2024屆云南省三校高考備考性聯(lián)考卷（六）物理試題（解析版）

高級中學(xué)名校試卷PAGEPAGE32024屆云南三校高考備考實用性聯(lián)考卷（六）一、選擇題1.一定質(zhì)量的理想氣體被活塞封閉在氣缸中，氣缸和活塞的絕熱性、密封性良好，如圖所示?，F(xiàn)接通電熱絲加熱氣體，活塞緩慢向上移動，不計活塞與氣缸間的摩擦，外界大氣壓強保持不變，則該過程（）A.氣體壓強不變B.氣體中每個分子熱運動的動能都增加C.電熱絲產(chǎn)生的熱量小于氣體對活塞做的功D.在單位時間內(nèi)，氣體分子與單位面積活塞碰撞的次數(shù)增加〖答案〗A〖解析〗A．活塞向上運動，不計活塞與氣缸間的摩擦，外界大氣壓強保持不變，整個過程氣體壓強與外界大氣壓強之差保持不變，屬于等壓變化，故A正確；B．由于氣體溫度升高，氣體內(nèi)能升高，則氣體分子的平均動能升高，但不是每個分子的動能都增加，故B錯誤；C．活塞向上移動，氣體對外做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律氣體內(nèi)能升高，可知氣體從電熱絲處吸收的熱量大于氣體對活塞做的功，故C錯誤；D．氣體分子的平均動能升高，撞擊活塞的平均作用力增大，而氣體壓強不變，則氣體分子在單位時間內(nèi)撞擊活塞單位面積的次數(shù)減少，故D錯誤。故選A。2.如圖甲所示，a、b位于兩個等量異種電荷的連線的中垂線上，且a、b到兩電荷連線的中點O的距離相等；如圖乙所示，兩根相互平行的長直導(dǎo)線垂直紙面通過M、N兩點，c、d位于MN的連線的中垂線上，且c、d到MN連線的中點的距離相等，兩導(dǎo)線中通有等大反向的恒定電流，下列說法正確的是（）A.O點處的電場強度為零B.點處的磁感應(yīng)強度為零C.a、b處電場強度大小相等，方向相反D.c、d處磁感應(yīng)強度大小相等，方向相同〖答案〗D〖解析〗A．正、負電荷在O點處的電場強度方向均水平向右，根據(jù)場強疊加可知，O點電場強度不為零，故A錯誤。C．根據(jù)等量異種電荷中垂線電場分布特點，結(jié)合對稱性可知，a、b處的電場強度大小相等，方向相同，均水平向右，故C錯誤；BD．根據(jù)安培定則以及磁場疊加可知，c、d處的磁感應(yīng)強度大小相等，方向均沿cd向下，點處的磁感應(yīng)強度不為零，也沿cd向下，故B錯誤，D正確。故選D。3.一物體從坐標原點出發(fā)，沿x軸正方向做初速度為零的勻加速直線運動，出發(fā)時刻記為0時刻，該物體運動的圖像如圖所示，據(jù)圖像的特點與信息分析，下列說法正確的是（）A.s時物體的速度為8m/s B.s時物體的速度為16m/sC.m時物體的速度為8m/s D.m時物體的速度為16m/s〖答案〗B〖解析〗AB．由初速度為0的勻加速直線運動規(guī)律可得則有圖像的斜率為由圖像得解得時物體的速度為故A錯誤，B正確；CD．由可得m時物體的速度為4m/s，故CD錯誤。故選B。4.如圖所示，在水平桌面上倒立著一個透明圓錐，底面是半徑m的圓，圓錐軸線與桌面垂直，過軸線的豎直截面是等腰三角形，底角。有一束光線從距軸線m處垂直于圓錐底面入射，透過圓錐后在水平桌面上形成一個小光點。已知透明圓錐介質(zhì)的折射率，真空中光速（m/s，不考慮光的多次反射，則（） A.光進入圓錐后波長變長B.光在圓錐中的傳播速度為m/sC.光在圓錐中的傳播時間為sD.桌面上小光點到圓錐頂點O的距離為0.12m〖答案〗D〖解析〗A．光進入圓錐后速度變小，波長變短，故A錯誤；B．圓錐中的光速故B錯誤；C．傳播時間解得故C錯誤；D．光線從底面垂直入射后沿直線射到圓錐側(cè)面上的點發(fā)生折射，光路如圖所示由幾何關(guān)系可知入射角為θ，設(shè)折射角為α，則解得由幾何關(guān)系可知解得故D正確。故選D。5.如圖所示，輕桿1與輕桿2通過光滑鉸鏈A、B安裝在豎直墻面上，A、B位于同一豎直線上，另一端通過光滑鉸鏈O連接，鉸鏈大小和質(zhì)量忽略不計。已知其中，，重力加速度為g?，F(xiàn)將一個質(zhì)量為m的物塊，通過輕繩懸掛于O點保持靜止，下列說法正確的是（）A.豎直墻對A、B兩鉸鏈的總作用力方向斜向右上方B.輕桿1對鉸鏈O的作用力為C.若將鉸鏈A豎直向下緩慢移動少許，該過程中輕桿1對鉸鏈O的彈力變大D.若將鉸鏈B豎直向上緩慢移動少許，該過程中輕桿2對鉸鏈O彈力變小〖答案〗C〖解析〗A．對輕桿、鉸鏈及重物所組成的系統(tǒng)進行受力分析可知，該系統(tǒng)受到三個外力，分別是豎直墻對A、B兩鉸鏈的作用力及重物重力，由三力平衡可知豎直墻對A、B兩鉸鏈的總作用力方向豎直向上，大小等于mg，故A錯誤；B．對O點受力分析如圖，輕桿1對鉸鏈O的作用力為故B錯誤；CD．由相似三角形得若將鉸鏈A豎直向下緩慢移動少許，OA、OB不變，AB變小，輕桿1對O的彈力變大，同理可知，若將鉸鏈B豎直向上緩慢移動少許，輕桿2對O的彈力變大，故C正確，故D錯誤。故選C。6.2023年12月26日11時26分，西昌衛(wèi)星發(fā)射中心成功發(fā)射第五十八顆北斗導(dǎo)航衛(wèi)星。設(shè)質(zhì)量為m的北斗衛(wèi)星在距地面高為h處做勻速圓周運動，地球半徑為R，地球表面重力加速度為g。忽略地球自轉(zhuǎn)，則下列關(guān)于北斗衛(wèi)星的說法正確的是（）A.動能為 B.周期為C.角速度為 D.向心加速度為〖答案〗CD〖解析〗A．根據(jù)又解得故A錯誤；B．又解得故B錯誤；C．角速度為故C正確；D．向心加速度為故D正確。故選CD。7.如圖所示，兩個平行板電容器AB和A'B'水平放置，A板用導(dǎo)線與B'板相連，B板和A'板都接地，A、B'板帶正電。電容器AB電壓為，帶電量為；電容器A'B'電壓為，帶電量為，若將右邊電容器間的絕緣介質(zhì)抽出，則（）A.減小 B.減小 C.減小 D.增大〖答案〗BD〖解析〗將絕緣介質(zhì)抽出，由電容的決定式可知變小，不變，其中不變，綜合以上分析可知：增加，減小，、均增大。故選BD。8.如圖所示，在兩根水平的平行光滑金屬導(dǎo)軌右端c、d處，連接兩根相同的平行光滑圓弧導(dǎo)軌。圓弧導(dǎo)軌均處于豎直面內(nèi)，與水平軌道相切，半徑，頂端a、b處連接一阻值的電阻，平行導(dǎo)軌各處間距均為，導(dǎo)軌電阻不計。整個裝置處于豎直向上的勻強磁場中，磁感應(yīng)強度大小。一根質(zhì)量、電阻的金屬棒，在水平拉力F作用下從圖示位置由靜止開始做加速度為的勻加速直線運動，運動到處時拉力。金屬棒運動到處后，調(diào)節(jié)拉力F使金屬棒沿圓弧導(dǎo)軌做勻速圓周運動至處。金屬棒運動過程中始終與導(dǎo)軌垂直且接觸良好，重力加速度大小。下列說法正確的是（）A.金屬棒運動過程中e端電勢小于f端電勢B.金屬棒做勻加速直線運動的時間為2sC.金屬棒做勻加速直線運動過程中通過金屬棒的電荷量為0.5CD.金屬棒從cd運動至ab的過程中電阻R中產(chǎn)生的熱量為〖答案〗ACD〖解析〗A．根據(jù)右手定則可知，金屬棒運動過程中e端電勢小于f端電勢，故A正確；B．金屬棒運動到cd處的速度當金屬棒在cd時，其產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為產(chǎn)生的電流為金屬棒所受的安培力為據(jù)牛頓第二定律得聯(lián)立以上代入數(shù)據(jù)解得故B錯誤；C．金屬棒做勻加速直線運動過程中，通過金屬棒的電荷量為又有，聯(lián)立解得故C正確；D．設(shè)金屬棒做勻速圓周運動的速度v與磁場正方向的夾角為，則垂直磁場方向的分速度則有效值則其中電阻R中產(chǎn)生的熱量為解得故D正確。故選ACD。二、非選擇題9.某實驗小組設(shè)計了如圖甲所示的實驗裝置來驗證機械能守恒定律。（1）實驗時，該同學(xué)進行了如下操作：①用天平分別測出物塊A、B的質(zhì)量和（B的質(zhì)量含遮光片）；②用20分度游標卡尺測量遮光片的寬度d，示數(shù)如圖乙所示，游標卡尺的示數(shù)為______cm；③將重物A、B用輕繩跨過輕質(zhì)滑輪按圖甲所示連接，一個同學(xué)用手托住重物B，另一個同學(xué)測量出遮光片中心到光電門中心的豎直距離h，之后釋放重物B使其由靜止開始下落。測得遮光片經(jīng)過光電門的時間為，則重物B經(jīng)過光電門的速度大小為______，此時重物A的速度大小為______。（用題中給定的或測得的物理量符號表示）（2）已知當?shù)刂亓铀俣葹間，從釋放重物B到其遮光片下落通過光電門這一過程，要驗證系統(tǒng)（重物A、B）的機械能守恒，應(yīng)滿足的關(guān)系式為______（用題中給定的或測得的物理量符號表示）?！即鸢浮剑?）1.050（2）〖解析〗【小問1詳析】（1）[1]游標卡尺的示數(shù)cm[2]根據(jù)極短時間的平均速度表示瞬時速度，重物B速度的大小[3]根據(jù)滑輪組原理，重物A速度的大小【小問2詳析】系統(tǒng)（重物A、B）減少的重力勢能為系統(tǒng)增加的動能為系統(tǒng)（重物A、B）的機械能守恒，有10.如圖甲為物理興趣小組設(shè)計的多用電表的電路原理圖。其中表頭G的內(nèi)阻、滿偏電流mA，Ω。該多用電表表盤如圖乙所示，下排刻度均勻，上排刻度線對應(yīng)數(shù)值還沒有及時標出。（1）當選擇開關(guān)接“1”時，為電流擋，電流擋的量程為______mA。（2）當選擇開關(guān)接“3”時，為電壓擋，若電壓擋的量程為15V，則______Ω。（3）該興趣小組在實驗室找到了一個電阻箱，利用組裝好的多用電表設(shè)計了如下從“?！钡健皽y”的實驗：①將選擇開關(guān)接“2”，紅黑表筆短接，調(diào)節(jié)的阻值使電表指針滿偏；②將多用電表紅黑表筆與電阻箱相連，調(diào)節(jié)電阻箱使多用電表指針指在電表刻度盤正中央位置，此時電阻箱如圖丙所示，則多用電表內(nèi)部電源電動勢______V；③用待測電阻代替電阻箱接入兩表筆之間，表盤指針指在圖乙所示位置，則計算可知待測電阻______Ω（結(jié)果保留3位有效數(shù)字）?！即鸢浮剑?）250（2）40（3）12.512.5〖解析〗【小問1詳析】由歐姆定律可得電流擋的量程為【小問2詳析】根據(jù)電壓表改裝原理解得Ω【小問3詳析】[1]歐姆表的內(nèi)阻等于此時電阻箱讀數(shù)根據(jù)閉合電路歐姆定律V[2]圖乙所示位置電流為200mA，根據(jù)閉合電路歐姆定律可得解得11.如圖所示，兩物塊P、Q用跨過光滑輕質(zhì)定滑輪的輕繩相連，P、Q兩物塊的質(zhì)量分別為、，P與桌面間的動摩擦因數(shù)。從靜止釋放后，P、Q開始加速運動，繩中張力為T。若要讓運動過程中輕繩張力變?yōu)?T，可在P上固定一個質(zhì)量為的物塊K。取重力加速度，求T和各為多少？〖答案〗，〖解析〗設(shè)原來P、Q運動時加速度大小為，輕繩張力為T，分別對P、Q用牛頓第二定律得解得在P上固定一物塊K后，再分別對P、Q用牛頓第二定律得聯(lián)立解得12.如圖甲所示，一質(zhì)量kg、電量C的物塊放在足夠大的粗糙水平面上的O點，物塊與水平面間的動摩擦因數(shù)。長m的輕質(zhì)細線上端固定，下端系著一質(zhì)量kg的小球，小球靜止時位于O點上方，小球與物塊均可視為質(zhì)點。以O(shè)為原點，水平向右為x軸建立坐標。O點右側(cè)空間有一特殊的水平電場，電場強度E隨位置坐標x的變化關(guān)系如圖乙所示，沿x軸正方向電場為正?，F(xiàn)將小球拉至與豎直方向夾角的位置由靜止釋放，小球運動到最低點與物塊發(fā)生彈性碰撞，碰撞時間極短。不計空氣阻力，重力加速度大小g取10m/s，，。求：（1）碰撞后瞬間物塊的速度大小；（2）物塊第一次運動到m時的動能?！即鸢浮剑?）m/s；（2）J〖解析〗（1）設(shè)小球運動到最低點時的速度大小為v，在小球釋放后至運動到最低點的過程中，根據(jù)動能定理有設(shè)碰撞后瞬間小球與物塊的速度分別為、，取向右為正方向，根據(jù)動量守恒定律有根據(jù)機械能守恒定律有聯(lián)立解得m/s（2）圖像與x軸圍成圖形面積乘以電荷量表示電場力做的功，則由題圖乙可知碰后到物塊第一次運動到m過程中，電場力做的功J由動能定理可得代入數(shù)據(jù)解得J13.如圖所示，在區(qū)域內(nèi)存在沿y軸負向的勻強電場，在區(qū)域內(nèi)存在垂直紙面向外的有界勻強磁場，磁場的左邊界為y軸，右邊界為與y軸平行的直線MN。ON為位于x軸上的水平絕緣板，板的厚度可忽略不計。一質(zhì)量為m、電荷量為的粒子從x軸負半軸的點以初速度（方向與x軸正向夾角）射入電場，隨后從y軸上的P點垂直y軸進入磁場。粒子打到絕緣板上（碰撞時間極短）反彈前后水平分速度不變，豎直分速度大小不變、方向相反。若粒子電量保持不變且不計其重力，求：（1）勻強電場的電場強度E的大小；（2）若絕緣板ON長為3d，要使粒子進入磁場后不與絕緣板發(fā)生碰撞，則磁感應(yīng)強度B需要滿足的條件；（3）若，粒子從P點進入磁場后，將與絕緣板碰撞三次從右邊界的Q點（圖中未標出）離開，且。則粒子從P點運動到Q點的時間?！即鸢浮剑?）；（2）或；（3）或〖解析〗（1）從A點到P點，水平方向豎直方向根據(jù)牛頓第二定律解得（2）P點到O點距離a．若恰好不與絕緣板的O點碰撞在磁場中做圓周運動解得b．若恰好不與絕緣板的N點碰撞在磁場中做圓周運動解得綜合分析可知，磁感應(yīng)強度B需要滿足的條件是或（3）當時，粒子在磁場中運動的軌道半徑圓周運動的周期a．若粒子斜向上射出磁場，如圖中①位置所示粒子在磁場中運動的時間解得b．若粒子斜向下射出磁場，如圖中②位置所示，粒子在磁場中運動的時間解得2024屆云南三校高考備考實用性聯(lián)考卷（六）一、選擇題1.一定質(zhì)量的理想氣體被活塞封閉在氣缸中，氣缸和活塞的絕熱性、密封性良好，如圖所示?，F(xiàn)接通電熱絲加熱氣體，活塞緩慢向上移動，不計活塞與氣缸間的摩擦，外界大氣壓強保持不變，則該過程（）A.氣體壓強不變B.氣體中每個分子熱運動的動能都增加C.電熱絲產(chǎn)生的熱量小于氣體對活塞做的功D.在單位時間內(nèi)，氣體分子與單位面積活塞碰撞的次數(shù)增加〖答案〗A〖解析〗A．活塞向上運動，不計活塞與氣缸間的摩擦，外界大氣壓強保持不變，整個過程氣體壓強與外界大氣壓強之差保持不變，屬于等壓變化，故A正確；B．由于氣體溫度升高，氣體內(nèi)能升高，則氣體分子的平均動能升高，但不是每個分子的動能都增加，故B錯誤；C．活塞向上移動，氣體對外做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律氣體內(nèi)能升高，可知氣體從電熱絲處吸收的熱量大于氣體對活塞做的功，故C錯誤；D．氣體分子的平均動能升高，撞擊活塞的平均作用力增大，而氣體壓強不變，則氣體分子在單位時間內(nèi)撞擊活塞單位面積的次數(shù)減少，故D錯誤。故選A。2.如圖甲所示，a、b位于兩個等量異種電荷的連線的中垂線上，且a、b到兩電荷連線的中點O的距離相等；如圖乙所示，兩根相互平行的長直導(dǎo)線垂直紙面通過M、N兩點，c、d位于MN的連線的中垂線上，且c、d到MN連線的中點的距離相等，兩導(dǎo)線中通有等大反向的恒定電流，下列說法正確的是（）A.O點處的電場強度為零B.點處的磁感應(yīng)強度為零C.a、b處電場強度大小相等，方向相反D.c、d處磁感應(yīng)強度大小相等，方向相同〖答案〗D〖解析〗A．正、負電荷在O點處的電場強度方向均水平向右，根據(jù)場強疊加可知，O點電場強度不為零，故A錯誤。C．根據(jù)等量異種電荷中垂線電場分布特點，結(jié)合對稱性可知，a、b處的電場強度大小相等，方向相同，均水平向右，故C錯誤；BD．根據(jù)安培定則以及磁場疊加可知，c、d處的磁感應(yīng)強度大小相等，方向均沿cd向下，點處的磁感應(yīng)強度不為零，也沿cd向下，故B錯誤，D正確。故選D。3.一物體從坐標原點出發(fā)，沿x軸正方向做初速度為零的勻加速直線運動，出發(fā)時刻記為0時刻，該物體運動的圖像如圖所示，據(jù)圖像的特點與信息分析，下列說法正確的是（）A.s時物體的速度為8m/s B.s時物體的速度為16m/sC.m時物體的速度為8m/s D.m時物體的速度為16m/s〖答案〗B〖解析〗AB．由初速度為0的勻加速直線運動規(guī)律可得則有圖像的斜率為由圖像得解得時物體的速度為故A錯誤，B正確；CD．由可得m時物體的速度為4m/s，故CD錯誤。故選B。4.如圖所示，在水平桌面上倒立著一個透明圓錐，底面是半徑m的圓，圓錐軸線與桌面垂直，過軸線的豎直截面是等腰三角形，底角。有一束光線從距軸線m處垂直于圓錐底面入射，透過圓錐后在水平桌面上形成一個小光點。已知透明圓錐介質(zhì)的折射率，真空中光速（m/s，不考慮光的多次反射，則（） A.光進入圓錐后波長變長B.光在圓錐中的傳播速度為m/sC.光在圓錐中的傳播時間為sD.桌面上小光點到圓錐頂點O的距離為0.12m〖答案〗D〖解析〗A．光進入圓錐后速度變小，波長變短，故A錯誤；B．圓錐中的光速故B錯誤；C．傳播時間解得故C錯誤；D．光線從底面垂直入射后沿直線射到圓錐側(cè)面上的點發(fā)生折射，光路如圖所示由幾何關(guān)系可知入射角為θ，設(shè)折射角為α，則解得由幾何關(guān)系可知解得故D正確。故選D。5.如圖所示，輕桿1與輕桿2通過光滑鉸鏈A、B安裝在豎直墻面上，A、B位于同一豎直線上，另一端通過光滑鉸鏈O連接，鉸鏈大小和質(zhì)量忽略不計。已知其中，，重力加速度為g?，F(xiàn)將一個質(zhì)量為m的物塊，通過輕繩懸掛于O點保持靜止，下列說法正確的是（）A.豎直墻對A、B兩鉸鏈的總作用力方向斜向右上方B.輕桿1對鉸鏈O的作用力為C.若將鉸鏈A豎直向下緩慢移動少許，該過程中輕桿1對鉸鏈O的彈力變大D.若將鉸鏈B豎直向上緩慢移動少許，該過程中輕桿2對鉸鏈O彈力變小〖答案〗C〖解析〗A．對輕桿、鉸鏈及重物所組成的系統(tǒng)進行受力分析可知，該系統(tǒng)受到三個外力，分別是豎直墻對A、B兩鉸鏈的作用力及重物重力，由三力平衡可知豎直墻對A、B兩鉸鏈的總作用力方向豎直向上，大小等于mg，故A錯誤；B．對O點受力分析如圖，輕桿1對鉸鏈O的作用力為故B錯誤；CD．由相似三角形得若將鉸鏈A豎直向下緩慢移動少許，OA、OB不變，AB變小，輕桿1對O的彈力變大，同理可知，若將鉸鏈B豎直向上緩慢移動少許，輕桿2對O的彈力變大，故C正確，故D錯誤。故選C。6.2023年12月26日11時26分，西昌衛(wèi)星發(fā)射中心成功發(fā)射第五十八顆北斗導(dǎo)航衛(wèi)星。設(shè)質(zhì)量為m的北斗衛(wèi)星在距地面高為h處做勻速圓周運動，地球半徑為R，地球表面重力加速度為g。忽略地球自轉(zhuǎn)，則下列關(guān)于北斗衛(wèi)星的說法正確的是（）A.動能為 B.周期為C.角速度為 D.向心加速度為〖答案〗CD〖解析〗A．根據(jù)又解得故A錯誤；B．又解得故B錯誤；C．角速度為故C正確；D．向心加速度為故D正確。故選CD。7.如圖所示，兩個平行板電容器AB和A'B'水平放置，A板用導(dǎo)線與B'板相連，B板和A'板都接地，A、B'板帶正電。電容器AB電壓為，帶電量為；電容器A'B'電壓為，帶電量為，若將右邊電容器間的絕緣介質(zhì)抽出，則（）A.減小 B.減小 C.減小 D.增大〖答案〗BD〖解析〗將絕緣介質(zhì)抽出，由電容的決定式可知變小，不變，其中不變，綜合以上分析可知：增加，減小，、均增大。故選BD。8.如圖所示，在兩根水平的平行光滑金屬導(dǎo)軌右端c、d處，連接兩根相同的平行光滑圓弧導(dǎo)軌。圓弧導(dǎo)軌均處于豎直面內(nèi)，與水平軌道相切，半徑，頂端a、b處連接一阻值的電阻，平行導(dǎo)軌各處間距均為，導(dǎo)軌電阻不計。整個裝置處于豎直向上的勻強磁場中，磁感應(yīng)強度大小。一根質(zhì)量、電阻的金屬棒，在水平拉力F作用下從圖示位置由靜止開始做加速度為的勻加速直線運動，運動到處時拉力。金屬棒運動到處后，調(diào)節(jié)拉力F使金屬棒沿圓弧導(dǎo)軌做勻速圓周運動至處。金屬棒運動過程中始終與導(dǎo)軌垂直且接觸良好，重力加速度大小。下列說法正確的是（）A.金屬棒運動過程中e端電勢小于f端電勢B.金屬棒做勻加速直線運動的時間為2sC.金屬棒做勻加速直線運動過程中通過金屬棒的電荷量為0.5CD.金屬棒從cd運動至ab的過程中電阻R中產(chǎn)生的熱量為〖答案〗ACD〖解析〗A．根據(jù)右手定則可知，金屬棒運動過程中e端電勢小于f端電勢，故A正確；B．金屬棒運動到cd處的速度當金屬棒在cd時，其產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為產(chǎn)生的電流為金屬棒所受的安培力為據(jù)牛頓第二定律得聯(lián)立以上代入數(shù)據(jù)解得故B錯誤；C．金屬棒做勻加速直線運動過程中，通過金屬棒的電荷量為又有，聯(lián)立解得故C正確；D．設(shè)金屬棒做勻速圓周運動的速度v與磁場正方向的夾角為，則垂直磁場方向的分速度則有效值則其中電阻R中產(chǎn)生的熱量為解得故D正確。故選ACD。二、非選擇題9.某實驗小組設(shè)計了如圖甲所示的實驗裝置來驗證機械能守恒定律。（1）實驗時，該同學(xué)進行了如下操作：①用天平分別測出物塊A、B的質(zhì)量和（B的質(zhì)量含遮光片）；②用20分度游標卡尺測量遮光片的寬度d，示數(shù)如圖乙所示，游標卡尺的示數(shù)為______cm；③將重物A、B用輕繩跨過輕質(zhì)滑輪按圖甲所示連接，一個同學(xué)用手托住重物B，另一個同學(xué)測量出遮光片中心到光電門中心的豎直距離h，之后釋放重物B使其由靜止開始下落。測得遮光片經(jīng)過光電門的時間為，則重物B經(jīng)過光電門的速度大小為______，此時重物A的速度大小為______。（用題中給定的或測得的物理量符號表示）（2）已知當?shù)刂亓铀俣葹間，從釋放重物B到其遮光片下落通過光電門這一過程，要驗證系統(tǒng)（重物A、B）的機械能守恒，應(yīng)滿足的關(guān)系式為______（用題中給定的或測得的物理量符號表示）?！即鸢浮剑?）1.050（2）〖解析〗【小問1詳析】（1）[1]游標卡尺的示數(shù)cm[2]根據(jù)極短時間的平均速度表示瞬時速度，重物B速度的大小[3]根據(jù)滑輪組原理，重物A速度的大小【小問2詳析】系統(tǒng)（重物A、B）減少的重力勢能為系統(tǒng)增加的動能為系統(tǒng)（重物A、B）的機械能守恒，有10.如圖甲為物理興趣小組設(shè)計的多用電表的電路原理圖。其中表頭G的內(nèi)阻、滿偏電流mA，Ω。該多用電表表盤如圖乙所示，下排刻度均勻，上排刻度線對應(yīng)數(shù)值還沒有及時標出。（1）當選擇開關(guān)接“1”時，為電流擋，電流擋的量程為______mA。（2）當選擇開關(guān)接“3”時，為電壓擋，若電壓擋的量程為15V，則______Ω。（3）該興趣小組在實驗室找到了一個電阻箱，利用組裝好的多用電表設(shè)計了如下從“校”到“測”的實驗：①將選擇開關(guān)接“2”，紅黑表筆短接，調(diào)節(jié)的阻值使電表指針滿偏；②將多用電表紅黑表筆與電阻箱相連，調(diào)節(jié)電阻箱使多用電表指針指在電表刻度盤正中央位置，此時電阻箱如圖丙所示，則多用電表內(nèi)部電源電動勢______V；③用待測電阻代替電阻箱接入兩表筆之間，表盤指針指在圖乙所示位置，則計算可知待測電阻______Ω（結(jié)果保留3位有效數(shù)字）?！即鸢浮剑?）250（2）40（3）12.512.5〖解析〗【小問1詳析】由歐姆定律可得電流擋的量程為【小問2詳析】根據(jù)電壓表改裝原理解得Ω【小問3詳析】[1]歐姆表的內(nèi)阻等于此時電阻箱讀數(shù)根據(jù)閉合電路歐姆定律V[2]圖乙所示位置電流為200mA，根據(jù)閉合電路歐姆定律可得解得11.如圖所示，兩物塊P、Q用跨過光滑輕質(zhì)定滑輪的輕繩相連，P、Q兩物塊的質(zhì)量分別為、，P與桌面間的動摩擦因數(shù)。從靜止釋放后，P、Q開始加速運動，繩中張力為T。若要讓運動過程中輕繩張力變?yōu)?T，可在P上固定一個質(zhì)量為的物塊K。取重力加速度，求T和各為多少？〖答案〗，〖解析〗設(shè)原來P、Q運動時加速度大小為，輕繩張力為T，分別對P、Q用牛頓第二定律得解得在P上固定一物塊K后，再分別對P、Q用牛頓第二定律得聯(lián)立解得12