2025版核心素養(yǎng)下高考物理專題復(fù)習(xí)講義-部分2

[注意]對(duì)氣體而言，球模型：2.分子熱運(yùn)動(dòng)的實(shí)驗(yàn)基礎(chǔ)：擴(kuò)散現(xiàn)象和布朗運(yùn)動(dòng)布朗運(yùn)動(dòng)熱運(yùn)動(dòng)活動(dòng)主體分子分子區(qū)別體、氣體之間只能在液體、氣體中發(fā)生分子的運(yùn)動(dòng)，不能通過(guò)光學(xué)顯微鏡直接觀察到共同點(diǎn)①都是無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)；②都隨溫度的升高而更加激烈聯(lián)系擴(kuò)散現(xiàn)象、布朗運(yùn)動(dòng)都反映無(wú)規(guī)則的熱運(yùn)動(dòng)3.物體的內(nèi)能二、掌握兩個(gè)關(guān)系【典例分析1】物體的體積變化時(shí)，分子間距離會(huì)隨之變化，分子勢(shì)能也會(huì)發(fā)生變化。已知兩分子間的斥力和位置，現(xiàn)使B分子由靜止釋放，并在分子力的作用下由距A分子0.5r?處開(kāi)始沿r軸正方向運(yùn)動(dòng)到無(wú)窮遠(yuǎn)處，則分子勢(shì)能Ep圖象FF斥力 合力0引力隨分子間距離的變化F隨r增大而減小，表現(xiàn)為斥力r增大，F(xiàn)做正功，Ep減小r增大，F(xiàn)先增大后減小，表現(xiàn)為引力引力和斥力都很微弱，F(xiàn)=0比較晶體非晶體多晶體規(guī)則不規(guī)則不規(guī)則熔點(diǎn)固定固定不固定2.氣體分子運(yùn)動(dòng)特點(diǎn)理想性速直線運(yùn)動(dòng)理想性規(guī)律性數(shù)相等，分子速率呈“中間多、兩頭少”的分布2.液體表面張力形成原因表面層中分子間的距離比液體內(nèi)部分子間的距離大，分子間的相互作用力表現(xiàn)為引力表面層分子間的引力使液面產(chǎn)生了表面張力，使液體表面好像表面張力的方向和液面相切，垂直于液面上的各條分界線表面張力使液體表面具有收縮趨勢(shì)，使液體表面積趨于最小，而在體積相球形的表面積最小典型現(xiàn)象球形液滴、肥皂泡、漣波、毛細(xì)現(xiàn)象，浸潤(rùn)和不浸潤(rùn)考點(diǎn)三熱力學(xué)定律【考點(diǎn)詮釋】1.對(duì)熱力學(xué)定律的理解熱量可以由低溫物體傳遞到高溫物體，也可以從單一熱源吸收熱量全部轉(zhuǎn)化為功，但不引起其他變化是不可能2.對(duì)熱力學(xué)第一定律的考查有定性判斷和定量計(jì)算兩種方式利用題中的條件和符號(hào)法則對(duì)W、Q、△U中的其中兩個(gè)量做出準(zhǔn)確的符號(hào)判斷，然后利用△U=W+Q對(duì)第三一般計(jì)算等壓變化過(guò)程的功，即W=p·△V,然后結(jié)合其他條件，利用△U=W+Q進(jìn)行相關(guān)計(jì)算?！敬鸢浮康陀诖笥诳键c(diǎn)四氣體實(shí)驗(yàn)定律和理想氣體的狀態(tài)方程【典例分析5】.中醫(yī)拔罐的物理原理是利用玻璃罐內(nèi)外的氣壓差使罐吸附在人體穴位上，進(jìn)而治療某些疾病。常見(jiàn)拔罐有兩種，如圖所示，左側(cè)為火罐，下端開(kāi)口；右側(cè)為抽氣拔罐，下端開(kāi)口，上端留有抽氣火罐時(shí)，先加熱罐中氣體，然后迅速按到皮膚上，自然降溫后火罐內(nèi)部氣壓低于外部在皮膚上。抽氣拔罐是先把罐體按在皮膚上，再通過(guò)抽氣降低罐內(nèi)氣體壓強(qiáng)。某次使用火罐時(shí)，罐內(nèi)氣體初始?jí)簭?qiáng)與外部大氣壓相同，溫度為450K,最終降到300K,因皮膚凸起，內(nèi)部氣體體積變?yōu)楣奕莘e的若換用①①②③③④⑤⑥⑦⑧⑨W=F△L=poS(L?-L?)=10?×50×10-?×(12-9)×10考點(diǎn)五熱力學(xué)第一定律與圖象的綜合應(yīng)用【答案】(1)0【解析】(1)狀態(tài)A和B的溫度相等，根經(jīng)過(guò)A、B的等溫線應(yīng)是過(guò)A、B的雙曲線的一部分，沿0B.油酸中含有大量酒精【規(guī)律總結(jié)】1.注意事項(xiàng)2.誤差分析第六部分選修系列專題14振動(dòng)和波動(dòng)考點(diǎn)一機(jī)械振動(dòng)受力特征回復(fù)力F=—kx,F(或a)的大小與x的大小成正比，方向相反靠近平衡位置時(shí)，a、F、x都減小，v增大；遠(yuǎn)離平衡位置時(shí)，a、F、x都增大，v減小能量特征振幅越大，能量越大。在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，系統(tǒng)的動(dòng)能和勢(shì)能相質(zhì)點(diǎn)的位移、回復(fù)力、加速度和速度隨時(shí)間做周期性變化，變化周期就是簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的周期T;關(guān)于平衡位置O對(duì)稱的兩點(diǎn)，速度的大小、動(dòng)能、勢(shì)能相等，A.0.53sB.1.4sA.物塊甲的振幅是物塊乙振幅的4倍B.物塊甲的振幅等于物塊乙的振幅C.物塊甲的最大速度是物塊乙最大速度的D.物塊甲的振動(dòng)周期是物塊乙振動(dòng)周期的2倍E.物塊甲的振動(dòng)頻率是物塊乙振動(dòng)頻率的2倍【答案】BCD【解析】線未斷開(kāi)前，兩根彈簧伸長(zhǎng)的長(zhǎng)度相同，故線斷開(kāi)后兩物塊離開(kāi)平衡位置的最大距離相同，即振幅相同，故A錯(cuò)誤，B正確；當(dāng)線斷開(kāi)的瞬間，彈簧的彈性勢(shì)能相同，到達(dá)平衡位置時(shí)，甲、乙的最大動(dòng)能相同，由于甲的質(zhì)量大于乙的質(zhì)量，由知道，甲的最大速度是乙的最大速度的故C正確；根據(jù)可知，甲的振動(dòng)周期是乙的振動(dòng)周期的2倍，根據(jù)可知，甲的振動(dòng)頻率是乙的振動(dòng)頻率故D正確，E錯(cuò)誤。【規(guī)律總結(jié)】簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的“五個(gè)特征”1.動(dòng)力學(xué)特征：F=-kx,“一”表示回復(fù)力的方向與位移方向相反，k是比例系數(shù)，不一定是彈簧的勁度系數(shù)。2.運(yùn)動(dòng)學(xué)特征：簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的加速度的大小與物體偏離平衡位置的位移的大小成正比，而方向相反，為變加速運(yùn)動(dòng)，遠(yuǎn)離平衡位置時(shí)，x、F、a、Ep均增大，v、Ek均減小，靠近平衡位置時(shí)則相反。3.運(yùn)動(dòng)的周期性特征：相隔T或nT的兩個(gè)時(shí)刻，振子處于同一位置且振動(dòng)狀態(tài)相同。4.對(duì)稱性特征(1)相隔為正整數(shù))的兩個(gè)時(shí)刻，振子位置關(guān)于平衡位置對(duì)稱，位移、速度、加速度大小相等，方(2)如圖所示，振子經(jīng)過(guò)關(guān)于平衡位置O對(duì)稱的兩點(diǎn)P、P'(OP=OP')時(shí)，速度的大小、動(dòng)能、勢(shì)能相等，相對(duì)于平衡位置的位移大小相等。(3)振子由P到O所用時(shí)間等于由O到P(4)振子往復(fù)過(guò)程中通過(guò)同一段路程(如OP段)所用時(shí)間相等，即top=tpo。考點(diǎn)二機(jī)械波【考點(diǎn)詮釋】20考點(diǎn)三機(jī)械振動(dòng)與機(jī)械波的綜合應(yīng)用內(nèi)容圖象“上下坡”法沿波的傳播方向，“上坡”時(shí)質(zhì)點(diǎn)向下振動(dòng)，“下坡”時(shí)質(zhì)點(diǎn)向上振動(dòng)yy下坡上0上坡下“同側(cè)”法波形圖上某點(diǎn)表示傳播方向和振動(dòng)方向的箭頭在圖線同側(cè)“微平移”法將波形沿傳播方向進(jìn)行微小的平衡，再由對(duì)應(yīng)同一x坐標(biāo)的兩波形曲線上的點(diǎn)來(lái)判斷振動(dòng)方向2.波的圖象和振動(dòng)圖象的應(yīng)用則n=1,2,3,...可得：考點(diǎn)四波的多解性【考點(diǎn)詮釋】2.解決波的多解問(wèn)題的思路一般采用從特殊到一般的思維方法，即找出一個(gè)周期內(nèi)滿足條件的關(guān)系△t或Ax,若此關(guān)系為時(shí)間，則t=nT+【典例分析6】.如圖所示是在豎直方向上振動(dòng)并沿水平方向傳播的簡(jiǎn)諧橫波，實(shí)線是t=0時(shí)刻的波形圖，虛線是t=0.2s時(shí)刻的波形圖。出波速的通項(xiàng)關(guān)系式。波沿x軸負(fù)方向傳播時(shí)，傳播的可能距離為：可見(jiàn)波形圖平移可見(jiàn)波形圖平移0.20.4ylemff所以A、B間的距離為當(dāng)n=0時(shí)，λ=16m,vi=40m/s,當(dāng)n=1時(shí)，,v?=8m/s?！疽?guī)律總結(jié)】解答波的多解問(wèn)題的方法考點(diǎn)五波的干涉、衍射和多普勒效應(yīng)【考點(diǎn)詮釋】1.波的干涉現(xiàn)象中加強(qiáng)點(diǎn)、減弱點(diǎn)的兩種判斷方法：C.再過(guò)半個(gè)周期，質(zhì)點(diǎn)B、C是振動(dòng)加第六部分選修系列專題15光與電磁波講核心素養(yǎng)講考點(diǎn)【考點(diǎn)詮釋】1.折射率2.全反射的條件3.光的色散問(wèn)題4.平行玻璃磚、三棱鏡和圓柱體對(duì)光路的控制圓柱體(球)光路圖對(duì)光線圓界面的法線是過(guò)圓心的直線，的作用【典例分析1】如圖所示，直角邊AC長(zhǎng)度為d的直角棱鏡ABC置于桌面上，D為斜邊BC的中點(diǎn)，桌面上的S點(diǎn)發(fā)射一條光線經(jīng)D點(diǎn)折射后，垂直于AB邊射出。已知SC=CD,光線通過(guò)棱鏡的時(shí)間c為真空中【解析】(1)光路如圖所示，E是光線在AB邊的射出點(diǎn)，設(shè)光線通過(guò)棱鏡的速度結(jié)合(2)光線射到界面BC,設(shè)入射角為i,折射角為r,則有：【典例分析2】如圖為三棱柱形棱鏡的橫截面，該橫截面為直角邊為d=1m的等腰直角三角形。一細(xì)光束由AB面斜射入，并逐漸調(diào)節(jié)入射角及入射點(diǎn)的位置，使細(xì)光束經(jīng)AB面折射后直接射到AC面，且當(dāng)細(xì)光束與AB【答案】ABD【解析】由題意畫(huà)出如圖所示的光路圖光，故A正確；由于光束Ⅱ的偏折程度大于光束Ⅲ,所以玻璃對(duì)光束Ⅱ的折射率大于對(duì)光束Ⅲ的折射率，根據(jù)v射角增大，根據(jù)光的可逆性知，光束Ⅲ不可能在上表面發(fā)生全反射，故E錯(cuò)誤?？键c(diǎn)二光的波動(dòng)性、電磁波、相對(duì)論【考點(diǎn)詮釋】,則振動(dòng)減弱。,則振動(dòng)加強(qiáng)；在某時(shí)刻波的干涉的波形圖上，波峰與波峰(或波谷與波谷)的交點(diǎn)，一定是加強(qiáng)點(diǎn)，而波峰與波谷的交點(diǎn)一定是減弱點(diǎn)，各加強(qiáng)點(diǎn)或減弱點(diǎn)各自連接而成以兩波源為中心向外輻射的連線，形3.電磁振蕩與電磁波4.狹義相對(duì)論的重要結(jié)論知點(diǎn)P1與P?之間共有5條亮條紋。【答案】CDE關(guān)【答案】ACEa光束對(duì)應(yīng)的折射率大，而全反射臨界角正弦值與折射率成反比，所以a光的全反射臨界角小于b光的全反射【答案】衍射中間強(qiáng)兩邊弱內(nèi)容弱的現(xiàn)象兩束光頻率相同、相位差恒定障礙物或孔的尺寸與波長(zhǎng)差不多或更小典型實(shí)驗(yàn)單縫衍射(圓孔衍射、圓盤(pán)衍射)圖樣特點(diǎn)不同點(diǎn)條紋寬度條紋寬度不等、中央最寬各相鄰條紋間距相等各相鄰條紋間距不等亮度情況中央條紋最亮，兩邊變暗相同點(diǎn)干涉、衍射都是波特有的現(xiàn)象；干涉、衍射【答案】(1)暗條紋(2)亮條紋λ1=nλ2=1.5×4×10-7m=6【規(guī)律總結(jié)】亮暗條紋的判斷方法專題16力學(xué)綜合計(jì)算題考點(diǎn)一勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律的應(yīng)用①準(zhǔn)確選取研究對(duì)象，根據(jù)題意畫(huà)出物體在各階段的運(yùn)動(dòng)示意圖，直觀呈現(xiàn)物體的運(yùn)動(dòng)過(guò)程.②明確物體在各階段的運(yùn)動(dòng)性質(zhì)，找出題目給定的已知量、待求未知量以及中間量.Ax=x有-x無(wú)⑥【答案】(1)33.6m(2)5.4s(3考點(diǎn)二牛頓運(yùn)動(dòng)定律的綜合應(yīng)用【考點(diǎn)詮釋】1.解題關(guān)鍵2.常用方法在物體受力個(gè)數(shù)較少(2個(gè)或3個(gè))時(shí)一般采用合成法.若物體的受力個(gè)數(shù)較多(3個(gè)或3個(gè)以上),則采用正交分解法.1.水平傳送帶模型圖示情景100情景2端.若vo>v,返回時(shí)速度為v,若vo<v,返回時(shí)速度為v?圖示情景1情景2傳送帶問(wèn)題的實(shí)質(zhì)是相對(duì)運(yùn)動(dòng)問(wèn)題，相對(duì)運(yùn)動(dòng)的方向?qū)⒅苯佑绊懩Σ亮Φ姆较?4.解題關(guān)鍵(1)理清物體與傳送帶間的相對(duì)運(yùn)動(dòng)方向及摩擦力方向是一臨界狀態(tài)進(jìn)行分析往往是解題的突破口.1.模型特點(diǎn)因?yàn)槟景迨艿侥Σ亮Φ挠绊?，往往做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，解決此類問(wèn)題要注意從速度、位移、時(shí)間等角度，尋找各運(yùn)動(dòng)過(guò)程之間的聯(lián)系.2.解題關(guān)鍵m/s2。甲間滑塊a的速度為vo,取水平向右為正方向，根據(jù)動(dòng)量守恒定律mivo=mivi+m2v?,解得vo=4m/s解得h=0.8m。由圖乙可知，滑塊a在傳送帶上先加速4s,后勻速運(yùn)動(dòng)6s到達(dá)C點(diǎn)，圖線與坐標(biāo)軸圍成的圖形的面積等于傳(3)滑塊b一直做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，到C點(diǎn)時(shí)速度恰Q?=fLBc—vtb)=6J 考點(diǎn)三應(yīng)用動(dòng)能定理求解多過(guò)程問(wèn)題【考點(diǎn)詮釋】2.方法技巧故P、B兩點(diǎn)間的距離大小為：(2)設(shè)P、B間摩擦力對(duì)人做功為Wf,由動(dòng)能定理有：由牛頓第三定律可知滑板在C點(diǎn)對(duì)軌道的壓力大小Fn'=Fn=1320N.【典例分析8】如圖所示，半徑R=0.4m的光滑半圓軌道與水平地面相切于B點(diǎn)，且固定于豎直平面內(nèi).在水平地面上距B點(diǎn)x=5m處的A點(diǎn)放一質(zhì)量m=3kg的小物塊，小物塊與水平地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ=0.5.小物塊在與水平地面夾角θ=37°、斜向上的拉力F的作用下由靜止向B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)撤去F,小物塊沿圓軌道上滑，且恰能到圓軌道最高點(diǎn)C.圓弧的圓心為0,P為圓弧上的一點(diǎn)，且OP與水平方向的夾角也為0.(g【解析】(1)小物塊恰能到圓軌道最高點(diǎn)C時(shí)，物塊與軌道間無(wú)彈力.設(shè)在最高點(diǎn)物塊速度為vc,解得Fn=36N考點(diǎn)三動(dòng)量觀點(diǎn)與能量觀點(diǎn)的綜合應(yīng)用【考點(diǎn)詮釋】2.解題策略專題17電學(xué)綜合計(jì)算題=10m/s2。(3)C從最高點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)的過(guò)程，由動(dòng)能定理得解得C到最低點(diǎn)時(shí)的速度v?=8m/s其中n為C經(jīng)過(guò)最高點(diǎn)次數(shù)解得T=(80n-30)N,n=1,2,3....考點(diǎn)二帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)【考點(diǎn)詮釋】1.帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的思想方法和理定.解題的理論依據(jù)主要是由牛頓第二定律列式：求半徑及運(yùn)動(dòng)周期2.圓心的確定方法法一若已知粒子軌跡上的兩點(diǎn)的速度方向，則可根據(jù)洛倫茲力F⊥v,分別確定兩點(diǎn)處洛倫茲力F的方向，其交點(diǎn)即為圓心，如圖甲.法二若已知粒子運(yùn)動(dòng)軌跡上的兩點(diǎn)和其中某一點(diǎn)的速度方向，則可作出此兩點(diǎn)的連線(即過(guò)這兩點(diǎn)的圓弧的弦)的中垂線，中垂線與過(guò)已知點(diǎn)速度方向的垂線的交點(diǎn)即為圓心，如圖乙.3.半徑的確定和計(jì)算4.運(yùn)動(dòng)時(shí)間的確定為弧長(zhǎng)).丁;(3)×2(1)圖中箭頭表示某一粒子初速度的方向，OA與初速度方向夾角為60°,要想使該粒子經(jīng)過(guò)磁場(chǎng)后第一次通過(guò)A點(diǎn)，則初速度的大小是多少?考點(diǎn)三帶電粒子在組合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)垂直電場(chǎng)線進(jìn)入勻強(qiáng)電場(chǎng)(不計(jì)重力)垂直磁感線進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)(不計(jì)重力)受力電場(chǎng)力FE=qE,其大小、方向不變，與速度v無(wú)關(guān)，F(xiàn)E是恒力洛倫茲力Fp=qvB,其大小不力拋物線圓或圓的一部分運(yùn)動(dòng)圓的幾何關(guān)系，利用圓周運(yùn)動(dòng)偏轉(zhuǎn)角φ:運(yùn)動(dòng)時(shí)間不變2.常見(jiàn)模型(1)從電場(chǎng)進(jìn)入磁場(chǎng)電場(chǎng)中：加速直線運(yùn)動(dòng)U磁場(chǎng)中：勻速圓周運(yùn)動(dòng)++電場(chǎng)中：類平拋運(yùn)動(dòng)磁場(chǎng)中：勻速圓周運(yùn)動(dòng)磁場(chǎng)中：勻速圓周運(yùn)動(dòng)電場(chǎng)中：勻變速直線運(yùn)動(dòng)(v與E同向或反向)磁場(chǎng)中：勻速圓周運(yùn)動(dòng)電場(chǎng)中：類平拋運(yùn)動(dòng)(v與E垂直)【典例分析5】如圖所示豎直平面內(nèi)的直角坐標(biāo)系xOy,x軸水平且上方有豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為EEq=ma【解析】qvB=√(Eq)2+(mg2速度v的方向與電場(chǎng)E的方向之間的夾角滿足則θ=60°考點(diǎn)五電磁感應(yīng)中的動(dòng)力學(xué)問(wèn)題vF-B?I?L-μmg=ma2⑤F-B?I?L-μmg=maz'⑧考點(diǎn)六電磁感應(yīng)中的能量、動(dòng)量問(wèn)題安培力做功,q=I·△t解得v?=3m/s第八部分實(shí)驗(yàn)專題18力學(xué)實(shí)驗(yàn)及創(chuàng)新縱覽近幾年全國(guó)卷及各省市等級(jí)考物理試題，實(shí)驗(yàn)命題不避熱點(diǎn)，注重陳題立足創(chuàng)新，凸顯對(duì)科學(xué)探究素養(yǎng)的考查，一般較為基礎(chǔ)，注重對(duì)考生的實(shí)驗(yàn)基本功的考查；另一個(gè)實(shí)驗(yàn)題依據(jù)新課程標(biāo)準(zhǔn)要求挖掘改造，對(duì)考生的實(shí)驗(yàn)?zāi)芰σ筝^高，突出選拔作用講考點(diǎn)考點(diǎn)一基本儀器的讀數(shù)和使用【考點(diǎn)詮釋】1.兩種常見(jiàn)長(zhǎng)度測(cè)量?jī)x器的使用及讀數(shù)方法刻線數(shù)值(mm)(2)常用精確度：10分度游標(biāo)，精度0.1mm;20分度游標(biāo)，精度0.05mm;游標(biāo)卡尺(不估讀)閃照相機(jī)的頻率)【典例分析1】圖甲為在氣墊導(dǎo)軌上研究勻變速直線運(yùn)動(dòng)的示意圖，滑塊上裝有寬度為d(很小)的遮光條，滑塊在鉤碼作用下先后通過(guò)兩個(gè)光電門(mén)，用光電計(jì)時(shí)器記錄遮光條通過(guò)光電門(mén)1的時(shí)間△t。甲乙 丙+0.01mm×36.2=6.862mm?？键c(diǎn)二“紙帶類”實(shí)驗(yàn)【考點(diǎn)詮釋】【易錯(cuò)提醒】:處理紙帶問(wèn)題的三點(diǎn)關(guān)注甲乙【答案】(1)秒表，低壓直流電源刻度尺，低壓交流電源(2)AC(3考點(diǎn)三“橡皮條、彈簧、碰撞”類實(shí)驗(yàn)甲C.等效替代法D.建立物理模型法光電門(mén)甲A0甲乙N丙考點(diǎn)四力學(xué)創(chuàng)新實(shí)驗(yàn)【考點(diǎn)詮釋】1.創(chuàng)新型實(shí)驗(yàn)的特點(diǎn)=50.0mm,再測(cè)出5張照片中的x和s,記錄到下表中，取重力加速度g=10m/s。頻閃照片序號(hào)12345(1)分析圖乙中小球位置的分布規(guī)律，可知該相機(jī)每秒能拍攝_張照片。丙【答案】(1)15(2)如圖所示(3)C05拍攝了6張照片，則數(shù)碼相機(jī)在1s內(nèi)能拍攝的照片數(shù)又由平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律有s'=vt,聯(lián)立可得v故選C。實(shí)驗(yàn)次數(shù)123456請(qǐng)?jiān)谧鴺?biāo)紙(如圖乙)上畫(huà)出v-t圖象。甲乙 ?？键c(diǎn)五其它實(shí)驗(yàn)【考點(diǎn)詮釋】C.使斜面的底邊ab與桌邊重合o甲A.等效替代法B.控制變量法C.理想化模型法乙【答案】(1)B(2)①見(jiàn)解析②0.188642第八部分實(shí)驗(yàn)專題19電學(xué)實(shí)驗(yàn)及創(chuàng)新縱覽近幾年全國(guó)卷及各省市等級(jí)考物理試題，實(shí)驗(yàn)命題不避熱點(diǎn)，注重陳題翻新；重點(diǎn)實(shí)驗(yàn)頻頻考，其他立足創(chuàng)新，凸顯對(duì)科學(xué)探究素養(yǎng)的考查，一般較為基礎(chǔ)，注重對(duì)考生的實(shí)驗(yàn)基本功的考查；另一個(gè)實(shí)驗(yàn)題依據(jù)新課程標(biāo)準(zhǔn)要求挖掘改造，對(duì)考生的實(shí)驗(yàn)?zāi)芰σ筝^高，突出選拔作用精確度讀數(shù)規(guī)則與刻度尺一樣，采用估讀，讀數(shù)規(guī)則較簡(jiǎn)單，只需要精確0.1V電流表0～0.6A估讀位與最小刻度在同一位，采用古讀電壓表0～15V估讀位與最小刻度在同一位，采用士詩(shī)2.多用電表B.將選擇開(kāi)關(guān)S與3連接，就構(gòu)成了歐姆表D.將選擇開(kāi)關(guān)S與4、5連接，就構(gòu)成了電壓表，且與4接點(diǎn)相連由考點(diǎn)二以測(cè)電阻為核心的電學(xué)實(shí)驗(yàn)【考點(diǎn)詮釋】+求出被測(cè)電阻Rx的阻值.A.電流表A?(量程為0至50mA,內(nèi)阻RA?約為3Ω)C.定值電阻R?=697ΩD.定值電阻R?=1985ΩF.電壓表V(量程為0至12V,內(nèi)阻Rv=1kΩ)G.蓄電池E(電動(dòng)勢(shì)為12V,內(nèi)阻很小)(1)如圖7所示，請(qǐng)選擇合適的器材，電表(3)寫(xiě)出測(cè)量LED燈正常工作時(shí)的電阻表達(dá)式Rx=(用測(cè)量量字母和已知字母表示),當(dāng)表達(dá)式中的 (3)設(shè)LED燈正常工作時(shí)電表1的讀數(shù)為Uv,電表2的讀數(shù)為I?,根據(jù)閉合電路歐姆定律知，LED燈兩端的電壓U=I?(R?+RA2),通過(guò)LED燈的電流所以LED燈正常工作時(shí)的電阻改裝后待測(cè)靈敏電流計(jì)G、G?;電阻箱R(0～9999.9Ω,最小調(diào)節(jié)量0.1Q);滑動(dòng)變阻器R?(阻值范圍為0～2000Ω,額定電流1.5A);直流電源E(電動(dòng)勢(shì)1.5V,內(nèi)阻不計(jì));開(kāi)關(guān)S,導(dǎo)線若干。(3)讀出電阻箱連入電路的電阻為1200.0Ω,電流表的示數(shù)為0.6mA,靈敏電流計(jì)G?的指針指在20格的刻度【答案】(2)減小(3)300800阻值，減小電阻箱R接入電路的阻值，當(dāng)a、b兩點(diǎn)電勢(shì)相等時(shí)，流過(guò)G?的電流為0。(3)流過(guò)G?的電流為0,由圖示電路圖可知即考點(diǎn)三以測(cè)電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻為核心的電學(xué)實(shí)驗(yàn)安阻法實(shí)驗(yàn)原理實(shí)驗(yàn)電路理圖象法誤差來(lái)源電壓表的分流電壓表的分流電流表的分壓U/V/A/AdeA,則說(shuō)明當(dāng)電壓為2.4V時(shí)，干路電流為I?=0.33A+0.87A=1.2A;則根據(jù)閉合電路歐姆定律可得2.5V=E—r1A,2.4V=E-r1.2A,解得電源的電動(dòng)勢(shì)E=3.0V,內(nèi)電阻r=0.50Ω.b?內(nèi)阻r=_?！敬鸢浮俊窘馕觥?1)若閉合開(kāi)關(guān)Si,將單刀雙擲開(kāi)關(guān)S?擲向a,改變電阻箱R的阻值得到一系列的電壓表的讀數(shù)U,根貝利用安阻法時(shí)，考慮電流表內(nèi)阻，可則題圖丙圖象的斜率的倒數(shù)等于電源的電動(dòng)勢(shì)E。那么根甲,可得考點(diǎn)四電學(xué)創(chuàng)新實(shí)驗(yàn)【考點(diǎn)詮釋】高考試題中出現(xiàn)的電學(xué)創(chuàng)新實(shí)驗(yàn)，大都是在教材常規(guī)實(shí)驗(yàn)的基礎(chǔ)上，進(jìn)行重組、包裝、拓展、創(chuàng)新，它們?cè)从凇镜?/p>