河北省衡水中學滁州分校上學期高三綜合培養(yǎng)卷物理試題

河北省衡水中學滁州分校2018屆高三綜合培養(yǎng)卷物理部分二、選擇題：本題共8小題，每小題6分，共48分。在每小題給出的四個選項中，第1417題只有一項符合題目要求，第1821題有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全對的得3分，有選錯的得0分。1.本組照片記錄了一名騎車人因自行車前輪突然陷入一較深的水坑而倒地的過程。下面是從物理的角度去解釋此情境的，其中正確的是()A.這是因為水坑里的水對自行車前輪的阻力太大，而使人和車一起倒地的B.騎車人與自行車原來處于運動狀態(tài)，車前輪陷入水坑后前輪立刻靜止，但人與車的后半部分由于慣性仍保持原有的運動狀態(tài)，因此摔倒C.因為自行車的前輪陷入水坑后，自行車還能加速運動，所以人和車一起倒地了D.因為自行車的前輪陷入水坑后，自行車的慣性立即消失，而人由于慣性將保持原有的運動狀態(tài)，故人向原來的運動方向倒下了【答案】B【解析】騎車人與車原來處于運動狀態(tài)，車陷入水坑時，前輪靜止，但人（與車的后半部分）由于具有慣性仍保持向前運動，因此摔倒，故B正確，ACD錯誤。2.質(zhì)量為0.5kg的鋼球從5.0m高處自由落下，與地面相碰后豎直彈起到達4.05m高處，整個過程經(jīng)歷2.0s，則鋼球與地面碰撞時受到地面對它的平均作用力為(g＝10m/s2)()A.5.0NB.90NC.95ND.100N【答案】D【解析】鋼球與地面碰撞前做自由落體運動，根據(jù)機械能守恒有：mgh1=12mv12，所以球落地時的速度為：v1=10m/s，方向向下，下落的時間為：t1=v1g=1010s=1s。鋼球碰撞后向上做豎直上拋運動，根據(jù)機械能守恒定律有：mgh2=12mv223.如圖所示為感應式發(fā)電機的結(jié)構(gòu)圖，a、b、c、d是空間四個可用電刷與銅盤邊緣接觸的點，O1、O2是銅盤軸線導線的接線端，M、N是電流表的接線端?，F(xiàn)在將銅盤轉(zhuǎn)動，能觀察到感應電流的是()A.將電流表的接線端M、N分別連接a、c位置B.將電流表的接線端M、N分別連接O1、a位置C.將電流表的接線端M、N分別連接O1、O2位置D.將電流表的接線端M、N分別連接c、d位置【答案】B【解析】試題分析：將銅盤看成無數(shù)個軸向銅條組成，銅盤在外力作用下切割磁感線，從而產(chǎn)生感應電動勢，出現(xiàn)感應電流；根據(jù)題意，因此將電流表的接線端M、N分別連接O1，a位置，才能觀察到感應電流．故ACD錯誤，B正確；故選B?？键c：右手定則，法拉第電磁感應定律【名師點睛】本題是右手定則和法拉第電磁感應定律的綜合應用，考查對實驗原理的理解能力，同時注意切割磁感線相當于電源，內(nèi)部電流方向是從負極到正極．注意由于圓盤在切割磁感線，相當于電源。4.在如圖所示的電路中，電源的負極接地，其電動勢為E，內(nèi)電阻為r，R1、R2為定值電阻，R3為滑動變阻器，C為電容器．在滑動變阻器滑動頭P自a端向b端滑動的過程中，下列說法中正確的是（）A.電壓表示數(shù)變小B.電流表示數(shù)變小C.電容器C所帶電荷量增多D.a點的電勢降低【答案】D【解析】試題分析：閉合回路，電阻R2R3并聯(lián)，然后與電源內(nèi)阻r和定值電阻R1串聯(lián)?；瑒幼冏杵骰瑒宇^P自a端向b端滑動的過程中，滑動變阻器R3的阻值逐漸變小，并聯(lián)電阻變小，總電阻變小，總電流變大，內(nèi)電壓和定值電阻R1的電壓變大并聯(lián)電壓變小。定值電阻考點：閉合回路歐姆定律【名師點睛】比荷回路需要牽一發(fā)而動全身，不動的只有電源電壓。一個電阻的變化導致并聯(lián)電阻的變化進而總電阻的變化，總電阻的變化引起總電流的變化，從而內(nèi)電壓和定值電阻的電壓變化，最后分析到并聯(lián)電壓和并聯(lián)支路中定值電阻的電流，再根據(jù)總電流分析到變化電阻的電流。5.如圖所示，輕質(zhì)彈簧測力計下懸掛的圓形線圈中通有順時針方向電流I0，線圈的正下方固定有一根足夠長的直導線a，線圈靜止時導線a垂直于線圈平面?，F(xiàn)在導線a中通有垂直紙面向外的較大電流，則下列判斷正確的是()A.線圈仍靜止不動B.從上往下看，線圈將逆時針轉(zhuǎn)動C.彈簧測力計示數(shù)減小D.彈簧測力計示數(shù)增大【答案】BD6.宇宙間存在一些離其他恒星較遠的三星系統(tǒng)，其中有一種三星系統(tǒng)如圖所示，三顆質(zhì)量均為m的星位于等邊三角形的三個頂點，三角形邊長為R，忽略其他星體對它們的引力作用，三星在同一平面內(nèi)繞三角形中心O做勻速圓周運動，萬有引力常量為G，則()A.每顆星做圓周運動的線速度為GB.每顆星做圓周運動的角速度為3C.每顆星做圓周運動的周期為2D.每顆星做圓周運動的加速度與三星的質(zhì)量無關(guān)【答案】ABC【解析】解：由萬有引力定律可知：兩星之間的作用力為：F1故由力的合成可得：任一星體受到的合外力為：F=星體到三角形中心O的距離為：r=每顆星都繞O點做圓周運動，故合外力做向心力，則有：F=故星體做圓周運動的線速度為：v=3GmrR2=故選：AC．7.如圖所示，質(zhì)量為M的小車在光滑的水平面上以速度v0向右勻速運動，一質(zhì)量為m的小球(m?M)從高h處自由下落，與小車碰撞后，反彈上升的最大高度仍為h。設球與車之間的動摩擦因數(shù)為μ，則小球彈起后的水平速度為()A.v0B.0C.2μ2gh【答案】AC【解析】該題需要分以下兩種情況進行分析：①小球離開小車之前已經(jīng)與小車達到共同速度v，則水平方向上動量守恒，有:Mv0=(M+m)v,由于M?m,所以：v=v0；②若小球離開小車之前始終未與小車達到共同速度，則對小球應用動量定理，水平方向上有Fμt=mv′,小球反彈后上升的高度為h，則反彈的速度v與落在小車上時的速度大小相等,以向上為正方向，豎直方向上有：FNt=mv?m(?v)=2【點睛】該題中由于碰撞的時間不知，所以小球在水平方向的運動有兩種情況，這是解決該題的關(guān)鍵，也是容易被忽略的地方．8.分別用波長為λ和2λ的光照射同一種金屬，產(chǎn)生的速度最快的光電子速度之比為2∶1，普朗克常量和真空中光速分別用h和c表示，那么下列說法正確的是()A.該種金屬的逸出功為hB.該種金屬的逸出功為hC.波長超過2λ的光都不能使該金屬發(fā)生光電效應D.波長超過4λ的光都不能使該金屬發(fā)生光電效應【答案】AD【解析】由題意可知，由愛因斯坦光電效應方程，12mv02＝hγ?解得：W0＝h9.利用如圖甲實驗裝置探究外力做功與小球動能變化的定量關(guān)系。小鋼球在重力作用下從靜止自由下落至光電門，某同學實驗如下：A．用天平測定小鋼球的質(zhì)量為0.10kgB．用游標卡尺測出小鋼球的直徑如圖乙所示C．用直尺測出電磁鐵下端到光電門的距離為81.6cm(光電門處可看成一幾何點)D．電磁鐵先通電，讓小鋼球吸在電磁鐵下端E．讓電磁鐵斷電，小鋼球自由下落F．在小鋼球經(jīng)過光電門時，計時裝置記下小鋼球經(jīng)過光電門所用的時間為3.00×10－3s回答下列問題：(g取10m/s2，計算結(jié)果保留三位有效數(shù)字)(1)小鋼球的直徑為________cm；(2)小鋼球經(jīng)過光電門時的平均速度為________m/s，其對應的動能為________J；(3)本實驗中小鋼球重力做功應取下落的高度為________cm，其對應的重力做的功為________J；(4)根據(jù)以上的數(shù)據(jù)得出本實驗的結(jié)論為：________________________________________________________________________________________________________________________________________________。【答案】(1).1.20(2).4.00(3).0.800(4).81.0(5).0.810(6).在誤差允許的范圍內(nèi)(7).小球下落過程中外力做功與動能變化量相等【解析】試題分析：（1）由圖可得小球的直徑為1.20cm，（2）平均速度v=s/t=1.20×102/（3.00×103）=4.00m/s，動能=0.800J，（3）小球下落的高度為h=81.61.20/2=81.0cm，其對應的重力做功為W=mgh=0.810J，由上面的計算可知，結(jié)論為在誤差范圍內(nèi)外力做功與動能變化量相等考點：實驗“探究外力做功與小球動能變化的關(guān)系”10.某同學想通過一個多用電表中的歐姆擋，直接去測量某電壓表(量程為10V)的內(nèi)阻(大約為幾十千歐)，該多用電表刻度盤上讀出電阻刻度中間值為15，歐姆擋的選擇開關(guān)撥至________擋，先將紅、黑表筆短接調(diào)零后，選用圖甲中________方式連接。在實驗中，某同學讀出如圖乙所示歐姆表的讀數(shù)為________Ω，這時電壓表的讀數(shù)為________V，歐姆表電池的電動勢為________V?！敬鸢浮?1).×1k(2).A(3).4.0×104(4).5.0(5).6.88【解析】當歐姆表的指針指在中間位置附近時，測量值較為準確，根據(jù)讀數(shù)為：示數(shù)×倍率=讀數(shù)知，選擇×1k的擋；歐姆表的正極插孔與內(nèi)部電源的負極相連，與電壓表構(gòu)成一閉合回路，電流從負極流出，進入電壓表的正極，所以選擇圖A正確；歐姆表的讀數(shù)為：40×1k=40kΩ；電壓表的讀數(shù)為5.0V，由題意知歐姆表的內(nèi)阻為30kΩ，與電壓表的內(nèi)阻40kΩ串聯(lián)，由歐姆定律可知：E=11.如圖所示，在光滑水平地面上放置質(zhì)量M＝2kg的長木板，木板上表面與固定的豎直弧形軌道相切。一質(zhì)量m＝1kg的小滑塊自A點沿弧面由靜止滑下，A點距離長木板上表面高度h＝0.6m。滑塊在木板上滑行t＝1s后，和木板以共同速度v＝1m/s勻速運動，取g＝10m/s2。求：(1)滑塊與木板間的摩擦力大?。?2)滑塊沿弧面下滑過程中克服摩擦力做的功；(3)滑塊相對木板滑行的距離?！敬鸢浮?1)2N(2)1.5J(3)1.5m【解析】(1)對木板…………1分由運動學公式，有……1分解得……………1分(2)對滑塊………1分設滑塊滑上木板時的初速度為v0，由公式……………1分解得滑塊沿弧面下滑的過程，由動能定理得…………2分可得滑塊克服摩擦力做功為…1分(3)t=1s內(nèi)木板的位移……1分此過程中滑塊的位移…………1分故滑塊相對木板滑行距離…………1分12.如圖所示，足夠長的固定平行粗糙金屬雙軌MN、PQ相距d＝0.5m，導軌平面與水平面夾角α＝30°，處于方向垂直導軌平面向上、磁感應強度大小B＝0.5T的勻強磁場中。長也為d的金屬棒ab垂直于導軌MN、PQ放置，且始終與導軌接觸良好，棒的質(zhì)量m＝0.1kg，電阻R＝0.1Ω，與導軌之間的動摩擦因數(shù)μ＝36，導軌上端連接電路如圖所示。已知電阻R1與燈泡電阻R2的阻值均為0.2Ω，導軌電阻不計，取重力加速度大小g＝10m/s2(1)求棒由靜止剛釋放瞬間下滑的加速度大小a；(2)假若棒由靜止釋放并向下加速運動一段距離后，燈L的發(fā)光亮度穩(wěn)定，求此時燈L的實際功率P和棒的速率v?！敬鸢浮?1)2.5m/s2(2)0.05W，0.8m/s【解析】(1)棒由靜止剛釋放的瞬間速度為零，不受安培力作用根據(jù)牛頓第二定律有mgsinα－μmgcosα＝ma代入數(shù)據(jù)得a＝2.5m/s2(2)由“燈L的發(fā)光亮度穩(wěn)定”知棒做勻速運動，受力平衡有mgsinα－μmgcosα＝BId代入數(shù)據(jù)得棒中的電流I＝1A由于R1＝R2，所以此時通過小燈泡的電流IP此時感應電動勢E=得v＝0.8m/s【點睛】本題考查導體棒切割磁感線的過程中的最大值問題，綜合了共點力的平衡、牛頓第二定律的應用、閉合電路的電路知識、電磁感應知識等知識點的內(nèi)容，要注意正確理清題目設置的情景，注意電磁感應的過程中的能量轉(zhuǎn)化的關(guān)系與轉(zhuǎn)化的方向。13.下列敘述和熱力學定律相關(guān)，其中正確的是（____）A．第一類永動機不可能制成，是因為違背了能量守恒定律B．能量耗散過程中能量不守恒C．電冰箱的制冷系統(tǒng)能夠不斷地把冰箱內(nèi)的熱量傳到外界，違背了熱力學第二定律D．能量耗散是從能量轉(zhuǎn)化的角度反映出自然界中的宏觀過程具有方向性E．物體從單一熱源吸收的熱量可全部用于做功【答案】ADE【解析】第一類永動機既不消耗能量又能源源不斷對外做功，違背了能量守恒定律，所以不可能制成，故A正確；能量耗散過程中能量也守恒，故B錯誤；電冰箱的致冷系統(tǒng)能夠不斷地把冰箱內(nèi)的熱量傳到外界，是由于壓縮機做功，并不違背了熱力學第二定律，故C錯誤；能量耗散是從能量轉(zhuǎn)化的角度反映出自然界中的宏觀過程具有方向性，故D正確；根據(jù)熱力學第二定律可知：氣體不可能從單一熱源吸熱，并全部用來對外做功，而不引起其它變化；若引起外界變化則可以，故E正確。所以ADE正確，BC錯誤。14.一定質(zhì)量的理想氣體經(jīng)歷如圖A→B→C→D→A所示循環(huán)過程，該過程每個狀態(tài)視為平衡態(tài)。已知A態(tài)的溫度為27℃。求：(1)B態(tài)的溫度TB。(2)一次循環(huán)過程氣體與外界的熱交換Q為多少？是吸熱還是放熱？【答案】(1)127℃(2)Q＝25J，Q為正，表示吸熱【解析】試題分析：由圖象可知AB兩個狀態(tài)的體積，且由A到B做等壓變化，根據(jù)蓋呂薩克定律列式求解；從A態(tài)又回到A態(tài)的過程溫度不變，所以內(nèi)能不變，根據(jù)熱力學定律列式求解。由圖象得VA=3LTA=t+273=27+273K=300KVB=4L

A到B等壓變化，由蓋呂薩克定律得：V學￥科￥網(wǎng)...學￥科￥網(wǎng)...學￥科￥網(wǎng)...學￥科￥網(wǎng)...點睛：本題主要考查了理想氣體狀態(tài)方程和熱力學第一定律的綜合應用。運用熱力學第一定律時，注意做功W和熱量Q的符號，對外做功和放熱為負的，對氣體做功和吸熱為正。15.如圖甲所示，水平的光滑桿上有一彈簧振子，振子以O點為平衡位置，在a、b兩點之間做簡諧運動，其振動圖象如圖乙所示。由振動圖象可以得知________。A．振子的振動周期等于t1B．振子的振動周期等于2t1C．在t＝0時刻，振子的位置在a點D．在t＝t1時刻，振子的速度為最大E．從t1到t2，振子正從O點向b點運動【答案】BDE【解析】根據(jù)振子的振動周期是振子完成一次全振動所用的時間，則知振子的振動周期等于2t1，故A錯誤，B正確；從t=0時刻，振子的位移為0，說明位于平衡位置O點，故C錯誤；在t=t1時刻，振子的位移為0，正通過平衡位置，振子的速度最大，故D正確；在t=t1時刻，正通過平衡位置O，從t1到t2，振子的速度為正，說明振子正從O點向b點運動，故E正確。所以BDE正確，AC錯誤。16.如圖所示，在雙縫干涉實驗中，S1和S