2022-2023學(xué)年浙江省紹興市高三下學(xué)期4月適應(yīng)性考試物理試題（二模）（解析版）

高中物理名校試卷PAGEPAGE1浙江省選考科目考試紹興市適應(yīng)性試卷物理試題選擇題部分一、選擇題Ⅰ（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中只有一個(gè)是符合題目要求的，不選、多選、錯(cuò)選均不得分）1.在力學(xué)范圍內(nèi)，規(guī)定長(zhǎng)度、質(zhì)量、時(shí)間為三個(gè)基本量，所對(duì)應(yīng)的國(guó)際單位制的基本單位符號(hào)是（）A.m、kg、s B.km、g、h C.cm、kg、s D.mm、g、h〖答案〗A〖解析〗國(guó)際單位制的基本單位為米、千克、秒、安培、開爾文、摩爾和坎德拉，對(duì)應(yīng)的符號(hào)為m、kg、s、A、K、mol、cd。故選A。2.如圖所示是一只撲翼飛行器，它像鳥一樣通過(guò)機(jī)翼主動(dòng)運(yùn)動(dòng)產(chǎn)生升力和前行力，充電后飛行器續(xù)航時(shí)間可達(dá)90分鐘。下列說(shuō)法正確的是（）A.“90分鐘”指的是時(shí)刻 B.撲翼飛行器飛行快慢不影響慣性大小C.撲翼飛行器飛行過(guò)程中只受重力作用 D.在研究撲翼飛行器的飛行姿態(tài)時(shí)可將它看成質(zhì)點(diǎn)〖答案〗B〖解析〗A．“90分鐘”指的是時(shí)間間隔，故A錯(cuò)誤；B．慣性只與物體的質(zhì)量有關(guān)，與運(yùn)動(dòng)快慢無(wú)關(guān)，故B正確；C．撲翼飛行器飛行過(guò)程中受重力、升力和前行力，故C錯(cuò)誤；D．在研究撲翼飛行器的飛行姿態(tài)時(shí)，不能忽略其大小和形狀，不可將它看成質(zhì)點(diǎn)，故D錯(cuò)誤。故選B。3.如圖所示，拖車的纜繩將違章車與拖車拴在一起，使違章車停在傾斜坡道上保持靜止?fàn)顟B(tài)。下列說(shuō)法正確的是（）A.纜繩對(duì)違章車的拉力等于違章車對(duì)纜繩的拉力B.違章車對(duì)坡道的作用力的方向一定與坡道垂直C.坡道與水平面的夾角越小，坡道受到的壓力也越小D.違章車一定只受到重力、支持力、拉力三個(gè)力的作用〖答案〗A〖解析〗A．根據(jù)牛頓第三定律可知，纜繩對(duì)違章車的拉力等于違章車對(duì)纜繩的拉力，A正確；B．違章車對(duì)坡道的作用力可能是摩擦力和支持力的合力，這個(gè)合力與坡道不垂直；若違章車只受坡道的支持力，沒(méi)有摩擦力，違章車對(duì)坡道的作用力的方向與坡道垂直，B錯(cuò)誤；C．設(shè)坡道與水平面的夾角為，則坡道與水平面的夾角越小，坡道受到的壓力越大，C錯(cuò)誤；D．違章車除了受到重力、支持力、拉力之外還有可能受到坡道對(duì)它的摩擦力，D錯(cuò)誤。故選A。4.假如你在地球赤道上，看到天空中一顆衛(wèi)星P從你頭頂正上方由西向東飛過(guò)，另一顆衛(wèi)星Q從東向西經(jīng)過(guò)頭頂正上方，恰好經(jīng)過(guò)12h兩顆衛(wèi)星都再次經(jīng)過(guò)頭頂?shù)恼戏健＜僭O(shè)兩顆衛(wèi)星的運(yùn)動(dòng)可視為勻速圓周運(yùn)動(dòng)，下列說(shuō)法正確的是（）A.衛(wèi)星Q比衛(wèi)星P的周期要大 B.衛(wèi)星Q比衛(wèi)星P的線速度要大C.衛(wèi)星Q比衛(wèi)星P的加速度要大 D.衛(wèi)星Q比衛(wèi)星P距地球要更近〖答案〗A〖解析〗人隨地球自西向東自轉(zhuǎn)，經(jīng)過(guò)12h自轉(zhuǎn)半圈，兩顆衛(wèi)星都再次經(jīng)過(guò)頭頂正上方，所以衛(wèi)星P轉(zhuǎn)過(guò)的角度比地球的自轉(zhuǎn)角度多，衛(wèi)星Q轉(zhuǎn)過(guò)的角度與地球的自轉(zhuǎn)角度之和等于，所以衛(wèi)星Q比衛(wèi)星P的角速度要小。根據(jù)可知衛(wèi)星Q比衛(wèi)星P的周期要大，線速度要小，加速度要小，距地球要更遠(yuǎn)。故選A。5.如圖所示，神經(jīng)元細(xì)胞可以看成一個(gè)平行板電容器，正、負(fù)一價(jià)離子相當(dāng)于極板上儲(chǔ)存電荷，細(xì)胞膜相當(dāng)于電介質(zhì)，此時(shí)左極板的電勢(shì)低于右極板的電勢(shì)，左右兩極板之間的電勢(shì)差為。已知細(xì)胞膜的相對(duì)介電常數(shù)為，膜厚為d，膜面積為S，靜電力常量為k，元電荷為e。由于某種原因?qū)е履?nèi)外離子透過(guò)細(xì)胞膜，使膜內(nèi)變?yōu)檎x子而膜外變?yōu)樨?fù)離子，這時(shí)左右兩極板之間的電勢(shì)差為，則通過(guò)細(xì)胞膜的離子數(shù)目為（）A. B. C. D.〖答案〗B〖解析〗由可得，則通過(guò)細(xì)胞膜的電荷量為又因?yàn)?，可得通過(guò)細(xì)胞膜的離子數(shù)目為故選B。6.光盤上刻有很多“凹槽”，它與“盤面”相互間隔，其中一部分的側(cè)視圖如圖所示。一定寬度的激光束向下入射到光盤后，在“凹槽”、“盤面”發(fā)生反射，“凹槽”反射光與“盤面”反射光疊加后削弱，探測(cè)器探測(cè)到“凹槽”產(chǎn)生的極小光強(qiáng)，而“盤面”處的反射光疊加后得到加強(qiáng)，探測(cè)器探測(cè)到“盤面”產(chǎn)生的極大光強(qiáng)，這兩種光強(qiáng)等級(jí)代表二進(jìn)制數(shù)字0和1。當(dāng)激光束照射整個(gè)光盤時(shí)，探測(cè)器就可以探測(cè)到比如01001……………00001二進(jìn)制信息。下列說(shuō)法正確的是（）A.入射光與反射光的傳播速度不同B.激光束波長(zhǎng)可能為“凹槽”深度的2倍C.“凹槽”反射光與“盤面”反射光的頻率相同D.“盤面”處的反射光疊加后得到加強(qiáng)是由于光的衍射〖答案〗C〖解析〗A．入射光與反射光在同種介質(zhì)中傳播速度相同，故A錯(cuò)誤；B．由于“凹槽”反射光與“盤面”反射光疊加后削弱，“凹槽”深度應(yīng)該為激光束半波長(zhǎng)的奇數(shù)倍，故B錯(cuò)誤；C．“凹槽”反射光與“盤面”反射光是同種類型的光，頻率相同，故C正確；D．“盤面”處的反射光疊加后得到加強(qiáng)是由于光的干涉形成的，故D錯(cuò)誤。故選C。7.如圖所示是原子核發(fā)生衰變的能級(jí)圖，經(jīng)衰變直接變至基態(tài)，或者衰變至一個(gè)激發(fā)態(tài)，然后通過(guò)釋放一個(gè)光子衰變至基態(tài)。若發(fā)生衰變前是靜止的，則（）A.衰變過(guò)程中系統(tǒng)動(dòng)量不守恒 B.粒子的動(dòng)能小于原子核的動(dòng)能C.的質(zhì)量大于與粒子質(zhì)量之和 D.激發(fā)態(tài)釋放光子至基態(tài)的衰變是衰變〖答案〗C〖解析〗A．衰變過(guò)程中系統(tǒng)不受外力，動(dòng)量守恒，故A錯(cuò)誤；B．設(shè)的反沖速度大小為v，粒子的速度是，由動(dòng)量守恒定律，得：則有根據(jù)動(dòng)能的表達(dá)式由于的質(zhì)量大粒子的質(zhì)量，則衰變后的動(dòng)能小于粒子的動(dòng)能。故B錯(cuò)誤；C．由于發(fā)生衰變時(shí)要伴隨釋放一定的能量，由質(zhì)能方程可知，的質(zhì)量大于與粒子質(zhì)量之和，故C正確；D．激發(fā)態(tài)釋放光子至基態(tài)不是衰變，故D錯(cuò)誤。故選C。8.如圖所示，在豎直平面內(nèi)，離地一定高度樹上掛有一個(gè)蘋果，地面上玩具手槍的槍口對(duì)準(zhǔn)蘋果。某時(shí)刻蘋果從O點(diǎn)自由下落，同時(shí)玩具子彈也從槍口P以一定初速度射出，子彈運(yùn)動(dòng)一段時(shí)間后到達(dá)最高點(diǎn)Q，而蘋果也下落到M點(diǎn)，最后子彈在N點(diǎn)“擊中”蘋果。若子彈和蘋果都看成質(zhì)點(diǎn)，不計(jì)空氣阻力。下列說(shuō)法正確的是（）A.子彈到達(dá)最高點(diǎn)的速度為0B.PQ的豎直高度等于OM的距離C.子彈“擊中”蘋果時(shí)豎直方向的分速度大于蘋果下落的速度D.子彈從P運(yùn)動(dòng)到Q的過(guò)程中速度變化量的方向始終豎直向上〖答案〗B〖解析〗A．子彈做斜拋運(yùn)動(dòng)，在最高點(diǎn)速度為水平分速度不為零，故A錯(cuò)誤；B．某時(shí)刻蘋果從O點(diǎn)自由下落，同時(shí)玩具子彈也從槍口P以一定初速度射出，所以運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同，而蘋果豎直方向初速度為零，自由落體，子彈豎直方向逆運(yùn)動(dòng)也是初速度為零，自由落體，所以PQ的豎直高度等于OM的距離，故B正確；C．子彈“擊中”蘋果時(shí)豎直方向的分速度小于蘋果下落的速度，因?yàn)樵贛、Q處，蘋果豎直分速度大，而兩者加速度相同，故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)可知，子彈從P運(yùn)動(dòng)到Q的過(guò)程中速度變化量的方向始終豎直向下，故D錯(cuò)誤。故選B。9.如圖所示，樹梢的擺動(dòng)可視為周期12s、振幅1.2m的簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)。某時(shí)刻開始計(jì)時(shí)，36s后樹梢向右偏離平衡位置0.6m。下列說(shuō)法正確的是（）A.開始計(jì)時(shí)的時(shí)刻樹梢恰位于平衡位置B.樹梢做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的“圓頻率”約為0.08HzC.樹梢在開始計(jì)時(shí)后的36s內(nèi)通過(guò)的路程為4.8mD.再經(jīng)過(guò)4s，樹梢可能處于向左偏離平衡位置1.2m處〖答案〗D〖解析〗A．如果開始計(jì)時(shí)的時(shí)刻樹梢恰位于平衡位置，經(jīng)過(guò)36s，即3T，則樹梢恰位于平衡位置，故A錯(cuò)誤；B．樹梢做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的“圓頻率”約為故B錯(cuò)誤；C．樹梢在開始計(jì)時(shí)后的36s內(nèi)通過(guò)的路程為故C錯(cuò)誤；D．36s后樹梢向右偏離平衡位置0.6m因?yàn)榻獾没虍?dāng)時(shí)，再經(jīng)過(guò)4s，樹梢可能處于向左偏離平衡位置1.2m處，故D正確。故選D。10.在物理選修課中，小明著手研究某款發(fā)電機(jī)，做如下嘗試：如圖甲所示，第一次在發(fā)電機(jī)的矩形線框處加水平向右的勻強(qiáng)磁場(chǎng)；如圖乙所示，第二次在矩形線框處加豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。矩形線框繞對(duì)稱軸，以一定的角速度勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，給外電阻R供電。比較通過(guò)R中的電流，下列說(shuō)法正確的是（）A.甲、乙都為直流電 B.甲、乙都為交流電C.甲是直流電，乙是交流電 D.甲是交流電，乙是直流電〖答案〗C〖解析〗根據(jù)右手定則可知，甲圖中電流方向始終不變，為直流電；圖乙電流經(jīng)過(guò)中性面方向改變，是交流電。故選C。11.兩根通電細(xì)長(zhǎng)直導(dǎo)線緊靠著同樣長(zhǎng)的塑料圓柱體，圖甲是圓柱體和導(dǎo)線1的截面，導(dǎo)線2固定不動(dòng)（圖中未畫出）。導(dǎo)線1繞圓柱體在平面內(nèi)第一與第二象限從緩慢移動(dòng)到，測(cè)量圓柱體中心O處磁感應(yīng)強(qiáng)度，獲得沿x方向的磁感應(yīng)強(qiáng)度隨的圖像（如圖乙）和沿y方向的磁感應(yīng)強(qiáng)度隨的圖像（如圖丙）。下列說(shuō)法正確的是（）A.導(dǎo)線1電流方向垂直紙面向里B.導(dǎo)線2在第三象限角平分線位置C.隨著的增大，中心O處的磁感應(yīng)強(qiáng)度先變大后變小D.當(dāng)時(shí)，中心O處的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向沿第四象限角平分線向外〖答案〗C〖解析〗A．根據(jù)安培定則判斷通電直導(dǎo)線產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向可知，導(dǎo)線2在豎直方向上沒(méi)有分量，在水平方向有沿軸正方向的分量。則導(dǎo)線1在初始狀態(tài)產(chǎn)生的磁場(chǎng)沿軸負(fù)方向。導(dǎo)線1電流方向垂直紙面向外。故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)安培定則可知，導(dǎo)線2在軸正方向處有垂直紙面向外的電流或者在軸負(fù)方向處有垂直紙面里的電流。故B錯(cuò)誤；C．磁感應(yīng)強(qiáng)度為矢量，根據(jù)三角形法則可知中心O處的磁感應(yīng)強(qiáng)度先變大后變小，在時(shí)，兩導(dǎo)線產(chǎn)生磁感應(yīng)強(qiáng)度方向一致，合磁感應(yīng)強(qiáng)度值最大。故C正確；D．時(shí)，導(dǎo)線1產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向沿第四象限角平分線向外，但導(dǎo)線2產(chǎn)生的磁場(chǎng)沿軸正方向。故中心O處的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向在軸與第四象限角平分線之間。故D錯(cuò)誤。故選C。12.如圖甲所示，電動(dòng)勢(shì)為0.10V的電池連接一只電流表，兩者的內(nèi)阻忽略不計(jì)。電池的一端連接長(zhǎng)度為1.0m導(dǎo)線的右端，電流表的另一端接上導(dǎo)線的某一點(diǎn)，x為接點(diǎn)與導(dǎo)線左端的距離，導(dǎo)線由一段金屬線1（電阻率為）和一段金屬線2（電阻率為）串接而成，它們的橫截面積相同。由電流表測(cè)得的電流I，所推得的電路總電阻R和x的圖像如圖乙所示，下列說(shuō)法正確的是（）A.導(dǎo)線的左邊部分為金屬線1B.導(dǎo)線的橫截面積約為C.當(dāng)x＝0.7m時(shí)電池消耗的功率約為0.36WD.當(dāng)x＞0.3m時(shí)電流表讀數(shù)I隨x變化的關(guān)系式近似為〖答案〗D〖解析〗A．根據(jù)，當(dāng)x很大時(shí)，電阻變化較快，則電阻率較大，所以導(dǎo)線的右邊部分為金屬線1，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)所以對(duì)左邊是金屬線2解得故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)圖像可知，x＞0.3m時(shí)當(dāng)x＝0.7m時(shí)電池消耗的功率故C錯(cuò)誤；D．當(dāng)x＞0.3m時(shí)電流表讀數(shù)I隨x變化的關(guān)系式近似為故D正確。故選D。13.如圖所示，質(zhì)量為2000kg電梯的纜繩發(fā)生斷裂后向下墜落，電梯剛接觸井底緩沖彈簧時(shí)的速度為4m/s，緩沖彈簧被壓縮2m時(shí)電梯停止了運(yùn)動(dòng)，下落過(guò)程中安全鉗總共提供給電梯17000N的滑動(dòng)摩擦力。已知彈簧的彈性勢(shì)能為（k為彈簧的勁度系數(shù)，x為彈簧的形變量），安全鉗提供的滑動(dòng)摩擦力等于最大靜摩擦力，下列說(shuō)法正確的是（）A.彈簧的勁度系數(shù)為3000N/mB.整個(gè)過(guò)程中電梯的加速度一直在減小C.電梯停止在井底時(shí)受到的摩擦力大小為17000ND.電梯接觸彈簧到速度最大的過(guò)程中電梯和彈簧組成的系統(tǒng)損失的機(jī)械能約為4600J〖答案〗D〖解析〗A．電梯剛接觸井底緩沖彈簧時(shí)的速度為4m/s，緩沖彈簧被壓縮2m時(shí)電梯停止了運(yùn)動(dòng)，根據(jù)能量守恒，得代入數(shù)據(jù)解得故A錯(cuò)誤；B．與彈簧接觸前，電梯做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，接觸彈簧后，先做加速度逐漸減小的加速運(yùn)動(dòng)后做加速度逐漸增加的減速運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；C．電梯停止在井底時(shí)，由受力平衡得代入數(shù)據(jù)解得故C錯(cuò)誤；D．當(dāng)電梯速度最大時(shí)，此時(shí)加速度零，則解得電梯接觸彈簧到速度最大的過(guò)程中，電梯和彈簧組成的系統(tǒng)損失的機(jī)械能等于摩擦力做的負(fù)功，則故D正確。故選D。二、選擇題Ⅱ（本題共2小題，每小題3分，共6分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中至少有一個(gè)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得3分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分）14.下列說(shuō)法正確的是（）A.變化的電場(chǎng)產(chǎn)生磁場(chǎng)B.紫外線可以用來(lái)滅菌消毒C.商場(chǎng)洗手間里的自動(dòng)干手機(jī)裝置內(nèi)部可能設(shè)有紅外線傳感器D.全自動(dòng)洗衣機(jī)設(shè)有多段式水位自動(dòng)感應(yīng)裝置，該裝置采用的是溫度傳感器〖答案〗ABC〖解析〗A．根據(jù)麥克斯韋的電磁場(chǎng)理論可知，變化的電場(chǎng)產(chǎn)生磁場(chǎng)，故A正確；B．紫外線可以用來(lái)滅菌消毒，故B正確；C．人體為導(dǎo)體，可以和其他導(dǎo)體構(gòu)成電容器，手接近自動(dòng)干手機(jī)時(shí)相當(dāng)于連接了一個(gè)電容器，故干手機(jī)內(nèi)可能設(shè)置有電容式傳感器。此外，因?yàn)槿梭w體溫恒定，會(huì)發(fā)射特定波長(zhǎng)的紅外線，如果傳感器檢測(cè)到該紅外線后，觸發(fā)開關(guān)，也可以使自動(dòng)干手器工作，所以也可能設(shè)置有紅外線傳感器，故C正確；D．全自動(dòng)洗衣機(jī)設(shè)有多段式水位自動(dòng)感應(yīng)裝置，是通過(guò)不同的壓力轉(zhuǎn)換為電學(xué)量，運(yùn)用的是壓力傳感器，故D錯(cuò)誤。故選ABC。15.如圖所示是一顆人造地球衛(wèi)星，它的主體表面上鍍有一層鉑（鉑逸出功為5.32eV），兩翼的太陽(yáng)能電池板（面積為）在繞地球軌道運(yùn)行時(shí)，始終保持正面垂直于太陽(yáng)光的照射方向。若太陽(yáng)光為波長(zhǎng)550nm的單色光，照射到電池表面的太陽(yáng)光被全部吸收且單位面積的接收功率為1.4kW，已知普朗克常量，1摩爾粒子約為個(gè)。下列正確的是（）A.每個(gè)光子的能量約為 B.到達(dá)電池表面太陽(yáng)光的功率為4.2kWC.電池表面吸收1摩爾光子的時(shí)間約為51s D.太陽(yáng)光照射到衛(wèi)星主體上會(huì)有光電子從表面逸出〖答案〗BC〖解析〗A．每個(gè)光子的能量約為選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．照射到電池表面的太陽(yáng)光被全部吸收且單位面積的接收功率為1.4kW，則到達(dá)電池表面太陽(yáng)光的功率為3×1.4kW=4.2kW，選項(xiàng)B正確；C．電池表面吸收1摩爾光子的時(shí)間約為選項(xiàng)C正確；D．鉑逸出功為W=5.32eV=8.5×10-19J大于光子的能量，則不能發(fā)生光電效應(yīng)，即太陽(yáng)光照射到衛(wèi)星主體上不會(huì)有光電子從表面逸出，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選BC。非選擇題部分三、非選擇題（本題共5小題，共55分）16.在“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)中。①某組同學(xué)在某次實(shí)驗(yàn)中使用頻率為50Hz的打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，獲得的一條紙帶如圖甲所示，其中相鄰兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)之間還有4個(gè)點(diǎn)沒(méi)有畫出，根據(jù)紙帶可以求得打點(diǎn)計(jì)時(shí)器在打下E點(diǎn)時(shí)小車的速度為______。（結(jié)果保留2位小數(shù)）。②將E點(diǎn)的瞬時(shí)速度補(bǔ)充到圖乙中，用合適的圖像將這些點(diǎn)擬合，作出圖像______。根據(jù)圖像，求得小車的加速度大小為______（結(jié)果保留2位小數(shù)）。③某組同學(xué)通過(guò)控制槽碼和掛鉤的總質(zhì)量不變，改變小車和砝碼的總質(zhì)量m，來(lái)探究加速度a與質(zhì)量m的關(guān)系。已知小車質(zhì)量為200g，每個(gè)砝碼質(zhì)量為50g（共6個(gè)），通過(guò)實(shí)驗(yàn)作出如圖丙所示的圖像。那么該組同學(xué)選用的槽碼和掛鉤的總質(zhì)量應(yīng)為______（選填“10g”、“25g”或“50g”）。〖答案〗①②③〖解析〗[1]相鄰兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)之間的時(shí)間間隔為根據(jù)紙帶可以求得打點(diǎn)計(jì)時(shí)器在打下E點(diǎn)時(shí)小車的速度為[2]如圖所示[3]由圖像可得，圖像的斜率表示加速度大小，則小車的加速度大小為[4]設(shè)選用的槽碼和掛鉤的總質(zhì)量為，對(duì)小車和砝碼受力分析，由牛頓第二定律化簡(jiǎn)可得由圖乙可知由題意可知聯(lián)立可得，該組同學(xué)選用的槽碼和掛鉤的總質(zhì)量應(yīng)為17.在用氣墊導(dǎo)軌做“驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律”的實(shí)驗(yàn)中。（1）有同學(xué)提出了調(diào)節(jié)氣墊導(dǎo)軌的兩種方案，如圖所示，則符合該實(shí)驗(yàn)要求的是方案______（選填“一”或“二”）。（2）該實(shí)驗(yàn)裝置如圖所示，兩滑塊質(zhì)量分別為、，兩遮光條寬度均為d?，F(xiàn)接通氣源，將滑塊A向右彈出，與靜止的滑塊B發(fā)生碰撞，計(jì)時(shí)器獲得三組擋光時(shí)間為25.17ms、29.25ms、171.6ms。碰撞后滑塊B對(duì)應(yīng)擋光時(shí)間為______（選填“25.17ms”、“29.25ms”或“171.6ms”）?！即鸢浮剑?）二（2）29.25〖解析〗（1）[1]驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律的實(shí)驗(yàn)中，氣墊導(dǎo)軌應(yīng)該調(diào)成水平狀態(tài)，故選方案二。（2）[2]由于滑塊A的質(zhì)量大于滑塊B的質(zhì)量，則兩滑塊相撞后，滑塊A的速度方向仍然向右，比碰撞前的速度小，且應(yīng)該小于碰撞后滑塊B的速度，所以由可知，滑塊B對(duì)應(yīng)擋光時(shí)間應(yīng)為29.25ms。18.小周在“測(cè)定電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻”實(shí)驗(yàn)中，使用了以下器材：干電池1節(jié)、靈敏電流計(jì)1只（滿偏電流，內(nèi)阻）、電阻箱2只（可調(diào)范圍）、開關(guān)一個(gè)、導(dǎo)線若干。（1）小周先用多用電表估測(cè)電池電動(dòng)勢(shì)，如圖甲所示，其讀數(shù)為______V。（2）現(xiàn)要將靈敏電流計(jì)改裝成量程為3V的電壓表，它需要與電阻箱b相連，那么電阻箱b的阻值應(yīng)為______。此實(shí)驗(yàn)的實(shí)物圖如圖乙所示（只畫出了部分連線），請(qǐng)將剩余連線補(bǔ)充完整______。（3）調(diào)節(jié)電阻箱a的阻值R，獲得相應(yīng)電流表讀數(shù)I，作出如圖丙所示的圖像。根據(jù)圖像可得，電源電動(dòng)勢(shì)E＝______V、內(nèi)阻r＝______（結(jié)果均保留2位小數(shù)）。（4）改裝后的電壓表具有分流作用，可能使實(shí)驗(yàn)結(jié)果產(chǎn)生偏差。對(duì)結(jié)果進(jìn)行修正后，此干電池真實(shí)的圖像應(yīng)出現(xiàn)在______（選填“區(qū)域Ⅰ”、“區(qū)域Ⅱ”或“原圖線位置”）?！即鸢浮剑?）1.50（2）9900（3）1.470.98（4）區(qū)域Ⅰ〖解析〗（1）[1]多用電表選擇量程為2.5V，則最小分度為0.05，故對(duì)應(yīng)的讀數(shù)為1.50V。（2）[2][3]將靈敏電流計(jì)改裝成量程為3V的電壓表電路圖（3）[4][5]根據(jù)整理得所以，解得，（4）[6]改裝后的電壓表具有分流作用，實(shí)際上真實(shí)的圖像應(yīng)出現(xiàn)在區(qū)域Ⅰ。19.長(zhǎng)途旅行出發(fā)之前，小王檢查輪胎的充氣情況，發(fā)現(xiàn)輪胎的胎壓為，溫度為15℃，在高速公路上行駛幾個(gè)小時(shí)后，胎內(nèi)氣體從外界吸收2600J的熱量，檢查輪胎的胎壓為。輪胎制造商建議胎壓保持在至之間，于是他將輪胎中的一些氣體放掉，使胎壓重新降為，若放氣過(guò)程中溫度保持不變。假設(shè)整個(gè)過(guò)程中輪胎的體積不變，求：（1）胎壓為時(shí)，胎內(nèi)氣體的溫度；（2）未放氣前，胎壓從變?yōu)檫^(guò)程中，氣體內(nèi)能的增加量；（3）從輪胎中放掉氣體的分子數(shù)目占總數(shù)目的比例?！即鸢浮剑?）47℃；（2）2600J；（3）〖解析〗（1）整個(gè)過(guò)程中輪胎的體積不變，則有可得（2）未放氣前，整個(gè)過(guò)程中輪胎的體積不變，所以氣體沒(méi)有做功，則氣體內(nèi)能的增加量（3）放氣過(guò)程中溫度保持不變，則有則從輪胎中放掉氣體的分子數(shù)目占總數(shù)目的比例20.如圖所示，兩個(gè)固定的、大小不同的豎直半圓形光滑軌道在最高點(diǎn)A平滑連接，小圓半徑，大圓半徑，小圓最低點(diǎn)O恰在大圓圓心處，O點(diǎn)有一彈射裝置（圖中未畫出），可水平向右彈射質(zhì)量為的滑塊。放置在光滑水平面上的中空長(zhǎng)直塑料板與大圓的最低點(diǎn)B平滑過(guò)渡。若塑料板質(zhì)量，長(zhǎng)度，厚度，滑塊與塑料板上表面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)，滑塊可視為質(zhì)點(diǎn)，求：（1）若滑塊能做完整的圓周運(yùn)動(dòng)，滑塊在最高點(diǎn)的最小速度大小；（2）以向右彈射滑塊，滑塊到達(dá)大圓軌道B點(diǎn)時(shí)所受支持力的大??；（3）以向右彈射滑塊，滑塊第一次落地點(diǎn)到B點(diǎn)的水平距離?！即鸢浮剑?）；（2）；（3）〖解析〗（1）若滑塊能做完整圓周運(yùn)動(dòng)，滑塊在最高點(diǎn)只有重力提供向心力，有解得（2）從彈射到B點(diǎn)，對(duì)滑塊根據(jù)動(dòng)能定理有在B點(diǎn)根據(jù)牛頓第二定律有解得（3）滑塊與塑料板組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，規(guī)定向右為正方向，根據(jù)動(dòng)量守恒定律有根據(jù)能量守恒定律有對(duì)滑塊，根據(jù)能量守恒定律有滑塊離開塑料板后做平拋運(yùn)動(dòng)，滑塊第一次落地點(diǎn)到B點(diǎn)的水平距離為解得21.如圖甲所示，某國(guó)貨車頻繁脫軌、側(cè)翻的重要原因是鐵路軌道不平整。我國(guó)的高鐵對(duì)軌道平整度有著極高的要求，為了檢測(cè)高鐵軌道可能存在的微小不平整，某科學(xué)興趣小組設(shè)計(jì)了如圖乙所示的方案：M為水平待測(cè)軌道，其上有一可沿軌道無(wú)摩擦運(yùn)動(dòng)的小車Ⅰ，車上固定豎直放置的n匝線圈ABCD，總阻值為R，小車與線圈總質(zhì)量為m，線圈中連有微電流傳感器，可顯示ABCD中非常微弱的電流信號(hào)，A→B為電流正方向；N為標(biāo)準(zhǔn)水平平整軌道（軌道N與軌道M平行正對(duì)放置），其上有一可沿軌道運(yùn)動(dòng)的小車Ⅱ，小車Ⅱ上安裝了車速控制系統(tǒng)，且車上固定磁場(chǎng)發(fā)射裝置EFGH，該裝置可在EFGH范圍內(nèi)激發(fā)垂直并指向ABCD的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為，，。現(xiàn)先將小車Ⅰ、Ⅱ平行正對(duì)放置，調(diào)節(jié)ABCD的高度，使之略高于EFGH，其高度差遠(yuǎn)小于但大于待測(cè)軌道凹凸不平引起的高度差，然后給小車Ⅰ大小為的初速度，同時(shí)控制小車Ⅱ以相同的速度向前勻速行駛。（不考慮磁場(chǎng)的邊緣效應(yīng)，忽略軌道不平整對(duì)小車沿軌道方向速度的影響）（1）若在時(shí)間內(nèi)，微電流傳感器顯示出如圖丙所示的電流信號(hào)，問(wèn)這段時(shí)間內(nèi)經(jīng)過(guò)的待測(cè)軌道是凸起還是凹陷？試簡(jiǎn)要說(shuō)明理由。（2）若小車Ⅱ在行駛過(guò)程中突然停止，求小車Ⅰ繼續(xù)前進(jìn)并離開的過(guò)程中，線圈上產(chǎn)生的總熱量Q。（3）現(xiàn)控制小車Ⅱ做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，為確保微電流傳感器不損壞，線圈中電流不能超過(guò)，求小車Ⅱ做勻減速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)加速度的最大值?！即鸢浮剑?）凸起，見(jiàn)〖解析〗；（2）；（3）〖解析〗（1）根據(jù)圖丙可知，電流先正后負(fù)，說(shuō)明線圈內(nèi)磁通量先減少后增加，線圈先向上運(yùn)動(dòng)后向下運(yùn)動(dòng)，故此處軌道有凸起。（2）若小車Ⅱ在行駛過(guò)程中突然停止，根據(jù)能量守恒（3）根據(jù)題意分析，小車Ⅰ、Ⅱ相對(duì)速度不斷變大，小車I線圈中的電流不斷增大，做加速度不斷增大的減速運(yùn)動(dòng)，在不分離的情況下，最終小車I與小車Ⅱ的加速度應(yīng)相等，此時(shí)小車I的加速度最大，即電流最大。為確保微電流傳感器不損壞，故解得22.如圖所示是半導(dǎo)體注入工藝的裝置示意圖，某種元素的兩種離子和，質(zhì)量均為m，可從A點(diǎn)水平向右注入加速電場(chǎng)，初速度大小連續(xù)分布且在0和之間。經(jīng)電壓為U的電場(chǎng)直線加速后，離子均從小孔C水平射入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)（兩極板水平放置且上極板帶負(fù)電，電勢(shì)差可調(diào)），偏轉(zhuǎn)后均能穿出此電場(chǎng)，其中CD為偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)的中線。離子穿出電場(chǎng)后立即進(jìn)入緊靠電場(chǎng)的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，該磁場(chǎng)邊界線豎直、右側(cè)足夠大，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B在和之間可調(diào)，方向始終垂直紙面向里。不考慮離子的重力及相互作用，元電荷帶電量為e。（1）僅注入初速度0的離子，不為0，求和穿出偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)時(shí)豎直方向位移之比；（2）僅注入初速度為的離子，不為0且，求離子在磁場(chǎng)中射入位置與射出位置的距離Y；（3）若放置一塊緊靠磁場(chǎng)左邊界的豎直收集板，長(zhǎng)度，下端距D點(diǎn)的距離。先調(diào)節(jié)偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)的電壓，使，僅注入離子，每秒發(fā)射的離子數(shù)為，各種速率的離子數(shù)目相同，再調(diào)節(jié)磁感應(yīng)強(qiáng)度大小，使，求收集板上每秒能收集到的離子數(shù)n與B之間的關(guān)系?！即鸢浮剑?）；（2）；（3）見(jiàn)〖解析〗〖解析〗（1）設(shè)偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)的極板間距為，板長(zhǎng)為，則在加速電場(chǎng)中在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中豎直方向位移為聯(lián)立上述兩方程可得可知豎直方向位移與所帶電荷量無(wú)關(guān)，僅注入初速度0的離子時(shí)和穿出偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)時(shí)豎直方向位移之比為。（2）僅注入初速度為的離子，則在加速電場(chǎng)在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)射出后的速度大小為，在磁場(chǎng)當(dāng)中，設(shè)入射方向與磁場(chǎng)邊界線夾角為，則射入位置與射出位置的距離，，聯(lián)立以上方程可得（3）收集板最上端的位置距離點(diǎn)初速度為0的粒子射入磁場(chǎng)后偏轉(zhuǎn)的距離為初速度為的粒子射入磁場(chǎng)后偏轉(zhuǎn)的距離為當(dāng)時(shí)，所有的粒子均在收集板上。當(dāng)解得即范圍時(shí)所有的粒子恰好均在收集板上。當(dāng)解得即恰好所有的粒子均不在收集板上。當(dāng)范圍時(shí)，每秒能收集到的離子數(shù)n為收集板上每秒能收集到的離子數(shù)n與B之間的關(guān)系為時(shí)時(shí)時(shí)浙江省選考科目考試紹興市適應(yīng)性試卷物理試題選擇題部分一、選擇題Ⅰ（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中只有一個(gè)是符合題目要求的，不選、多選、錯(cuò)選均不得分）1.在力學(xué)范圍內(nèi)，規(guī)定長(zhǎng)度、質(zhì)量、時(shí)間為三個(gè)基本量，所對(duì)應(yīng)的國(guó)際單位制的基本單位符號(hào)是（）A.m、kg、s B.km、g、h C.cm、kg、s D.mm、g、h〖答案〗A〖解析〗國(guó)際單位制的基本單位為米、千克、秒、安培、開爾文、摩爾和坎德拉，對(duì)應(yīng)的符號(hào)為m、kg、s、A、K、mol、cd。故選A。2.如圖所示是一只撲翼飛行器，它像鳥一樣通過(guò)機(jī)翼主動(dòng)運(yùn)動(dòng)產(chǎn)生升力和前行力，充電后飛行器續(xù)航時(shí)間可達(dá)90分鐘。下列說(shuō)法正確的是（）A.“90分鐘”指的是時(shí)刻 B.撲翼飛行器飛行快慢不影響慣性大小C.撲翼飛行器飛行過(guò)程中只受重力作用 D.在研究撲翼飛行器的飛行姿態(tài)時(shí)可將它看成質(zhì)點(diǎn)〖答案〗B〖解析〗A．“90分鐘”指的是時(shí)間間隔，故A錯(cuò)誤；B．慣性只與物體的質(zhì)量有關(guān)，與運(yùn)動(dòng)快慢無(wú)關(guān)，故B正確；C．撲翼飛行器飛行過(guò)程中受重力、升力和前行力，故C錯(cuò)誤；D．在研究撲翼飛行器的飛行姿態(tài)時(shí)，不能忽略其大小和形狀，不可將它看成質(zhì)點(diǎn)，故D錯(cuò)誤。故選B。3.如圖所示，拖車的纜繩將違章車與拖車拴在一起，使違章車停在傾斜坡道上保持靜止?fàn)顟B(tài)。下列說(shuō)法正確的是（）A.纜繩對(duì)違章車的拉力等于違章車對(duì)纜繩的拉力B.違章車對(duì)坡道的作用力的方向一定與坡道垂直C.坡道與水平面的夾角越小，坡道受到的壓力也越小D.違章車一定只受到重力、支持力、拉力三個(gè)力的作用〖答案〗A〖解析〗A．根據(jù)牛頓第三定律可知，纜繩對(duì)違章車的拉力等于違章車對(duì)纜繩的拉力，A正確；B．違章車對(duì)坡道的作用力可能是摩擦力和支持力的合力，這個(gè)合力與坡道不垂直；若違章車只受坡道的支持力，沒(méi)有摩擦力，違章車對(duì)坡道的作用力的方向與坡道垂直，B錯(cuò)誤；C．設(shè)坡道與水平面的夾角為，則坡道與水平面的夾角越小，坡道受到的壓力越大，C錯(cuò)誤；D．違章車除了受到重力、支持力、拉力之外還有可能受到坡道對(duì)它的摩擦力，D錯(cuò)誤。故選A。4.假如你在地球赤道上，看到天空中一顆衛(wèi)星P從你頭頂正上方由西向東飛過(guò)，另一顆衛(wèi)星Q從東向西經(jīng)過(guò)頭頂正上方，恰好經(jīng)過(guò)12h兩顆衛(wèi)星都再次經(jīng)過(guò)頭頂?shù)恼戏?。假設(shè)兩顆衛(wèi)星的運(yùn)動(dòng)可視為勻速圓周運(yùn)動(dòng)，下列說(shuō)法正確的是（）A.衛(wèi)星Q比衛(wèi)星P的周期要大 B.衛(wèi)星Q比衛(wèi)星P的線速度要大C.衛(wèi)星Q比衛(wèi)星P的加速度要大 D.衛(wèi)星Q比衛(wèi)星P距地球要更近〖答案〗A〖解析〗人隨地球自西向東自轉(zhuǎn)，經(jīng)過(guò)12h自轉(zhuǎn)半圈，兩顆衛(wèi)星都再次經(jīng)過(guò)頭頂正上方，所以衛(wèi)星P轉(zhuǎn)過(guò)的角度比地球的自轉(zhuǎn)角度多，衛(wèi)星Q轉(zhuǎn)過(guò)的角度與地球的自轉(zhuǎn)角度之和等于，所以衛(wèi)星Q比衛(wèi)星P的角速度要小。根據(jù)可知衛(wèi)星Q比衛(wèi)星P的周期要大，線速度要小，加速度要小，距地球要更遠(yuǎn)。故選A。5.如圖所示，神經(jīng)元細(xì)胞可以看成一個(gè)平行板電容器，正、負(fù)一價(jià)離子相當(dāng)于極板上儲(chǔ)存電荷，細(xì)胞膜相當(dāng)于電介質(zhì)，此時(shí)左極板的電勢(shì)低于右極板的電勢(shì)，左右兩極板之間的電勢(shì)差為。已知細(xì)胞膜的相對(duì)介電常數(shù)為，膜厚為d，膜面積為S，靜電力常量為k，元電荷為e。由于某種原因?qū)е履?nèi)外離子透過(guò)細(xì)胞膜，使膜內(nèi)變?yōu)檎x子而膜外變?yōu)樨?fù)離子，這時(shí)左右兩極板之間的電勢(shì)差為，則通過(guò)細(xì)胞膜的離子數(shù)目為（）A. B. C. D.〖答案〗B〖解析〗由可得，則通過(guò)細(xì)胞膜的電荷量為又因?yàn)?，可得通過(guò)細(xì)胞膜的離子數(shù)目為故選B。6.光盤上刻有很多“凹槽”，它與“盤面”相互間隔，其中一部分的側(cè)視圖如圖所示。一定寬度的激光束向下入射到光盤后，在“凹槽”、“盤面”發(fā)生反射，“凹槽”反射光與“盤面”反射光疊加后削弱，探測(cè)器探測(cè)到“凹槽”產(chǎn)生的極小光強(qiáng)，而“盤面”處的反射光疊加后得到加強(qiáng)，探測(cè)器探測(cè)到“盤面”產(chǎn)生的極大光強(qiáng)，這兩種光強(qiáng)等級(jí)代表二進(jìn)制數(shù)字0和1。當(dāng)激光束照射整個(gè)光盤時(shí)，探測(cè)器就可以探測(cè)到比如01001……………00001二進(jìn)制信息。下列說(shuō)法正確的是（）A.入射光與反射光的傳播速度不同B.激光束波長(zhǎng)可能為“凹槽”深度的2倍C.“凹槽”反射光與“盤面”反射光的頻率相同D.“盤面”處的反射光疊加后得到加強(qiáng)是由于光的衍射〖答案〗C〖解析〗A．入射光與反射光在同種介質(zhì)中傳播速度相同，故A錯(cuò)誤；B．由于“凹槽”反射光與“盤面”反射光疊加后削弱，“凹槽”深度應(yīng)該為激光束半波長(zhǎng)的奇數(shù)倍，故B錯(cuò)誤；C．“凹槽”反射光與“盤面”反射光是同種類型的光，頻率相同，故C正確；D．“盤面”處的反射光疊加后得到加強(qiáng)是由于光的干涉形成的，故D錯(cuò)誤。故選C。7.如圖所示是原子核發(fā)生衰變的能級(jí)圖，經(jīng)衰變直接變至基態(tài)，或者衰變至一個(gè)激發(fā)態(tài)，然后通過(guò)釋放一個(gè)光子衰變至基態(tài)。若發(fā)生衰變前是靜止的，則（）A.衰變過(guò)程中系統(tǒng)動(dòng)量不守恒 B.粒子的動(dòng)能小于原子核的動(dòng)能C.的質(zhì)量大于與粒子質(zhì)量之和 D.激發(fā)態(tài)釋放光子至基態(tài)的衰變是衰變〖答案〗C〖解析〗A．衰變過(guò)程中系統(tǒng)不受外力，動(dòng)量守恒，故A錯(cuò)誤；B．設(shè)的反沖速度大小為v，粒子的速度是，由動(dòng)量守恒定律，得：則有根據(jù)動(dòng)能的表達(dá)式由于的質(zhì)量大粒子的質(zhì)量，則衰變后的動(dòng)能小于粒子的動(dòng)能。故B錯(cuò)誤；C．由于發(fā)生衰變時(shí)要伴隨釋放一定的能量，由質(zhì)能方程可知，的質(zhì)量大于與粒子質(zhì)量之和，故C正確；D．激發(fā)態(tài)釋放光子至基態(tài)不是衰變，故D錯(cuò)誤。故選C。8.如圖所示，在豎直平面內(nèi)，離地一定高度樹上掛有一個(gè)蘋果，地面上玩具手槍的槍口對(duì)準(zhǔn)蘋果。某時(shí)刻蘋果從O點(diǎn)自由下落，同時(shí)玩具子彈也從槍口P以一定初速度射出，子彈運(yùn)動(dòng)一段時(shí)間后到達(dá)最高點(diǎn)Q，而蘋果也下落到M點(diǎn)，最后子彈在N點(diǎn)“擊中”蘋果。若子彈和蘋果都看成質(zhì)點(diǎn)，不計(jì)空氣阻力。下列說(shuō)法正確的是（）A.子彈到達(dá)最高點(diǎn)的速度為0B.PQ的豎直高度等于OM的距離C.子彈“擊中”蘋果時(shí)豎直方向的分速度大于蘋果下落的速度D.子彈從P運(yùn)動(dòng)到Q的過(guò)程中速度變化量的方向始終豎直向上〖答案〗B〖解析〗A．子彈做斜拋運(yùn)動(dòng)，在最高點(diǎn)速度為水平分速度不為零，故A錯(cuò)誤；B．某時(shí)刻蘋果從O點(diǎn)自由下落，同時(shí)玩具子彈也從槍口P以一定初速度射出，所以運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同，而蘋果豎直方向初速度為零，自由落體，子彈豎直方向逆運(yùn)動(dòng)也是初速度為零，自由落體，所以PQ的豎直高度等于OM的距離，故B正確；C．子彈“擊中”蘋果時(shí)豎直方向的分速度小于蘋果下落的速度，因?yàn)樵贛、Q處，蘋果豎直分速度大，而兩者加速度相同，故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)可知，子彈從P運(yùn)動(dòng)到Q的過(guò)程中速度變化量的方向始終豎直向下，故D錯(cuò)誤。故選B。9.如圖所示，樹梢的擺動(dòng)可視為周期12s、振幅1.2m的簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)。某時(shí)刻開始計(jì)時(shí)，36s后樹梢向右偏離平衡位置0.6m。下列說(shuō)法正確的是（）A.開始計(jì)時(shí)的時(shí)刻樹梢恰位于平衡位置B.樹梢做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的“圓頻率”約為0.08HzC.樹梢在開始計(jì)時(shí)后的36s內(nèi)通過(guò)的路程為4.8mD.再經(jīng)過(guò)4s，樹梢可能處于向左偏離平衡位置1.2m處〖答案〗D〖解析〗A．如果開始計(jì)時(shí)的時(shí)刻樹梢恰位于平衡位置，經(jīng)過(guò)36s，即3T，則樹梢恰位于平衡位置，故A錯(cuò)誤；B．樹梢做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的“圓頻率”約為故B錯(cuò)誤；C．樹梢在開始計(jì)時(shí)后的36s內(nèi)通過(guò)的路程為故C錯(cuò)誤；D．36s后樹梢向右偏離平衡位置0.6m因?yàn)榻獾没虍?dāng)時(shí)，再經(jīng)過(guò)4s，樹梢可能處于向左偏離平衡位置1.2m處，故D正確。故選D。10.在物理選修課中，小明著手研究某款發(fā)電機(jī)，做如下嘗試：如圖甲所示，第一次在發(fā)電機(jī)的矩形線框處加水平向右的勻強(qiáng)磁場(chǎng)；如圖乙所示，第二次在矩形線框處加豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。矩形線框繞對(duì)稱軸，以一定的角速度勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，給外電阻R供電。比較通過(guò)R中的電流，下列說(shuō)法正確的是（）A.甲、乙都為直流電 B.甲、乙都為交流電C.甲是直流電，乙是交流電 D.甲是交流電，乙是直流電〖答案〗C〖解析〗根據(jù)右手定則可知，甲圖中電流方向始終不變，為直流電；圖乙電流經(jīng)過(guò)中性面方向改變，是交流電。故選C。11.兩根通電細(xì)長(zhǎng)直導(dǎo)線緊靠著同樣長(zhǎng)的塑料圓柱體，圖甲是圓柱體和導(dǎo)線1的截面，導(dǎo)線2固定不動(dòng)（圖中未畫出）。導(dǎo)線1繞圓柱體在平面內(nèi)第一與第二象限從緩慢移動(dòng)到，測(cè)量圓柱體中心O處磁感應(yīng)強(qiáng)度，獲得沿x方向的磁感應(yīng)強(qiáng)度隨的圖像（如圖乙）和沿y方向的磁感應(yīng)強(qiáng)度隨的圖像（如圖丙）。下列說(shuō)法正確的是（）A.導(dǎo)線1電流方向垂直紙面向里B.導(dǎo)線2在第三象限角平分線位置C.隨著的增大，中心O處的磁感應(yīng)強(qiáng)度先變大后變小D.當(dāng)時(shí)，中心O處的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向沿第四象限角平分線向外〖答案〗C〖解析〗A．根據(jù)安培定則判斷通電直導(dǎo)線產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向可知，導(dǎo)線2在豎直方向上沒(méi)有分量，在水平方向有沿軸正方向的分量。則導(dǎo)線1在初始狀態(tài)產(chǎn)生的磁場(chǎng)沿軸負(fù)方向。導(dǎo)線1電流方向垂直紙面向外。故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)安培定則可知，導(dǎo)線2在軸正方向處有垂直紙面向外的電流或者在軸負(fù)方向處有垂直紙面里的電流。故B錯(cuò)誤；C．磁感應(yīng)強(qiáng)度為矢量，根據(jù)三角形法則可知中心O處的磁感應(yīng)強(qiáng)度先變大后變小，在時(shí)，兩導(dǎo)線產(chǎn)生磁感應(yīng)強(qiáng)度方向一致，合磁感應(yīng)強(qiáng)度值最大。故C正確；D．時(shí)，導(dǎo)線1產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向沿第四象限角平分線向外，但導(dǎo)線2產(chǎn)生的磁場(chǎng)沿軸正方向。故中心O處的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向在軸與第四象限角平分線之間。故D錯(cuò)誤。故選C。12.如圖甲所示，電動(dòng)勢(shì)為0.10V的電池連接一只電流表，兩者的內(nèi)阻忽略不計(jì)。電池的一端連接長(zhǎng)度為1.0m導(dǎo)線的右端，電流表的另一端接上導(dǎo)線的某一點(diǎn)，x為接點(diǎn)與導(dǎo)線左端的距離，導(dǎo)線由一段金屬線1（電阻率為）和一段金屬線2（電阻率為）串接而成，它們的橫截面積相同。由電流表測(cè)得的電流I，所推得的電路總電阻R和x的圖像如圖乙所示，下列說(shuō)法正確的是（）A.導(dǎo)線的左邊部分為金屬線1B.導(dǎo)線的橫截面積約為C.當(dāng)x＝0.7m時(shí)電池消耗的功率約為0.36WD.當(dāng)x＞0.3m時(shí)電流表讀數(shù)I隨x變化的關(guān)系式近似為〖答案〗D〖解析〗A．根據(jù)，當(dāng)x很大時(shí)，電阻變化較快，則電阻率較大，所以導(dǎo)線的右邊部分為金屬線1，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)所以對(duì)左邊是金屬線2解得故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)圖像可知，x＞0.3m時(shí)當(dāng)x＝0.7m時(shí)電池消耗的功率故C錯(cuò)誤；D．當(dāng)x＞0.3m時(shí)電流表讀數(shù)I隨x變化的關(guān)系式近似為故D正確。故選D。13.如圖所示，質(zhì)量為2000kg電梯的纜繩發(fā)生斷裂后向下墜落，電梯剛接觸井底緩沖彈簧時(shí)的速度為4m/s，緩沖彈簧被壓縮2m時(shí)電梯停止了運(yùn)動(dòng)，下落過(guò)程中安全鉗總共提供給電梯17000N的滑動(dòng)摩擦力。已知彈簧的彈性勢(shì)能為（k為彈簧的勁度系數(shù)，x為彈簧的形變量），安全鉗提供的滑動(dòng)摩擦力等于最大靜摩擦力，下列說(shuō)法正確的是（）A.彈簧的勁度系數(shù)為3000N/mB.整個(gè)過(guò)程中電梯的加速度一直在減小C.電梯停止在井底時(shí)受到的摩擦力大小為17000ND.電梯接觸彈簧到速度最大的過(guò)程中電梯和彈簧組成的系統(tǒng)損失的機(jī)械能約為4600J〖答案〗D〖解析〗A．電梯剛接觸井底緩沖彈簧時(shí)的速度為4m/s，緩沖彈簧被壓縮2m時(shí)電梯停止了運(yùn)動(dòng)，根據(jù)能量守恒，得代入數(shù)據(jù)解得故A錯(cuò)誤；B．與彈簧接觸前，電梯做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，接觸彈簧后，先做加速度逐漸減小的加速運(yùn)動(dòng)后做加速度逐漸增加的減速運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；C．電梯停止在井底時(shí)，由受力平衡得代入數(shù)據(jù)解得故C錯(cuò)誤；D．當(dāng)電梯速度最大時(shí)，此時(shí)加速度零，則解得電梯接觸彈簧到速度最大的過(guò)程中，電梯和彈簧組成的系統(tǒng)損失的機(jī)械能等于摩擦力做的負(fù)功，則故D正確。故選D。二、選擇題Ⅱ（本題共2小題，每小題3分，共6分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中至少有一個(gè)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得3分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分）14.下列說(shuō)法正確的是（）A.變化的電場(chǎng)產(chǎn)生磁場(chǎng)B.紫外線可以用來(lái)滅菌消毒C.商場(chǎng)洗手間里的自動(dòng)干手機(jī)裝置內(nèi)部可能設(shè)有紅外線傳感器D.全自動(dòng)洗衣機(jī)設(shè)有多段式水位自動(dòng)感應(yīng)裝置，該裝置采用的是溫度傳感器〖答案〗ABC〖解析〗A．根據(jù)麥克斯韋的電磁場(chǎng)理論可知，變化的電場(chǎng)產(chǎn)生磁場(chǎng)，故A正確；B．紫外線可以用來(lái)滅菌消毒，故B正確；C．人體為導(dǎo)體，可以和其他導(dǎo)體構(gòu)成電容器，手接近自動(dòng)干手機(jī)時(shí)相當(dāng)于連接了一個(gè)電容器，故干手機(jī)內(nèi)可能設(shè)置有電容式傳感器。此外，因?yàn)槿梭w體溫恒定，會(huì)發(fā)射特定波長(zhǎng)的紅外線，如果傳感器檢測(cè)到該紅外線后，觸發(fā)開關(guān)，也可以使自動(dòng)干手器工作，所以也可能設(shè)置有紅外線傳感器，故C正確；D．全自動(dòng)洗衣機(jī)設(shè)有多段式水位自動(dòng)感應(yīng)裝置，是通過(guò)不同的壓力轉(zhuǎn)換為電學(xué)量，運(yùn)用的是壓力傳感器，故D錯(cuò)誤。故選ABC。15.如圖所示是一顆人造地球衛(wèi)星，它的主體表面上鍍有一層鉑（鉑逸出功為5.32eV），兩翼的太陽(yáng)能電池板（面積為）在繞地球軌道運(yùn)行時(shí)，始終保持正面垂直于太陽(yáng)光的照射方向。若太陽(yáng)光為波長(zhǎng)550nm的單色光，照射到電池表面的太陽(yáng)光被全部吸收且單位面積的接收功率為1.4kW，已知普朗克常量，1摩爾粒子約為個(gè)。下列正確的是（）A.每個(gè)光子的能量約為 B.到達(dá)電池表面太陽(yáng)光的功率為4.2kWC.電池表面吸收1摩爾光子的時(shí)間約為51s D.太陽(yáng)光照射到衛(wèi)星主體上會(huì)有光電子從表面逸出〖答案〗BC〖解析〗A．每個(gè)光子的能量約為選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．照射到電池表面的太陽(yáng)光被全部吸收且單位面積的接收功率為1.4kW，則到達(dá)電池表面太陽(yáng)光的功率為3×1.4kW=4.2kW，選項(xiàng)B正確；C．電池表面吸收1摩爾光子的時(shí)間約為選項(xiàng)C正確；D．鉑逸出功為W=5.32eV=8.5×10-19J大于光子的能量，則不能發(fā)生光電效應(yīng)，即太陽(yáng)光照射到衛(wèi)星主體上不會(huì)有光電子從表面逸出，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選BC。非選擇題部分三、非選擇題（本題共5小題，共55分）16.在“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)中。①某組同學(xué)在某次實(shí)驗(yàn)中使用頻率為50Hz的打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，獲得的一條紙帶如圖甲所示，其中相鄰兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)之間還有4個(gè)點(diǎn)沒(méi)有畫出，根據(jù)紙帶可以求得打點(diǎn)計(jì)時(shí)器在打下E點(diǎn)時(shí)小車的速度為______。（結(jié)果保留2位小數(shù)）。②將E點(diǎn)的瞬時(shí)速度補(bǔ)充到圖乙中，用合適的圖像將這些點(diǎn)擬合，作出圖像______。根據(jù)圖像，求得小車的加速度大小為______（結(jié)果保留2位小數(shù)）。③某組同學(xué)通過(guò)控制槽碼和掛鉤的總質(zhì)量不變，改變小車和砝碼的總質(zhì)量m，來(lái)探究加速度a與質(zhì)量m的關(guān)系。已知小車質(zhì)量為200g，每個(gè)砝碼質(zhì)量為50g（共6個(gè)），通過(guò)實(shí)驗(yàn)作出如圖丙所示的圖像。那么該組同學(xué)選用的槽碼和掛鉤的總質(zhì)量應(yīng)為______（選填“10g”、“25g”或“50g”）?！即鸢浮舰佗冖邸冀馕觥絒1]相鄰兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)之間的時(shí)間間隔為根據(jù)紙帶可以求得打點(diǎn)計(jì)時(shí)器在打下E點(diǎn)時(shí)小車的速度為[2]如圖所示[3]由圖像可得，圖像的斜率表示加速度大小，則小車的加速度大小為[4]設(shè)選用的槽碼和掛鉤的總質(zhì)量為，對(duì)小車和砝碼受力分析，由牛頓第二定律化簡(jiǎn)可得由圖乙可知由題意可知聯(lián)立可得，該組同學(xué)選用的槽碼和掛鉤的總質(zhì)量應(yīng)為17.在用氣墊導(dǎo)軌做“驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律”的實(shí)驗(yàn)中。（1）有同學(xué)提出了調(diào)節(jié)氣墊導(dǎo)軌的兩種方案，如圖所示，則符合該實(shí)驗(yàn)要求的是方案______（選填“一”或“二”）。（2）該實(shí)驗(yàn)裝置如圖所示，兩滑塊質(zhì)量分別為、，兩遮光條寬度均為d?，F(xiàn)接通氣源，將滑塊A向右彈出，與靜止的滑塊B發(fā)生碰撞，計(jì)時(shí)器獲得三組擋光時(shí)間為25.17ms、29.25ms、171.6ms。碰撞后滑塊B對(duì)應(yīng)擋光時(shí)間為______（選填“25.17ms”、“29.25ms”或“171.6ms”）?！即鸢浮剑?）二（2）29.25〖解析〗（1）[1]驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律的實(shí)驗(yàn)中，氣墊導(dǎo)軌應(yīng)該調(diào)成水平狀態(tài)，故選方案二。（2）[2]由于滑塊A的質(zhì)量大于滑塊B的質(zhì)量，則兩滑塊相撞后，滑塊A的速度方向仍然向右，比碰撞前的速度小，且應(yīng)該小于碰撞后滑塊B的速度，所以由可知，滑塊B對(duì)應(yīng)擋光時(shí)間應(yīng)為29.25ms。18.小周在“測(cè)定電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻”實(shí)驗(yàn)中，使用了以下器材：干電池1節(jié)、靈敏電流計(jì)1只（滿偏電流，內(nèi)阻）、電阻箱2只（可調(diào)范圍）、開關(guān)一個(gè)、導(dǎo)線若干。（1）小周先用多用電表估測(cè)電池電動(dòng)勢(shì)，如圖甲所示，其讀數(shù)為______V。（2）現(xiàn)要將靈敏電流計(jì)改裝成量程為3V的電壓表，它需要與電阻箱b相連，那么電阻箱b的阻值應(yīng)為______。此實(shí)驗(yàn)的實(shí)物圖如圖乙所示（只畫出了部分連線），請(qǐng)將剩余連線補(bǔ)充完整______。（3）調(diào)節(jié)電阻箱a的阻值R，獲得相應(yīng)電流表讀數(shù)I，作出如圖丙所示的圖像。根據(jù)圖像可得，電源電動(dòng)勢(shì)E＝______V、內(nèi)阻r＝______（結(jié)果均保留2位小數(shù)）。（4）改裝后的電壓表具有分流作用，可能使實(shí)驗(yàn)結(jié)果產(chǎn)生偏差。對(duì)結(jié)果進(jìn)行修正后，此干電池真實(shí)的圖像應(yīng)出現(xiàn)在______（選填“區(qū)域Ⅰ”、“區(qū)域Ⅱ”或“原圖線位置”）?！即鸢浮剑?）1.50（2）9900（3）1.470.98（4）區(qū)域Ⅰ〖解析〗（1）[1]多用電表選擇量程為2.5V，則最小分度為0.05，故對(duì)應(yīng)的讀數(shù)為1.50V。（2）[2][3]將靈敏電流計(jì)改裝成量程為3V的電壓表電路圖（3）[4][5]根據(jù)整理得所以，解得，（4）[6]改裝后的電壓表具有分流作用，實(shí)際上真實(shí)的圖像應(yīng)出現(xiàn)在區(qū)域Ⅰ。19.長(zhǎng)途旅行出發(fā)之前，小王檢查輪胎的充氣情況，發(fā)現(xiàn)輪胎的胎壓為，溫度為15℃，在高速公路上行駛幾個(gè)小時(shí)后，胎內(nèi)氣體從外界吸收2600J的熱量，檢查輪胎的胎壓為。輪胎制造商建議胎壓保持在至之間，于是他將輪胎中的一些氣體放掉，使胎壓重新降為，若放氣過(guò)程中溫度保持不變。假設(shè)整個(gè)過(guò)程中輪胎的體積不變，求：（1）胎壓為時(shí)，胎內(nèi)氣體的溫度；（2）未放氣前，胎壓從變?yōu)檫^(guò)程中，氣體內(nèi)能的增加量；（3）從輪胎中放掉氣體的分子數(shù)目占總數(shù)目的比例。〖答案〗（1）47℃；（2）2600J；（3）〖解析〗（1）整個(gè)過(guò)程中輪胎的體積不變，則有可得（2）未放氣前，整個(gè)過(guò)程中輪胎的體積不變，所以氣體沒(méi)有做功，則氣體內(nèi)能的增加量（3）放氣過(guò)程中溫度保持不變，則有則從輪胎中放掉氣體的分子數(shù)目占總數(shù)目的比例20.如圖所示，兩個(gè)固定的、大小不同的豎直半圓形光滑軌道在最高點(diǎn)A平滑連接，小圓半徑，大圓半徑，小圓最低點(diǎn)O恰在大圓圓心處，O點(diǎn)有一彈射裝置（圖中未畫出），可水平向右彈射質(zhì)量為的滑塊。放置在光滑水平面上的中空長(zhǎng)直塑料板與大圓的最低點(diǎn)B平滑過(guò)渡。