定值電阻，標(biāo)出阻值；若有二極管，標(biāo)出二極管正向電阻_________。【答案】（1）BD（2）①.100②.不需要（3）①.機(jī)械調(diào)零②.【解析】【小問1詳解】A．甲圖中，多用電表與小燈泡并聯(lián)，但由于黑表筆與電源的正極相連，故不可以測量小燈泡的電壓，故A錯(cuò)誤；B．圖乙中，多用電表串聯(lián)在電路中，紅表筆與電源正極相連，可以用直流電流擋測量電路中的電流，故B正確；C．圖丙中，若用歐姆擋測量小燈泡的工作電阻，電源不可接入電路中，故C錯(cuò)誤；D．圖丁中，黑表筆與內(nèi)部電源的正極相連，所以用的是歐姆擋測量二極管的反向電阻，故D正確。故選BD。【小問2詳解】[1]由圖可知，表盤中間刻度為10，所以當(dāng)倍率為×10時(shí)，歐姆表的內(nèi)阻為[2]若某個(gè)多用電表內(nèi)的電學(xué)元件R1（如圖戊所示）損壞，換成最大阻值比R1略大的R2，由于電源電動(dòng)勢不變，滿偏電流不變，所以歐姆表的內(nèi)阻不變，所以不需要更換該多用電表的表頭?！拘?詳解】[1]由于用多用電表的直流電壓擋測量電壓，所以測量前應(yīng)進(jìn)行機(jī)械調(diào)零；[2]由于使用直流電壓2.5V擋依次接A和B、B和C、A和C，示數(shù)均為零，說明黑箱內(nèi)沒有電源；將選擇開關(guān)旋到歐姆擋，正確調(diào)零后，由測量結(jié)果可知，AB間正接、反接示數(shù)相同，說明AB間存在阻值為20Ω的定值電阻；同理BC間正接、反接示數(shù)變化較大，說明BC間存在二極管，且二極管的正向電阻為15Ω；AC間正接、反接示數(shù)變化較大，說明AC間存在二極管，且黑表筆接C，紅表筆接A時(shí)，歐姆表的讀數(shù)等于定值電阻與二極管正向電阻之和，說明此時(shí)二極管與定值電阻串聯(lián)，故黑箱的結(jié)構(gòu)如圖所示18.關(guān)于“用雙縫干涉測量光的波長”、“測量玻璃折射率”兩個(gè)實(shí)驗(yàn)，下列說法正確的有（）A.如圖甲所示，為光具座放置的光學(xué)元件，其中a為雙縫B.如圖乙所示，波長的測量值大于真實(shí)值C.如圖丙所示，P1、P2及P3、P4之間的距離適當(dāng)大些，可以減小實(shí)驗(yàn)誤差D.如圖丁所示，將玻璃磚兩界面畫得比實(shí)際寬，則測得的折射率比真實(shí)值大【答案】BC【解析】【詳解】A．圖甲中，a為單縫，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)相鄰條紋間距與波長的關(guān)系可得由圖可知，?x的測量值偏大，則波長的測量值大于真實(shí)值，故B正確；C．大頭針垂直插在紙面上以及大頭針P1與P2及P3與P4之間的距離適當(dāng)大些，可減小確定光路方向時(shí)的誤差，從而減小實(shí)驗(yàn)誤差，故C正確；D．實(shí)線是真實(shí)的光路圖，虛線是玻璃磚寬度畫大后的光路圖，如圖所示由圖看出，在這種情況測得的入射角不受影響，但測得的折射角比真實(shí)的折射角偏大，根據(jù)折射定律可知，測得的折射率偏小，故D錯(cuò)誤。故選BC。19.如圖所示，導(dǎo)熱性能良好的金屬圓柱形氣缸質(zhì)量m=0.5kg，氣缸內(nèi)封閉有長為=1m的空氣，氣缸與水平面的動(dòng)摩擦系數(shù)μ=0.4，截面為T字形的活塞與豎直墻面接觸且無擠壓力，活塞底面積S=1×103m2。忽略活塞與氣缸間的摩擦，活塞質(zhì)量很小可忽略，設(shè)環(huán)境溫度穩(wěn)定，大氣壓強(qiáng)恒為p0=1.0×105Pa?，F(xiàn)用水平外力F使氣缸緩慢向右運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)位移大小記為x。（1）在此過程中器壁單位面積所受氣體分子的平均作用力___________（選填“變大”“變小”或“不變”），氣體__________（選填“吸熱”或“放熱”）；（2）當(dāng)x=0.6m時(shí)，求封閉空氣的壓強(qiáng)；（3）當(dāng)x=0.6m時(shí)，測得外力F做功約為33.2J，求此過程中氣體與外界交換的熱量Q?！敬鸢浮浚?）①.變大②.放熱（2）（3）92J【解析】【小問1詳解】[1]氣缸導(dǎo)熱性能良好且環(huán)境溫度不變，則氣缸內(nèi)的理想氣體溫度不變，而水平推力向右緩慢推氣缸導(dǎo)致封閉氣體的體積減小，由可知?dú)怏w的壓強(qiáng)變大，而器壁單位面積所受氣體分子的平均作用力由可知指的是壓強(qiáng)，故器壁單位面積所受氣體分子的平均作用力變大；[2]因溫度不變，則，體積減小，可得，由熱力學(xué)第一定律可知，即氣體放熱。【小問2詳解】當(dāng)x=0.6m時(shí)，發(fā)生等溫過程，有解得【小問3詳解】當(dāng)x=0.6m時(shí)，測得外力F做功約為33.2J，對氣缸有根據(jù)熱力學(xué)第一定律有解得20.如圖所示，質(zhì)量m1=0.1kg的小物塊P從靜止開始沿斜面AB和水平面BC運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)，與C點(diǎn)處質(zhì)量m2=0.3kg的小物塊Q發(fā)生碰撞，碰撞后，小物塊Q從C點(diǎn)飛出，運(yùn)動(dòng)到水平地面上的D點(diǎn)。斜面AB與水平面之間的夾角為θ，且tanθ=0.5，斜面AB與水平面BC平滑連接，動(dòng)摩擦系數(shù)μ均為0.2，水平面BC的長為xBC=0.3m，C點(diǎn)距離水平地面的高度H=0.6m。（不計(jì)空氣阻力，取重力加速度g為10m/s2）。（1）若小物塊Q從C點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)的水平距離xCD=0.6m，求小物塊Q從C點(diǎn)拋出的初速度vC的大?。唬?）若小物塊P從h=1.7m處下滑，且最終xCD=0.6m，計(jì)算并回答：小物塊P、Q發(fā)生的是否為彈性碰撞？（3）若小物塊P、Q發(fā)生的是彈性碰撞，當(dāng)釋放高度h滿足什么條件時(shí)，小物塊Q能從C點(diǎn)飛出，而小物塊P不會(huì)從C點(diǎn)飛出？【答案】（1）（2）見解析（3）【解析】【小問1詳解】在方向上在方向上解得【小問2詳解】由動(dòng)能定理解得設(shè)碰撞后小物塊和的速度大小分別為和。由動(dòng)量守恒可得由機(jī)械能守恒可得可得因，所以、發(fā)生的是彈性碰撞；【小問3詳解】第一種情況：小物塊到達(dá)點(diǎn)時(shí)，速度恰好為0，由動(dòng)能定理可得第二種情況：碰撞后，小物塊反彈回斜面上，第二次下滑回到點(diǎn)時(shí)速度為0。小物塊第一次從到的運(yùn)動(dòng)過程中，由動(dòng)能定理得碰撞時(shí)，動(dòng)量守恒和能量守恒小物塊第二次回到斜面AB，由動(dòng)能定理解得因此，的取值為。21.如圖所示，水平面上固定一光滑金屬導(dǎo)軌ABCDE，AB