遼寧省丹東市2023-2024學(xué)年高三下學(xué)期總復(fù)習(xí)質(zhì)量測試物理試卷（一）（解析版）

高級中學(xué)名校試卷PAGEPAGE1丹東市2024屆高三總復(fù)習(xí)質(zhì)量測試（一）物理本試卷滿分100分考試時間75分鐘注意事項：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．答選擇題時，選出每小題〖答案〗后，用鉛筆把答題卡對應(yīng)題目的〖答案〗標號涂黑。如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它〖答案〗標號。答非選擇題時，將〖答案〗寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。一、選擇題：本題10小題，共46分。在每小題給出的四個選項中，第1~7題只有一項符合題目要求，每小題4分；第8~10題有多項符合題目要求，每小題6分，全部選對得6分，選對但不全得3分，有選錯或不選得0分。1.許多科學(xué)家對物理學(xué)的發(fā)展做出了巨大貢獻也創(chuàng)造出了許多物理方法，下列說法中正確的是（）A.麥克斯韋率先提出“力線”這一概念，用來描述電磁場B.牛頓利用“扭稱”實驗，準確的測出了引力常量的數(shù)值C.在建立合力、分力、重心、瞬時速度等概念時都用到了等效替代法D.在推導(dǎo)勻變速直線運動位移公式時，把運動過程看成是很多小段勻速直線運動位移的累加，這是應(yīng)用了“微元法”思想?！即鸢浮紻〖解析〗A．法拉第提出用“力線”形象的描述了電磁場，即電場線與磁感線，故A錯誤；B．卡文迪許利用“扭稱”實驗，準確的測出了引力常量的數(shù)值，故B錯誤；C．在建立合力、分力、重心等概念時都用到了等效替代法，瞬時速度采用了極限思維法，故C錯誤；D．在推導(dǎo)勻變速直線運動位移公式時，把整個運動過程劃分為很多小段，每一小段近似看成勻速直線運動，然后把各段位移相加，這是應(yīng)用了“微元法”，故D正確；故選D。2.如圖所示，理想變壓器原線圈接入電壓恒定的正弦交流電，副線圈接入可變電阻R和小燈泡L（阻值不變）。若可變電阻R的阻值變小，則下列說法正確的是（電路中的電表均為理想電表）（）A.小燈泡會變暗 B.電流表示數(shù)會變大C.電壓表示數(shù)不變 D.理想變壓器的輸入功率會變小〖答案〗B〖解析〗AB．原線圈電壓不變，線圈匝數(shù)不變，根據(jù)可知，副線圈電壓不變，可變電阻R的阻值變小，總電阻變小，電流變大，燈泡會變亮，根據(jù)可知，電流表示數(shù)變大，故A錯誤，B正確；CD．燈泡電壓增大，則可變電阻電壓減小，電壓表示數(shù)減小，根據(jù)可知副線圈電功率增大，則理想變壓器的輸入功率會變大，故CD錯誤；故選B。3.如圖所示，一列沿軸負方向傳播的機械波在時剛好傳到處，由于某種原因，中間有一部分無法看清，已知該波的波速，下列說法正確的是（）A.此波的波長為B.此機械波的波源起振方向沿軸負方向C.再經(jīng)過處的質(zhì)點傳播到處D.時間內(nèi)，處的質(zhì)點通過的路程小于〖答案〗D〖解析〗A．據(jù)題意畫出波形圖如圖可得波長為12m，故A錯誤；B．由圖可知，處的質(zhì)點起振方向沿y軸正方向，質(zhì)點與波源的起振方向相同，則此機械波的波源起振方向沿y軸正方向，故B錯誤；C．機械波傳播的只是振動的形式和能量，質(zhì)點只在各自的平衡位置附近做簡諧運動，并不隨波遷移，故C錯誤；D．該波的周期為而由題意可知振幅為，時刻處的質(zhì)點并不在最大位移處或平衡位置，且位移為正，在沿y軸負方向振動，所以0～0.5s時間內(nèi)，x=4m處的質(zhì)點通過的路程小于0.2m，故D正確。故選D。4.如圖所示，斜面靜止于水平地面。將一個質(zhì)量為m的小球用輕質(zhì)細線懸掛于斜面頂端O點，在外力F、細線拉力和重力mg的共同作用下處于平衡狀態(tài)。細線與豎直方向的夾角為θ，與F的夾角為α。開始時，F(xiàn)方向水平?，F(xiàn)緩慢增大θ角同時保持α角不變，直至細線水平。此過程中，斜面始終保持靜止，則下列說法正確的是（）A.外力F逐漸增大 B.外力F與細線拉力的比值保持不變C.地面對斜面的摩擦力逐漸增大 D.地面對斜面的作用力保持不變〖答案〗A〖解析〗AB．如圖所示，作出外力F、細線拉力FT的合力如圖所示：二力的合力和重力大小相等，方向相反，保持α角不變，逐漸緩慢增大θ角，直至懸線水平，因此外力F逐漸增大，細線拉力FT逐漸減小，外力F與細線拉力的比值增加，故A正確，B錯誤；C．在此過程中，拉力F變?yōu)镕′時，水平分力最大，即水平分力先增大后減小，應(yīng)用整體法可分析出地面對斜面的摩擦力先增大后減小，故C錯誤；D．在此過程中，拉力F的豎直分力逐漸增大，根據(jù)整體法可分析出地面對斜面的支持力一直在減小，故D錯誤。故選A。5.“反向蹦極”是一項比蹦極更刺激運動。如圖所示，勁度系數(shù)為的彈性輕繩的上端固定在點，拉長后將下端固定在體驗者的身上，人再與固定在地面上的拉力傳感器相連，傳感器示數(shù)為1000N。打開扣環(huán)，人從A點由靜止釋放，像火箭一樣被“豎直發(fā)射”，經(jīng)B點上升到最高位置C點，在B點時速度最大。已知長為，人與裝備總質(zhì)量（可視為質(zhì)點）。忽略空氣阻力，重力加速度取。下列說法正確的是（）A.在B點時，彈性輕繩的拉力為零 B.經(jīng)過C點時，人處于超重狀態(tài)C.彈性輕繩的勁度系數(shù)為 D.打開扣環(huán)瞬間，人在A點的加速度大小為〖答案〗C〖解析〗C．在B點時人的速度最大，加速度為零，處于平衡狀態(tài)，有在A點未釋放時，有又聯(lián)立，解得故A錯誤；C正確；B．在C點速度為零，有向下的加速度，人處于失重狀態(tài)。故B錯誤；D．打開扣環(huán)瞬間，由牛頓第二定律，可得解得故D錯誤故選C。6.如圖所示，半徑為R的光滑圓形軌道固定在豎直面內(nèi)，質(zhì)量為M的小球A從左邊與圓心等高處由靜止開始沿軌道下滑，與靜止于軌道最低點質(zhì)量為m的小球B發(fā)生第一次碰撞，若A、B兩球第一次碰撞和第二次碰撞發(fā)生在同一位置，且兩球始終在圓形軌道水平直徑的下方運動，A、B間的碰撞均為彈性碰撞，重力加速度為g，則下列說法正確的是（）A.第一次碰撞后瞬間，A球的運動方向一定變?yōu)樗较蜃驜.第一次碰撞后瞬間，A球?qū)壍赖膲毫Υ笮】赡転镃.第二次碰撞結(jié)束后，A球沿左側(cè)軌道上升的最大高度不可能為RD.第二次碰撞結(jié)束后，A球沿左側(cè)軌道運動速度為零時，對軌道的壓力大小可能為mg〖答案〗B〖解析〗A．由彈性碰撞的規(guī)律知，當時，碰撞后質(zhì)量小的球A被反彈回來，方向水平向左，當時，兩球碰撞后交換了速度，碰撞后小球A靜止，A錯誤；B．小球A碰前速度為若A、B兩球第一次碰撞和第二次碰撞發(fā)生在同一位置，且兩小球始終在圓形軌道水平直徑的下方運動，則兩球碰后速度大小相同，對碰撞過程由動量守恒知由能量守恒知解得，第一次碰撞后瞬間代入得則由牛頓第三定律知A球?qū)壍赖膲毫赡転?，B正確；CD．二次碰撞過程，根據(jù)動量守恒和機械能守恒或根據(jù)運動可逆性，以上兩種情況碰后A球速度均為，B球均靜止，故第二次碰撞結(jié)束后，A球沿左側(cè)軌道上升的最大高度為R，此時A球速度為0，A球?qū)壍赖膲毫Υ笮?。CD錯誤；故選B。7.如圖所示，勁度系數(shù)為的輕彈簧下端固定在傾角為的光滑斜面底端，上端連接物塊Q，Q同時與平行于斜面的輕繩相連，輕繩跨過定滑輪O與套在足夠長的光滑豎直桿上的物塊P連接，圖中O、B兩點等高，間距。初始時在外力作用下，P在A點靜止不動，A、B間距離，此時輕繩中張力大小為。已知P的質(zhì)量為，Q的質(zhì)量為，P、Q均可視為質(zhì)點?，F(xiàn)將P由靜止釋放（不計滑輪大小及摩擦，重力加速度取，，，彈簧始終處于彈性限度內(nèi)），下列說法正確的是（）A.物塊P上升的最大高度為B.物塊P上升至B點時，其速度大小C.在物塊P由A點運動到B點的過程中，彈簧對物塊Q一直做正功D.在物塊P由A點運動到B點的過程中，物塊P機械能守恒〖答案〗B〖解析〗A．假設(shè)物塊P上升的最大高度為，根據(jù)圖中幾何關(guān)系可知，此時物塊Q剛好回到初始位置，則物塊從A點釋放到最大高度過程，彈簧的彈性勢能變化為0，Q的重力勢能變化為0，而P的重力勢能增加，不滿足P、Q彈簧組成的系統(tǒng)機械能守恒，可知物塊P上升的最大高度一定小于，故A錯誤；B．P位于A點時，設(shè)彈簧伸長量為；對Q，由平衡條件得解得彈簧的伸長量為P上升至B點時，Q下降的距離為則此時彈簧的壓縮量為可知P從A點上升至B點時，彈簧的彈性勢能不變，且物塊Q的速度為0；對物塊P、Q及彈簧，根據(jù)系統(tǒng)的機械能守恒有解得P上升至B點時的速度大小為故B正確；C．在物塊P由A點運動到B點過程中，彈簧先處于伸長狀態(tài)后處于壓縮狀態(tài)，，彈簧對物塊Q先做正功，后做負功，故C錯誤；D．在物塊P由A點運動到B點的過程中，繩子拉力對P一直做正功，物塊P的機械能增加，故D錯誤。故選B8.如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)A開始，經(jīng)歷A→B→C→A，完成循環(huán)。下列說法正確的是（）A.理想氣體從A→B經(jīng)歷的是等溫變化過程B.氣體分子在狀態(tài)A的平均動能小于在狀態(tài)B的平均動能C.從A→B，氣體吸收的熱量大于D.從B→C，氣體從外界吸收熱量〖答案〗BC〖解析〗A．由圖可知狀態(tài)A變化到狀態(tài)B，壓強與體積均增加，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程，有易知溫度必定升高。故A錯誤；B．由A選項分析，A→B溫度升高，分子的平均動能增大。故B正確；C．狀態(tài)A變化到狀態(tài)B，壓強的平均值為氣體對外界做功為根據(jù)熱力學(xué)第一定律又所以從A→B，氣體吸收的熱量大于。故C正確；D．從B→C，氣體體積不變，不做功，有根據(jù)查理定律，可得氣體壓強減小，其熱力學(xué)溫度降低，內(nèi)能減小。所以氣體向外界釋放熱量。故D錯誤。故選BC。9.近年來我國在航天、天文領(lǐng)域已取得突出成就。2023年7月10日，經(jīng)國際天文學(xué)聯(lián)合會小行星命名委員會批準，中國科學(xué)院紫金山天文臺發(fā)現(xiàn)的、國際編號為381323號的小行星被命名為“樊錦詩星”。如圖所示，“樊錦詩星”繞日運行的橢圓軌道面與地球圓軌道面間的夾角為20.11度，軌道半長軸為3.18天文單位（日地距離為1天文單位），遠日點到太陽中心距離為4.86天文單位。若只考慮太陽對行星的引力，下列說法正確的是（）A.“樊錦詩星”與地球的自轉(zhuǎn)周期比約為B.由于“樊錦詩星”與地球分別繞太陽運動的軌道不在同一平面內(nèi)，所以他們之間不適用“開普勒第三定律”C.“樊錦詩星”在近日點的加速度與地球的加速度大小之比為D.“樊錦詩星”在遠日點的線速度小于地球的公轉(zhuǎn)線速度〖答案〗CD〖解析〗AB．“樊錦詩星”與地球都繞太陽運動，適用于開普勒第三定律，則有解得“樊錦詩星”與地球的公轉(zhuǎn)周期比約為，故AB錯誤；CD．根據(jù)萬有引力提供向心力有解得，“樊錦詩星”在近日點到太陽中心的距離滿足解得天文單位則“樊錦詩星”在近日點的加速度與地球的加速度大小之比為；“樊錦詩星”在遠日點變軌到更大的圓周軌道時，需加速，根據(jù)可知更大圓周軌道的線速度小于地球的公轉(zhuǎn)線速度，所以“樊錦詩星”在遠日點的線速度小于地球的公轉(zhuǎn)線速度，故CD正確；故選CD。10.如圖甲所示，兩根足夠長的光滑平行金屬導(dǎo)軌水平固定，與導(dǎo)軌垂直的虛線MN左側(cè)存在著豎直向下的勻強磁場，導(dǎo)體棒a、b、c垂直靜止在導(dǎo)軌上且接觸良好，導(dǎo)體棒b、c用長度為的輕質(zhì)絕緣桿相連，三根導(dǎo)體棒的長度以及導(dǎo)軌寬度均為?，F(xiàn)固定導(dǎo)體棒b、c，對導(dǎo)體棒a施加一個沿導(dǎo)軌向右的力F，使導(dǎo)體棒a做勻加速直線運動，力F隨導(dǎo)體棒a的速度v變化的圖像如圖乙所示。力F作用4s后撤去，同時釋放導(dǎo)體棒b、c，經(jīng)過一段時間，三根導(dǎo)體棒的運動狀態(tài)均達到穩(wěn)定，此時導(dǎo)體棒a、b間的距離，且導(dǎo)體棒a未越過虛線MN。已知三根導(dǎo)體棒的質(zhì)量均為電阻均為，其余電阻不計，不考慮導(dǎo)體棒中感應(yīng)電流對磁場的影響。下列說法正確的是（）A.導(dǎo)體棒a做勻加速過程中的加速度大小為B.從撤去F到運動狀態(tài)達到穩(wěn)定前（a未越過虛線MN）的過程中當時，a棒的加速度大小為C.從撤去F到運動狀態(tài)達到穩(wěn)定（a未越過虛線MN）的過程中導(dǎo)體棒b上產(chǎn)生的焦耳熱為D.最終導(dǎo)體棒c未穿出磁場，停在距離邊界MN為處〖答案〗ABC〖解析〗A．設(shè)導(dǎo)體棒a任意時刻速度為v，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律有根據(jù)歐姆定律，電流為設(shè)a棒的加速度為，根據(jù)牛頓第二定律有整理得結(jié)合圖乙有N，解得m/s2，T故A正確；B．4s時，導(dǎo)體棒的速度為m/s導(dǎo)體棒撤去拉力后，系統(tǒng)動量守恒，則有解得m/s根據(jù)牛頓第二定律有解得m/s2故B正確；C．設(shè)達到的穩(wěn)定狀態(tài)時速度為，根據(jù)動量守恒定律有回路中產(chǎn)生的總焦耳熱為導(dǎo)體棒上b產(chǎn)生的焦耳熱為解得J故C正確；D．把導(dǎo)體棒b、c看成一根棒，設(shè)b導(dǎo)體棒穿出磁場時速度為，a穿出磁場后，在任意極短時間內(nèi)，對導(dǎo)體棒b、c根據(jù)動量定理有則有解得m/s設(shè)c未離開磁場，對導(dǎo)體棒b、c根據(jù)動量定理有解得m>s則c能離開磁場，故D錯誤；故選ABC。二、實驗題：本題2小題，共14分。把〖答案〗寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11.某物理實驗小組的同學(xué)利用實驗室提供的器材設(shè)計了一個測量電阻阻值的實驗。實驗器材有：干電池（電動勢，內(nèi)阻未知）；電流計G（量程為1mA，內(nèi)阻為900Ω）；定值電阻（阻值為150Ω）；電阻箱（阻值為0~999.9Ω）；滑動變阻器R（最大阻值為100Ω）；待測電阻；開關(guān)，導(dǎo)線若干；測量電路如圖所示。（1）由于電流計G的量程太小，需要將其改裝為10mA的量程，則應(yīng)將的阻值調(diào)節(jié)為____________Ω。（2）斷開，將開關(guān)撥到1處并將R的滑片調(diào)到阻值最大端。閉合，調(diào)節(jié)R的滑片位置，使電流計G示數(shù)為0.5mA。保持滑片的位置不變，再將撥到2處，電流計G示數(shù)變?yōu)?.6mA，則的測量值為____________Ω。（3）電源持續(xù)使用后，電動勢降低，內(nèi)阻變大，則的測量值將會____________（填“偏大”“偏小”或“不變”）?！即鸢浮剑?）100（2）100（3）偏小〖解析〗【小問1詳析】將電流計G改裝為10mA的量程，則有可得【小問2詳析】改裝后的電流表電阻為開關(guān)撥到1處，閉合，調(diào)節(jié)R的滑片位置，使電流計G示數(shù)為0.5mA，則此時干路電流為根據(jù)閉合電路歐姆定律可得保持滑片的位置不變，再將撥到2處，電流計G示數(shù)變?yōu)?.6mA，則此時干路電流為根據(jù)閉合電路歐姆定律可得聯(lián)立可得【小問3詳析】電源持續(xù)使用后，電動勢降低，內(nèi)阻變大，根據(jù)由于代入計算的電動勢偏大，可知的測量值將會偏小。12.某實驗小組的同學(xué)設(shè)計了測量物體質(zhì)量的實驗，所用器材如圖甲所示。主要步驟如下：（1）用游標卡尺測量滑塊上遮光條的寬度d，讀數(shù)如圖乙所示，則____________mm。（2）滑塊在牽引力作用下先后通過兩個光電門，配套的數(shù)字計時器記錄了遮光條通過第一個光電門的時間為，通過第二個光電門的時間為，遮光條從開始遮住第一個光電門到開始遮住第二個光電門的時間為，則滑塊的加速度大小的表達式為____________（用和d表示）。（3）依次增加所掛槽碼的個數(shù)，記錄每次實驗槽碼的總質(zhì)量，并計算出滑塊相應(yīng)的加速度，以為橫軸、為縱軸，建立直角坐標系，通過描點連線得到圖像如圖丙中Ⅰ所示，圖線Ⅰ的斜率為，在縱軸上的截距為。（4）將待測物體固定在滑塊的凹槽內(nèi)，重復(fù)上述實驗步驟（2）和（3），在圖丙中畫出新的圖像Ⅱ，若圖線Ⅱ的斜率為，在縱軸上的截距也為。已知當?shù)氐闹亓铀俣葹?，則下列關(guān)系式中正確的是____________A．B．C．D．（5）則待測物體的質(zhì)量__________（用表示）?！即鸢浮剑?）（2）（4）B（5）〖解析〗（1）[1]20分度的游標卡尺精確度為0.05mm，由圖可知讀數(shù)為（2）[2]在極短時間內(nèi)的平均速度等于該時刻的瞬時速度，則滑塊通過光電門1的速度為滑塊通過光電門2的速度為根據(jù)可得（4）[3]滑塊的質(zhì)量為M0，待測物體的質(zhì)量為M，滑塊受到拉力為F，由牛頓第二定律有對鉤碼有聯(lián)立得縱軸截距為故選B。（5）[4]由上述分析可知斜率為解得三、計算題：本題3小題，共40分。解答應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要演算步驟，只寫出最后〖答案〗的不給分。有數(shù)字計算的題，〖答案〗中必須明確寫出數(shù)值和單位。13.2024年，東北地區(qū)：哈爾濱、長春、沈陽、大連四座城市將有新的地鐵線路開通，新線路將會大大減輕交通壓力，加快城市的發(fā)展。沈陽地鐵一號線從S站到T站是一段直線線路，全程1.6km，列車運行最大速度為72km/h。為了便于分析，我們用圖乙來描述這個模型，列車在S站從靜止開始做勻加速直線運動，達到最大速度后立即做勻速直線運動，進站前從最大速度開始做勻減速直線運動，直至到T站停車，且加速的加速度大小為減速加速度大小的倍?，F(xiàn)勻加速運動過程中連續(xù)經(jīng)過A、B、C三點，S→A用時2s，B→C用時4s，且SA長2m，BC長24m。求：（1）列車在C點的速度大??；（2）列車勻速行駛的時間。〖答案〗（1）；（2）〖解析〗（1）由可知根據(jù)可知段平均速度（2）由得勻加速階段勻減速階段由得勻加速階段勻減速階段勻速運動時間14.某興趣小組模擬一個娛樂設(shè)施做如下實驗：軌道圖所示，豎直固定在水平地面上。已知傾斜軌道與水平面的夾角，點距地高度，水平軌道與左側(cè)半圓軌道切于點，長，半圓軌道光滑，半徑，傾斜軌道、水平軌道與小物塊間的動摩擦因數(shù)，。設(shè)小物塊