2022-2023學(xué)年浙江省杭州市高三下學(xué)期教學(xué)質(zhì)量檢測(cè)物理試題（二模）（解析版）

高中物理名校試卷PAGEPAGE12022學(xué)年第二學(xué)期杭州市高三年級(jí)教學(xué)質(zhì)量檢測(cè)物理試題卷Ⅰ選擇題部分一、選擇題(本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中只有一個(gè)是符合題目要求的，不選、多選、錯(cuò)選均不得分)1.下列屬于磁感應(yīng)強(qiáng)度的單位且用國(guó)際單位制中基本單位符號(hào)表示的是（）A.TB. C. D.〖答案〗C〖解析〗磁感應(yīng)強(qiáng)度磁感應(yīng)強(qiáng)度單位為T，則故選C。2.如圖所受是運(yùn)油20給殲10、殲20兩種戰(zhàn)機(jī)同時(shí)加油的瞬間，則（）A.研究加油問(wèn)題時(shí)，運(yùn)油20可視為質(zhì)點(diǎn)B.加油過(guò)程中，運(yùn)油20的慣性越來(lái)越大C.以運(yùn)油20為參考系，殲20、殲10戰(zhàn)機(jī)是運(yùn)動(dòng)的D.以殲10戰(zhàn)機(jī)為參考系，運(yùn)油20和殲20都是靜止的〖答案〗D〖解析〗A．研究加油問(wèn)題時(shí)，運(yùn)油20的形狀和體積對(duì)所研究的問(wèn)題的影響不能忽略，因此研究加油問(wèn)題時(shí)，運(yùn)油20不能視為質(zhì)點(diǎn)，A錯(cuò)誤；B．物體的慣性大小由質(zhì)量決定，加油過(guò)程中，運(yùn)油20的質(zhì)量減小，則其慣性減小，B錯(cuò)誤；CD．為了確保安全，加油過(guò)程中，運(yùn)油20、殲10、殲20三者的相對(duì)位置需要保持不變，則以運(yùn)油20為參考系，殲20、殲10戰(zhàn)機(jī)是靜止的，以殲10戰(zhàn)機(jī)為參考系，運(yùn)油20和殲20也都是靜止的，C錯(cuò)誤，D正確。故選D。3.如圖，用一根輕質(zhì)細(xì)繩將一幅重力為G畫(huà)框?qū)ΨQ懸掛在墻壁上，畫(huà)框上兩個(gè)掛釘間的距離為d，繩子的總長(zhǎng)度為L(zhǎng)，繩子對(duì)一個(gè)掛釘?shù)睦镕，則（）A.F的大小等于0.5G B.F的大小小于0.5GC.L不變而增大d，可使F增大 D.d不變而增大L，可使F增大〖答案〗C〖解析〗AB．繩與豎直方向夾角所以F的大小大于0.5G，故AB錯(cuò)誤；C．L不變而增大d，增大，可使F增大，故C正確；D．d不變而增大L，減小，可使F減小，故D錯(cuò)誤。故選C。4.如圖，是一個(gè)小球從水平向右的橫風(fēng)區(qū)正上方自由下落的閃光照片，除橫風(fēng)區(qū)外，其他位置的空氣作用力可不計(jì)，則（）A.小球在橫風(fēng)區(qū)中水平速度不變 B.小球剛進(jìn)入橫風(fēng)區(qū)時(shí)加速度水平向右C.小球剛從橫風(fēng)區(qū)飛出時(shí)速度最大D.小球從橫風(fēng)區(qū)飛出后，做勻變速曲線運(yùn)動(dòng)〖答案〗D〖解析〗AB．小球剛進(jìn)入橫風(fēng)區(qū)時(shí)，受重力和水平向右的風(fēng)力，根據(jù)牛頓第二定律可知加速度斜向右下方，且水平方向的速度增大，故AB錯(cuò)誤；CD．小球從橫風(fēng)區(qū)飛出后，只受重力作用，做勻變速曲線運(yùn)動(dòng)，向下運(yùn)動(dòng)過(guò)程中速度不斷增大，所以小球剛從橫風(fēng)區(qū)飛出時(shí)速度不是最大，故C錯(cuò)誤，D正確。故選D。5.如圖所示是神舟十四號(hào)飛船夜間返回的紅外照片，打開(kāi)降落傘后，飛船先減速后勻速下降，最后安全著陸。若不計(jì)空氣對(duì)飛船的作用力，則（）A.打開(kāi)降落傘之后，飛船仍處于失重狀態(tài)B.勻速下降階段，飛船的機(jī)械能守恒C.減速下降階段，飛船的機(jī)械能的減少量等于合力對(duì)飛船做的功D.勻速下降階段，飛船的機(jī)械能的減少量等于重力對(duì)飛船做的功〖答案〗D〖解析〗A．打開(kāi)降落傘后，飛船減速運(yùn)動(dòng)時(shí)，加速度方向向上，處于超重狀態(tài)，故A錯(cuò)誤；B．勻速下降階段，飛船動(dòng)能不變，重力勢(shì)能減小，機(jī)械能減小，故B錯(cuò)誤；C．減速下降階段，飛船的機(jī)械能的減少量等于阻力對(duì)飛船做的功，故C錯(cuò)誤；D．勻速下降階段，飛船的機(jī)械能的減少量等于阻力對(duì)飛船做的功，而重力等于阻力，所以飛船的機(jī)械能的減少量等于重力對(duì)飛船做的功，故D正確。故選D。6.用如圖甲所示實(shí)驗(yàn)裝置研究光電效應(yīng)的規(guī)律，得到如圖乙所示的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，由此可知（）光的顏色綠色紫色光的波長(zhǎng)546

410強(qiáng)度較低強(qiáng)度較高反向電壓U/V光電流光電流光電流0.0010.48.514.80.024.06.711.90.04

0.04.88.90.060.03.06.0乙A.單位時(shí)間逸出的電子數(shù)與入射光的強(qiáng)度有關(guān)B.用綠光實(shí)驗(yàn)時(shí)，遏止電壓一定是0.04VC.用強(qiáng)度較高紫光實(shí)驗(yàn)時(shí)，飽和電流大小為14.8μAD.不同顏色的光照射時(shí)，材料的逸出功不同〖答案〗A〖解析〗A．根據(jù)不同強(qiáng)度的紫光照射時(shí)電流大小，可知單位時(shí)間逸出的電子數(shù)與入射光的強(qiáng)度有關(guān)，故A正確；B．用綠光實(shí)驗(yàn)時(shí)，遏止電壓不一定是0.04V，故B錯(cuò)誤；C．用強(qiáng)度較高紫光實(shí)驗(yàn)時(shí)，不能確定飽和電流大小是否為14.8μA，故C錯(cuò)誤；D．逸出功是由金屬的性質(zhì)決定，與入射光頻率無(wú)關(guān)，故D錯(cuò)誤。故選A。7.在醫(yī)學(xué)上，放射性同位素鍶90()制成表面敷貼器，可貼于體表治療神經(jīng)性皮炎等疾病。鍶90()會(huì)發(fā)生β衰變，其衰變產(chǎn)物中有釔(Y)的同位素，半衰期為28.8年。下列說(shuō)法正確的是（）A.Y原子核的中子數(shù)為52B.0.4mol的原子核經(jīng)過(guò)57.6年后還剩余0.3molC.β射線是電子流，速度可接近光速D.將鍶90制成的數(shù)貼器貼在患者體表，若患者發(fā)高燒會(huì)導(dǎo)致鍶90衰變速度加快〖答案〗C〖解析〗A．鍶90()會(huì)發(fā)生β衰變，根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒與電荷數(shù)守恒可知，Y的質(zhì)量數(shù)為90，電荷數(shù)為則Y原子核的中子數(shù)為故A錯(cuò)誤；B．鍶90()半衰期為28.8年，故0.4mol的原子核經(jīng)過(guò)57.6年后還剩余0.1mol，故B錯(cuò)誤；C．β射線是電子流，速度可接近光速，故C正確；D．半衰期的大小跟原子所處的溫度、壓強(qiáng)等物理狀態(tài)以及化學(xué)狀態(tài)無(wú)關(guān)，故D錯(cuò)誤。故選C。8.如圖所示，是某火星探測(cè)器簡(jiǎn)化飛行路線圖，其地火轉(zhuǎn)移軌道是橢圓軌道。假設(shè)探測(cè)器在近日點(diǎn)P點(diǎn)進(jìn)入地火轉(zhuǎn)移軌道，在遠(yuǎn)日點(diǎn)Q，被火星俘獲。已知火星的軌道半徑是地球地火軌道半徑的1.5倍，則轉(zhuǎn)軌道（）A.地球公轉(zhuǎn)的周期大于火星公轉(zhuǎn)的周期B.探測(cè)器進(jìn)入地火轉(zhuǎn)移軌道后，速度逐漸增大C.探測(cè)器在地火轉(zhuǎn)移軌道上的周期大于火星的公轉(zhuǎn)周期D.探測(cè)器從發(fā)射到被火星俘獲，經(jīng)歷的時(shí)間約255天〖答案〗D〖解析〗A．根據(jù)開(kāi)普勒第三定律，地球公轉(zhuǎn)的周期小于火星公轉(zhuǎn)的周期，故A錯(cuò)誤；B．探測(cè)器進(jìn)入地火轉(zhuǎn)移軌道后，萬(wàn)有引力做負(fù)功，速度逐漸減小，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)開(kāi)普勒第三定律，探測(cè)器在地火轉(zhuǎn)移軌道上的周期小于火星公轉(zhuǎn)的周期，故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)開(kāi)普勒第三定律探測(cè)器在地火轉(zhuǎn)移軌道上的周期探測(cè)器從發(fā)射到被火星俘獲，經(jīng)歷時(shí)間聯(lián)立代入數(shù)據(jù)可知經(jīng)歷的時(shí)間約255天，故D正確。故選D。9.如圖所示，把線圈(內(nèi)阻不計(jì))、電容器、電源、電阻和單刀雙擲開(kāi)關(guān)連成圖示電路。把電壓傳感器(圖中未畫(huà)出)的兩端連在電容器的兩個(gè)極板M、N上。先把開(kāi)關(guān)置于a側(cè)，一段時(shí)間后再把開(kāi)關(guān)置于b側(cè)，從此刻開(kāi)始計(jì)時(shí)，電壓隨時(shí)間t變化的圖像正確的是（）A. B.C. D.〖答案〗C〖解析〗由于電路有能量損耗，有一部分能量轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，還有一部分能量以電磁波的形式輻射出去，故電壓振幅會(huì)減小，電容器放電時(shí)間由電容器自身決定，故周期不變，且開(kāi)始時(shí)，電容器電壓最大，則計(jì)時(shí)開(kāi)始時(shí)，電壓處于最大振幅。故選C。10.如圖所示，在水槽中，a、b、c、d、e是水面上同一直線的五個(gè)質(zhì)點(diǎn)，已知，cd=de。現(xiàn)使完全相同的波源a、b同向起振，產(chǎn)生速度為v、振幅為A、周期為T的兩列水波，形成圖示的干涉圖樣。此時(shí)c點(diǎn)的位移為+2A，e點(diǎn)是與c緊鄰的位移也為+2A的質(zhì)點(diǎn)，則下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是（）A.d點(diǎn)是振動(dòng)加強(qiáng)的點(diǎn)B.c、e之間有一個(gè)質(zhì)點(diǎn)振幅為零C.c、e兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)水平距離為D.e點(diǎn)與b、a的水平距離相差〖答案〗B〖解析〗C．根據(jù)題意c、e是兩個(gè)相鄰的振動(dòng)加強(qiáng)的質(zhì)點(diǎn)，可知兩質(zhì)點(diǎn)之間的距離等于一個(gè)波長(zhǎng)，即C正確，不符合題意；D．e點(diǎn)與b、a的水平距離的差值大小為D正確，不符合題意；A．d點(diǎn)與b、a的水平距離的差值大小為可知，d點(diǎn)是振動(dòng)加強(qiáng)的點(diǎn)，A正確，不符合題意；B．c、e之間質(zhì)點(diǎn)到與b、a的水平距離的差值大小為若該點(diǎn)振幅為零，即為振動(dòng)減弱點(diǎn)，則有（n=0，1，2，3…）根據(jù)上述有解得n=0，1可知c、e之間有兩個(gè)振動(dòng)減弱的質(zhì)點(diǎn)，即c、e之間有兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)振幅為零，B錯(cuò)誤，符合題意。故選B。11.利用霍爾元件可以進(jìn)行微小位移的測(cè)量。如圖甲所示，將霍爾元件置于兩塊磁性強(qiáng)弱相同同極相對(duì)放置的磁體縫隙中，建立如圖乙所示的空間坐標(biāo)系。兩磁極連線方向沿x軸，通過(guò)霍爾元件的電流I不變，方向沿z軸正方向。當(dāng)霍爾元件處于中間位置時(shí)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B為0，霍爾電壓為0，將該點(diǎn)作為位移的零點(diǎn)。當(dāng)霍爾元件沿著±x方向移動(dòng)時(shí)，則有霍爾電壓輸出，從而能夠?qū)崿F(xiàn)微小位移的測(cè)量。已知該霍爾元件的載流子是負(fù)電荷，則下列說(shuō)法正確的是（）A.霍爾元件向左偏離位移零點(diǎn)時(shí)，其左側(cè)電勢(shì)比右側(cè)高B霍爾元件向右偏離位移零點(diǎn)時(shí)，其下側(cè)電勢(shì)比上側(cè)高C.增加霍爾元件沿y方向的厚度，可以增加測(cè)量靈敏度D.增加霍爾元件沿x方向的厚度，可以增加測(cè)量靈敏度〖答案〗B〖解析〗AB．霍爾元件向左偏離位移零點(diǎn)時(shí)，磁場(chǎng)方向向右，則帶負(fù)電的載流子向下偏轉(zhuǎn)，則上側(cè)電勢(shì)比下側(cè)高；同理霍爾元件向右偏離位移零點(diǎn)時(shí)，其下側(cè)電勢(shì)比上側(cè)高，選項(xiàng)A錯(cuò)誤，B正確；CD．當(dāng)穩(wěn)定時(shí)其中解得則只有減小x方向的厚度才能增加靈敏度；增加霍爾元件沿y方向或者沿x方向的厚度，都不可以增加測(cè)量靈敏度，選項(xiàng)CD錯(cuò)誤。故選B。12.如圖甲所示，某多級(jí)直線加速器由n個(gè)橫截面積相同的金屬圓筒依次排列，其中心軸線在同一直線上，各金屬圓筒依序接在交變電源的兩極M、N上，序號(hào)為C的金屬圓板中央有一個(gè)質(zhì)子源，質(zhì)子逸出的速度不計(jì)，M、N兩極加上如圖乙所示的電壓，一段時(shí)間后加速器穩(wěn)定輸出質(zhì)子流。已知質(zhì)子質(zhì)量為m、電荷量為e，質(zhì)子通過(guò)圓筒間隙的時(shí)間不計(jì)，且忽略相對(duì)論效應(yīng)，則（）A.質(zhì)子在各圓筒中做勻加速直線運(yùn)動(dòng)B.質(zhì)子進(jìn)入第n個(gè)圓筒瞬間速度為C.各金屬筒的長(zhǎng)度之比為1:：：D.質(zhì)子在各圓筒中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間之比為1:：：〖答案〗C〖解析〗A．金屬圓筒中電場(chǎng)為零，質(zhì)子不受電場(chǎng)力，做勻速運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B．質(zhì)子進(jìn)入第n個(gè)圓筒時(shí)，經(jīng)過(guò)n次加速，根據(jù)動(dòng)能定理解得故B錯(cuò)誤；D．只有質(zhì)子在每個(gè)圓筒中勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)間為時(shí)，才能保證每次在縫隙中被電場(chǎng)加速，故D錯(cuò)誤；C．第n個(gè)圓筒長(zhǎng)度則各金屬筒的長(zhǎng)度之比為1:：：，故C正確。故選C。13.如圖所示，有一塊半徑為R的半圓形玻璃磚，OO'是對(duì)稱軸?，F(xiàn)有平行單色光垂直照射到AB面，玻璃磚對(duì)該單色光的折射率為。已知，不考慮二次反射，則（）A.玻璃磚的弧面上有光射出的區(qū)域弧長(zhǎng)為B.若在紙面內(nèi)將玻璃磚繞圓心逆時(shí)針旋轉(zhuǎn)，有光射出的區(qū)域弧長(zhǎng)不變C.所有從射出的光線都將匯于一點(diǎn)D.入射光線距OO'越遠(yuǎn)，出射光線與OO'的交點(diǎn)離AB面越遠(yuǎn)〖答案〗B〖解析〗A．光線射到圓弧面上的臨界角則C=37°玻璃磚的弧面上有光射出的區(qū)域弧長(zhǎng)為選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．光線垂直射到直徑AB時(shí)，玻璃磚的弧面上有光射出的區(qū)域所對(duì)應(yīng)的角度為74°；若在紙面內(nèi)將玻璃磚繞圓心逆時(shí)針旋轉(zhuǎn)，設(shè)此時(shí)能在圓弧AB面上發(fā)生全反射的兩條臨界光線在直徑上的折射角為θ，則則可知有光射出的區(qū)域弧長(zhǎng)不變，選項(xiàng)B正確；CD．設(shè)能從圓弧上射出某條光線在上的入射角為α，則折射角β滿足由正弦定理可得則光線在上的入射角α不同，則光線與OO'的交點(diǎn)不同，即射出的光線不是都將匯于一點(diǎn)，入射光線距OO'越遠(yuǎn)α較大，出射光線與OO'的交點(diǎn)離AB面不一定越遠(yuǎn)，選項(xiàng)CD錯(cuò)誤。故選B。二、選擇題(本題共2小題，每小題3分，共6分.每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中至少有一個(gè)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得3分，選對(duì)但不選全的得2分，有選錯(cuò)的得0分14.下列說(shuō)法正確的是（）A.可用金屬鉑制作溫度傳感器 B.可用干簧管制作壓力傳感器C.可用金屬電容器制作位移傳感器 D.可用電阻應(yīng)變片制作溫度傳感器〖答案〗AC〖解析〗A．金屬鉑的電阻值隨溫度變化而變化，并且具有很好的重現(xiàn)性和穩(wěn)定性，利用鉑的這種物理特性制成的傳感器稱為鉑電阻溫度傳感器，鉑電阻溫度傳感器精度高，穩(wěn)定性好，應(yīng)用溫度范圍廣，故A正確；B．干簧管是感知磁場(chǎng)的傳感器，故B錯(cuò)誤；C．金屬電容式位移傳感器的原理是電容器的兩個(gè)電極作相對(duì)位移時(shí)，其電容量隨著變化，根據(jù)電容的變化量可以測(cè)出位移的大小和方向，故可用金屬電容器制作位移傳感器，故C正確；D．電阻應(yīng)變片由電阻絲溫度系數(shù)和電阻絲與被測(cè)件材料的膨脹系數(shù)的不同會(huì)產(chǎn)生溫度誤差，故不可用電阻應(yīng)變片制作溫度傳感器，故D錯(cuò)誤。故選AC。15.與下圖相關(guān)的說(shuō)法正確的是分（）A.圖甲:湯姆孫的氣體放電管實(shí)驗(yàn)可估測(cè)電子的比荷B.圖乙:盧瑟福的α粒子散射實(shí)驗(yàn)可估測(cè)原子核的半徑C.圖丙:康普頓認(rèn)為光子與電子碰撞之后，動(dòng)量減小、波長(zhǎng)變短D.圖丁:玻爾理論可以解釋多種物質(zhì)發(fā)出的線狀光譜〖答案〗AB〖解析〗A．湯姆孫通過(guò)研究求出了陰極射線的比荷，明確陰極射線是電子，故A正確；B．盧瑟福在用α粒子轟擊金箔的實(shí)驗(yàn)中發(fā)現(xiàn)大多粒子能穿透金箔，只有少量的粒子發(fā)生較大的偏轉(zhuǎn)，提出原子核式結(jié)構(gòu)學(xué)說(shuō)，并能估測(cè)原子核的半徑，故B正確；C．康普頓認(rèn)為光子與電子碰撞之后，動(dòng)量減小、波長(zhǎng)變長(zhǎng)，故C錯(cuò)誤；D．玻爾理論只可以解釋氫原子的光譜現(xiàn)象，故D錯(cuò)誤。故選AB。Ⅱ非選擇題部分三、非選擇題(本題共6小題，共55分)16.（1）在“探究加速度與質(zhì)量的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)中，實(shí)驗(yàn)裝置如圖所示。①該實(shí)驗(yàn)必須完成的實(shí)驗(yàn)操作有__________(多選)A.調(diào)節(jié)導(dǎo)軌傾角以補(bǔ)償阻力B.將電源的輸出電壓調(diào)至交流8VC.用天平稱量小車及車中重物的質(zhì)量D.通過(guò)改變槽碼的質(zhì)量改變細(xì)繩的拉力②某次實(shí)驗(yàn)中，由紙帶獲得的小車運(yùn)動(dòng)數(shù)據(jù)如圖所示，根據(jù)這些數(shù)據(jù)可知小車的加速度大小為_(kāi)_______m/s2。(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)③改變小車的質(zhì)量M，多次測(cè)得小車的加速度a，獲得如圖所示的圖像，下列因素中影響圖中圖線的傾斜程度的物理量是________。A.小車的質(zhì)量B.槽碼的質(zhì)量C.小車與軌道間的摩擦力D.軌道的傾斜程度（2）提供兩個(gè)完全相同的小鋼球，利用如圖實(shí)驗(yàn)裝置可探究平拋運(yùn)動(dòng)______(選填“豎直分運(yùn)動(dòng)”、“水平分運(yùn)動(dòng)”)的特點(diǎn)，實(shí)驗(yàn)時(shí)，應(yīng)改變____、____多次實(shí)驗(yàn)?！即鸢浮剑?）①AC②0.49或0.47或0.48或0.50或0.51或0.52③B（2）豎直分運(yùn)動(dòng)下落高度撞擊力度〖解析〗（1）①[1]A．實(shí)驗(yàn)前將長(zhǎng)木板安裝打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的一側(cè)適當(dāng)墊高，以補(bǔ)償小車受到的阻力，輕推小車，當(dāng)小車恰好勻速下滑時(shí)，說(shuō)明小車重力的下滑分力剛好平衡了小車的摩擦阻力，故A正確；B．電火花打點(diǎn)計(jì)時(shí)器電壓為220V，故B錯(cuò)誤；C．實(shí)驗(yàn)探究加速度與質(zhì)量的關(guān)系，故需用天平稱量小車及車中重物的質(zhì)量，故C正確；D．探究加速度與質(zhì)量的關(guān)系，槽碼的質(zhì)量不需要改變，故D錯(cuò)誤。故選AC。②[2]由圖可知，小車的加速度大小為③[3]由圖可知，圖像是一條過(guò)原點(diǎn)的直線，在拉力不變時(shí)，小車的加速度與質(zhì)量成反比，拉力的大小由槽碼的質(zhì)量影響。故選B。（2）[4]利用如圖實(shí)驗(yàn)裝置只能研究豎直方向兩小球同時(shí)落地，故可探究平拋運(yùn)動(dòng)豎直分運(yùn)動(dòng)。[5][6]實(shí)驗(yàn)時(shí)，為了得到實(shí)驗(yàn)結(jié)論，需多次測(cè)量實(shí)驗(yàn)，故需改變小球下落高度和撞擊力度。17.在“測(cè)量電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻”實(shí)驗(yàn)中，某小組用兩節(jié)干電池串聯(lián)進(jìn)行測(cè)量.（1）該小組用多用電表粗測(cè)電池組的電動(dòng)勢(shì)，在實(shí)驗(yàn)前可能需要進(jìn)行的操作是_________（選填“機(jī)械調(diào)零”、“歐姆調(diào)零”）；如圖所示是多用電表的操作面板，實(shí)驗(yàn)前需將選擇開(kāi)關(guān)旋轉(zhuǎn)至__________檔；經(jīng)正確操作后，電表指針指在如圖所示位置，由圖中可知該電池組的電動(dòng)勢(shì)為_(kāi)_________V.（2）①該小組進(jìn)一步用圖所示儀器（其中定值電阻阻值為4.00Ω），測(cè)量電池組的電動(dòng)勢(shì)與內(nèi)電阻，部分儀器已完成連接，為減少實(shí)驗(yàn)誤差，試用筆跡代替導(dǎo)線將電壓表接入電路______。②經(jīng)過(guò)正確操作后，得到該電池的伏安特性曲線如圖所示，由此可知電池組的電動(dòng)勢(shì)為_(kāi)______V，內(nèi)電阻為_(kāi)______Ω（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）?！即鸢浮剑?）機(jī)械調(diào)零直流10V3.20（2）①見(jiàn)〖解析〗②3.001.56〖解析〗（1）[1]該小組用多用電表粗測(cè)電池組的電動(dòng)勢(shì)，在實(shí)驗(yàn)前可能需要進(jìn)行的操作是機(jī)械調(diào)零。[2]用多用電表測(cè)電池組電動(dòng)勢(shì)，實(shí)驗(yàn)前需將選擇開(kāi)關(guān)旋轉(zhuǎn)至直流10V檔。[3]經(jīng)正確操作后，電表指針指在如圖所示位置，由圖中可知該電池組的電動(dòng)勢(shì)為3.20V。（2）①[4]如圖②[5]根據(jù)閉合電路歐姆定律，可得結(jié)合伏安特性曲線，有由此可知電池組的電動(dòng)勢(shì)為3.00V，內(nèi)電阻為1.56Ω18.如圖甲、乙，是某一強(qiáng)力吸盤(pán)掛鉤，其結(jié)構(gòu)原理如圖丙、丁所示。使用時(shí)，按住鎖扣把吸盤(pán)緊壓在墻上(如圖甲和丙)，空腔內(nèi)氣體壓強(qiáng)仍與外界大氣壓強(qiáng)相等。然后再扳下鎖扣(如圖乙和丁)，讓鎖扣通過(guò)細(xì)桿把吸盤(pán)向外拉起，空腔體積增大，從而使吸盤(pán)緊緊吸在墻上。已知吸盤(pán)掛鉤的質(zhì)量m=0.02kg，外界大氣壓強(qiáng)p0=1×105Pa，丙圖空腔體積為V0=1.5cm3，丁圖空腔體積為V1=2.0cm3，如圖戊，空腔與墻面的正對(duì)面積為S1=8cm2，吸盤(pán)與墻面接觸的圓環(huán)面積S2=8cm2，吸盤(pán)與墻面間的動(dòng)摩擦因數(shù)，最大靜摩擦力可視為等于滑動(dòng)摩擦力。吸盤(pán)空腔內(nèi)氣體可視為理想氣體，忽略操作時(shí)溫度的變化，全過(guò)程盤(pán)蓋和吸盤(pán)之間的空隙始終與外界連通。（1）扳下鎖扣過(guò)程中空腔內(nèi)氣體吸熱還是放熱？（2）求板下鎖扣后空腔內(nèi)氣體的壓強(qiáng)p1；（3）若掛鉤掛上重物時(shí)恰好不脫落，求所掛重物的質(zhì)量M。〖答案〗（1）吸熱；（2）7.5×104Pa；（3）4.98kg〖解析〗（1）整個(gè)過(guò)程中，溫度不變，空腔內(nèi)氣體內(nèi)能不變，扳下鎖扣過(guò)程中外力對(duì)空腔內(nèi)氣體做負(fù)功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律，空腔內(nèi)氣體吸熱。（2）根據(jù)玻意耳定律代入數(shù)據(jù)解得p1=7.5×104Pa（3）若掛鉤掛上重物時(shí)恰好不脫落，對(duì)掛鉤受力分析掛鉤對(duì)墻面的壓力聯(lián)立代入數(shù)據(jù)得M=4.98kg19.如圖所示，某游戲裝置由光滑平臺(tái)、軌道AB、豎直圓管道BCDEC(管道口徑遠(yuǎn)小于管道半徑)、水平軌道CF、光滑直軌道FG平滑連接組成，B、C、C′為切點(diǎn)，A、F連接處小圓弧長(zhǎng)度不計(jì)，A點(diǎn)上方擋片可使小滑塊無(wú)能量損失地進(jìn)入軌道AB。圓管道半徑，管道中，內(nèi)側(cè)粗糙，外側(cè)光滑。小滑塊與軌道AB、CF的動(dòng)摩擦因數(shù)均為，AB軌道長(zhǎng)度，傾角，CF長(zhǎng)度，F(xiàn)G高度差，平臺(tái)左側(cè)固定一輕質(zhì)彈簧，第一次壓縮彈簧后釋放小滑塊，恰好可以運(yùn)動(dòng)到與管道圓心等高的D點(diǎn)，第二次壓縮彈簧使彈性勢(shì)能為0.36J時(shí)釋放小滑塊，小滑塊運(yùn)動(dòng)到圓管道最高處E的速度為，已知小滑塊質(zhì)量可視為質(zhì)點(diǎn)，，，不計(jì)空氣阻力。求；（1）第一次釋放小滑塊，小滑塊首次到圓管上的C點(diǎn)時(shí)受到彈力大?。唬?）第二次釋放小滑塊，小滑塊從C點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到E點(diǎn)的過(guò)程，圓管道對(duì)滑塊的摩擦力做的功；（3）若第三次壓縮彈簧使彈性勢(shì)能為Ep時(shí)釋放小滑塊，要求小滑塊在圓管道內(nèi)運(yùn)動(dòng)時(shí)不受到摩擦力且全程不脫軌，最終停在上。寫(xiě)出小滑塊上運(yùn)動(dòng)的總路程s與之間的關(guān)系式，并指出的取值范圍。〖答案〗（1）；（2）；（3）；〖解析〗（1）從C到D，對(duì)小滑塊由動(dòng)能定理可得解得在C點(diǎn)由牛頓第二定律可得聯(lián)立解得（2）從開(kāi)始到E點(diǎn)由動(dòng)能定理可得解得（3）從開(kāi)始到C，可得解得要能最終停在上，必過(guò)E點(diǎn)，圓軌道運(yùn)動(dòng)無(wú)摩擦，所以又有C到E，可得解得不從右側(cè)斜面飛出需解得返回，若不過(guò)圓心等高處，可得解得故從開(kāi)始到靜止有則其中20.如圖所示，電池通過(guò)開(kāi)關(guān)與兩根光滑水平軌道相連接，軌道的S、T兩處各有一小段絕緣，其它位置電阻不計(jì)，軌道間L=1m，足夠長(zhǎng)的區(qū)域MNPO內(nèi)有豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度=0.5T，QR右側(cè)足夠長(zhǎng)的區(qū)域內(nèi)有豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度=0.5T，O、P兩處各有一微微突起的導(dǎo)電結(jié)點(diǎn)，結(jié)點(diǎn)不影響金屬棒通過(guò)。軌道右端電阻=0.1Ω，P與R間有一開(kāi)關(guān)。軌道上放置三根質(zhì)量m=0.03kg、電阻r=0.1Ω的相同金屬棒，金屬棒甲位于磁場(chǎng)內(nèi)的左側(cè)；金屬棒乙用較長(zhǎng)絕緣細(xì)線懸掛在磁場(chǎng)外靠近OP邊界的右側(cè)，且與導(dǎo)電結(jié)點(diǎn)無(wú)接觸；金屬棒丙位于磁場(chǎng)內(nèi)的左側(cè)。閉合K1，金屬棒甲向右加速，達(dá)到穩(wěn)定后以=2m/s速度與金屬棒乙碰撞形成一個(gè)結(jié)合體向右擺起。此時(shí)立即斷開(kāi)并閉合，當(dāng)兩棒結(jié)合體首次回到OP時(shí)，恰與導(dǎo)電結(jié)點(diǎn)接觸(無(wú)碰撞)，此時(shí)導(dǎo)體棒丙獲得向右的速度。兩棒結(jié)合體首次向左擺到最大高度h=0.032m處被鎖止?？諝庾枇Σ挥?jì)，不考慮裝置自感。求:（1）電池電動(dòng)勢(shì)E的大小；（2）碰后瞬間甲、乙結(jié)合體的速度大小；（3）結(jié)合體與導(dǎo)電結(jié)點(diǎn)接觸過(guò)程，通過(guò)金屬棒丙的電荷量q；（4）全過(guò)程金屬棒丙產(chǎn)生的焦耳熱Q?！即鸢浮剑?）1V；（2）1m/s；（3）0.108C；（4）〖解析〗（1）當(dāng)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小等于電池電動(dòng)勢(shì)大小時(shí)，金屬棒勻速運(yùn)動(dòng)，電池電動(dòng)勢(shì)E=（2）根據(jù)動(dòng)量守恒得碰后瞬間甲、乙結(jié)合體的速度大?。?）根據(jù)得兩棒結(jié)合體首次回到OP時(shí)的速度方向向左，根據(jù)動(dòng)量守恒得導(dǎo)體棒丙速度根據(jù)得結(jié)合體與導(dǎo)電結(jié)點(diǎn)接觸過(guò)程，通過(guò)金屬棒丙的電荷量q=0.108C（4）根據(jù)能量守恒，全過(guò)程金屬棒丙、產(chǎn)生熱量之和為全過(guò)程金屬棒丙產(chǎn)生焦耳熱Q=21.某離子診斷測(cè)量裝置的簡(jiǎn)化結(jié)構(gòu)如圖所示。在第一象限中存在一沿+方向，電場(chǎng)強(qiáng)度的勻強(qiáng)電場(chǎng)。在第二、三象限存在垂直xOy平面向外磁感應(yīng)強(qiáng)度的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。有一塊長(zhǎng)度為a的探測(cè)板CD，僅可在第四象限范圍內(nèi)移動(dòng)，且始終接地。在第一象限的拋物線上有一簇粒子源，沿x軸負(fù)方向發(fā)射大量負(fù)離子，離子的質(zhì)量為m、電荷量為-q()。速度大小均為，單位時(shí)間發(fā)射的離子數(shù)為N，這些離子沿y軸均勻分布。穩(wěn)定工作后，若探測(cè)板CD在某處平行于y軸固定，則從O點(diǎn)出射的離子恰能擊中探測(cè)板的C點(diǎn)，從A點(diǎn)(a，2a)出射的離子恰能擊中探測(cè)板的D點(diǎn)。不計(jì)離子的重力及相互作用，不考慮離子間的碰撞。（1）求探測(cè)板上C點(diǎn)的縱坐標(biāo)；（2）求探測(cè)板的橫坐標(biāo)；（3）求離子第二次經(jīng)過(guò)y軸時(shí)的縱坐標(biāo)y與其出發(fā)點(diǎn)的橫坐標(biāo)x的關(guān)系；（4）若探測(cè)板沿x軸平移，求單位時(shí)間內(nèi)，板上接收到的離子數(shù)n與板的橫坐標(biāo)x之間關(guān)系式。〖答案〗（1）；（2）；（3）任意離子第二次穿越y(tǒng)軸時(shí)的縱坐標(biāo)為，與其出發(fā)點(diǎn)的橫坐標(biāo)x無(wú)關(guān)；（4）〖解析〗（1）O點(diǎn)出射的離子直接進(jìn)入第三象限做勻速圓周運(yùn)動(dòng)有解得恰能擊中探測(cè)板的C點(diǎn)，得到C點(diǎn)縱坐標(biāo)為（2）假設(shè)A點(diǎn)粒子從原點(diǎn)上方出電場(chǎng)則有解得說(shuō)明該粒子從原點(diǎn)進(jìn)入磁場(chǎng)。設(shè)磁場(chǎng)粒子速度為v，且與水平方向夾角為，在磁場(chǎng)中有解得從F點(diǎn)射出，由電場(chǎng)中的類平拋運(yùn)動(dòng)可知，如圖所示由解得橫坐標(biāo)為（3）在拋物線上任取一點(diǎn)，則若該處發(fā)射的離子進(jìn)入第二象限，則有解得可見(jiàn)故所有離子均從O點(diǎn)進(jìn)入第三象限。此時(shí)粒子速度為且與水平方向夾角為，在磁場(chǎng)中有第二次過(guò)y軸時(shí)，坐標(biāo)為解得所以任意離子第二次穿越y(tǒng)軸時(shí)的縱坐標(biāo)為，與其出發(fā)點(diǎn)的橫坐標(biāo)x無(wú)關(guān)。（4）由（3）的結(jié)論得①當(dāng)時(shí)②時(shí)，對(duì)打在D點(diǎn)的粒子，如圖所示對(duì)于第一象限的類平拋運(yùn)動(dòng)有由于在第一象限沿著y軸均勻分布，則擊中擋板的比率為解得縱上所述可得2022學(xué)年第二學(xué)期杭州市高三年級(jí)教學(xué)質(zhì)量檢測(cè)物理試題卷Ⅰ選擇題部分一、選擇題(本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中只有一個(gè)是符合題目要求的，不選、多選、錯(cuò)選均不得分)1.下列屬于磁感應(yīng)強(qiáng)度的單位且用國(guó)際單位制中基本單位符號(hào)表示的是（）A.TB. C. D.〖答案〗C〖解析〗磁感應(yīng)強(qiáng)度磁感應(yīng)強(qiáng)度單位為T，則故選C。2.如圖所受是運(yùn)油20給殲10、殲20兩種戰(zhàn)機(jī)同時(shí)加油的瞬間，則（）A.研究加油問(wèn)題時(shí)，運(yùn)油20可視為質(zhì)點(diǎn)B.加油過(guò)程中，運(yùn)油20的慣性越來(lái)越大C.以運(yùn)油20為參考系，殲20、殲10戰(zhàn)機(jī)是運(yùn)動(dòng)的D.以殲10戰(zhàn)機(jī)為參考系，運(yùn)油20和殲20都是靜止的〖答案〗D〖解析〗A．研究加油問(wèn)題時(shí)，運(yùn)油20的形狀和體積對(duì)所研究的問(wèn)題的影響不能忽略，因此研究加油問(wèn)題時(shí)，運(yùn)油20不能視為質(zhì)點(diǎn)，A錯(cuò)誤；B．物體的慣性大小由質(zhì)量決定，加油過(guò)程中，運(yùn)油20的質(zhì)量減小，則其慣性減小，B錯(cuò)誤；CD．為了確保安全，加油過(guò)程中，運(yùn)油20、殲10、殲20三者的相對(duì)位置需要保持不變，則以運(yùn)油20為參考系，殲20、殲10戰(zhàn)機(jī)是靜止的，以殲10戰(zhàn)機(jī)為參考系，運(yùn)油20和殲20也都是靜止的，C錯(cuò)誤，D正確。故選D。3.如圖，用一根輕質(zhì)細(xì)繩將一幅重力為G畫(huà)框?qū)ΨQ懸掛在墻壁上，畫(huà)框上兩個(gè)掛釘間的距離為d，繩子的總長(zhǎng)度為L(zhǎng)，繩子對(duì)一個(gè)掛釘?shù)睦镕，則（）A.F的大小等于0.5G B.F的大小小于0.5GC.L不變而增大d，可使F增大 D.d不變而增大L，可使F增大〖答案〗C〖解析〗AB．繩與豎直方向夾角所以F的大小大于0.5G，故AB錯(cuò)誤；C．L不變而增大d，增大，可使F增大，故C正確；D．d不變而增大L，減小，可使F減小，故D錯(cuò)誤。故選C。4.如圖，是一個(gè)小球從水平向右的橫風(fēng)區(qū)正上方自由下落的閃光照片，除橫風(fēng)區(qū)外，其他位置的空氣作用力可不計(jì)，則（）A.小球在橫風(fēng)區(qū)中水平速度不變 B.小球剛進(jìn)入橫風(fēng)區(qū)時(shí)加速度水平向右C.小球剛從橫風(fēng)區(qū)飛出時(shí)速度最大D.小球從橫風(fēng)區(qū)飛出后，做勻變速曲線運(yùn)動(dòng)〖答案〗D〖解析〗AB．小球剛進(jìn)入橫風(fēng)區(qū)時(shí)，受重力和水平向右的風(fēng)力，根據(jù)牛頓第二定律可知加速度斜向右下方，且水平方向的速度增大，故AB錯(cuò)誤；CD．小球從橫風(fēng)區(qū)飛出后，只受重力作用，做勻變速曲線運(yùn)動(dòng)，向下運(yùn)動(dòng)過(guò)程中速度不斷增大，所以小球剛從橫風(fēng)區(qū)飛出時(shí)速度不是最大，故C錯(cuò)誤，D正確。故選D。5.如圖所示是神舟十四號(hào)飛船夜間返回的紅外照片，打開(kāi)降落傘后，飛船先減速后勻速下降，最后安全著陸。若不計(jì)空氣對(duì)飛船的作用力，則（）A.打開(kāi)降落傘之后，飛船仍處于失重狀態(tài)B.勻速下降階段，飛船的機(jī)械能守恒C.減速下降階段，飛船的機(jī)械能的減少量等于合力對(duì)飛船做的功D.勻速下降階段，飛船的機(jī)械能的減少量等于重力對(duì)飛船做的功〖答案〗D〖解析〗A．打開(kāi)降落傘后，飛船減速運(yùn)動(dòng)時(shí)，加速度方向向上，處于超重狀態(tài)，故A錯(cuò)誤；B．勻速下降階段，飛船動(dòng)能不變，重力勢(shì)能減小，機(jī)械能減小，故B錯(cuò)誤；C．減速下降階段，飛船的機(jī)械能的減少量等于阻力對(duì)飛船做的功，故C錯(cuò)誤；D．勻速下降階段，飛船的機(jī)械能的減少量等于阻力對(duì)飛船做的功，而重力等于阻力，所以飛船的機(jī)械能的減少量等于重力對(duì)飛船做的功，故D正確。故選D。6.用如圖甲所示實(shí)驗(yàn)裝置研究光電效應(yīng)的規(guī)律，得到如圖乙所示的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，由此可知（）光的顏色綠色紫色光的波長(zhǎng)546

410強(qiáng)度較低強(qiáng)度較高反向電壓U/V光電流光電流光電流0.0010.48.514.80.024.06.711.90.04

0.04.88.90.060.03.06.0乙A.單位時(shí)間逸出的電子數(shù)與入射光的強(qiáng)度有關(guān)B.用綠光實(shí)驗(yàn)時(shí)，遏止電壓一定是0.04VC.用強(qiáng)度較高紫光實(shí)驗(yàn)時(shí)，飽和電流大小為14.8μAD.不同顏色的光照射時(shí)，材料的逸出功不同〖答案〗A〖解析〗A．根據(jù)不同強(qiáng)度的紫光照射時(shí)電流大小，可知單位時(shí)間逸出的電子數(shù)與入射光的強(qiáng)度有關(guān)，故A正確；B．用綠光實(shí)驗(yàn)時(shí)，遏止電壓不一定是0.04V，故B錯(cuò)誤；C．用強(qiáng)度較高紫光實(shí)驗(yàn)時(shí)，不能確定飽和電流大小是否為14.8μA，故C錯(cuò)誤；D．逸出功是由金屬的性質(zhì)決定，與入射光頻率無(wú)關(guān)，故D錯(cuò)誤。故選A。7.在醫(yī)學(xué)上，放射性同位素鍶90()制成表面敷貼器，可貼于體表治療神經(jīng)性皮炎等疾病。鍶90()會(huì)發(fā)生β衰變，其衰變產(chǎn)物中有釔(Y)的同位素，半衰期為28.8年。下列說(shuō)法正確的是（）A.Y原子核的中子數(shù)為52B.0.4mol的原子核經(jīng)過(guò)57.6年后還剩余0.3molC.β射線是電子流，速度可接近光速D.將鍶90制成的數(shù)貼器貼在患者體表，若患者發(fā)高燒會(huì)導(dǎo)致鍶90衰變速度加快〖答案〗C〖解析〗A．鍶90()會(huì)發(fā)生β衰變，根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒與電荷數(shù)守恒可知，Y的質(zhì)量數(shù)為90，電荷數(shù)為則Y原子核的中子數(shù)為故A錯(cuò)誤；B．鍶90()半衰期為28.8年，故0.4mol的原子核經(jīng)過(guò)57.6年后還剩余0.1mol，故B錯(cuò)誤；C．β射線是電子流，速度可接近光速，故C正確；D．半衰期的大小跟原子所處的溫度、壓強(qiáng)等物理狀態(tài)以及化學(xué)狀態(tài)無(wú)關(guān)，故D錯(cuò)誤。故選C。8.如圖所示，是某火星探測(cè)器簡(jiǎn)化飛行路線圖，其地火轉(zhuǎn)移軌道是橢圓軌道。假設(shè)探測(cè)器在近日點(diǎn)P點(diǎn)進(jìn)入地火轉(zhuǎn)移軌道，在遠(yuǎn)日點(diǎn)Q，被火星俘獲。已知火星的軌道半徑是地球地火軌道半徑的1.5倍，則轉(zhuǎn)軌道（）A.地球公轉(zhuǎn)的周期大于火星公轉(zhuǎn)的周期B.探測(cè)器進(jìn)入地火轉(zhuǎn)移軌道后，速度逐漸增大C.探測(cè)器在地火轉(zhuǎn)移軌道上的周期大于火星的公轉(zhuǎn)周期D.探測(cè)器從發(fā)射到被火星俘獲，經(jīng)歷的時(shí)間約255天〖答案〗D〖解析〗A．根據(jù)開(kāi)普勒第三定律，地球公轉(zhuǎn)的周期小于火星公轉(zhuǎn)的周期，故A錯(cuò)誤；B．探測(cè)器進(jìn)入地火轉(zhuǎn)移軌道后，萬(wàn)有引力做負(fù)功，速度逐漸減小，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)開(kāi)普勒第三定律，探測(cè)器在地火轉(zhuǎn)移軌道上的周期小于火星公轉(zhuǎn)的周期，故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)開(kāi)普勒第三定律探測(cè)器在地火轉(zhuǎn)移軌道上的周期探測(cè)器從發(fā)射到被火星俘獲，經(jīng)歷時(shí)間聯(lián)立代入數(shù)據(jù)可知經(jīng)歷的時(shí)間約255天，故D正確。故選D。9.如圖所示，把線圈(內(nèi)阻不計(jì))、電容器、電源、電阻和單刀雙擲開(kāi)關(guān)連成圖示電路。把電壓傳感器(圖中未畫(huà)出)的兩端連在電容器的兩個(gè)極板M、N上。先把開(kāi)關(guān)置于a側(cè)，一段時(shí)間后再把開(kāi)關(guān)置于b側(cè)，從此刻開(kāi)始計(jì)時(shí)，電壓隨時(shí)間t變化的圖像正確的是（）A. B.C. D.〖答案〗C〖解析〗由于電路有能量損耗，有一部分能量轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，還有一部分能量以電磁波的形式輻射出去，故電壓振幅會(huì)減小，電容器放電時(shí)間由電容器自身決定，故周期不變，且開(kāi)始時(shí)，電容器電壓最大，則計(jì)時(shí)開(kāi)始時(shí)，電壓處于最大振幅。故選C。10.如圖所示，在水槽中，a、b、c、d、e是水面上同一直線的五個(gè)質(zhì)點(diǎn)，已知，cd=de?，F(xiàn)使完全相同的波源a、b同向起振，產(chǎn)生速度為v、振幅為A、周期為T的兩列水波，形成圖示的干涉圖樣。此時(shí)c點(diǎn)的位移為+2A，e點(diǎn)是與c緊鄰的位移也為+2A的質(zhì)點(diǎn)，則下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是（）A.d點(diǎn)是振動(dòng)加強(qiáng)的點(diǎn)B.c、e之間有一個(gè)質(zhì)點(diǎn)振幅為零C.c、e兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)水平距離為D.e點(diǎn)與b、a的水平距離相差〖答案〗B〖解析〗C．根據(jù)題意c、e是兩個(gè)相鄰的振動(dòng)加強(qiáng)的質(zhì)點(diǎn)，可知兩質(zhì)點(diǎn)之間的距離等于一個(gè)波長(zhǎng)，即C正確，不符合題意；D．e點(diǎn)與b、a的水平距離的差值大小為D正確，不符合題意；A．d點(diǎn)與b、a的水平距離的差值大小為可知，d點(diǎn)是振動(dòng)加強(qiáng)的點(diǎn)，A正確，不符合題意；B．c、e之間質(zhì)點(diǎn)到與b、a的水平距離的差值大小為若該點(diǎn)振幅為零，即為振動(dòng)減弱點(diǎn)，則有（n=0，1，2，3…）根據(jù)上述有解得n=0，1可知c、e之間有兩個(gè)振動(dòng)減弱的質(zhì)點(diǎn)，即c、e之間有兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)振幅為零，B錯(cuò)誤，符合題意。故選B。11.利用霍爾元件可以進(jìn)行微小位移的測(cè)量。如圖甲所示，將霍爾元件置于兩塊磁性強(qiáng)弱相同同極相對(duì)放置的磁體縫隙中，建立如圖乙所示的空間坐標(biāo)系。兩磁極連線方向沿x軸，通過(guò)霍爾元件的電流I不變，方向沿z軸正方向。當(dāng)霍爾元件處于中間位置時(shí)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B為0，霍爾電壓為0，將該點(diǎn)作為位移的零點(diǎn)。當(dāng)霍爾元件沿著±x方向移動(dòng)時(shí)，則有霍爾電壓輸出，從而能夠?qū)崿F(xiàn)微小位移的測(cè)量。已知該霍爾元件的載流子是負(fù)電荷，則下列說(shuō)法正確的是（）A.霍爾元件向左偏離位移零點(diǎn)時(shí)，其左側(cè)電勢(shì)比右側(cè)高B霍爾元件向右偏離位移零點(diǎn)時(shí)，其下側(cè)電勢(shì)比上側(cè)高C.增加霍爾元件沿y方向的厚度，可以增加測(cè)量靈敏度D.增加霍爾元件沿x方向的厚度，可以增加測(cè)量靈敏度〖答案〗B〖解析〗AB．霍爾元件向左偏離位移零點(diǎn)時(shí)，磁場(chǎng)方向向右，則帶負(fù)電的載流子向下偏轉(zhuǎn)，則上側(cè)電勢(shì)比下側(cè)高；同理霍爾元件向右偏離位移零點(diǎn)時(shí)，其下側(cè)電勢(shì)比上側(cè)高，選項(xiàng)A錯(cuò)誤，B正確；CD．當(dāng)穩(wěn)定時(shí)其中解得則只有減小x方向的厚度才能增加靈敏度；增加霍爾元件沿y方向或者沿x方向的厚度，都不可以增加測(cè)量靈敏度，選項(xiàng)CD錯(cuò)誤。故選B。12.如圖甲所示，某多級(jí)直線加速器由n個(gè)橫截面積相同的金屬圓筒依次排列，其中心軸線在同一直線上，各金屬圓筒依序接在交變電源的兩極M、N上，序號(hào)為C的金屬圓板中央有一個(gè)質(zhì)子源，質(zhì)子逸出的速度不計(jì)，M、N兩極加上如圖乙所示的電壓，一段時(shí)間后加速器穩(wěn)定輸出質(zhì)子流。已知質(zhì)子質(zhì)量為m、電荷量為e，質(zhì)子通過(guò)圓筒間隙的時(shí)間不計(jì)，且忽略相對(duì)論效應(yīng)，則（）A.質(zhì)子在各圓筒中做勻加速直線運(yùn)動(dòng)B.質(zhì)子進(jìn)入第n個(gè)圓筒瞬間速度為C.各金屬筒的長(zhǎng)度之比為1:：：D.質(zhì)子在各圓筒中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間之比為1:：：〖答案〗C〖解析〗A．金屬圓筒中電場(chǎng)為零，質(zhì)子不受電場(chǎng)力，做勻速運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B．質(zhì)子進(jìn)入第n個(gè)圓筒時(shí)，經(jīng)過(guò)n次加速，根據(jù)動(dòng)能定理解得故B錯(cuò)誤；D．只有質(zhì)子在每個(gè)圓筒中勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)間為時(shí)，才能保證每次在縫隙中被電場(chǎng)加速，故D錯(cuò)誤；C．第n個(gè)圓筒長(zhǎng)度則各金屬筒的長(zhǎng)度之比為1:：：，故C正確。故選C。13.如圖所示，有一塊半徑為R的半圓形玻璃磚，OO'是對(duì)稱軸?，F(xiàn)有平行單色光垂直照射到AB面，玻璃磚對(duì)該單色光的折射率為。已知，不考慮二次反射，則（）A.玻璃磚的弧面上有光射出的區(qū)域弧長(zhǎng)為B.若在紙面內(nèi)將玻璃磚繞圓心逆時(shí)針旋轉(zhuǎn)，有光射出的區(qū)域弧長(zhǎng)不變C.所有從射出的光線都將匯于一點(diǎn)D.入射光線距OO'越遠(yuǎn)，出射光線與OO'的交點(diǎn)離AB面越遠(yuǎn)〖答案〗B〖解析〗A．光線射到圓弧面上的臨界角則C=37°玻璃磚的弧面上有光射出的區(qū)域弧長(zhǎng)為選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．光線垂直射到直徑AB時(shí)，玻璃磚的弧面上有光射出的區(qū)域所對(duì)應(yīng)的角度為74°；若在紙面內(nèi)將玻璃磚繞圓心逆時(shí)針旋轉(zhuǎn)，設(shè)此時(shí)能在圓弧AB面上發(fā)生全反射的兩條臨界光線在直徑上的折射角為θ，則則可知有光射出的區(qū)域弧長(zhǎng)不變，選項(xiàng)B正確；CD．設(shè)能從圓弧上射出某條光線在上的入射角為α，則折射角β滿足由正弦定理可得則光線在上的入射角α不同，則光線與OO'的交點(diǎn)不同，即射出的光線不是都將匯于一點(diǎn)，入射光線距OO'越遠(yuǎn)α較大，出射光線與OO'的交點(diǎn)離AB面不一定越遠(yuǎn)，選項(xiàng)CD錯(cuò)誤。故選B。二、選擇題(本題共2小題，每小題3分，共6分.每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中至少有一個(gè)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得3分，選對(duì)但不選全的得2分，有選錯(cuò)的得0分14.下列說(shuō)法正確的是（）A.可用金屬鉑制作溫度傳感器 B.可用干簧管制作壓力傳感器C.可用金屬電容器制作位移傳感器 D.可用電阻應(yīng)變片制作溫度傳感器〖答案〗AC〖解析〗A．金屬鉑的電阻值隨溫度變化而變化，并且具有很好的重現(xiàn)性和穩(wěn)定性，利用鉑的這種物理特性制成的傳感器稱為鉑電阻溫度傳感器，鉑電阻溫度傳感器精度高，穩(wěn)定性好，應(yīng)用溫度范圍廣，故A正確；B．干簧管是感知磁場(chǎng)的傳感器，故B錯(cuò)誤；C．金屬電容式位移傳感器的原理是電容器的兩個(gè)電極作相對(duì)位移時(shí)，其電容量隨著變化，根據(jù)電容的變化量可以測(cè)出位移的大小和方向，故可用金屬電容器制作位移傳感器，故C正確；D．電阻應(yīng)變片由電阻絲溫度系數(shù)和電阻絲與被測(cè)件材料的膨脹系數(shù)的不同會(huì)產(chǎn)生溫度誤差，故不可用電阻應(yīng)變片制作溫度傳感器，故D錯(cuò)誤。故選AC。15.與下圖相關(guān)的說(shuō)法正確的是分（）A.圖甲:湯姆孫的氣體放電管實(shí)驗(yàn)可估測(cè)電子的比荷B.圖乙:盧瑟福的α粒子散射實(shí)驗(yàn)可估測(cè)原子核的半徑C.圖丙:康普頓認(rèn)為光子與電子碰撞之后，動(dòng)量減小、波長(zhǎng)變短D.圖丁:玻爾理論可以解釋多種物質(zhì)發(fā)出的線狀光譜〖答案〗AB〖解析〗A．湯姆孫通過(guò)研究求出了陰極射線的比荷，明確陰極射線是電子，故A正確；B．盧瑟福在用α粒子轟擊金箔的實(shí)驗(yàn)中發(fā)現(xiàn)大多粒子能穿透金箔，只有少量的粒子發(fā)生較大的偏轉(zhuǎn)，提出原子核式結(jié)構(gòu)學(xué)說(shuō)，并能估測(cè)原子核的半徑，故B正確；C．康普頓認(rèn)為光子與電子碰撞之后，動(dòng)量減小、波長(zhǎng)變長(zhǎng)，故C錯(cuò)誤；D．玻爾理論只可以解釋氫原子的光譜現(xiàn)象，故D錯(cuò)誤。故選AB。Ⅱ非選擇題部分三、非選擇題(本題共6小題，共55分)16.（1）在“探究加速度與質(zhì)量的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)中，實(shí)驗(yàn)裝置如圖所示。①該實(shí)驗(yàn)必須完成的實(shí)驗(yàn)操作有__________(多選)A.調(diào)節(jié)導(dǎo)軌傾角以補(bǔ)償阻力B.將電源的輸出電壓調(diào)至交流8VC.用天平稱量小車及車中重物的質(zhì)量D.通過(guò)改變槽碼的質(zhì)量改變細(xì)繩的拉力②某次實(shí)驗(yàn)中，由紙帶獲得的小車運(yùn)動(dòng)數(shù)據(jù)如圖所示，根據(jù)這些數(shù)據(jù)可知小車的加速度大小為_(kāi)_______m/s2。(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)③改變小車的質(zhì)量M，多次測(cè)得小車的加速度a，獲得如圖所示的圖像，下列因素中影響圖中圖線的傾斜程度的物理量是________。A.小車的質(zhì)量B.槽碼的質(zhì)量C.小車與軌道間的摩擦力D.軌道的傾斜程度（2）提供兩個(gè)完全相同的小鋼球，利用如圖實(shí)驗(yàn)裝置可探究平拋運(yùn)動(dòng)______(選填“豎直分運(yùn)動(dòng)”、“水平分運(yùn)動(dòng)”)的特點(diǎn)，實(shí)驗(yàn)時(shí)，應(yīng)改變____、____多次實(shí)驗(yàn)?！即鸢浮剑?）①AC②0.49或0.47或0.48或0.50或0.51或0.52③B（2）豎直分運(yùn)動(dòng)下落高度撞擊力度〖解析〗（1）①[1]A．實(shí)驗(yàn)前將長(zhǎng)木板安裝打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的一側(cè)適當(dāng)墊高，以補(bǔ)償小車受到的阻力，輕推小車，當(dāng)小車恰好勻速下滑時(shí)，說(shuō)明小車重力的下滑分力剛好平衡了小車的摩擦阻力，故A正確；B．電火花打點(diǎn)計(jì)時(shí)器電壓為220V，故B錯(cuò)誤；C．實(shí)驗(yàn)探究加速度與質(zhì)量的關(guān)系，故需用天平稱量小車及車中重物的質(zhì)量，故C正確；D．探究加速度與質(zhì)量的關(guān)系，槽碼的質(zhì)量不需要改變，故D錯(cuò)誤。故選AC。②[2]由圖可知，小車的加速度大小為③[3]由圖可知，圖像是一條過(guò)原點(diǎn)的直線，在拉力不變時(shí)，小車的加速度與質(zhì)量成反比，拉力的大小由槽碼的質(zhì)量影響。故選B。（2）[4]利用如圖實(shí)驗(yàn)裝置只能研究豎直方向兩小球同時(shí)落地，故可探究平拋運(yùn)動(dòng)豎直分運(yùn)動(dòng)。[5][6]實(shí)驗(yàn)時(shí)，為了得到實(shí)驗(yàn)結(jié)論，需多次測(cè)量實(shí)驗(yàn)，故需改變小球下落高度和撞擊力度。17.在“測(cè)量電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻”實(shí)驗(yàn)中，某小組用兩節(jié)干電池串聯(lián)進(jìn)行測(cè)量.（1）該小組用多用電表粗測(cè)電池組的電動(dòng)勢(shì)，在實(shí)驗(yàn)前可能需要進(jìn)行的操作是_________（選填“機(jī)械調(diào)零”、“歐姆調(diào)零”）；如圖所示是多用電表的操作面板，實(shí)驗(yàn)前需將選擇開(kāi)關(guān)旋轉(zhuǎn)至__________檔；經(jīng)正確操作后，電表指針指在如圖所示位置，由圖中可知該電池組的電動(dòng)勢(shì)為_(kāi)_________V.（2）①該小組進(jìn)一步用圖所示儀器（其中定值電阻阻值為4.00Ω），測(cè)量電池組的電動(dòng)勢(shì)與內(nèi)電阻，部分儀器已完成連接，為減少實(shí)驗(yàn)誤差，試用筆跡代替導(dǎo)線將電壓表接入電路______。②經(jīng)過(guò)正確操作后，得到該電池的伏安特性曲線如圖所示，由此可知電池組的電動(dòng)勢(shì)為_(kāi)______V，內(nèi)電阻為_(kāi)______Ω（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）。〖答案〗（1）機(jī)械調(diào)零直流10V3.20（2）①見(jiàn)〖解析〗②3.001.56〖解析〗（1）[1]該小組用多用電表粗測(cè)電池組的電動(dòng)勢(shì)，在實(shí)驗(yàn)前可能需要進(jìn)行的操作是機(jī)械調(diào)零。[2]用多用電表測(cè)電池組電動(dòng)勢(shì)，實(shí)驗(yàn)前需將選擇開(kāi)關(guān)旋轉(zhuǎn)至直流10V檔。[3]經(jīng)正確操作后，電表指針指在如圖所示位置，由圖中可知該電池組的電動(dòng)勢(shì)為3.20V。（2）①[4]如圖②[5]根據(jù)閉合電路歐姆定律，可得結(jié)合伏安特性曲線，有由此可知電池組的電動(dòng)勢(shì)為3.00V，內(nèi)電阻為1.56Ω18.如圖甲、乙，是某一強(qiáng)力吸盤(pán)掛鉤，其結(jié)構(gòu)原理如圖丙、丁所示。使用時(shí)，按住鎖扣把吸盤(pán)緊壓在墻上(如圖甲和丙)，空腔內(nèi)氣體壓強(qiáng)仍與外界大氣壓強(qiáng)相等。然后再扳下鎖扣(如圖乙和丁)，讓鎖扣通過(guò)細(xì)桿把吸盤(pán)向外拉起，空腔體積增大，從而使吸盤(pán)緊緊吸在墻上。已知吸盤(pán)掛鉤的質(zhì)量m=0.02kg，外界大氣壓強(qiáng)p0=1×105Pa，丙圖空腔體積為V0=1.5cm3，丁圖空腔體積為V1=2.0cm3，如圖戊，空腔與墻面的正對(duì)面積為S1=8cm2，吸盤(pán)與墻面接觸的圓環(huán)面積S2=8cm2，吸盤(pán)與墻面間的動(dòng)摩擦因數(shù)，最大靜摩擦力可視為等于滑動(dòng)摩擦力。吸盤(pán)空腔內(nèi)氣體可視為理想氣體，忽略操作時(shí)溫度的變化，全過(guò)程盤(pán)蓋和吸盤(pán)之間的空隙始終與外界連通。（1）扳下鎖扣過(guò)程中空腔內(nèi)氣體吸熱還是放熱？（2）求板下鎖扣后空腔內(nèi)氣體的壓強(qiáng)p1；（3）若掛鉤掛上重物時(shí)恰好不脫落，求所掛重物的質(zhì)量M?！即鸢浮剑?）吸熱；（2）7.5×104Pa；（3）4.98kg〖解析〗（1）整個(gè)過(guò)程中，溫度不變，空腔內(nèi)氣體內(nèi)能不變，扳下鎖扣過(guò)程中外力對(duì)空腔內(nèi)氣體做負(fù)功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律，空腔內(nèi)氣體吸熱。（2）根據(jù)玻意耳定律代入數(shù)據(jù)解得p1=7.5×104Pa（3）若掛鉤掛上重物時(shí)恰好不脫落，對(duì)掛鉤受力分析掛鉤對(duì)墻面的壓力聯(lián)立代入數(shù)據(jù)得M=4.98kg19.如圖所示，某游戲裝置由光滑平臺(tái)、軌道AB、豎直圓管道BCDEC(管道口徑遠(yuǎn)小于管道半徑)、水平軌道CF、光滑直軌道FG平滑連接組成，B、C、C′為切點(diǎn)，A、F連接處小圓弧長(zhǎng)度不計(jì)，A點(diǎn)上方擋片可使小滑塊無(wú)能量損失地進(jìn)入軌道AB。圓管道半徑，管道中，內(nèi)側(cè)粗糙，外側(cè)光滑。小滑塊與軌道AB、CF的動(dòng)摩擦因數(shù)均為，AB軌道長(zhǎng)度，傾角，CF長(zhǎng)度，F(xiàn)G高度差，平臺(tái)左側(cè)固定一輕質(zhì)彈簧，第一次壓縮彈簧后釋放小滑塊，恰好可以運(yùn)動(dòng)到與管道圓心等高的