四川省德陽(yáng)市高三物理二診考試試題含解析

PAGE14-四川省德陽(yáng)市高三物理二診考試試題（含解析）二、選擇題（本題共8小題，每小題6分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，14--18題只有一項(xiàng)符合題目要求，19--21題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分）1.太陽(yáng)內(nèi)部持續(xù)不斷地發(fā)生著4個(gè)質(zhì)子（）聚變?yōu)?個(gè)氦核（）的熱核反應(yīng)，核反應(yīng)方程是，這個(gè)核反應(yīng)釋放出大量核能。已知質(zhì)子、氦核、X的質(zhì)量分別為m1、m2、m3，真空中的光速為c。下列說(shuō)法中正確的是（）A.方程中的X表示中子B.方程中的X表示電子C.這個(gè)核反應(yīng)中質(zhì)量虧損Δm=m1－m2－m3D.這個(gè)核反應(yīng)中釋放的核能ΔE=(4m1－m2－2m3）c2【答案】D【解析】【詳解】AB．由核反應(yīng)質(zhì)量數(shù)守恒、電荷數(shù)守恒可推斷出X為，故AB錯(cuò)誤；

CD．質(zhì)量虧損為△m=4m1-m2-2m3釋放的核能為△E=△mc2=（4m1-m2-2m3）c2故C錯(cuò)誤、D正確。

故選D。2.甲、乙兩車某時(shí)刻由同一地點(diǎn)、沿同一方向起先做直線運(yùn)動(dòng)。甲、乙兩車的位置x隨時(shí)間t的變更如圖所示，則（）A.0時(shí)刻，甲車速度比乙車小B.t2時(shí)刻，甲乙兩車速度相等C.0~t1時(shí)間內(nèi)，甲車的平均速度比乙車大D.0~t2時(shí)間內(nèi)，甲車通過(guò)的距離大【答案】C【解析】【詳解】AB．因x-t圖像的斜率等于速度，可知0時(shí)刻，甲車速度比乙車大，t2時(shí)刻，甲乙兩車速度不相等，選項(xiàng)AB錯(cuò)誤；C．0~t1時(shí)間內(nèi)，甲車的位移大于乙，可知甲車的平均速度比乙車大，選項(xiàng)C正確；D．0~t2時(shí)間內(nèi)，兩車通過(guò)的距離相等，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選C。3.兩行星和各有一顆衛(wèi)星和，衛(wèi)星圓軌道接近各自的行星表面，假如兩行星質(zhì)量之比，兩行星半徑之比則兩個(gè)衛(wèi)星周期之比為（）A. B. C. D.【答案】A【解析】【詳解】衛(wèi)星做圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，萬(wàn)有引力供應(yīng)圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，有得所以兩衛(wèi)星運(yùn)行周期之比為故A正確、BCD錯(cuò)誤。

故選A。4.如圖所示，兩根相距為L(zhǎng)的平行直導(dǎo)軌水平放置，R為固定電阻，導(dǎo)軌電阻不計(jì)。電阻阻值也為R的金屬桿MN垂直于導(dǎo)軌放置，桿與導(dǎo)軌之間有摩擦，整個(gè)裝置處在豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B。t=0時(shí)刻對(duì)金屬桿施加一水平外力F作用，使金屬桿從靜止起先做勻加速直線運(yùn)動(dòng)。下列關(guān)于通過(guò)R的電流I、桿與導(dǎo)軌間的摩擦生熱Q、外力F、外力F的功率P隨時(shí)間t變更的圖像中正確的是（）A. B. C. D.【答案】B【解析】【詳解】A．t時(shí)刻桿的速度為v=at產(chǎn)生的感應(yīng)電流則I∝t；故A錯(cuò)誤。

B．摩擦生熱為則Q∝t2，故B正確。C．桿受到的安培力依據(jù)牛頓其次定律得F-f-F安=ma得F隨t的增大而線性增大，故C錯(cuò)誤。

D．外力F的功率為P-t圖象應(yīng)是曲線，故D錯(cuò)誤。

故選B。5.如圖所示，物體A、B的質(zhì)量分別為m、2m，物體B置于水平面上，B物體上部半圓型槽的半徑為R，將物體A從圓槽的右側(cè)最頂端由靜止釋放，一切摩擦均不計(jì)。則（）A.A、B物體組成系統(tǒng)動(dòng)量守恒B.A不能到達(dá)圓槽的左側(cè)最高點(diǎn)C.A運(yùn)動(dòng)到圓槽的最低點(diǎn)時(shí)A的速率為D.A運(yùn)動(dòng)到圓槽的最低點(diǎn)時(shí)B的速率為【答案】D【解析】【詳解】A．A、B物體組成的系統(tǒng)只有水平方向動(dòng)量守恒，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．運(yùn)動(dòng)過(guò)程不計(jì)一切摩擦，故機(jī)械能守恒，那么A可以到達(dá)B圓槽的左側(cè)最高點(diǎn)，且A在B圓槽的左側(cè)最高點(diǎn)時(shí)，A、B的速度都為零，故B錯(cuò)誤；CD．對(duì)A運(yùn)動(dòng)到圓槽的最低點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)過(guò)程由水平方向動(dòng)量守恒對(duì)AB整體應(yīng)用機(jī)械能守恒可得所以A運(yùn)動(dòng)到圓槽的最低點(diǎn)時(shí)B的速率為故C錯(cuò)誤，D正確；故選D。6.如圖甲所示，一志向變壓器原、副線圈匝數(shù)之比為11∶2，其原線圈兩端接入如圖乙所示的正弦溝通電，副線圈通過(guò)電流表與負(fù)載電阻R相連。若溝通電壓表和溝通電流表都是志向電表，則下列說(shuō)法中正確的是（）A.變壓器輸入電壓的最大值是220VB.電壓表的示數(shù)是40VC.若電流表的示數(shù)為0.50A，變壓器的輸入功率是20WD.原線圈輸入的正弦交變電流的是頻率是100Hz【答案】BC【解析】【詳解】A．由圖乙可知溝通電壓最大值Um=220V；故A錯(cuò)誤；B．輸入電壓有效值為220V，依據(jù)變壓器電壓與匝數(shù)成正比知電壓表示數(shù)電壓表的示數(shù)是40V，選項(xiàng)B正確；C．流過(guò)電阻中的電流為0.5A，變壓器的輸入功率是P入=P出=UI=40×0.5W=20W故C正確；D．變壓器不變更頻率，由圖乙可知溝通電周期T=0.02s，可由周期求出正弦交變電流的頻率是50Hz，故D錯(cuò)誤；故選BC。7.如圖所示，上表面光滑的半圓柱體放在水平地面上，一小物塊從靠近半圓柱體頂點(diǎn)O的A點(diǎn)，在外力F作用下沿圓弧緩慢下滑到B點(diǎn)，此過(guò)程中F始終沿圓弧的切線方向且半圓柱體保持靜止?fàn)顟B(tài)。下列說(shuō)法中正確的是（）A.半圓柱體對(duì)小物塊的支持力變大B.外力F變大C.地面對(duì)半圓柱體的支持力先變大后變小D.地面對(duì)半圓柱體的摩擦力先變大后變小【答案】BD【解析】【詳解】AB．物塊緩慢下滑即平衡，F(xiàn)始終沿圓弧的切線方向即始終垂直于圓柱面支持力F1的方向，因此總有F=mgsinθF1=mgcosθ下滑過(guò)程中θ增大，因此F增大，F(xiàn)1

減小，故A錯(cuò)誤，B正確；

CD．對(duì)半圓柱體分析，地面對(duì)半圓柱體的摩擦力Ff＝F1sinθ＝mgcosθsinθ＝mgsin2θ地面對(duì)半圓柱體的支持力FN=Mg+F1cosθ=Mg+mgcos2θθ從接近0°到90°變更的過(guò)程中，摩擦力先增大后減小，支持力始終減??；故D正確，C錯(cuò)誤。

故選BD。8.理論探討表明，無(wú)限大的勻稱帶電平板在四周空間會(huì)形成與平面垂直的勻強(qiáng)電場(chǎng)．現(xiàn)有兩塊無(wú)限大的勻稱絕緣帶電平板正交放置，如圖所示，A1B1板兩面帶正電，A2B2板兩面帶負(fù)電，且兩板單位面積所帶電荷量相等(設(shè)電荷不發(fā)生移動(dòng))．圖中直線A1B1和A2B2分別為帶正電平面和帶負(fù)電平面與紙面正交的交線，O為兩交線的交點(diǎn)，C、D、E、F恰好位于紙面內(nèi)正方形的四個(gè)頂點(diǎn)上，且CE的連線過(guò)O點(diǎn)．則下列說(shuō)法中正確的是A.D、F兩點(diǎn)電勢(shì)相同B.E、F兩點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)相同C.UEF＝UEDD.在C、D、E、F四個(gè)點(diǎn)中電子在F點(diǎn)具有的電勢(shì)能最大【答案】BD【解析】無(wú)限大的勻稱帶電平面在四周空間會(huì)形成與平面垂直的勻強(qiáng)電場(chǎng)，故A1B1在四點(diǎn)單獨(dú)產(chǎn)生的電場(chǎng)均向上，A2B2在四點(diǎn)單獨(dú)產(chǎn)生的電場(chǎng)均向左，四點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)方向均是左偏上45°，大小相等，故B正確；D、F兩點(diǎn)在一條電場(chǎng)線上，而沿著電場(chǎng)線電勢(shì)是降低的，故電勢(shì)不等，故A錯(cuò)誤；E、F兩點(diǎn)間電勢(shì)差和E、D兩點(diǎn)間電勢(shì)差肯定值相同而正負(fù)相反，故C錯(cuò)誤；C、D、E、F四個(gè)點(diǎn)，場(chǎng)強(qiáng)方向均是左偏上45°，故CE是等勢(shì)面，D點(diǎn)電勢(shì)最高，F(xiàn)點(diǎn)電勢(shì)最低，故D正確．所以BD正確，AC錯(cuò)誤．9.某同學(xué)在探討性學(xué)習(xí)中，利用所學(xué)的學(xué)問(wèn)解決了如下問(wèn)題：一輕彈簧一端固定于某一深度為h＝0.25m、開(kāi)口向右的小筒中（沒(méi)有外力作用時(shí)彈簧的另一端也位于筒內(nèi)），如圖甲所示，假如本試驗(yàn)的長(zhǎng)度測(cè)量工具只能測(cè)量出筒外彈簧的長(zhǎng)度l，現(xiàn)要測(cè)出彈簧的原長(zhǎng)l0和彈簧的勁度系數(shù)，該同學(xué)通過(guò)變更所掛鉤碼的個(gè)數(shù)來(lái)變更l，作出F—l圖線如圖乙所示．（1）由此圖線可得出的結(jié)論是____________．（2）彈簧的勁度系數(shù)為_(kāi)______N/m，彈簧的原長(zhǎng)l0＝_______m.【答案】(1).在彈性限度內(nèi)，彈力與彈簧的伸長(zhǎng)量成正比(2).100(3).0.15【解析】【詳解】試題分析：（1）[1]依據(jù)圖象結(jié)合數(shù)學(xué)學(xué)問(wèn)可知：在彈性限度內(nèi)，彈力與彈簧的伸長(zhǎng)量成正比；（2）[2][3]依據(jù)胡克定律F與的關(guān)系式為：，從圖象中可得直線的斜率為2N/cm，截距為20N，故彈簧的勁度系數(shù)為，由，于是：考點(diǎn)：考查了胡可定律【名師點(diǎn)睛】找到各個(gè)物理量之間的關(guān)系，然后依據(jù)胡克定律列方程，是解答本題的突破口，這要求學(xué)生有較強(qiáng)的數(shù)學(xué)推導(dǎo)實(shí)力．10.某同學(xué)通過(guò)試驗(yàn)探討小燈泡的電流與電壓的關(guān)系。試驗(yàn)器材如圖甲所示，現(xiàn)已完成部分導(dǎo)線的連接。(1)試驗(yàn)要求電表的示數(shù)從零起先漸漸增大，請(qǐng)按此要求用筆畫線代替導(dǎo)線在圖甲實(shí)物接線圖中完成余下導(dǎo)線的連接_______；(2)某次測(cè)量電流表指針偏轉(zhuǎn)如圖乙所示，則電流表的示數(shù)為_(kāi)___A；(3)該同學(xué)描繪出小燈泡的伏安特性曲線如圖丙所示，依據(jù)圖像可知小燈泡的電阻隨電壓增大而___（選填“增大”、“減小”或“不變”）。將該小燈泡干脆與電動(dòng)勢(shì)為3V、內(nèi)阻為5Ω的電源組成閉合回路，小燈泡的實(shí)際功率約為_(kāi)___W（保留二位有效數(shù)字）。【答案】(1).(2).0.44(3).增大(4).0.44(0.430.46均對(duì))【解析】【詳解】(1)[1]．滑動(dòng)變阻器的滑片滑動(dòng)過(guò)程中，電流表的示數(shù)從零起先這漸增大，滑動(dòng)變阻器采納分壓接法，實(shí)物電路圖如圖所示：

(2)[2]．由圖示電路圖可知，電流表量程為0.6A，由圖示電流表可知，其分度值為0.02A，示數(shù)為0.44A；

(3)[3]．依據(jù)圖像可知小燈泡的電阻隨電壓增大而增大。[4]．在燈泡U-I圖象坐標(biāo)系內(nèi)作出電源的U-I圖象如圖所示：

由圖示圖象可知，燈泡兩端電壓U=1.3V，通過(guò)燈泡的電流I=0.34A，燈泡功率P=UI=1.3×0.34≈0.44W11.我國(guó)將于2024年舉辦冬奧會(huì)，跳臺(tái)滑雪是其中最具欣賞性的項(xiàng)目之一。如圖所示，質(zhì)量m＝60kg的運(yùn)動(dòng)員從傾角θ=30°、長(zhǎng)度L=80m的直助滑道AB的A處由靜止起先勻加速滑下，經(jīng)過(guò)t=8s到達(dá)助滑道末端B。為了變更運(yùn)動(dòng)員的運(yùn)動(dòng)方向，在助滑道與起跳臺(tái)之間用一段彎曲滑道連接，其中最低點(diǎn)C處旁邊是一段以O(shè)為圓心、半徑R=14m的圓弧，助滑道末端B與彎曲滑道最低點(diǎn)C的高度差h＝5m，運(yùn)動(dòng)員在B、C間運(yùn)動(dòng)時(shí)阻力做功W＝－1000J，g＝10m/s2.求：(1)運(yùn)動(dòng)員在AB段下滑時(shí)受到阻力Ff的大??；(2)運(yùn)動(dòng)員到達(dá)滑道最低點(diǎn)C時(shí)對(duì)滑道的壓力FN的大小?！敬鸢浮浚?）150N；（2）2600N?！窘馕觥俊驹斀狻?1)A到B：由牛頓其次定律得：(2)A到C：由動(dòng)能定理得C點(diǎn)依據(jù)牛頓第三定律壓力與支持力大小相等，為2600N。12.如圖所示，將一矩形區(qū)域abcdef分為兩個(gè)矩形區(qū)域，abef區(qū)域充溢勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)為E，方向豎直向上；bcde區(qū)域充溢勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，方向垂直紙面對(duì)外。be為其分界線。af、bc長(zhǎng)度均為L(zhǎng)，ab長(zhǎng)度為0.75L?，F(xiàn)有一質(zhì)量為m、電荷量為e的電子（重力不計(jì)）從a點(diǎn)沿ab方向以初速度v0射入電場(chǎng)。已知電場(chǎng)強(qiáng)度，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8.求：(1)該電子從距離b點(diǎn)多遠(yuǎn)的位置進(jìn)入磁場(chǎng)；(2)若要求電子從cd邊射出，所加勻強(qiáng)磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度的最大值；(3)若磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小可以調(diào)整，則cd邊上有電子射出部分的長(zhǎng)度為多少?！敬鸢浮?1)；(2)；(3)。【解析】【詳解】(1)電子在電場(chǎng)中做類似平拋運(yùn)動(dòng)，有0.75L＝v0teE＝ma得即該電子從距b點(diǎn)處進(jìn)入磁場(chǎng).（2）粒子進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，速度方向與be邊夾角的正切值tanθ＝θ＝37°電子進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度為設(shè)電子運(yùn)動(dòng)軌跡剛好與cd邊相切時(shí)，半徑最小為r1，則由幾何關(guān)系知r1＋r1cos37°＝L解得由可得對(duì)應(yīng)的最大磁感應(yīng)強(qiáng)度B＝(3)設(shè)電子運(yùn)動(dòng)軌跡剛好與de邊相切時(shí)，半徑為r2，則r2＝r2sin37°＋L，解得r2＝L又r2cosθ＝L，故切點(diǎn)剛好為d點(diǎn)電子從cd邊射出的長(zhǎng)度為△y＝L＋r1sin37°＝13.如圖所示為半圓形的玻璃磚，C為AB的中點(diǎn)，OO'為過(guò)C點(diǎn)的AB面的垂線。a，b兩束不同頻率的單色可見(jiàn)細(xì)光束垂直AB邊從空氣射入玻璃磚，且兩束光在AB面上入射點(diǎn)到C點(diǎn)的距離相等，兩束光折射后相交于圖中的P點(diǎn)，以下推斷正確的是（）A.在半圓形的玻璃磚中，a光的傳播速度小于b光的傳播速度B.a光的頻率小于b光的頻率C.兩種色光分別通過(guò)同一雙縫干涉裝置形成的干涉條紋，相鄰明條紋的間距a光的較大D.若a，b兩束光從同一介質(zhì)射入真空過(guò)程中，a光發(fā)生全反射的臨界角小于b光發(fā)生全反射的臨界角E.a光比b光更簡(jiǎn)單發(fā)生衍射現(xiàn)象【答案】BCE【解析】【詳解】A．由圖分析可知，玻璃磚對(duì)b光的偏折角大于對(duì)a光的偏折角，依據(jù)折射定律得知：玻璃磚對(duì)b光的折射率大于對(duì)a光的折射率，由得知，a光在玻璃磚中的傳播速度大于b光的傳播速度。故A錯(cuò)誤。

B．對(duì)于同種介質(zhì)，光的頻率越大，光的折射率越大，則知a光的頻率小于b光的頻率。故B正確。

C．雙縫干涉條紋的間距與波長(zhǎng)成正比，a光的頻率小，波長(zhǎng)長(zhǎng)，故相鄰明條紋的間距a光的較大。故C正確。

D．由臨界角公式分析得知，a光的折射率n小，則a光發(fā)生全反射的臨界角大于b光發(fā)生全反射的臨界角。故D錯(cuò)誤。

E．a(chǎn)光波長(zhǎng)較大，則比b光更簡(jiǎn)單發(fā)生衍射現(xiàn)象，選項(xiàng)E正確。故選BCE。14.如圖所示，一列沿x軸正方向傳播的簡(jiǎn)諧橫波在t=0時(shí)刻的波形如圖中的實(shí)線所示，此時(shí)這列波恰好傳播到P點(diǎn)，再經(jīng)過(guò)1.5s，坐標(biāo)為x=8m的Q點(diǎn)起先起振，求：①該列波的周期T和振源O點(diǎn)的振動(dòng)方程；②從t=0時(shí)刻到Q點(diǎn)第一次達(dá)到波峰時(shí)，振源O點(diǎn)相對(duì)平衡位置的位移y及其所經(jīng)過(guò)的路程s?！敬鸢浮竣?.5s，；②