廣東省湛江市幸福中學2022年高三物理上學期摸底試題含解析

廣東省湛江市幸福中學2022年高三物理上學期摸底試題含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.關于對下列四幅圖的說法，正確的是：_________A．根據玻爾理論，原子中的電子繞原子核高速運轉軌道的半徑是任意的B．根據玻爾理論，氫原子的核外電子由外層軌道躍遷到內層軌道后原子的能量減小C．光電效應實驗證明了光具有波動性D．電子束通過鋁箔時的衍射圖樣證實了電子具有波動性E．α粒子散射實驗發(fā)現少數α粒子發(fā)生了較大偏轉，說明原子的質量絕大部分集中在很小空間范圍參考答案：BD2.隨著滬杭高速公路的開通，為了提高客運競爭能力，鐵路運營采取了提速措施，將上海（31°15′N，121°30′E）開往杭州（30°10′N，120°E）的旅游特快列車運行時間縮短到100min左右，則這類列車的時速約為（已知地球半徑為6400km）A．70km／h

B．120km／h

C．200km／h

D．240km／h參考答案：B3.兩電荷量分別為q1和q2的點電荷放在x軸上的O、M兩點，兩電荷連線上各點電勢φ隨x變化的關系如圖所示，其中A、N兩點的電勢均為零，ND段中的C點電勢最高，則（

）A．N點的電場強度大小為零

B．A點的電場強度大小為零C．NC間場強方向向x軸正方向

D．將一負點電荷從N點移到D點，電場力先做正功后做負功參考答案：D4.如圖所示，橫截面為直角三角形斜劈A，放在粗糙的水平地面上，在劈與豎直墻壁之間放置一光滑球B，系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)．在球B上施一通過球心的力F，系統(tǒng)仍保持靜止，下列說法正確的是（

）A．B對豎直墻壁的壓力增大B．B所受合外力增大C．地面對A的摩擦力減小D．A對地面的摩擦力將小于B對墻壁的壓力參考答案：A5.如圖所示，當滑動變阻器R3的滑動片向右移動時，兩電壓表示數變化的絕對值分別是△U1和△U2，則下列結論正確的是（

）A．△U1＞△U2

B．電阻R1的功率先增大后減小C．電阻R2的功率一定增大

D．電源的輸出功率先增大后減小參考答案：AC二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.如圖所示，一列簡諧波沿x軸傳播，實線為t=0時的波形圖，此時P質點向y軸負方向運動，虛線為經過0.02s時第一次出現的波形圖，則波沿x軸▲

(填“正”或“負”)方向傳播，波速為

▲

m/s。參考答案：正

507.若某時刻該密閉氣體的體積為V，密度為ρ，平均摩爾質量為M，阿伏加德羅常數為NA，則該密閉氣體的分子個數為

；參考答案：8.如圖所示，AB是一根裸導線，單位長度的電阻為R0，一部分彎曲成半徑為r0的圓圈，圓圈導線相交處導電接觸良好。圓圈所在區(qū)域有與圓圈平面垂直的均勻磁場，磁感強度為B。導線一端B點固定，A端在沿BA方向的恒力F作用下向右緩慢移動，從而使圓圈緩慢縮小。設在圓圈縮小過程中始終保持圓的形狀，導體回路是柔軟的，在此過程中F所作功全部變?yōu)?/p>

，此圓圈從初始的半徑r0到完全消失所需時間T為

。參考答案：感應電流產生的焦耳熱，9.質量為0.4kg的小球甲以速度3m/s沿光滑水平面向右運動，質量為4kg的小球乙以速度5m/s沿光滑水平面與甲在同一直線上向左運動，它們相碰后，甲球以速度8m/s被彈回，則此時乙球的速度大小為

m/s，方向

。參考答案：3.9

水平向左10.如圖所示，一單匝閉合線框在勻強磁場中繞垂直于磁場方向的轉軸勻速轉動．在轉動過程中，線框中的最大磁通量為фm，最大感應電動勢為Em，則線框在勻強磁場中繞垂直于磁場方向轉軸轉動的角速度大小為．參考答案：Em/фm【考點】交流發(fā)電機及其產生正弦式電流的原理．【分析】根據最大感應電動勢為Em=BSω和最大磁通量фm=BS間的關系，很容易求出角速度．【解答】解：最大感應電動勢為Em=BSω

最大磁通量фm=BS所以Em=фmω所以ω=Em/фm11.⑵如圖，一定質量的理想氣體由狀態(tài)a沿abc變化到狀態(tài)c，吸收了340J的熱量，并對外做功120J。若該氣體由狀態(tài)a沿adc變化到狀態(tài)c時，對外做功40J，則這一過程中氣體

▲

（填“吸收”或“放出”）

▲

J熱量。參考答案：吸收

260J12.在用兩面平行的玻璃磚測定玻璃折射率的實驗中，已畫好玻璃磚的界面和后，不慎將玻璃磚向上平移了一些，放在如圖所示的位置上，而實驗中的其他操作均正確，則測得的折射率將（

）（填“偏大，偏小或不變”）。參考答案：不變13.如圖所示，用輕質活塞在氣缸內封閉一定質量理想氣體，活塞上放置重2．5×102N的重物，平衡時活塞距氣缸底高度h1=0．80m，此時被封閉氣體的溫度為27oC活塞與氣缸壁間摩擦忽略不計?，F對被封閉氣體加熱，活塞緩慢上升到距離氣缸底h2=0．88m處．已知活塞橫截面積S=5．0×10-3m2，大氣壓強P0=1．0×105Pa。求：

①活塞距氣缸底的高度h2時氣體的溫度；

②此過程中缸內氣體對外界做的功

J，氣體吸收的熱量

增加的內能(填“大于”“等于”或“小于”)。參考答案：三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.（12分）位于處的聲源從時刻開始振動，振動圖像如圖，已知波在空氣中傳播的速度為340m/s，則：

（1）該聲源振動的位移隨時間變化的表達式為

mm。（2）從聲源振動開始經過

s，位于x=68m的觀測者開始聽到聲音。（3）如果在聲源和觀測者之間設置一堵長為30m，高為2m，吸音效果良好的墻，觀測者能否聽到聲音，為什么？參考答案：答案：（1）（4分）；（2）（4分）0.2；（3）（4分）能。因為聲波的波長與障礙物的高度差不多，可以發(fā)生明顯的衍射現象，所以，觀察者能夠聽到聲音。15.（2013?黃岡模擬）某種材料的三棱鏡截面ABC如圖所示，底邊BC水平且鍍銀，其中∠A=90°，∠B=60°，一束豎直向下的光束從AB邊上的M點入射，經過BC面反射后，從AC邊上的N點平行于BC邊射出，且MN連線平行于BC．求：（Ⅰ）光線在M點的折射角；（Ⅱ）三棱鏡的折射率．（可用根式表示）參考答案：（Ⅰ）光線在M點的折射角是15°；（Ⅱ）三棱鏡的折射率是．考點： 光的折射定律．專題： 光的折射專題．分析： （Ⅰ）由幾何知識求出光線在M點的入射角和折射角．（Ⅱ）運用折射定律求解三棱鏡的折射率．解答： 解：（Ⅰ）如圖，∠A=90°，∠B=60°，∠C=30°．由題意可得∠1=∠2=60°，∠NMQ=30°，∠MNQ=60°．根據折射定律，可得：∠PMQ=∠PNQ．根據反射定律，可得：∠PMN=∠PNM．即為：∠NMQ+∠PMQ=∠MNQ﹣∠PNQ．故折射角∠PMQ=15°（Ⅱ）折射率n==答：（Ⅰ）光線在M點的折射角是15°；（Ⅱ）三棱鏡的折射率是．點評： 本題是幾何光學問題，作出光路圖，運用幾何知識求出入射角和折射角是解題的關鍵之處，即能很容易解決此類問題．四、計算題：本題共3小題，共計47分16.如圖所示，有1、2、3三個質量均為m=1kg的物體，物體2與物體3通過不可伸長輕繩連接，跨過光滑的定滑輪，設長板2到定滑輪足夠遠，物體3離地面高H=2.75m，物體1與長板2之間的動摩擦因數μ=0.2．長板2在光滑的桌面上從靜止開始釋放，同時物體1（視為質點）在長板2的左端以v=4m/s的初速度開始運動，運動過程中最遠相對長木板2能運動到其中點．（取g=10m/s2）求：（1）開始時物體1和長木板2的加速度大??；（2）長板2的長度L；（3）當物體3落地時，物體1在長板2的位置．參考答案：解：（1）物體1的加速度為：a1==μg=2m/s2物體2和3的整體加速度為：a2====6m/s2（2）設經過時間t1二者速度相等，有：v1=v+a1t=a2t代入數據解：t1=0.5s，v1=3m/s物體1和2的位移分別為：x1=（v+v1）t=×（4+3）×0.5m=1.75mx2==m=0.75m所以物體1相對木板2向前滑動的距離為：△x=x1﹣x2=1m（3）此后，假設物體1、2、3相對靜止，整體的加速度大小為：a==g對物體1，f=ma=3.3N＞Ff=μmg=2N，故假設不成立，物體1和物體2相對滑動物體1的加速度為：a3=μg=2m/s2物體2和3整體的加速度為：a4=（1﹣μ）g=m=4m/s2物體1相對2向后滑，所以木板2長為：L=2△x=2m（3）整體下落高度為：h=H﹣x2=2.75﹣0.75=2m根據h=v1t2+a4t22代入數據解得：t2=0.5s物體1的位移為：x3=v1t2+a3t22代入數據解得：x3=1.75m物體1相對木板2向后滑動的距離為：△x′=h﹣x3=0.25m則有：d=△x﹣△x′=0.75m即物體1在距長木板2左端0.75m處；答：（1）開始時物體1和長木板2的加速度大小分別為2m/s2和6m/s2；（2）長板2的長度L為2m；（3）當物體3落地時，物體1在距長木板2左端0.75m處．【考點】牛頓第二定律；勻變速直線運動的位移與時間的關系．【分析】（1）物體1相對于2向右運動，物體3和長木板2加速度大小相等．根據牛頓第二定律求出物體1的加速度和物體2和3的整體加速度；（2）物體1最遠相對長木板2能運動到其中點，這時兩者的速度相等，求出時間，由位移公式分別求出物體1和物體23的位移，兩者位移之差即等于板長．（3）判斷三個物體能否相對靜止．假設物體123相對靜止，由牛頓第二定律求出加速度和物體1所受的靜摩擦力，與最大靜摩擦力比較，可知物體1和物體2相對滑動．再求出物體1和物體2、3的加速度，由位移公式求出物體3落地時整體下落高度h，得到時間，并求出物體1的位移，可知物體1在長板2的位置．17.如圖所示，等腰直角三角形ACD的直角邊長為2a，P為AC邊的中點，Q為CD邊上的一點，DQ=a．在△ACD區(qū)域內，既有磁感應強度大小為B、方向垂直紙面向里的勻強磁場，又有電場強度大小為E的勻強電場，一帶正電的粒子自P點沿平行于AD的直線通過△ACD區(qū)域．不計粒子的重力．（1）求電場強度的方向和粒子進入場區(qū)的速度大小v0；（2）若僅撤去電場，粒子仍以原速度自P點射入磁場，從Q點射出磁場，求粒子的比荷；（3）若僅撤去磁場，粒子仍以原速度自P點射入電場，求粒子在△ACD區(qū)域中運動的時間．參考答案：解：（1）正粒子在場區(qū)受力平衡：qE=qv0B…①解得：根據正粒子所受電場力的方向與場強的方向相同，可知場強的方向由A指向C．

（2）過Q點作半徑OQ，它與CA的延長線交于圓心O，作QH⊥CA，垂足為H，設正粒子做勻速圓周運動的半徑為R，則：…②在直角三角形HOQ中：HO2+HQ2=R2…③…④HO=OC﹣HC=（R+a）﹣HQ…⑤聯立③④⑤解得：R=3a…⑥聯立①②⑥解得：…⑦（3）粒子沿初速度v0方向做勻速直線運動：x=v0t…⑧粒子沿電場方向做勻加速直線運動：…⑨由幾何關系：x+y=a=10…⑩由①⑦⑧⑨=10⑩得：解得：答：（1）求電場強度的方向和粒子進入場區(qū)的速度大小為；（2）粒子的比荷為；（3）粒子在△ACD區(qū)域中運動的時間為．18.摩托車先由靜止開始以m/s2的加速度做勻加速運動，后以最大行駛速度25m/s勻速運動，追趕前方以15m/s的速度同向勻速行駛的卡車．已知摩托車開始運動時與卡車的距離為1000m，則：(1)追上