2022年北京密云區(qū)高三一模物理試題和答案

2022北京密云高三一模物理一、本部分共題，每題3分，共42分。在每題列出的四個(gè)選項(xiàng)中，選出最符合題目要求的一項(xiàng)。13分）重核裂變和輕核聚變是人類獲得核能的兩種主要途徑，關(guān)于裂變和聚變，下列說(shuō)法正確的是()A．裂變釋放能量，聚變吸收能量B．裂變過(guò)程有質(zhì)量虧損，聚變過(guò)程無(wú)質(zhì)量虧損C．裂變和聚變都可以釋放出巨大的能量D．太陽(yáng)能來(lái)源于太陽(yáng)內(nèi)部發(fā)生的核裂變23分）電子束衍射實(shí)驗(yàn)是榮獲諾貝爾獎(jiǎng)的重大近代物理實(shí)驗(yàn)之一。如圖所示是電子束衍射實(shí)驗(yàn)裝置的簡(jiǎn)化圖，這個(gè)實(shí)驗(yàn)證實(shí)了()A．光具有粒子性C．電子具有粒子性B．光具有波動(dòng)性D．電子具有波動(dòng)性33分）一列簡(jiǎn)諧橫波在x軸上傳播，某時(shí)刻的波形如圖所示，a、b、c為介質(zhì)中三個(gè)質(zhì)點(diǎn)，a正沿圖中所示方向運(yùn)動(dòng)。下列選項(xiàng)正確的是()A．該波沿x軸正方向傳播B．該時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)a的速度比b的速度大C．由此時(shí)刻起，a、b、c三個(gè)質(zhì)點(diǎn)中c將最先到達(dá)平衡位置D．由此時(shí)刻起，質(zhì)點(diǎn)a經(jīng)過(guò)一個(gè)周期運(yùn)動(dòng)的路程為一個(gè)波長(zhǎng)43分）2021年2月200多天的飛行，成功進(jìn)入橢圓形的軌道繞火星運(yùn)動(dòng)，開(kāi)展對(duì)火星的觀測(cè)，并為著陸火星做好準(zhǔn)備。如圖所示，在“天問(wèn)一號(hào)”沿橢圓軌道由“遠(yuǎn)火點(diǎn)”向“近火點(diǎn)”運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是()A．探測(cè)器受到火星的引力增大B．探測(cè)器的速度逐漸減小1/18C．引力對(duì)探測(cè)器做負(fù)功，探測(cè)器的勢(shì)能逐漸減小D．引力對(duì)探測(cè)器做正功，探測(cè)器的機(jī)械能逐漸增大53分）絕熱容器內(nèi)封閉一定質(zhì)量的理想氣體，氣體分子的速率分布如下圖所示，橫坐標(biāo)表示速率v，縱坐標(biāo)表示某一速率區(qū)間的分子數(shù)占總分子數(shù)的百分比N，經(jīng)過(guò)一段時(shí)間分子的速率分布圖由狀態(tài)①變?yōu)棰?，則由圖可知()A．氣體的溫度一定降低C．氣體的內(nèi)能一定增大B．氣體的壓強(qiáng)一定減小D．氣體一定對(duì)外界做功63分）2021年月9日15:40分航天員王亞平老師進(jìn)行了太空授課，在“水球光學(xué)實(shí)驗(yàn)”中，透過(guò)含有氣泡的水球可以看到一正一反的兩個(gè)人像，產(chǎn)生這一現(xiàn)象的原因是()A．光的色散B．光的折射C．光的衍射D．光的干涉73分）現(xiàn)代人經(jīng)常低頭玩手機(jī)，這會(huì)使頸椎長(zhǎng)期受壓，可能引發(fā)頸椎病。人低頭時(shí)，可粗略認(rèn)為頭受重力G，肌肉拉力F和頸椎支持力F。如圖所示，某同學(xué)低頭看手機(jī)時(shí)頭頸彎曲與豎直方向成60，此時(shí)肌肉對(duì)頭的拉力F121約為頭重的4倍，2沿圖中虛線方向，依據(jù)上述信息估算此時(shí)頸椎受到的壓力F的可能值()A．GF4GB．F=4GC．4GFGD．FG83分）如圖是某種靜電推進(jìn)裝置的原理圖，發(fā)射極與吸極接在高壓電源兩端，兩極間產(chǎn)生強(qiáng)電場(chǎng)，虛線為等勢(shì)面。在強(qiáng)電場(chǎng)作用下，一帶電液滴從發(fā)射極加速飛向吸極，a、b是其路徑上的兩點(diǎn)。不計(jì)液滴重力。下列說(shuō)法正確的是()2/18A．a(chǎn)點(diǎn)的電勢(shì)比b點(diǎn)的低B．a(chǎn)點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度比b點(diǎn)的小C．液滴在a點(diǎn)的加速度比在b點(diǎn)的小D．液滴在a點(diǎn)的電勢(shì)能比在b點(diǎn)的大93分）卡車裝載大型貨物時(shí)，常會(huì)在車尾搭一塊傾斜木板。如圖所示，工人用平行于斜面的力將貨物沿斜面從底端勻速推到頂端。已知貨物與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)不變。下列說(shuō)法正確的是()A．斜面越長(zhǎng)，推力越大B．斜面越短，推力越大C．斜面越長(zhǎng)，工人做功越多D．斜面越短，工人做功越多103分）為探究變壓器的兩個(gè)線圈的電壓關(guān)系，小明繞制了兩個(gè)線圈套在可拆變壓器的鐵芯上，如圖所示，線圈a作為原線圈連接到學(xué)生電源的交流輸出端，線圈b接小燈泡，線圈電阻忽略不計(jì)。當(dāng)閉合電源開(kāi)關(guān)時(shí)，他發(fā)現(xiàn)電()A．增大電源電壓B．適當(dāng)增加原線圈a的匝數(shù)D．換一個(gè)電阻更小的燈泡C．適當(dāng)增加副線圈b的匝數(shù)3分）如圖為洛倫茲力演示儀的結(jié)構(gòu)圖，勵(lì)磁線圈產(chǎn)生的勻強(qiáng)磁場(chǎng)方向垂直紙面向外，電子束由電子槍產(chǎn)生，其速度方向與磁場(chǎng)方向垂直。電子速度大小可通過(guò)電子槍的加速電壓來(lái)控制，磁感應(yīng)強(qiáng)度可通過(guò)勵(lì)磁線圈的電流來(lái)調(diào)節(jié)。下列說(shuō)法正確的是()3/18A．僅增大電子槍的加速電壓，電子束徑跡的半徑變小B．僅增大電子槍的加速電壓，電子做圓周運(yùn)動(dòng)的周期變大C．僅增大勵(lì)磁線圈的電流，電子束徑跡的半徑變小D．同時(shí)增大電子槍的加速電壓和勵(lì)磁線圈的電流，電子做圓周運(yùn)動(dòng)的周期可能不變123分）如圖是一個(gè)簡(jiǎn)易風(fēng)速測(cè)量?jī)x的示意圖，絕緣彈簧的一端固定，另一端與導(dǎo)電的迎風(fēng)板相連，彈簧套在水平放置的電阻率較大的均勻金屬細(xì)桿上。迎風(fēng)板與金屬桿垂直且接觸良好，并能在金屬桿上自由滑動(dòng)。迎風(fēng)板與金屬桿末端分別與電壓傳感器的兩端相連，整個(gè)裝置與電阻R串聯(lián)接入閉合電路，則()A．風(fēng)速越大，電壓傳感器的示數(shù)越大B．風(fēng)速越大，流過(guò)電阻R的電流越大C．風(fēng)速不變時(shí)，電阻R的阻值越大，電壓傳感器示數(shù)越大D．其他條件不變時(shí)，電壓傳感器示數(shù)與彈簧形變量是線性關(guān)系133分）高壓電線落地可能導(dǎo)致行人跨步觸電，如圖所示，設(shè)人的兩腳MN間跨步距離為d，電線觸地點(diǎn)O大地的電流為I，大地的電阻率為，ON間的距離為R，電流在以O(shè)點(diǎn)為圓心、半徑為r的半球面上均勻分布，I其電流密度為，已知電流密度乘以電阻率等于電場(chǎng)強(qiáng)度，該電場(chǎng)強(qiáng)度可以等效成把點(diǎn)電荷Q放在真空中O點(diǎn)2r處產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度。下列說(shuō)法正確的是()A．越靠近O點(diǎn)，電勢(shì)越低B．兩腳間距離越大，跨步電壓一定越大IC．等效點(diǎn)電荷Q的電荷量為(k為靜電力常量）kRDM、N、O三點(diǎn)在一條直線上，圖中兩腳MN間跨步電壓等于4/182143姿態(tài)如圖1所示，其減速原理很復(fù)雜，但可簡(jiǎn)化為圖21中左邊雪板的受力情況）所示。實(shí)際滑行時(shí)，可通過(guò)腳踝“翻轉(zhuǎn)”雪板，使雪板以內(nèi)刃為軸，外刃CD向上翻轉(zhuǎn)，使得兩雪板之間夾角為，雪板與雪面成角。此時(shí)雪面對(duì)雪板的總作用力F可近似認(rèn)為垂直于雪板所在平面ABCD，其水平、豎直分量分別記為Fx、，其中Fx垂直于邊，這個(gè)分力可以幫助運(yùn)動(dòng)員做減速運(yùn)動(dòng)。不計(jì)空氣阻力和一切其他的摩擦，下列說(shuō)法正確的是()A．其他條件不變的情況下，角越小，減速效果越好B．其他條件不變的情況下，角越小，減速效果越好C．滑行動(dòng)作和姿態(tài)相同時(shí)，質(zhì)量大的運(yùn)動(dòng)員減速效果更好D．滑行動(dòng)作和姿態(tài)相同時(shí)，質(zhì)量不同的運(yùn)動(dòng)員減速效果相同二、本部分共6題，共分。158分）在測(cè)量導(dǎo)體電阻實(shí)驗(yàn)中，某同學(xué)進(jìn)行如下操作。（1）先用歐姆表“1”擋粗略測(cè)量該金屬絲的電阻，示數(shù)如圖所示，對(duì)應(yīng)的讀數(shù)應(yīng)是1。（2）用圖2的實(shí)驗(yàn)電路測(cè)量Rx的電阻值，在電路組裝完成后，閉合開(kāi)關(guān)前，滑動(dòng)變阻器的滑片P應(yīng)放置于或者b)位置。(a（3）在圖2所示的電路中測(cè)量得到電壓表示數(shù)為U，電流表示數(shù)為I，則電阻x=大還是偏??？判斷并說(shuō)明理由，這個(gè)測(cè)量值比真實(shí)值偏。16分）某同學(xué)做“探究平拋運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)”實(shí)驗(yàn)時(shí)，做了如下探究：如圖1所示的實(shí)驗(yàn)，將兩個(gè)完全相同的傾斜滑道固定在同一豎直平面內(nèi)，下面的滑道末端與光滑水平板平滑連接。把兩個(gè)完全相同的小球從傾斜滑道同時(shí)釋放，觀察到小球1落到光滑水平板上并擊中球2。5/18（1）為達(dá)成實(shí)驗(yàn)?zāi)康?，下述?shí)驗(yàn)操作合理的是A．兩個(gè)傾斜滑道必須均是光滑的；B．兩滑道的末端必須水平放置C．玻璃球和鋼球比較，應(yīng)選用密度較小的玻璃球D．因?yàn)樾∏?的滑道較高，因此釋放的位置應(yīng)該略低于小球2（2）在各項(xiàng)操作均合理的情況下，多次調(diào)整滑道高度進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，發(fā)現(xiàn)每次球1均能擊中球2，該現(xiàn)象能說(shuō)明球1的運(yùn)動(dòng)情況為；.在水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)B.在豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)C.在水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，同時(shí)在豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)D.平拋運(yùn)動(dòng)是勻變速曲線運(yùn)動(dòng)（3）用圖2所示的裝置研究平拋運(yùn)動(dòng)，讓小球在有坐標(biāo)紙的背景屏前水平拋出，用頻閃數(shù)碼照相機(jī)連續(xù)拍攝記錄小球位置。實(shí)驗(yàn)過(guò)程拍下的一組照片如圖3所示，已知a點(diǎn)為拋出點(diǎn)，a、b、c、d為連續(xù)四張照片，頻閃時(shí)間間隔為T，圖中每小格邊長(zhǎng)為l，重力加速度為g。判斷小球在水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)的依據(jù)是；判斷小球在豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)的依據(jù)是。（4）為拓展研究物體從光滑拋物線軌道頂端下滑的運(yùn)動(dòng)，該同學(xué)制做了一個(gè)與圖3中小球平拋軌跡完全相同的光滑軌道，并將該軌道固定在與平拋軌跡重合的位置，如圖4所示，讓小球沿該軌道無(wú)初速下滑，已知小球下滑過(guò)程中不會(huì)脫離軌道。下列說(shuō)法正確是；A．小球從a運(yùn)動(dòng)到b的時(shí)間等于從b運(yùn)動(dòng)到c的時(shí)間B．小球經(jīng)過(guò)d點(diǎn)時(shí)的速度方向與平拋小球經(jīng)過(guò)d點(diǎn)時(shí)的速度方向相同C．小球經(jīng)過(guò)d點(diǎn)時(shí)的速度大小與平拋小球經(jīng)過(guò)d點(diǎn)時(shí)的速度大小相等D．小球從a運(yùn)動(dòng)到b的過(guò)程中所受重力的沖量大于從b運(yùn)動(dòng)到c過(guò)程所受重力的沖量6/1817．如圖所示，豎直平面內(nèi)的四分之一圓弧軌道下端與水平桌面相切，小滑塊A和B分別靜止在圓弧軌道的最高點(diǎn)和最低點(diǎn)?，F(xiàn)將A無(wú)初速釋放，A與B碰撞后結(jié)合為一個(gè)整體，并沿桌面滑動(dòng)。已知圓弧軌道光滑，半徑R=0.8m；A和B的質(zhì)量均為m=，A和B整體與桌面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)=0.2。重力加速度取g=10m/s。求：2（1B碰撞前瞬間A對(duì)軌道的壓力N的大小；（2）A與B碰撞過(guò)程中系統(tǒng)損失的機(jī)械能；（3）A和B整體在桌面上滑動(dòng)的距離l。18．如圖所示，導(dǎo)線框放在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)方向垂直于線框平面，導(dǎo)體棒ab沿光滑導(dǎo)線框向右做勻速運(yùn)動(dòng)，cd間接有阻值為R的電阻。已知，導(dǎo)體棒ab的長(zhǎng)度為L(zhǎng)，電阻為r，運(yùn)動(dòng)的速度為v。導(dǎo)線框的電阻不計(jì)。（1ab棒兩端的電勢(shì)差U；（2ab棒所受的外力F大?。唬?）說(shuō)明在△t時(shí)間內(nèi)外力對(duì)導(dǎo)體棒所做的功W與整個(gè)電路生熱Q的關(guān)系并進(jìn)行論證。19．電容器作為儲(chǔ)能器件，在生產(chǎn)生活中有廣泛的應(yīng)用。實(shí)際電容器在外形結(jié)構(gòu)上有多種不同的形式，一個(gè)金屬球和一個(gè)與它同心的金屬球殼也可以組成一個(gè)電容器，叫做球形電容器。如圖1所示，兩極間為真空的球形電容1R2器，其內(nèi)球半徑為R，外球內(nèi)半徑為R，其電容C=，其中k為靜電力常量。與平行板電容器一樣，12k(R?R)21當(dāng)該電容器極板所帶電荷量變化時(shí)，兩極板間的電勢(shì)差也隨之變化。（）圖2為該電容器在充電過(guò)程中兩極板間的電勢(shì)差U隨帶電量q變化的關(guān)系圖像，請(qǐng)類比直線運(yùn)動(dòng)中由v?t圖像求位移的方法，推導(dǎo)該球形電容器充電電荷量達(dá)到Q時(shí)所具有的電勢(shì)能Ep的表達(dá)式；（2）孤立導(dǎo)體也能儲(chǔ)存電荷，也具有電容，可以將孤立導(dǎo)體球看作另一極在無(wú)窮遠(yuǎn)的球形電容器。若已知某金屬小球半徑為r，且r遠(yuǎn)遠(yuǎn)小于地球半徑。.請(qǐng)結(jié)合題目信息推導(dǎo)該金屬小球的電容C的表達(dá)式。b.若將帶電金屬小球用導(dǎo)線與大地相連，我們就會(huì)認(rèn)為小球的電荷量減小為零。請(qǐng)結(jié)合題目信息與所學(xué)知識(shí)解釋這一現(xiàn)象。7/1820．電動(dòng)汽車消耗電池能量驅(qū)動(dòng)汽車前進(jìn)，電池的性能常用兩個(gè)物理量來(lái)衡量：一是電池容量Q，即電池能夠存儲(chǔ)0=0.05kg的電量；另一個(gè)是電池的能量密度，是指單位質(zhì)量能放出電能的多少。某次實(shí)驗(yàn)中質(zhì)量的電池以恒定電流放電時(shí)，端電壓與流過(guò)電池電量的關(guān)系如下圖所示。電池容量檢測(cè)系統(tǒng)在電壓為V時(shí)顯示剩余電量100%，電壓為V時(shí)顯示剩余電量為0。通過(guò)計(jì)算機(jī)測(cè)得曲線與電量軸所圍的面積約為7000VmAh。（1）該電池的能量密度是多少？（2）在放電過(guò)程中顯示剩余電量從100%到90%用了時(shí)間t，依據(jù)圖像信息推測(cè)剩余電量從90%到70%約要多少時(shí)間？（3）電動(dòng)汽車的續(xù)航里程是指單次充電后可以在水平路面上勻速行駛的最大距離。某電動(dòng)汽車除電池外總質(zhì)量為M，配上質(zhì)量為m，能量密度為的電池，續(xù)航里程為s。已知汽車行駛過(guò)程中所受阻力與總質(zhì)量成正比，驅(qū)動(dòng)汽車做功的能量占電池總能量的比例確定，為提升該電動(dòng)汽車的續(xù)航里程，可以采用增加電池質(zhì)量和提高電池能量密度兩種方式，請(qǐng)計(jì)算說(shuō)明哪種方式更合理？8/18參考答案一、本部分共題，每題3分，共42分。在每題列出的四個(gè)選項(xiàng)中，選出最符合題目要求的一項(xiàng)。1【分析】由質(zhì)能方程知裂變和聚變都釋放出巨大能量，都伴隨著質(zhì)量的虧損?！窘獯稹拷猓篈BC、重核裂變和輕核聚變都能釋放巨大的能量，由愛(ài)因斯坦質(zhì)能方程知兩過(guò)程均會(huì)有質(zhì)量虧損，故C正確，錯(cuò)誤；D、太陽(yáng)能來(lái)源于太陽(yáng)內(nèi)部發(fā)生的核聚變，故D錯(cuò)誤；故選：C?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查了質(zhì)能關(guān)系，要注意明確重核裂變和輕核聚變過(guò)程中由于質(zhì)量虧損而釋放出大量能量。2【分析】電子是實(shí)物粒子，而衍射現(xiàn)象是波的特性，電子的衍射實(shí)驗(yàn)說(shuō)明物質(zhì)具有波動(dòng)性?！窘獯稹拷猓弘娮邮菍?shí)物粒子，能發(fā)生衍射現(xiàn)象，該實(shí)驗(yàn)說(shuō)明物質(zhì)波理論是正確的，不能說(shuō)明光子的波動(dòng)性，說(shuō)明電子具有波動(dòng)性，故ABC錯(cuò)誤、D正確。故選：D。【點(diǎn)評(píng)】考查衍射現(xiàn)象的作用，理解電子是實(shí)物粒子，掌握電子衍射的意義，注意光的波動(dòng)性與粒子的波動(dòng)性的區(qū)別。3【分析】知道a點(diǎn)的振動(dòng)方向，利用同側(cè)法可知波傳播的方向。質(zhì)點(diǎn)離平衡位置越近，速度越大。各質(zhì)點(diǎn)一個(gè)周期運(yùn)動(dòng)的路程都為4A。由圖可知c向上振動(dòng)，先回到平衡位置?！窘獯稹拷猓篈、由圖知，質(zhì)點(diǎn)a垂直x軸向上運(yùn)動(dòng)，由同側(cè)法可知，該波沿x軸負(fù)方向傳播，故A錯(cuò)誤；B、由圖知，該時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)b離平衡位置比質(zhì)點(diǎn)a離平衡位置近，則該時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)a的速度比質(zhì)點(diǎn)b的速度小，故B錯(cuò)誤；C、根據(jù)同側(cè)法判斷可知c先回到平衡位置，故C正確；D、簡(jiǎn)諧橫波中的質(zhì)點(diǎn)在一個(gè)周期運(yùn)動(dòng)的路程均為4A，故D錯(cuò)誤。故選：C?！军c(diǎn)評(píng)】波的圖象往往先判斷質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向和波的傳播方向間的關(guān)系，同時(shí)要分析波動(dòng)形成的過(guò)程，分析物理量的變化情況。4【分析】根據(jù)萬(wàn)有引力表達(dá)式及r的變化確定萬(wàn)有引力的變化情況，由“遠(yuǎn)火點(diǎn)”向“近火點(diǎn)”運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，引力對(duì)探測(cè)器做正功，勢(shì)能減小，探測(cè)器的動(dòng)能增加，速度增加。【解答】解：A、“天問(wèn)一號(hào)”沿橢圓軌道由“遠(yuǎn)火點(diǎn)”向“近火點(diǎn)”運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，r減小，根據(jù)萬(wàn)有引力表達(dá)式F=可知，萬(wàn)有引力增大，故A正確；r2BCD、由“遠(yuǎn)火點(diǎn)”向“近火點(diǎn)”運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，引力對(duì)探測(cè)器做正功，勢(shì)能減小，根據(jù)動(dòng)能定理可知，探測(cè)器的動(dòng)能增加，速度增加，機(jī)械能守恒，故BCD錯(cuò)誤。故選：A?！军c(diǎn)評(píng)】本題是一道萬(wàn)有引力和動(dòng)能定理相結(jié)合類型的題目，通過(guò)引力做功確定引力勢(shì)能及動(dòng)能的變化。5【分析】根據(jù)溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，溫度升高分子的平均動(dòng)能增加，不同溫度下相同速率的分子所占比例不同判斷；一定質(zhì)量理想氣體狀態(tài)方程及熱力學(xué)第一定律判斷?！窘獯稹拷猓篈C、根據(jù)溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，由圖可知，②中溫度升，氣體分子平均動(dòng)能增大，速率大的9/18分子所占百分比增多，速率小的分子所占百分比減少，故②對(duì)應(yīng)的溫度較高，所以由狀態(tài)①變?yōu)棰?，氣體的溫度一定升高，根據(jù)一定質(zhì)量的某種理想氣體的內(nèi)能只與溫度有關(guān)，所以氣體的一定增大，故A錯(cuò)誤，C正確；、氣體溫度升高，氣體內(nèi)能增大，即△U0，由于是絕熱容器，即Q=0，根據(jù)熱力學(xué)第一定律△U=Q+W，pV可得W0，即外界對(duì)氣體做功，所以氣體體積變大，根據(jù)一定質(zhì)量的理想氣體狀態(tài)方程=C，可知其壓強(qiáng)可T能不變，可能增大，可能減小，故錯(cuò)誤。故選：C?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查了分子運(yùn)動(dòng)速率的統(tǒng)計(jì)分布規(guī)律、一定質(zhì)量理想氣體狀態(tài)方程及熱力學(xué)第一定律的應(yīng)用，記住圖象的特點(diǎn)，會(huì)分析溫度與圖象的關(guān)系。6【分析】水球具有中間厚，邊緣薄的點(diǎn)，因此水球相當(dāng)于一個(gè)凸透鏡，當(dāng)物體在兩倍焦距以外時(shí)成倒立，縮小的像；中間的氣泡和周圍的水，組成了一個(gè)凹透鏡，凹透鏡成正立縮小的虛像?！窘獯稹拷猓核蚓哂兄虚g厚，邊緣薄的點(diǎn)，因此水球相當(dāng)于一個(gè)凸透鏡，當(dāng)物體在兩倍焦距以外時(shí)成倒立，縮小的像。中間的氣泡和周圍的水，組成了一個(gè)凹透鏡，凹透鏡成正立縮小的虛像，所以兩種情況都是光的折射現(xiàn)象。故B正確，ACD錯(cuò)誤；故選：B?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查凸透鏡成像規(guī)律，掌握凸透鏡成像規(guī)律并能靈活運(yùn)用分析實(shí)際問(wèn)題。7【分析】對(duì)人的頭部進(jìn)行受力分析，然后做出矢量三角形，要明白2的大小就是頸椎受到的壓力大小，根據(jù)幾何知識(shí)即可求解?！窘獯稹拷猓哼x人的頭部作為研究對(duì)象，對(duì)其受力分析，受力分析如圖所示，做出力的矢量三角形，在三角形中，由幾何知識(shí)可知，大角對(duì)大邊，所以2大于G，兩邊之和大于第三邊，所以2G，頸椎受到的壓力與頸椎對(duì)頭的支持力F2屬于作用力與反作用力，故4GFG，故C正確，錯(cuò)誤；故選：C?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查受力分析，力的合成，注意當(dāng)物體受三個(gè)力時(shí)，一般用矢量三角形。8【分析】明確圖象原理，根據(jù)圖中電路確定發(fā)射極與吸極的電勢(shì)高低，確定電場(chǎng)線方向，沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低，從而明確a、b兩點(diǎn)的電勢(shì)高低；注意圖中等勢(shì)面不是等差等勢(shì)面，所以不能根據(jù)疏密確定電場(chǎng)強(qiáng)度大??；根據(jù)液滴的運(yùn)動(dòng)情況確定電場(chǎng)力做功情況，從而明確電勢(shì)能的變化?！窘獯稹拷猓篈、由圖可知，發(fā)射極接電源正極，吸極接電源負(fù)極，則發(fā)射極為高電勢(shì)，吸極為低電勢(shì)，電場(chǎng)線由發(fā)射極指向吸極，沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低，故a點(diǎn)電勢(shì)比b點(diǎn)高，故A錯(cuò)誤；BC、由于題中沒(méi)有說(shuō)明等勢(shì)面是否為等差等勢(shì)面，故不能明確電場(chǎng)線和等勢(shì)面的疏密，所以無(wú)法確定a、b兩點(diǎn)10/18的電場(chǎng)強(qiáng)度的大小，也就無(wú)法確定加速度大小，故BC錯(cuò)誤；D、因液滴加速前進(jìn)，故說(shuō)明電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，故液滴在a點(diǎn)的電勢(shì)能比在b點(diǎn)的大，故D正確。故選：D?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)問(wèn)題，要注意明確電場(chǎng)的性質(zhì)，注意電場(chǎng)線的疏密描述電場(chǎng)的強(qiáng)弱，但等勢(shì)面要先確定是否為等差等勢(shì)面，若是等差等勢(shì)面，可由其疏密判斷電場(chǎng)強(qiáng)度的大小。9【分析】由受力分析及三角函數(shù)推導(dǎo)求解斜面長(zhǎng)度關(guān)系式，分析選項(xiàng)，由動(dòng)能定理求解工人做功。【解答】解：AB.假設(shè)斜面長(zhǎng)為L(zhǎng)，從底端到頂端高為H。斜面傾角為，其中高H為定值，根據(jù)受力平衡可得F=mgsin+ff=mgcos聯(lián)立可得F=mg(sin+cos)令1cos=，sin=1+21+2可得F=1++)2當(dāng)=90?推力最大值為m=1+此時(shí)有H2mg1sin==cos=L+12解得L=H1+2故錯(cuò)誤；.因?yàn)樨浳飫蛩龠\(yùn)動(dòng)，根據(jù)動(dòng)能定理可得F?mgH?mgcosL=0解得F=mgH+cosL=mgH+L2?H2可知斜面長(zhǎng)度L越大，推力做功越多，故C正確，D錯(cuò)誤：故選：C?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查動(dòng)能定理，學(xué)生需能夠進(jìn)行靈活受力分析，并結(jié)合三角函數(shù)關(guān)系進(jìn)一步分析證明。10【分析】根據(jù)原副線圈的匝數(shù)比得出原副線圈的電壓和電流的比值關(guān)系，同時(shí)結(jié)合選項(xiàng)逐個(gè)分析出電流的變化并完成解答?！窘獯稹拷猓焊鶕?jù)變壓器的原理可知，原副線圈兩端的電壓之比為：11/18Ubb=Uaa原副線圈兩端的電流之比為：Iab=IbaA、當(dāng)增大電源電壓時(shí)，則副線圈的電壓增大，副線圈的電流也增大，故A錯(cuò)誤；B、當(dāng)適當(dāng)增加原線圈a的匝數(shù)時(shí)，副線圈的電壓減小，則副線圈的電流也減小，故B正確；C、當(dāng)適當(dāng)增加副線圈b的匝數(shù)時(shí)，副線圈的電壓增大，則副線圈的電流也增大，故C錯(cuò)誤；D、換一個(gè)電阻更小的燈泡時(shí)，在副線圈電壓保持不變的情況下，副線圈的電流增大，故D錯(cuò)誤；故選：B?！军c(diǎn)評(píng)】本題主要考查了變壓器的構(gòu)造和原理，熟練掌握原副線圈兩端的電流和電壓的比值關(guān)系，同時(shí)結(jié)合變化的物理量即可完成分析。11【分析】電子在電子槍里做加速直線運(yùn)動(dòng)，在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)；電流周圍的磁場(chǎng)與電流強(qiáng)度的大小有關(guān)，電流強(qiáng)度越大，則磁場(chǎng)越強(qiáng)；根據(jù)周期公式分析電子束的周期的變化?！窘獯稹拷猓?、根據(jù)電子所受洛倫茲力的方向結(jié)合右手定則判斷勵(lì)磁線圈中電流方向是順時(shí)針?lè)较?，電子在加速電?chǎng)中加速，由動(dòng)能定理有：1=022電子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力充當(dāng)向心力，有：v20r0B=mr又T=v12m聯(lián)立解得：r=，T=Be可知，增大電子槍加速電壓，電子束的軌道半徑變答，周期不變，故錯(cuò)誤；C、同理可得僅增大勵(lì)磁線圈的電流，電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)增強(qiáng)，則電子束的軌道半徑變小，故C正確；mD、同時(shí)增大電子槍的加速電壓和勵(lì)磁線圈的電流，由T=知，電子做圓周運(yùn)動(dòng)的周期變小，故D錯(cuò)誤。故選：C?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查了粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)在實(shí)際生活中的應(yīng)用，正確分析出儀器的原理是關(guān)鍵，知道帶電粒子在電場(chǎng)中加速而在磁場(chǎng)中偏轉(zhuǎn)做圓周運(yùn)動(dòng)，明確周期公式和半徑公式的推導(dǎo)過(guò)程和應(yīng)用。12【分析】根據(jù)閉合電路歐姆定律分析電壓傳感器的示數(shù)變化；同時(shí)解得電壓傳感器示數(shù)與彈簧形變量的關(guān)系?！窘獯稹拷猓篈B.風(fēng)速越大，金屬桿接入電路的長(zhǎng)度越短，接入電路的阻值越小，金屬桿兩端電壓越小，電壓傳感器的示數(shù)越小，通過(guò)電阻R的電流越大，故A錯(cuò)誤，B正確；C.風(fēng)速不變時(shí)，金屬桿接入電路的長(zhǎng)度不變，接入電路的阻值不變，電阻R的阻值越大，電路中的電流越小，金屬桿兩端電壓越小，電壓傳感器的示數(shù)越小，故C錯(cuò)誤；12/18D.假設(shè)彈簧的原長(zhǎng)為L(zhǎng)，金屬桿單位長(zhǎng)度的電阻為r，當(dāng)彈簧的壓縮量為x時(shí)，金屬桿接入電路的阻值為00R=(L?x)r0x0根據(jù)閉合電路歐姆定律可得EI=R+x+r電壓傳感器示數(shù)為U=IRxEr+R聯(lián)立解得：U=+1(0?x)r0可知電壓傳感器示數(shù)與彈簧形變量不是線性關(guān)系，故D錯(cuò)誤；故選：B?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查閉合電路的歐姆定律，解題關(guān)鍵掌握公式應(yīng)用，同時(shí)根據(jù)平衡條件可計(jì)算風(fēng)力。13【分析】根據(jù)點(diǎn)電荷的電場(chǎng)線特點(diǎn)分析電勢(shì)的升降；若兩腳在等勢(shì)線上則電壓為零；根據(jù)已知和點(diǎn)電荷的場(chǎng)強(qiáng)公式得等效電荷量；由于點(diǎn)電荷的電場(chǎng)強(qiáng)度不是勻強(qiáng)電場(chǎng)，不滿足電勢(shì)差等于場(chǎng)強(qiáng)與距離的乘積?！窘獯稹拷猓?高壓電線落地在地面形成的電流場(chǎng)可以等效為點(diǎn)電荷Q放在O點(diǎn)產(chǎn)生的靜電場(chǎng)，所以越靠近O點(diǎn)，電勢(shì)越高，故A錯(cuò)誤；B.當(dāng)兩腳位于同一等勢(shì)線上時(shí)，即兩腳到O點(diǎn)的距離相等時(shí)，跨步電壓為零，故B錯(cuò)誤；IQIkC.根據(jù)已知得=k，解得等效點(diǎn)電荷的電荷量為Q=(kC正確；r2r2IQIr2kD.在距離點(diǎn)電荷Q距離為r的位置電場(chǎng)強(qiáng)度為E=k=k=，由于點(diǎn)電荷的電場(chǎng)不是勻強(qiáng)電場(chǎng)，故不能r2r22根據(jù)勻強(qiáng)電場(chǎng)電勢(shì)差與場(chǎng)強(qiáng)之間的公式U=Ed計(jì)算兩腳之間的電壓，故D錯(cuò)誤。故選：C?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查點(diǎn)電荷的場(chǎng)強(qiáng)，電勢(shì)差與場(chǎng)強(qiáng)的關(guān)系，根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度的定義可知，點(diǎn)電荷電場(chǎng)強(qiáng)度是非勻強(qiáng)電場(chǎng)。14【分析】本題結(jié)合生活實(shí)例考查受力分析，正確對(duì)人受力分析，利用合力與分力的關(guān)系來(lái)判斷當(dāng)減小、的時(shí)候減速效果的變化情況；理解運(yùn)動(dòng)員轉(zhuǎn)彎的原理，當(dāng)重心向左邊移動(dòng)時(shí)，左雪板支持力向上的分力增加，各夾角不變，水平分力也增加，水平向右的分力也增加；根據(jù)牛頓第二定律來(lái)解釋減速效果跟運(yùn)動(dòng)員的質(zhì)量無(wú)關(guān)。【解答】解：A、兩邊雪板對(duì)人的支持力垂直于雪板斜向人體后方，兩邊支持力的夾角近似與2a互補(bǔ)，減小a角，兩邊支持力夾角變大，合力變小，向后方的分力也變小，減速效果變差。故A錯(cuò)誤；B、減小角，雪板更為水平，雪板對(duì)人的支持力往上偏移，向上的分力等于重力不變，水平方向的分力變小，減速效果變差。故B錯(cuò)誤；FCD、x=，a==gsin，減速效果只與夾角有關(guān)，跟運(yùn)動(dòng)員質(zhì)量無(wú)關(guān)。故C錯(cuò)誤，D正確。m故選：D?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查受力分析與牛頓第二定律的知識(shí)，首先從生活實(shí)例中抽象出物理模型，然后對(duì)其受力分析，利用合力與分力的數(shù)量關(guān)系，來(lái)解決減速效果與夾角的關(guān)系，運(yùn)動(dòng)員轉(zhuǎn)彎的原理，最后結(jié)合牛頓第二定律來(lái)解13/18釋減速效果跟運(yùn)動(dòng)員的質(zhì)量無(wú)關(guān)。二、本部分共6題，共分。15）歐姆表的讀數(shù)等于刻度值與倍率的乘積；（2）根據(jù)滑動(dòng)變阻器在電路中的作用確定開(kāi)關(guān)閉合前滑片位置；（3）根據(jù)歐姆定律計(jì)算測(cè)量電阻阻值，由于電壓表分流作用使得測(cè)量值存在誤差。）歐姆表刻度值為，擋位為“16=6；（2）滑動(dòng)變阻器采用分壓式接法，為了保護(hù)測(cè)量電路，同時(shí)使測(cè)量電路電流、電壓從零起調(diào)，滑動(dòng)變阻器的滑片P應(yīng)放置于a位置；（3）在圖2所示的電路中測(cè)量得到電壓表示數(shù)為U，電流表示數(shù)為I，根據(jù)歐姆定律得Ux=，I圖2電路測(cè)量電路為電流表外接，電壓表測(cè)量電壓為測(cè)量電阻兩端真實(shí)電壓，由于電壓表的分流作用，電流表測(cè)量值為電壓表和測(cè)量電阻的總電流，比流過(guò)電阻電流真實(shí)值偏大，故電阻測(cè)量值比真實(shí)值偏小。U16（）a（），因?yàn)殡妷罕淼姆至髯饔?，使得電流測(cè)量值偏大，電阻測(cè)量值偏小I【點(diǎn)評(píng)】本題考查伏安法測(cè)電阻實(shí)驗(yàn)，解題關(guān)鍵要掌握滑動(dòng)變阻器的調(diào)節(jié)作用和電路誤差來(lái)源。16）根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理與操作分析判斷；（2）根據(jù)實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象分析實(shí)驗(yàn)結(jié)論；（3）根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)水平方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，在豎直方向上做自由落體運(yùn)動(dòng)的運(yùn)動(dòng)規(guī)律分析解答；（4）結(jié)合動(dòng)能定理與沖量的計(jì)算公式解答。）A、傾斜軌道可以不光滑，只要每次從同一位置靜止下滑，摩擦力做功相同，可以保證每次到最低點(diǎn)的速度相同即可，故A錯(cuò)誤；B、因?yàn)楸绢}是研究平拋運(yùn)動(dòng)，所以離開(kāi)軌道末端時(shí)速度方向必須保持水平，即兩滑道的末端必須水平放置，故B正確；C、研究平拋運(yùn)動(dòng)，即初速度水平，且只在重力作用下的運(yùn)動(dòng)，要求忽略空氣阻力的影響，則應(yīng)該選用密度大的鋼球，故C錯(cuò)誤；D、1球和2球做對(duì)比，兩球最低點(diǎn)的速度應(yīng)相同，所以兩球在滑道上釋放的位置高度應(yīng)相同，故D錯(cuò)誤。故選：B。（212球的水平速度相等，每次球1均能擊中球，說(shuō)明1球在水平方向上的速度不變，即1球在水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故A正確；BCD、沒(méi)有與豎直方向運(yùn)動(dòng)比較，得不到豎直方向上為自由落體的結(jié)論；故BCD錯(cuò)誤。故選：A。（）ab、bc、cd的時(shí)間間隔均為T，因?yàn)閍b、bc、cd的水平距離相等，均為兩格，即x=x=x，根據(jù)公abbcx式v=得，水平方向相同時(shí)間內(nèi)位移相等，是勻速直線運(yùn)動(dòng)；t1從圖3可讀出y:y:y=1:3:5，根據(jù)公式y(tǒng)=gt，可得自由落體運(yùn)動(dòng)的物體在連續(xù)相等時(shí)間內(nèi)的位移之比為2abbc21:3:5，14/18（4）A、無(wú)初速度下滑，故水平方向不是勻速直線運(yùn)動(dòng)，而ab=bc，故tabtbc，故A錯(cuò)誤；B、兩種運(yùn)動(dòng)到d點(diǎn)的速度方向均為曲線在d點(diǎn)的切線方向，故方向相同，B正確；112C、取ad高度為h，取平拋初速度為v0，對(duì)平拋運(yùn)動(dòng)由動(dòng)能定理有=2?02，解得v=2gh+0；而對(duì)221此軌道，彈力不做功，有mgh=2，則v=2gh，比較可得：vv故C錯(cuò)誤；2D、=mgtab，Ibc=bc，因?yàn)閠abtbc，所以IabIbc，故D正確。故選：。1）B）A3）x=x=x，y:y:y=1:3:5）abbcabbc【點(diǎn)評(píng)】在實(shí)驗(yàn)中如何實(shí)現(xiàn)讓小球做平拋運(yùn)動(dòng)是關(guān)鍵，同時(shí)讓學(xué)生知道描點(diǎn)法作圖線方法：由實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)得來(lái)的點(diǎn)，進(jìn)行平滑連接起來(lái)；同時(shí)解決本題的關(guān)鍵知道平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，在豎直方向上做自由落體運(yùn)動(dòng)。171）根據(jù)機(jī)械能守恒定律分析出滑塊到達(dá)最低點(diǎn)的速度，根據(jù)牛頓第二定律和牛頓第三定律分析出A對(duì)軌道的壓力；（2）先根據(jù)動(dòng)量守恒定律分析出碰撞后的速度，結(jié)合能量守恒定律分析出損失的機(jī)械能；（3）根據(jù)動(dòng)能定理分析出整體在桌面上滑動(dòng)的距離。）滑塊A下滑的過(guò)程，機(jī)械能守恒，則有1=22滑塊A在圓軌道上做圓周運(yùn)動(dòng)，在最低點(diǎn)，由牛頓第二定律得：R2N?=根據(jù)牛頓第三定律可知，N=N聯(lián)立解得：N=3N（2）相碰，碰撞后結(jié)合為一個(gè)整體，由動(dòng)量守恒定律得：mv=2mv112根據(jù)能量守恒定律得：△Ep=2?222聯(lián)立解得：△Ep0.8J=（3在桌面上滑動(dòng)，水平方向僅受摩擦力，則由動(dòng)能定理得：1?2mgl=0?222解得：l=0.25m）與B碰撞前瞬間A對(duì)軌道的壓力N的大小為3N；（2）A與B碰撞過(guò)程中系統(tǒng)損失的機(jī)械能為0.8J；（3）A和B整體在桌面上滑動(dòng)的距離為0.25m?！军c(diǎn)評(píng)】本題主要考查了動(dòng)量守恒定律的相關(guān)應(yīng)用，分析過(guò)程中涉及到了機(jī)械能守恒定律，同時(shí)結(jié)合牛頓第二定律分析出滑塊的受力情況，同時(shí)結(jié)合動(dòng)能定理完成解答。15/1818）根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律分析出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，結(jié)合歐姆定律分析出ab棒兩端的電勢(shì)差；（2）根據(jù)安培力公式結(jié)合導(dǎo)體棒的平衡狀態(tài)分析出ab棒所受的外力F；（3）根據(jù)做功公式分析出外力F對(duì)導(dǎo)體棒的做功，結(jié)合能量守恒定律分析出做功和產(chǎn)熱量的關(guān)系。）導(dǎo)體棒ab棒產(chǎn)生的感應(yīng)的電動(dòng)勢(shì)為：E=BLv根據(jù)閉合電路歐姆定律可得：EI=R+rab棒兩端的電壓為BLvRU===R+rR+r（2）ab棒所受的安培力大小為：B2Lv2安=BIL=R+r導(dǎo)體棒ab做勻速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)受力平衡可得，ab棒所受的外力F大小為B2Lv2F=安=R+r（3）在△t時(shí)間內(nèi)，外力F對(duì)導(dǎo)體棒做功為B2L2vB2L22vW==vR+rR+r整個(gè)電路生熱為BLvR+rB2L22vQ=I2(R+r)R+r可得：W=Q在△t時(shí)間內(nèi)外力對(duì)導(dǎo)體棒所做的功W與整個(gè)電路生熱Q相等。BLvRR+r）ab棒兩端的電勢(shì)差為；B2L2v（2）ab棒所受的外力F大小為；R+rB2L22v（3）說(shuō)明在△t時(shí)間內(nèi)外力對(duì)導(dǎo)體棒所做的功為，與整個(gè)電路生熱Q的關(guān)系相等。R+r【點(diǎn)評(píng)】本題主要考查了電磁感應(yīng)的相關(guān)應(yīng)用，熟悉法拉第電磁感應(yīng)定律，結(jié)合歐姆定律，安培力公式和能量守恒定律即可完成分析。19）由電容電勢(shì)能等于圖象與坐標(biāo)軸圍成的面積計(jì)算球形電容器的電勢(shì)能Ep的表達(dá)式；（2）a、根據(jù)極限法求解球形電容器電容的表達(dá)式；b、根據(jù)a中推得的孤立導(dǎo)體球的電容表達(dá)式可知地球的電容遠(yuǎn)大于一般金屬小球的電容，將帶電金屬小球用導(dǎo)線與大地相連，分析地球帶電量和小球的帶電量的多少。）圖中三角形面積表示電荷量達(dá)到Q時(shí)電容器所具有的電勢(shì)能Ep的大小，16/181由圖可得Ep