新疆昌吉回族自治州瑪納斯縣一中2025屆高三物理上學(xué)期期中備考試題Ⅱ含解析

PAGE20-新疆昌吉回族自治州瑪納斯縣一中2025屆高三物理上學(xué)期期中備考試題Ⅱ（含解析）一、選擇題（本大題共10小題，每小題4分。在每小題給出的四個選項中，第1～6題只有一項是符合題目要求，第7～10題有多項符合題目要求，全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分）1.以下關(guān)于物理學(xué)史和所用物理學(xué)方法的敘述不正確的是()A.卡文迪許奇妙地運用扭秤試驗測出引力常量B.伽利略用了志向試驗法證明力是維持物體運動的緣由C.電場強度、電容、電阻均采納了比值定義法D.依據(jù)平均速度，當(dāng)，v就表示為瞬時速度，這是極限法的思想【答案】B【解析】【詳解】A．卡文迪許奇妙地運用扭秤試驗測出引力常量，從而求得地球的質(zhì)量，被人們稱為“能稱出地球質(zhì)量的人”，故A正確，Ａ項不合題意．B．伽利略用了志向試驗法證明力不是維持物體運動的緣由，而是變更物體運動狀態(tài)的緣由，故B錯誤，Ｂ項符合題意．C．電場強度、電容、電阻均采納了比值定義法定義物理量，體現(xiàn)物理量間沒有正比和反比關(guān)系；故Ｃ正確，Ｃ項不合題意．D．依據(jù)平均速度，當(dāng)△t→0，v就表示為瞬時速度，這是極限法的思想，故D正確，Ｄ項不合題意．2.如圖所示，兩個相同的輕質(zhì)鋁環(huán)套在一根水平光滑絕緣桿上，當(dāng)一條形磁鐵向左運動靠近兩環(huán)時，兩環(huán)的運動狀況是()A.同時向左運動，間距增大 B.同時向左運動，間距減小C.同時向右運動，間距減小 D.同時向右運動，間距增大【答案】B【解析】當(dāng)磁鐵的靠近時，導(dǎo)致兩圓環(huán)的磁通量變大，從而由楞次定律可得兩圓環(huán)的感應(yīng)電流為逆時針（從右向左看），所以又處于N極的磁場中，則受到的安培力向左．由于兩圓環(huán)的電流均是逆時針，所以兩圓環(huán)的相互吸引，距離減?。蔬xB.點睛：本題考查對楞次定律運動學(xué)的描述應(yīng)用；從楞次定律相對運動角度可得：近則斥，遠(yuǎn)則吸．同時同向電流相互吸引，反向電流相互排斥.3.質(zhì)點沿x軸做直線運動的位置坐標(biāo)x與時間t的關(guān)系為x＝2+4t-t2（各物理量均采納國際單位制單位），則該質(zhì)點（）A.第1s內(nèi)的位移大小是5mB.前2s內(nèi)的平均速度是3m/sC.2s末質(zhì)點速度減為0D.4s末質(zhì)點位于坐標(biāo)原點處【答案】C【解析】【詳解】A.第1s內(nèi)的位移x1=(2+4×1?1)?2=3m，故A錯誤；B.前2s內(nèi)的位移x2=(2+4×2?4)?2m=4m，則平均速度，故B錯誤；C.依據(jù)x=v0t+知，質(zhì)點的初速度為4m/s，加速度為?2m/s2，速度減為零的時間為2s，故C正確；D.

4s末物體所處的位置坐標(biāo)x=2+4×4?16=2m，故D錯誤．故選C.【點睛】依據(jù)位置坐標(biāo)與時間t的關(guān)系式得出得出初始時刻和1s末的位置坐標(biāo)，從而得出第1s內(nèi)的位移，結(jié)合2s末位置坐標(biāo)和初始時刻的位置坐標(biāo)求出前2s內(nèi)的位移，從而求出平均速度．依據(jù)表達(dá)式得出初速度和加速度，從而確定其運動規(guī)律．4.如圖所示，晾曬衣服的繩子兩端分別固定在兩根等高的豎直桿上，繩子的質(zhì)量及繩與衣架掛鉤間摩擦均忽視不計，原來保持靜止。一陣恒定的風(fēng)吹來，衣服受到水平向右的恒力而發(fā)生滑動，并在新的位置保持靜止。下列說法中正確的是（）A.在新位置時掛鉤左右兩邊繩的拉力不再相等B.有風(fēng)和無風(fēng)兩種狀況下繩的拉力大小相等C.有風(fēng)和無風(fēng)兩種狀況下，繩子張角∠AOB保持不變D.在有風(fēng)的狀況下，將繩子的右端從A點移到C點，則繩子的拉力變小【答案】D【解析】【詳解】A．O點始終是活結(jié)點，活結(jié)兩端的同一根繩拉力力確定相等，A錯；BC．衣服原來是受重力和兩個拉力而平衡，多個風(fēng)力后是四力平衡，兩個繩子的拉力的合力與重力、風(fēng)力的合力相平衡，故兩個繩子的拉力的合力變大；有風(fēng)時張角會變小，所以繩子的拉力可能增大，可能較小，也可能不變，故B、C錯誤；D．當(dāng)在有風(fēng)的狀況下將繩子的端點從A點移到C點，BO與豎直方向的夾角增大，AO與豎直方向的夾角減小，因為BO和AO繩產(chǎn)生的拉力仍舊相等，它們在水平方向的分力的差值剛好是風(fēng)力，由于AO與水平方向夾角變小，而繩中拉力水平分力的差值不變，故繩的拉力變小，故D正確；故選D。5.如圖是跳遠(yuǎn)運動員在起跳、騰空和落地過程的情景。若運動員的成果為8.00m，騰空時重心離沙坑的最大高度為1.25m。為簡化情景，把運動員視為質(zhì)點，空中軌跡視為拋物線，則（）A.運動員在空中運動的時間為0.5sB.運動員在空中最高點時的速度大小為4m/sC.運動員落入沙坑時的速度大小為9m/sD.運動員落入沙坑時速度與水平面夾角正切值為0.625【答案】D【解析】【詳解】A．跳遠(yuǎn)是斜拋運動，后半段可視為平拋運動，前半段可視為逆向平拋，前、后段時間相等，依據(jù)h=gt2，得t1=0.5s則運動員在空中運動的時間是t=2t1=1.0s故A錯誤；B．由x=v0t=8.00m得v0=8.0m/s即運動員在空中最高點的速度大小是8.0m/s，故B錯誤；C．運動員落入沙坑時的速度大小是故C錯誤；D．運動員落入沙坑時速度與水平面的夾角正切值故D正確。故選D。6.如圖所示，A、B是質(zhì)量比為1:2、都帶正電的小球，用兩根長分別為2L和L的絕緣輕繩系住后懸掛于天花板上的同一點O。當(dāng)系統(tǒng)平衡后，兩根繩與豎直方向的夾角分別為α和βA.α>β B.α<β C.α=β D.不能確定【答案】C【解析】【詳解】解法一如上圖所示受力分析，力學(xué)三角形和幾何三角形相像因為和是作用力和反作用力，大小相等，且，聯(lián)立各式得又依據(jù)正弦定理可知因角和角互補，則聯(lián)立解得因為和均為銳角，故所以ABD錯誤，C正確。解法二兩球之間的庫侖力是作用力和反作用力關(guān)系，大小相等，方向相反，兩個小球均受到重力、靜電力和拉力，因為A、B的質(zhì)量比是1:2，長度之比是2:1，滿意以O(shè)為支點的杠桿平衡條件所以可知故ABD錯誤，C正確。故選C。7.嫦娥工程分為三期，簡稱“繞、落、回”三步走。我國放射的“嫦娥三號”衛(wèi)星是嫦娥工程其次階段的登月探測器，該衛(wèi)星先在距月球表面高度為h的軌道上繞月球做周期為T的勻速圓周運動，再經(jīng)變軌后勝利落月。已知月球的半徑為R，引力常量為G，忽視月球自轉(zhuǎn)及地球?qū)πl(wèi)星的影響。則以下說法正確的是（）A.物體在月球表面自由下落的加速度大小為B.“嫦娥三號”繞月球做勻速圓周運動時的線速度大小為C.月球的平均密度為D.在月球上放射月球衛(wèi)星的最小放射速度為【答案】AC【解析】【詳解】A．在月球表面，重力等于萬有引力，則mg=G對于“嫦娥三號”繞月球做勻速圓周運動過程，由萬有引力供應(yīng)向心力得解得故A正確；B．“嫦娥三號”繞月球做勻速圓周運動，軌道半徑r＝R＋h則它繞月球做勻速圓周運動的速度大小故B錯誤；C．由上式得月球的質(zhì)量M＝而V＝πR3，可得月球的平均密度故C正確；D．設(shè)在月球上放射衛(wèi)星的最小放射速度為v，則有G＝m即故D錯誤。故選AC。8.如圖所示，邊長為L的等邊三角形ABC為兩有界勻強磁場的志向邊界，三角形內(nèi)的磁場方向垂直紙面對外，磁感應(yīng)強度大小為B，三角形外的磁場（足夠大）方向垂直紙面對里，磁感應(yīng)強度大小也為B．把粒子源放在頂點A處，它將沿∠A的角平分線放射質(zhì)量為m、電荷量為q、初速度為v0的帶負(fù)電的粒子（粒子重力不計）．則下列說法正確的是（）A.若v0=，則粒子第一次到達(dá)C點所用的時間為B.若v0=，則粒子第一次到達(dá)C點所用的時間為C.若v0=，則粒子第一次到達(dá)B點所用的時間為D.若v0=，則粒子第一次到達(dá)B點所用的時間為【答案】BC【解析】詳解】若v0=，帶電粒子垂直進(jìn)入磁場，做勻速圓周運動，則由牛頓其次定律可得：qvB=m；T=；將速度代入可得：r=L；從A射出粒子第一次通過圓弧從A點到達(dá)C點的運動軌跡如下圖所示，可得：；故A錯誤；

帶電粒子在一個周期內(nèi)的運動如圖；帶電粒子從C到B的時間：；故從A到B的時間為：tAB=tAC+tCB=+=；故C正確；若v0=，帶電粒子垂直進(jìn)入磁場，做勻速圓周運動，則由牛頓其次定律可得：qvB=m；；將速度代入可得：r=L；故從A射出粒子第一次通過圓弧從A點到達(dá)C點的運動軌跡如下圖所示，可得：

，故B正確；帶電粒子從C到B的時間：;故從A到B的時間為：tAB=tAC+tCB=+=，故D錯誤；故選BC．【點睛】本題考查帶電粒子在磁場中的運動，難點在于幾何圖象的確定應(yīng)分析，要抓住三角形內(nèi)外圓半徑均為L，則可得出各自圓弧所對應(yīng)的圓心角，從而確定粒子運動所經(jīng)驗的時間．9.如圖所示，兩個等量異種點電荷、固定在同一條水平線上，電荷量分別為和。是水平放置的足夠長的光滑絕緣細(xì)桿，細(xì)桿上套著一個中間穿孔的小球，其質(zhì)量為，電荷量為（可視為摸索電荷，不影響電場的分布）?，F(xiàn)將小球從點電荷的正下方點由靜止釋放，到達(dá)點電荷的正下方點時，速度為，為的中點。則（）A.小球從至先做加速運動，后做減速運動B.小球運動至點時速度為C.小球最終可能返回至點D.小球在整個運動過程中的最終速度為【答案】BD【解析】【詳解】A．依據(jù)等量異種點電荷的電場線分布，可知，兩點電荷連線的中垂面是等勢面，電勢為0，正點電荷旁邊電勢大于0，負(fù)點電荷旁邊電勢小于0，依據(jù)對稱關(guān)系可得其中，所以小球從C到D運動過程中，只有電場力做功，且由于電勢降低，所以電勢能減小，電場力做正功，小球在做加速運動，所以A錯誤；B．小球由C到D，由動能定理得則由C到O，由動能定理可得所以B正確；C．由分析可知無窮遠(yuǎn)處電勢也是0，小球由O到D加速運動，再由D到無窮遠(yuǎn)處，電勢上升，電勢能增加，電場力做負(fù)功，小球做減速運動，全部不行能返回O點，所以C錯誤；D．小球從O到無窮遠(yuǎn)處，電場力做功為0，由能量守恒可知，動能變更量也是0，即無窮遠(yuǎn)處的速度為所以D正確。故選BD。10.水平地面上有兩個物體在同始終線上運動，兩物體碰撞前后的速度一時間圖象如圖所示（其中一個物體碰后速度變?yōu)?）．下列說法正確的是A.t=0時，兩物體的距離為1mB.t=2.5s時，兩物體的距離為4.5mC.兩物體間碰撞為完全彈性碰撞D.碰撞前，地面對兩個物體的摩擦力大小不相等【答案】BC【解析】兩物體相向運動，均做勻減速運動，1s時相碰，可知t=0時，兩物體的距離為，選項A錯誤；t=2.5s時，兩物體的距離為，選項B正確；設(shè)碰前速度為正值的物體的質(zhì)量為m1，速度為負(fù)的物體的質(zhì)量為m2；由動量守恒可知，碰后原來速度為正的物體的速度變?yōu)榱?，則：，解得m1=2m2；由能量關(guān)系：碰前；碰后，則兩物體間的碰撞為完全彈性碰撞，選項C正確；碰前速度為正值的物體的摩擦力；速度為負(fù)值的物體的摩擦力，則選項D錯誤；故選BC.點睛：此題要明確物理過程，知道哪個物體碰后速度為零以及完全彈性碰撞滿意條件，結(jié)合v-t圖像解題.二、非選擇題（本題共6小題，共60分。把答案填在題中的橫線上或按題目要求作答。解答題應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要演算步驟，只寫出最終答案的不能得分。有數(shù)值計算的題，答案中必需明確寫出數(shù)值和單位）11.某試驗小組的同學(xué)用如圖所示的裝置測量滑塊與斜面間的動摩擦因數(shù)μ．每次滑塊都從斜面上由靜止起先下滑，測出滑塊每次下滑時遮光板到光電門所在位置的距離L及相應(yīng)遮光時間t的值．(1)用游標(biāo)卡尺測量遮光板的寬度d

，如圖乙所示，則d=______cm．(2)為測出滑塊與斜面間的動摩擦因數(shù)μ，本試驗還須要測出或知道的物理量是______(填下列序號)．A．滑塊和遮光板的總質(zhì)量m

B．斜面的傾角θC．當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣萭(3)試驗中測出了多組L和t的值，若要通過線性圖象來處理數(shù)據(jù)求μ值，則應(yīng)作出的圖象為_________；A．

圖象B．

圖象D．

圖象C．

圖象【答案】(1).0.225cm；(2).BC；

(3).B【解析】【詳解】（1）d=0.2cm+0.05mm×5=0.225cm.（2）設(shè)斜面的傾角為θ，釋放滑塊時遮光條到光電門間的距離x，滑塊經(jīng)過光電門時的速度為v，物體在斜面上受到重力．支持力和摩擦力的作用，沿斜面的方向：mgsinθ-μmgcosθ=ma，由導(dǎo)出公式2aL=v2-0，由于遮光片經(jīng)過光電門的時間比較小，所以可以用遮光片經(jīng)過光電門的平均速度表示瞬時速度，即v＝，聯(lián)立解得μ＝tanθ?，從公式中可以看出，摩擦因數(shù)與斜面的傾角θ、遮光片的寬度d、重力加速度g、遮光時間t以及釋放滑塊時遮光片到光電門間的距離L有關(guān)，所以還須要測量的物理量為：斜面的傾角θ和釋放滑塊時遮光條到光電門間的距離L、當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣萭，故選項BC正確；

（3）試驗中測出了多組L及t的值，則有t2＝?，應(yīng)作出的圖象為t2?圖象；故選B.12.某同學(xué)欲將量程為300μA的微安表頭G改裝成量程為0.3A的電流表．可供選擇的試驗器材有：A．微安表頭G（量程300μA，內(nèi)阻約為幾百歐姆）B．滑動變阻器R1（0~10kΩ）C．滑動變阻器R2（0~50kΩ）D．電阻箱（0~9999Ω）E．電源E1（電動勢約為1.5V）F．電源E2（電動勢約為9V）G．開關(guān)、導(dǎo)線若干該同學(xué)先采納如圖甲的電路測量G的內(nèi)阻，試驗步驟如下：①按圖甲連接好電路，將滑動變阻器的滑片調(diào)至圖中最右端所對應(yīng)的位置；②斷開S2，閉合S1，調(diào)整滑動變阻器的滑片位置，使G滿偏；③閉合S2，保持滑動變阻器的滑片位置不變，調(diào)整電阻箱的阻值，使G的示數(shù)為200μA，登記此時電阻箱的阻值．回答下列問題：（1）試驗中電源應(yīng)選用_________（填“E1”或“E2”），滑動變阻器應(yīng)選用________（填“R1”或“R2”）．（2）若試驗步驟③中記錄的電阻箱的阻值為R，則G的內(nèi)阻Rg與R的關(guān)系式為Rg=______．（3）試驗測得G的內(nèi)阻Rg=500Ω，為將G改裝成量程為0.3A的電流表，應(yīng)選用阻值為_____Ω的電阻與G_____（填“串聯(lián)”或“并聯(lián)”）．（4）接著該同學(xué)利用改裝后的電流表A，按圖乙電路測量未知電阻Rx的阻值．某次測量時電壓表V的示數(shù)為1.20V，表頭G的指針指在原電流刻度的250μA處，則Rx=_______Ω．【答案】(1).E2(2).R2(3).R(4).0.5(5).并聯(lián)(6).4.3【解析】【詳解】（1）電流表G的內(nèi)阻約為幾百歐姆，為提高測量精度，滑動變阻器的阻值應(yīng)大些，故選R2；為減小試驗誤差，電源電動勢應(yīng)盡可能大些，電源最好選用E2．（2）步驟③中閉合S2，保持滑動變阻器的滑片位置不變，調(diào)整電阻箱的阻值，使G的示數(shù)為200μA，此時電阻箱的電流為100μA，則此時電阻箱的阻值應(yīng)為電流計G阻值的2倍，即Rg=R．（3）試驗測得G的內(nèi)阻Rg=500Ω，為將G改裝成量程為0.3A的電流表，應(yīng)選用阻值為的電阻與G并聯(lián)．（4）改裝后的電流表的內(nèi)阻為；表頭G的指針指在原電流刻度的250μA處，此處對應(yīng)的實際電流為，電壓表V的示數(shù)為1.20V，則．13.如圖所示，質(zhì)量的滑塊，在水平力F作用下靜止在傾角的光滑斜面上，斜面的末端處與水平傳送帶相接（滑塊經(jīng)過此位置滑上皮帶時無能量損失），傳送帶的運行速度，長。現(xiàn)將水平力撤去，當(dāng)滑塊滑到傳送帶右端C時，恰好與傳送帶速度相同?；瑝K與傳送帶間的動摩擦因數(shù)，。求滑塊起先下滑的高度h?！敬鸢浮?.8m【解析】【詳解】設(shè)滑塊從高為h處下滑，到達(dá)斜面底端速度為v，下滑過程，由機械能守恒有①若滑塊沖上傳送帶時的速度小于傳送帶速度，則滑塊在帶上由于受到向右的滑動摩擦力而做勻加速運動；依據(jù)動能定理有解得②若滑塊沖上傳送帶時的速度大于傳送帶的速度，則滑塊由于受到向左的滑動摩擦力而做勻減速運動；依據(jù)動能定理有解得14.如圖所示，離地面足夠高處有一豎直的空管，管長為24m，M、N為空管的上、下兩端，空管受外力作用，由靜止起先豎直向下做勻加速直線運動，加速度為2m/s2．同時在M處一個大小不計的小球沿管的軸線以初速度v0豎直上拋，不計一切阻力，取g=10m/s2．求：（1）若小球上拋的初速度為10m/s，經(jīng)過多長時間從管的N端穿出？（2）若此空管的N端距離地面64m高，欲使在空管到達(dá)地面時小球必需落到管內(nèi)，在其他條件不變的前提下，求小球的初速度v0大小的范圍．【答案】（1）4s（2）29m/s≤v0≤32m/s【解析】【詳解】(1)取向下為正，小球初速度，設(shè)經(jīng)t時間，小球從N端穿出，小球下落的高度：空管下落的高度：則：聯(lián)立得：代入數(shù)據(jù)解得：（舍去）(2)設(shè)小球初速度，空管經(jīng)時間到達(dá)地面，則得：小球在時間下落高度為：小球落入管內(nèi)條件是：解得：29m/s≤v0≤32m/s所以小球的初速度大小必需在29m/s≤v0≤32m/s范圍內(nèi)15.如圖所示，一質(zhì)量為m1＝1kg，帶電荷量為q＝＋0.5C的小球以速度v0＝3m/s，沿兩正對帶電平行金屬板(板間電場可看成勻強電場)左側(cè)某位置水平向右飛入，極板長0.6m，兩極板間距為0.5m，不計空氣阻力，小球飛離極板后恰好由A點沿切線落入豎直光滑圓弧軌道ABC，圓弧軌道ABC的形態(tài)為半徑R<3m的圓截去了左上角127°的圓弧，CB為其豎直直徑，在過A點豎直線OO′的右邊界空間存在豎直向下的勻強電場，電場強度為E＝10V/m.(取g＝10m/s2)求：(1)兩極板間的電勢差大小U；(2)欲使小球在圓弧軌道運動時不脫離圓弧軌道，求半徑R取值應(yīng)滿意的條件．【答案】(1)10V(2)或【解析】【詳解】(1)在A點，豎直分速度vy＝v0tan53°＝4m/s帶電粒子在平行板中運動時間t＝＝0.2svy＝at，得a＝20m/s2又mg＋E′q＝maE′＝，得U＝10V(2)在A點速度vA＝＝5m/s①若小球不超過圓心等高處，則有≤(mg＋qE)Rcos53°得R≥m故3m>R≥m②若小球能到達(dá)最高點C，則有＝(mg＋qE)R·(1＋cos53°)＋在C點：mg＋Eq≤可得聯(lián)立解得：R≤m故圓弧軌道半徑R的取值條件為：3m>R≥m或R≤m16.如圖所示，真空中有一個半徑r=0.5m的圓形磁場區(qū)域，與x軸相切與坐標(biāo)原點O，磁感應(yīng)強度B=2×10－4T，方向垂直于紙面對外，在x=1m處的豎直線的右側(cè)有一水平放置的正對平行金屬板M、N，板間距離為d=0.5m，板長L=0.6m，板間中線O2O3的延長線恰