廣東詩莞市翰林實驗學校2024-2025學年高二物理下學期4月月考試題含解析

PAGE17-廣東省東莞市翰林試驗學校2024-2025學年高二物理下學期4月月考試題（含解析）一．單選題1.下列說法正確的是()A.速度大的物體，它的動量肯定也大B.動量大的物體，它的速度肯定也大C.只要物體的運動速度大小不變，物體的動量就保持不變D.物體的動量變更越大則該物體的速度變更肯定越大【答案】D【解析】【詳解】A、動量p=mv，速度大的物體，它的動量不肯定大，故A錯誤；B、物體的動量p=mv，動量大的物體，它的速度不肯定大，故B錯誤；C、動量等于質(zhì)量與速度的乘積，物體運動的速度大小不變，物體的動量大小保持不變，但速度方向可能變更，動量方向可能變更，動量大小不變而方向變更，動量變了，故C錯誤；D、質(zhì)量肯定的物體，動量變更△p=m△v，動量變更越大，該物體的速度變更肯定越大，故D正確；故選D．2.如圖所示，質(zhì)量為m的物體在一個與水平方向成θ角的恒拉力F作用下，沿水平面對右勻速運動，則下列關(guān)于物體在時間t內(nèi)所受力的沖量正確的是A.拉力F的沖量大小為Ftcosθ B.摩擦力的沖量大小為FtsinθC.重力的沖量大小為mgt D.物體所受支持力的沖量是mgt【答案】C【解析】【詳解】A、拉力F的沖量大小為Ft，故A錯誤；B、物體做勻速直線運動，可知摩擦力f=Fcosθ，則摩擦力的沖量大小為ft=Ftcosθ，故B錯誤；C、重力的沖量大小為mgt，故C正確；D、支持力的大小為，則支持力的沖量為，故D錯誤；故選C．【點睛】依據(jù)力的大小，結(jié)合沖量的公式求出各力的沖量大?。?.如圖所示，10匝矩形線圈，在磁感應(yīng)強度為0.4T的勻強磁場中，繞垂直磁場的軸OO’以角速度為100rad/s勻速轉(zhuǎn)動，線框電阻不計，面積為0.5m2，線框通過滑環(huán)與一志向變壓器的原線圈相連，副線圈接有兩只燈泡L1和L2．已知變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為10：1，開關(guān)斷開時L1正常發(fā)光，且電流表示數(shù)為0.01A，則：A.若從圖示位置起先計時，線框中感應(yīng)電動勢的瞬時值為200sin100tVB.若開關(guān)S閉合，電流表示數(shù)將增大C.若開關(guān)S閉合，燈泡L1將更亮D.燈泡L1的額定功率為2W【答案】B【解析】【詳解】A.變壓器的輸入電壓的最大值為：Um=NBSω=10×0.4×0.5×100=200V；從垂直中性面位置起先計時，故線框中感應(yīng)電動勢的瞬時值為：u=Umcosωt=200cos100t（V），故選項A不符合題意；B.若開關(guān)S閉合，輸出電壓不變，輸出端電阻減小，故輸出電流增加，故輸入電流也增加，電流表示數(shù)將增大，故選項B符合題意；C若開關(guān)S閉合，輸出電壓不變，故燈泡L1亮度不變；故選項C不符合題意；D.變壓器輸入電壓的有效值為：；開關(guān)斷開時L1正常發(fā)光，且電流表示數(shù)為0.01A，燈泡L1的額定功率等于此時變壓器的輸入功率，為：P=U1I1=100×0.01=W，故選項D不符合題意；4.通過某電流表的電流按如圖所示的規(guī)律變更，則該電流表的讀數(shù)為（）A.4AB.4AC.5AD.5A【答案】D【解析】依據(jù)有效值的定義可得：，解得：I=5A，故選項D正確，ABC錯誤．故選D．點睛：有效值的定義為：把直流電和溝通電分別通過兩個相同的電阻器件，假如在相同時間內(nèi)它們產(chǎn)生的熱量相等，那么就把此直流電的電壓、電流作為此溝通電的有效值．特殊的，對于正弦交變電流最大值是有效值的倍．5.如圖所示。電路中完全相間的三只燈泡a、b、c分別與電阻R、電感L、電容C串聯(lián)，然后再并聯(lián)到220V、50Hz的溝通電路上，三只燈泡亮度恰好相同，若保持交變電壓不變，將交變電流的頻率增大到60Hz，則發(fā)生的現(xiàn)象是（）A三燈亮度不變 B.三燈均變亮C.a不變、b變亮、c變暗 D.a不變、b變暗、c變亮【答案】D【解析】【詳解】依據(jù)電感的特性：通低頻、阻高頻，當電源的頻率變高時，電感對電流的感抗增大，b燈變暗；依據(jù)電容器的特性：通高頻、阻低頻，當電源的頻率變高時，電容對電流的容抗減小，c燈變亮。而電阻的阻礙作用與頻率無關(guān)，a燈亮度不變；

A．三燈亮度不變，與結(jié)論不相符，選項A錯誤；B．三燈均變亮，與結(jié)論不相符，選項B錯誤；C．a(chǎn)不變、b變亮、c變暗，與結(jié)論不相符，選項C錯誤；D．a(chǎn)不變、b變暗、c變亮，與結(jié)論不相符，選項D正確；故選D。6.圖甲為小型旋轉(zhuǎn)電樞式溝通發(fā)電機的原理圖，其矩形線圈在磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場中，繞垂直于磁場方向的固定軸OO′(OO′沿水平方向)勻速轉(zhuǎn)動，線圈的兩端經(jīng)集流環(huán)和電刷與電阻R＝10Ω連接，與電阻R并聯(lián)的溝通電壓表為志向電壓表，示數(shù)是10V.圖乙是矩形線圈中磁通量隨時間t變更的圖象.線圈內(nèi)阻不計，則()A.此溝通發(fā)電機的電動勢平均值為10VB.t＝0.02s時R兩端的電壓瞬時值為零C.R兩端的電壓u隨時間t變更的規(guī)律是u＝10cos(100πt)VD.當ab邊速度方向向上時，它所受安培力的方向也向上【答案】C【解析】試題分析：矩形線圈為電源，若垂直于磁場的轉(zhuǎn)軸勻速轉(zhuǎn)動，產(chǎn)生正弦溝通電，外電阻R＝10Ω，電壓表示數(shù)１０Ｖ，說明即．依據(jù)乙圖時磁通量等于０可推斷電動勢最大，所以電動勢隨時間變更的規(guī)律為，選項Ｃ對．帶入電動勢的表達式，此刻，選項Ｂ錯．依據(jù)楞次定律，感應(yīng)電流總是阻礙線圈的轉(zhuǎn)動，所以當ab邊速度方向向上時，它所受安培力的方向向下，選項Ｄ錯．電動勢平均值為磁通量和時間的比值，而該比值最大為，所以平均值肯定比小，選項Ａ錯．考點：溝通電【名師點睛】依據(jù)乙圖磁通量變更規(guī)律找到線圈繞垂直磁場的轉(zhuǎn)軸勻速轉(zhuǎn)動的周期角速度，而是磁通量等于０可推斷從垂直中性面位置起先計時，電動勢依據(jù)余弦函數(shù)規(guī)律變更．電壓表示數(shù)為有效值，正弦溝通電最大值為有效值的倍．厘清基本關(guān)系．7.黨的十九大以來，習近平總書記多次強調(diào)，要精準扶貧。某些邊遠落后農(nóng)村電價過高，農(nóng)夫負擔過重，其中客觀緣由是電網(wǎng)陳舊老化，供電部門要進行農(nóng)村電網(wǎng)改造。為了削減遠距離輸電線路上的電能損耗而降低電費價格，以下措施中切實可行的是（）A.提高輸電電壓 B.用超導材料做輸電線C.提高輸送功率 D.減小輸電線的橫截面【答案】A【解析】【詳解】A．提高輸電電壓，依據(jù)輸送電流較小，依據(jù)P損=I2R知損失的功率較小，故A正確；B．應(yīng)用超導材料做輸電線，依據(jù)P損=I2R損失功率為0，但成本太高，故B錯誤；C．提高輸送功率，依據(jù)輸送電流較大，依據(jù)P損=I2R知損失的功率較大。故C錯誤；D．減小輸電導線的橫截面積，依據(jù)電阻定律可知電阻增大了，依據(jù)P損=I2R知損失的功率較大，故D錯誤。故選A。8.如圖所示為一自耦變壓器，保持輸入電壓不變，以下說法正確的是（）A.滑鍵P不動，滑鍵Q上移，電流表示數(shù)不變B.滑鍵P不動，滑鍵Q上移，電壓表示數(shù)變小C.滑鍵P向b方向移動，滑鍵Q下移，電流表示數(shù)減小D.滑鍵P向b方向移動，滑鍵Q不動，電壓表示數(shù)增大【答案】C【解析】【詳解】AB．滑鍵P不動，變壓器原副線圈匝數(shù)比不變，則變壓器輸出電壓不變，電壓表示數(shù)不變?；IQ上移，電阻變更，副線圈電流變更，則原線圈電流也變更，電流表示數(shù)變更。故AB錯誤；CD．滑鍵P向b方向移動，增大，由可知輸出電壓減小，電壓表示數(shù)變小，與滑鍵Q是否移動無關(guān)?；IQ下移，電阻增大，則減小，由可知減小，電流表示數(shù)變小故C正確，D錯誤。故選C。9.籃球運動員接傳來的籃球時，通常要先伸出兩臂迎球，手觸到球瞬間順勢后引．這樣可以減小A.球?qū)κ值牧Φ臎_量 B.球?qū)κ值牧Φ拇笮.球的動量變更量 D.球的動能變更量【答案】B【解析】球?qū)κ值牧Φ臎_量，不變，A錯誤；籃球運動員接傳來的籃球時，通常要先伸出兩臂迎球，手觸到球瞬間順勢后引，增加了手與球間的相互作用力時間，依據(jù)可知，減小了球?qū)κ值牧Φ拇笮?，B正確；依據(jù)動量變更可知，動量變更量相同，C錯誤；球的動能變更量，相同，故D錯誤．10.如圖所示，A、B兩物體質(zhì)量之比為3:2，原來靜止在平板小車C上，A、B間有一根被壓縮的彈簧，地面光滑，當彈簧突然釋放后，則下列說法中正確的是（）A.若A、B與平板車上表面間的動摩擦因數(shù)相同，A、B組成的系統(tǒng)動量守恒B.只有A、B與平板車上表面間的動摩擦因數(shù)相同，A、B、C組成的系統(tǒng)動量才守恒C.若A、B所受的摩擦力大小相等，A、B組成的系統(tǒng)動量守恒D.只有A、B所受的摩擦力大小相等，A、B、C組成的系統(tǒng)動量才守恒【答案】C【解析】【詳解】A．若A、B與平板車上表面間的動摩擦因數(shù)相同，彈簧釋放后，若A、B兩物體仍靜止，則A、B兩物體動量守恒。若A、B兩物體發(fā)生滑動，A、B兩物體受到的摩擦力不同，系統(tǒng)所受合外力不為0，系統(tǒng)動量不守恒，A錯誤；C．若A、B所受的摩擦力大小相等，A、B兩物體構(gòu)成的系統(tǒng)所受合外力為0，動量守恒，C正確；BD．由于地面光滑，A、B、C組成的系統(tǒng)所受合外力為0，A、B、C組成的系統(tǒng)動量守恒。動量守恒須要系統(tǒng)受到的合外力為零，與系統(tǒng)內(nèi)的內(nèi)力無關(guān)，A、B、C之間的摩擦力為內(nèi)力。故BD錯誤。故選C。11.如圖是遠距離輸電的示意圖，變壓器均為志向變壓器，發(fā)電機的輸出電壓恒定，輸電線上損耗的功率為△P．變壓器原副線圈的電壓以及電流用圖中的量表示．則當用戶用電處于高峰期時，下列說法正確的是（）A.U2變大 B.U4變小C.△P變小 D.I1變小【答案】B【解析】【詳解】A、由于輸入電壓不變，升壓變壓器原副線圈匝數(shù)不變，故U2不變，故A錯誤；B、當用電器增多時，功率增大，降壓變壓器的輸出電流增大，則輸電線上的電流增大，可知輸電線上的電壓損失增大，發(fā)電機的輸出電壓U1不變，則U2不變，可知降壓變壓器的輸入電壓減小，所以用戶得到的電壓U4減?。蔅正確；C、當用電器增多時，功率增大，降壓變壓器的輸出電流增大，則輸電線上的電流增大，可知輸電線上的功率損失增大，故C錯誤；D、當用電器增多時，功率增大，降壓變壓器的輸出電流增大，則輸電線上的電流增大，依據(jù)，知I1變大，故D錯誤；故選B．【點睛】當用電器增多時，用戶消耗的功率增大，依據(jù)降壓變壓器的輸出電流的變更得出輸電線上的電流變更，從而得出電壓損失的變更，依據(jù)升壓變壓器的輸出電壓等于降壓變壓器的輸入電壓和電壓損失之和得出用戶電壓的變更．升壓變壓器的輸出功率等于功率損失和降壓變壓器的輸入功率之和．變壓器的原副線圈的電壓之比等于匝數(shù)之比．12.一彈丸在飛行到距離地面5

m高時僅有水平速度

v＝2

m/s，爆炸成為甲、乙兩塊水平飛出，甲、乙的質(zhì)量比為3∶1．不計質(zhì)量損失，取重力加速度

g＝10

m/s

2，則下列圖中兩塊彈片飛行的軌跡可能正確的是()A. B.C. D.【答案】D【解析】【詳解】試題分析：炮彈到達最高點時爆炸時，爆炸的內(nèi)力遠大于重力（外力），遵守動量守恒定律；當炮彈到達最高點時爆炸為沿水平方向運動的兩片，兩片炸彈都做平拋運動．依據(jù)平拋運動的基本公式即可解題．規(guī)定向右為正，設(shè)彈丸的質(zhì)量為4m，則甲的質(zhì)量為3m，乙的質(zhì)量為m，炮彈到達最高點時爆炸時，爆炸的內(nèi)力遠大于重力（外力），遵守動量守恒定律，則有,則，兩塊彈片都做平拋運動，高度一樣，則運動時間相等，，水平方向做勻速運動，，則，結(jié)合圖象可知，D的位移滿意上述表達式，故D正確．13.如圖所示，志向變壓器的溝通輸入電壓U1=220V，有兩組副線圈，其中n2=36匝與標有“9V，9W”的燈相連，n3與“6V，12W”的電燈相連，且均能正常發(fā)光．則n1與n3的匝數(shù)分別為A.880；24 B.660；27 C.880；27 D.660；24【答案】A【解析】依據(jù)題意，燈泡均正常發(fā)光，則有，依據(jù)電壓與匝數(shù)成正比，有：，代入數(shù)據(jù)有：，解得：匝，匝，故選A.14.將質(zhì)量為m0的木塊固定在光滑水平面上，一顆質(zhì)量為m的子彈以速度v0沿水平方向射入木塊，子彈射穿木塊時的速度為．現(xiàn)將同樣的木塊放在光滑的水平桌面上，相同的子彈仍以速度v0沿水平方向射入木塊，設(shè)子彈在木塊中所受阻力不變，則以下說法正確的是（）A.若m0=3m，則能夠射穿木塊B.若m0=3m，子彈不能射穿木塊，將留在木塊中，一起以共同的速度做勻速運動C.若m0=3m，子彈剛好能射穿木塊，此時子彈相對于木塊的速度為零D.若子彈以3v0速度射向木塊，并從木塊中穿出，木塊獲得的速度為v1；若子彈以4v0速度射向木塊，木塊獲得的速度為v2；則必有v1＜v2【答案】B【解析】【詳解】A、木塊固定時，子彈射穿木塊，設(shè)子彈在木塊中所受阻力為f，木塊長度為d，對子彈由動能定理得：fd=mv02-m=mv02；木塊放在光滑的水平面上不固定時，子彈射入木塊，系統(tǒng)動量守恒，假設(shè)子彈能剛好穿出木塊；由動量守恒定律得：mv0=（m0+m）v，由能量守恒定律得：mv02=（m0+m）v2+Q，Q=fd，解得：m0=8m，則子彈要穿出木塊m0≥8m，故A、C錯誤，B正確；D、子彈以3v0速度射向木塊，并從木塊中穿出，則子彈以4v0速度射向木塊時，子彈也能從木塊中穿出，木塊寬度肯定，子彈速度越大，子彈穿過木塊的時間t越短，由于子彈穿過木塊時受到的阻力f相同，對木塊由動量定理得：ft=m0v-0，可知時間t越短，木塊獲得的速度越小，則v2＜v1，故D錯誤．二.多選題15.如圖所示為一志向變壓器,K為單刀雙擲開關(guān),P為滑動變阻器的滑動觸頭,U1為加在原線圈上的電壓,則以下說法不正確的是（）A.保持U1及P的位置不變,K由a合到b時,I1將增大B.保持P的位置及U1不變,K由b合到a時,R消耗功率將減小C.保持U1不變,K合在a處,使P上滑,I1將增大D.保持P的位置不變,K合在a處,若U1增大,I1將增大【答案】C【解析】【詳解】A、保持U1及P的位置不變，K由a合到b時，原線圈匝數(shù)變小，副線圈電壓變大，所以副線圈功率變大，而原線圈功率等于副線圈功率，所以原線圈功率變大，依據(jù)得I1將增大，故A正確；B、保持U1及P的位置不變，K由b合到a時，原線圈匝數(shù)變大，副線圈電壓變小，依據(jù)可知功率變小，故B正確；C、保持U1不變，K合在a處，使P上滑時，R增大，而電壓不變，所以副線圈電流變小，依據(jù)可知I1將減小，故C錯誤；D、保持P的位置不變，K合在a處，若U1增大，則副線圈電壓增大，所以副線圈電流變大，依據(jù)可知I1將增大，故D正確；不正確的故選C．16.如圖所示，L1和L2是高壓輸電線，甲、乙是兩個互感器。若已知甲和乙的原、副線圈匝數(shù)比分別為1000:1和1:100，兩個電表的示數(shù)分別為10A和220V則（）A.電表A是電壓表 B.電表A是電流表C.線路輸送的電功率為2.2×108W D.線路輸送的功率為2.2×105W【答案】AC【解析】【詳解】AB．電壓互感器是將高電壓變成低電壓，所以原線圈的匝數(shù)多于副線圈的匝數(shù)，所以甲是電壓互感器，電表A是電壓表，電表B是電流表。故A正確，B錯誤；CD．依據(jù)變壓器電壓表等于匝數(shù)比，解得只有一個副線圈的變壓器，電流比等于匝數(shù)的反比，解得則線路輸送的電功率為故C正確，D錯誤。故選AC。17.水平推力F1和F2分別作用于水平面上等質(zhì)量的A、B兩物體上，作用一段時間后撤去推力，物體將接著運動一段時間后停下，兩物體的v-t圖象分別如圖中OAB、OCD所示，圖中ABCD，則（）A.F1的沖量等于F2的沖量 B.F1的沖量大于F2的沖量C.兩物體受到的摩擦力大小相等 D.F1的大小大于F2的大小【答案】CD【解析】【詳解】C．AB與CD平行，說明推力撤去后兩物體的加速度相同，而撤去推力后物體的合力等于摩擦力，依據(jù)牛頓其次定律可知，兩物體受到的摩擦力大小相等，故C正確；AB．依據(jù)動量定理，對整個過程探討得由圖看出，tOB＜tOD，則有F1t1＜F2t2，即F1的沖量小于F2的沖量。故AB錯誤；D．有推力時，由牛頓其次定律有圖看出A物體的加速度大，可知A物體受到的推力大，故D正確。故選CD。18.如圖所示，放在光滑水平桌面上的A、B木塊之間夾一被壓縮的彈簧．現(xiàn)釋放彈簧，A、B木塊被彈開后，各自由桌面上滑行一段距離飛離桌面．A落地點距桌邊水平距離為0.5m，B落地點距桌邊水平距離為1m，則A.A、B離開彈簧時的速度比為1：2B.A、B離開彈簧時的速度比為1：1C.A、B質(zhì)量之比為1：2D.A、B質(zhì)量之比為2：1【答案】AD【解析】【分析】A、B離開桌面后都做平拋運動，它們拋出點的高度相同，運動時間相等，由水平位移可以求出它們的初速度關(guān)系，彈簧彈開物體過程中，系統(tǒng)動量守恒，由動量守恒定律可以求出它們的質(zhì)量關(guān)系；【詳解】A、A和B離開桌面后做平拋運動，下落的高度相同，它們的運動時間相等，由得速度之比：，故A正確，B錯誤；C、彈簧彈開物體的過程，兩物體及彈簧組成的系統(tǒng)動量守恒，取向左為正方向，由動量守恒定律得：，則質(zhì)量之比：，故C錯誤，D正確．【點睛】解決本題的關(guān)鍵要駕馭平拋運動的規(guī)律，知道彈簧彈開物體的過程，系統(tǒng)的動量守恒，再結(jié)合動量守恒定律進行求解即可．19.小車靜止在光滑水平面上，站在車上的人練習打靶，靶裝在車上的另一端，如圖所示，已知車、人、槍和靶的總質(zhì)量為M（不含子彈），每顆子彈質(zhì)量為m，共n發(fā)，打靶時，槍口到靶的距離為d。若每發(fā)子彈打入靶中，就留在靶里，且待前一發(fā)打入靶中后，再打下一發(fā)。則以下說法中正確的是（）A.待打完n發(fā)子彈后，小車將以肯定的速度向右勻速運動B.待打完n發(fā)子彈后，小車應(yīng)停在射擊之前位置的右方C.在每一發(fā)子彈的射擊過程中，小車所發(fā)生的位移相同大小均為D.在每一發(fā)子彈的射擊過程中，小車所發(fā)生的位移均相同【答案】BCD【解析】【詳解】A、子彈、槍、人、車系統(tǒng)所受的合外力為零，系統(tǒng)的動量守恒。子彈射擊前系統(tǒng)的總動量為零，子彈射入靶后總動量也為零，故小車仍舊是靜止的。在子彈射出槍口到打入靶中的過程中，小車向右運動，所以第n發(fā)子彈打入靶中后，小車應(yīng)停在原來位置的右方，待打完n發(fā)子彈后，小車將靜止不動，故A錯誤，B正確；C、設(shè)子彈出口速度為，車后退速度大小為，以向左為正，依據(jù)動量守恒定律，有子彈勻速前進的同時，車勻速后退，故有聯(lián)立解得故車后退位移大小為每顆子彈從放射到擊中靶過程，小車均后退相同位移，故CD正確。故選BCD。三．解答題20.如圖所示為溝通發(fā)電機示意圖，匝數(shù)為n=100匝的矩形線圈，邊長分別為a=10cm和b=20cm，內(nèi)阻為r=5Ω，在磁感應(yīng)強度B=0.5T的勻強磁場中繞OO′軸以ω=50rad/s的角速度勻速轉(zhuǎn)動，轉(zhuǎn)動起先時線圈平面與磁場方向平行，線圈通過電刷和外部R=20Ω的電阻相接。求電鍵S合上后，（1）寫出線圈內(nèi)產(chǎn)生的交變