2024年九省聯(lián)考（吉林省黑龍江省）高考物理適應(yīng)性試卷（1月份）-20240303103301

2024年九省聯(lián)考（吉林省、黑龍江?。└呖嘉锢磉m應(yīng)性試卷（1月份）一、選擇題：本題共10小題，共46分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1～7題只有一項(xiàng)符合題目要求，每小題4分；第8～10題有多項(xiàng)符合題目要求，每題6分，全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。1．（4分）如圖，齊齊哈爾到長(zhǎng)春的直線距離約為400km。某旅客乘高鐵從齊齊哈爾出發(fā)經(jīng)哈爾濱到達(dá)長(zhǎng)春，總里程約為525km，用時(shí)為2.5h。則在整個(gè)行程中該旅客（）A．位移大小約為525km，平均速度大小約為160km/h B．位移大小約為400km，平均速度大小約為160km/h C．位移大小約為525km，平均速度大小約為210km/h D．位移大小約為400km，平均速度大小約為210km/h2．（4分）2023年8月，我國(guó)首次在空間站中實(shí)現(xiàn)了微小衛(wèi)星的低成本入軌。在近地圓軌道飛行的中國(guó)空間站中，航天員操作機(jī)械臂釋放微小衛(wèi)星。若微小衛(wèi)星進(jìn)入比空間站低的圓軌道運(yùn)動(dòng)，則入軌后微小衛(wèi)星的（）A．角速度比空間站的大 B．加速度比空間站的小 C．速率比空間站的小 D．周期比空間站的大3．（4分）某同學(xué)取一裝有少量水的塑料礦泉水瓶，旋緊瓶蓋，雙手快速擰搓擠壓水瓶。然后迅速擰松瓶蓋，瓶蓋被頂飛的同時(shí)瓶?jī)?nèi)出現(xiàn)白霧，則（）A．?dāng)D壓水瓶過程中，瓶?jī)?nèi)氣體分子的平均動(dòng)能減小 B．?dāng)D壓水瓶過程中，瓶?jī)?nèi)氣體內(nèi)能不變 C．瓶蓋被頂飛過程中，瓶?jī)?nèi)氣體對(duì)外做功 D．瓶蓋被頂飛過程中，瓶?jī)?nèi)氣體溫度升高4．（4分）一列簡(jiǎn)諧橫波沿x軸正方向傳播，某時(shí)刻的波形如圖所示，則從此刻開始，介質(zhì)中質(zhì)點(diǎn)P的加速度a隨時(shí)間t變化的圖像為（）A． B． C． D．5．（4分）某“失重”餐廳的傳菜裝置如圖所示，運(yùn)送菜品的小車沿等螺距軌道向下勻速率運(yùn)動(dòng)，該軌道各處彎曲程度相同，在此過程中，小車（）A．機(jī)械能保持不變 B．動(dòng)量保持不變 C．處于失重狀態(tài) D．所受合力不為零6．（4分）如圖（a），一點(diǎn)電荷P（未畫出）所在的水平直線上有M、N兩點(diǎn)。在M、N兩點(diǎn)分別放置試探電荷，其受到的靜電力與試探電荷的電荷量的關(guān)系分別如圖（b）中直線Ⅰ、Ⅱ所示。規(guī)定向右為正方向，則（）A．P帶正電 B．P在M點(diǎn)左側(cè) C．M點(diǎn)電勢(shì)比N點(diǎn)的低 D．M點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度比N點(diǎn)的小7．（4分）如圖，質(zhì)量均為m的物塊甲、乙靜止于傾角為θ的固定光滑斜面上，二者間用平行于斜面的輕質(zhì)彈簧相連，乙緊靠在垂直于斜面的擋板上。給甲一個(gè)沿斜面向上的初速度，此后運(yùn)動(dòng)過程中乙始終不脫離擋板，且擋板對(duì)乙的彈力最小值為0，重力加速度為g。擋板對(duì)乙的彈力最大值為（）A．2mgsinθ B．3mgsinθ C．4mgsinθ D．5mgsinθ（多選）8．（6分）波長(zhǎng)不同的a、b兩束單色平行光，分別照射到同一雙縫干涉裝置上，在屏上得到干涉條紋如圖所示。下列說法正確的是（）A．在真空中，a光的波長(zhǎng)比b光的長(zhǎng) B．在真空中，a光的傳播速度比b光的小 C．若只減小雙縫到屏的距離，兩光產(chǎn)生的條紋間距均變小 D．兩光分別照射同一單縫衍射裝置，若只減小縫寬，中央亮紋寬度均變?。ǘ噙x）9．（6分）空間中存在垂直于xOy平面的磁場(chǎng)，x＝a兩側(cè)的勻強(qiáng)磁場(chǎng)方向相反，x＞a區(qū)域的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為x＜a區(qū)域的2倍。不同帶電粒子以速率v0由原點(diǎn)沿xOy平面射入該磁場(chǎng)，則粒子的軌跡可能為圖中的（）A． B． C． D．（多選）10．（6分）如圖（a），質(zhì)量均為m的小物塊甲和木板乙疊放在光滑水平面上，甲到乙左端的距離為L(zhǎng)，初始時(shí)甲、乙均靜止，質(zhì)量為M的物塊丙以速度v0向右運(yùn)動(dòng)，與乙發(fā)生彈性碰撞。碰后，乙的位移x隨時(shí)間t的變化如圖（b）中實(shí)線所示，其中t0時(shí)刻前后的圖像分別是拋物線的一部分和直線，二者相切于P，拋物線的頂點(diǎn)為Q。甲始終未脫離乙，重力加速度為g。下列說法正確的是（）A．碰后瞬間乙的速度大小為 B．甲、乙間的動(dòng)摩擦因數(shù)為 C．甲到乙左端的距離L D．乙、丙的質(zhì)量比m：M＝1：2二、非選擇題：本題共5小題，共54分。11．（6分）某同學(xué)設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律，裝置如圖（a）所示。一質(zhì)量為m、直徑為d的小球固定于釋放裝置上，在小球正下方固定四個(gè)光電門，調(diào)節(jié)各光電門的中心，使其與小球的球心均在同一豎直線上。由靜止釋放小球，記錄小球通過每個(gè)光電門的擋光時(shí)間，重力加速度為g。（1）若測(cè)得某光電門的中心與釋放點(diǎn)的豎直距離為h，小球通過此光電門的擋光時(shí)間為Δt，則小球從釋放點(diǎn)下落至此光電門中心時(shí)的動(dòng)能增加量ΔEk＝，重力勢(shì)能減小量ΔEp＝（用題中字母表示）；（2）根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，作出ΔEk﹣ΔEp的圖像，如圖（b）所示。若圖中虛線的斜率k≈，則可驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律；（3）經(jīng)過多次重復(fù)實(shí)驗(yàn)，發(fā)現(xiàn)小球經(jīng)過第三個(gè)光電門時(shí)，ΔEk總是大于ΔEp，下列原因中可能的是。A．第三個(gè)光電門的中心與釋放點(diǎn)的豎直距離測(cè)量值偏大B．第三個(gè)光電門的中心偏離小球下落時(shí)球心所在的豎直線C．小球下落過程中受到空氣阻力的作用12．（8分）某些材料的電阻率在外磁場(chǎng)作用下發(fā)生改變的現(xiàn)象稱為磁致電阻效應(yīng)，利用該效應(yīng)可以制作磁敏器件。為探究某磁敏器件材料的電阻率隨外磁場(chǎng)的變化規(guī)律，設(shè)計(jì)如圖（a）所示電路。該器件在無外磁場(chǎng)時(shí)的阻值為R0，加磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的外磁場(chǎng)后，阻值變?yōu)镽，阻值的變化量ΔR＝R﹣R0，相對(duì)變化率能反映器件材料電阻率的變化。圖中V1和V2均為理想電壓表，定值電阻R1＝300Ω，RP為滑動(dòng)變阻器，S為開關(guān)，E為電源。（1）不加外磁場(chǎng)，調(diào)節(jié)RP使V1示數(shù)為U1＝0.30V，讀出V2示數(shù)U2＝0.40V，由此可計(jì)算出R0＝Ω；（2）加外磁場(chǎng)，調(diào)節(jié)RP使V1示數(shù)仍為0.30V，記錄B和V2示數(shù)U2，計(jì)算；（3）改變B，重復(fù)（2）操作，實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)如下表，B＝0.30T時(shí)，電壓表V2示數(shù)如圖（b）所示，讀出數(shù)據(jù)，完成表格，答：①，②；B/T…0.150.200.250.300.350.40U2/V…0.560.590.62①0.690.72…0.400.480.55②0.730.80（4）在圖（c）坐標(biāo)紙上將所缺數(shù)據(jù)點(diǎn)補(bǔ)充完整并作圖。由此可知，B在0.15T～0.40T范圍內(nèi)，該器件材料的電阻率隨B的增大而增大。13．（10分）滑雪是我國(guó)東北地區(qū)冬季常見的體育運(yùn)動(dòng)。如圖（a），在與水平面夾角θ＝14.5°的滑雪道上，質(zhì)量m＝60kg的滑雪者先采用兩滑雪板平行的滑雪姿勢(shì)（此時(shí)雪面對(duì)滑雪板的阻力可忽略），由靜止開始沿直線勻加速下滑x1＝45m；之后采取兩滑雪板間呈一定角度的滑雪姿勢(shì)，通過滑雪板推雪獲得阻力，勻減速繼續(xù)下滑x2＝15m后停止。已知sin14.5°＝0.25，sin37°＝0.6，取重力加速度g＝10m/s2，不計(jì)空氣阻力。（1）求減速過程中滑雪者加速度a的大??；（2）如圖（b），若減速過程中兩滑雪板間的夾角α＝74°，滑雪板受到沿雪面且垂直于滑雪板邊緣的阻力均為F，求F的大小。14．（12分）如圖，真空中足夠大的鋁板M與金屬板N平行放置，通過電流表與電壓可調(diào)的電源相連。一束波長(zhǎng)。λ＝200nm的紫外光持續(xù)照射到M上，光電子向各個(gè)方向逸出。已知鋁的逸出功W0＝6.73×10﹣19J，光速c＝3.0×108m/s，普朗克常量h＝6.63×10﹣34J?s。（1）求光電子的最大初動(dòng)能Ek（計(jì)算結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）；（2）調(diào)節(jié)電壓使電流表的示數(shù)減小到0時(shí)，M、N間的電壓為U0；當(dāng)電壓為時(shí)，求能到達(dá)N的光電子中，初速度與M之間夾角的最小值θ。15．（18分）如圖（a），水平傳送帶以恒定速率v0順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，寬為4L、足夠高的矩形勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域MNPQ，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向垂直紙面向里，磁場(chǎng)下邊界QP水平。矩形導(dǎo)體框abcd無初速度地放在傳送帶上且ad與MQ重合，bc向右運(yùn)動(dòng)到NP時(shí)恰與傳送帶共速，此時(shí)施加水平向右的拉力，使導(dǎo)體框保持共速前的加速度離開磁場(chǎng)。ad離開磁場(chǎng)時(shí)撤掉拉力，同時(shí)將QP提升到傳送帶上方距上表面L處。導(dǎo)體框繼續(xù)向右運(yùn)動(dòng)，與NP右側(cè)4.5L處的豎直固定擋板發(fā)生彈性正碰。當(dāng)ad返回NP時(shí)，施加水平向左的拉力，使導(dǎo)體框以此時(shí)的速度勻速通過磁場(chǎng)。已知導(dǎo)體框質(zhì)量為m，總電阻為R，ab長(zhǎng)為3L，ad長(zhǎng)為2L，導(dǎo)體框平面始終與磁場(chǎng)垂直且不脫離傳送帶，重力加速度為g。（1）求導(dǎo)體框從開始運(yùn)動(dòng)到與傳送帶共速過程中，ad兩點(diǎn)間的電勢(shì)差Uad與時(shí)間t的關(guān)系式；（2）求導(dǎo)體框向右離開磁場(chǎng)過程中，拉力沖量IF的大??；（3）導(dǎo)體框向左通過磁場(chǎng)的過程中，設(shè)ad到NP的距離為x，導(dǎo)體框受到的摩擦力大小為Ff，在圖（b）中定量畫出導(dǎo)體框通過磁場(chǎng)過程中Ff﹣x圖像，不要求寫出推導(dǎo)過程。

2024年九省聯(lián)考（吉林省、黑龍江?。└呖嘉锢磉m應(yīng)性試卷（1月份）參考答案與試題解析一、選擇題：本題共10小題，共46分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1～7題只有一項(xiàng)符合題目要求，每小題4分；第8～10題有多項(xiàng)符合題目要求，每題6分，全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。1．（4分）如圖，齊齊哈爾到長(zhǎng)春的直線距離約為400km。某旅客乘高鐵從齊齊哈爾出發(fā)經(jīng)哈爾濱到達(dá)長(zhǎng)春，總里程約為525km，用時(shí)為2.5h。則在整個(gè)行程中該旅客（）A．位移大小約為525km，平均速度大小約為160km/h B．位移大小約為400km，平均速度大小約為160km/h C．位移大小約為525km，平均速度大小約為210km/h D．位移大小約為400km，平均速度大小約為210km/h【分析】位移是由初位置指向末位置的有向線段，是矢量，有大小、方向；平均速度是位移與時(shí)間的比值，平均速度是矢量，有大小、方向?！窘獯稹拷猓何灰剖怯沙跷恢弥赶蚰┪恢玫挠邢蚓€段，則在整個(gè)行程中該旅客位移大小是齊齊哈爾到長(zhǎng)春的直線距離，故在整個(gè)行程中該旅客位移大小約為400km，平均速度大小約為：，故B正確，ACD錯(cuò)誤。故選：B?！军c(diǎn)評(píng)】解題關(guān)鍵是掌握位移的定義和性質(zhì)；掌握平均速度的公式。難度不大。2．（4分）2023年8月，我國(guó)首次在空間站中實(shí)現(xiàn)了微小衛(wèi)星的低成本入軌。在近地圓軌道飛行的中國(guó)空間站中，航天員操作機(jī)械臂釋放微小衛(wèi)星。若微小衛(wèi)星進(jìn)入比空間站低的圓軌道運(yùn)動(dòng)，則入軌后微小衛(wèi)星的（）A．角速度比空間站的大 B．加速度比空間站的小 C．速率比空間站的小 D．周期比空間站的大【分析】根據(jù)萬有引力提供向心力分別列式求出角速度、線速度、加速度以及周期，進(jìn)行比較?！窘獯稹拷猓盒l(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由萬有引力提供向心力可得整理可得微小衛(wèi)星的軌道半徑小于空間站的軌道半徑，即r衛(wèi)＜r空則入軌后微小衛(wèi)星的角速度比空間站的大，速率比空間站的大，加速度比空間站的大，周期比空間站的小，故A正確，BCD錯(cuò)誤。故選：A?！军c(diǎn)評(píng)】本題主要考查了萬有引力定律的相關(guān)應(yīng)用，理解萬有引力提供向心力，熟悉公式之間的推導(dǎo)關(guān)系即可完成解答，難度不大。3．（4分）某同學(xué)取一裝有少量水的塑料礦泉水瓶，旋緊瓶蓋，雙手快速擰搓擠壓水瓶。然后迅速擰松瓶蓋，瓶蓋被頂飛的同時(shí)瓶?jī)?nèi)出現(xiàn)白霧，則（）A．?dāng)D壓水瓶過程中，瓶?jī)?nèi)氣體分子的平均動(dòng)能減小 B．?dāng)D壓水瓶過程中，瓶?jī)?nèi)氣體內(nèi)能不變 C．瓶蓋被頂飛過程中，瓶?jī)?nèi)氣體對(duì)外做功 D．瓶蓋被頂飛過程中，瓶?jī)?nèi)氣體溫度升高【分析】根據(jù)題意分析氣體對(duì)外做功和外界對(duì)氣體做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律分析氣體內(nèi)能變化，進(jìn)而分析氣體溫度變化。溫度是氣體分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，據(jù)此分析氣體分子平均動(dòng)能的變化?！窘獯稹拷猓篈B、旋緊瓶蓋，雙手快速擰搓擠壓水瓶，外界對(duì)氣體做正功，瓶?jī)?nèi)氣體來不及發(fā)生熱傳導(dǎo)，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知，瓶?jī)?nèi)氣體內(nèi)能變大，則瓶?jī)?nèi)氣體溫度升高，溫度是氣體分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，則瓶?jī)?nèi)氣體分子的平均動(dòng)能增大，故AB錯(cuò)誤；CD、迅速擰松瓶蓋，瓶蓋被頂飛過程中，瓶?jī)?nèi)氣體對(duì)外做功，瓶?jī)?nèi)氣體來不及發(fā)生熱傳導(dǎo)，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知，瓶?jī)?nèi)氣體內(nèi)能變小，則瓶?jī)?nèi)氣體溫度降低，故C正確，D錯(cuò)誤。故選：C?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查熱力學(xué)第一定律，解題關(guān)鍵是掌握熱力學(xué)第一定律，會(huì)根據(jù)熱力學(xué)第一定律分析實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象，知道溫度是氣體分子平均動(dòng)能的標(biāo)志。4．（4分）一列簡(jiǎn)諧橫波沿x軸正方向傳播，某時(shí)刻的波形如圖所示，則從此刻開始，介質(zhì)中質(zhì)點(diǎn)P的加速度a隨時(shí)間t變化的圖像為（）A． B． C． D．【分析】根據(jù)回復(fù)力提供加速度進(jìn)行求解?！窘獯稹拷猓汉?jiǎn)諧橫波沿x軸正方向傳播，質(zhì)點(diǎn)P處于平衡位置，根據(jù)上下坡法可知，質(zhì)點(diǎn)P向上振動(dòng)，質(zhì)點(diǎn)P的加速度為，故B正確，ACD錯(cuò)誤。故選：B?！军c(diǎn)評(píng)】本題主要考查了簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，難度一般，基礎(chǔ)題。5．（4分）某“失重”餐廳的傳菜裝置如圖所示，運(yùn)送菜品的小車沿等螺距軌道向下勻速率運(yùn)動(dòng)，該軌道各處彎曲程度相同，在此過程中，小車（）A．機(jī)械能保持不變 B．動(dòng)量保持不變 C．處于失重狀態(tài) D．所受合力不為零【分析】小車的機(jī)械能包括動(dòng)能和重力勢(shì)能，根據(jù)運(yùn)動(dòng)過程分析機(jī)械能的變化；根據(jù)動(dòng)量公式分析動(dòng)量是否發(fā)生變化；根據(jù)小車的運(yùn)動(dòng)分析小車的狀態(tài)；合力提供向心力?！窘獯稹拷猓篈、小車的機(jī)械能包括動(dòng)能和重力勢(shì)能，小車高度減小，即重力勢(shì)能減小，小車沿等螺距軌道向下勻速率運(yùn)動(dòng)，速度大小不變，即動(dòng)能不變，所以小車的機(jī)械能減小，故A錯(cuò)誤；B、小車做螺旋運(yùn)動(dòng)，速度大小不變，方向改變，根據(jù)動(dòng)量表達(dá)式有p＝mv可知，小車動(dòng)量的大小不變，動(dòng)量的方向發(fā)生變化，即動(dòng)量發(fā)生了變化，故B錯(cuò)誤；C、由于小車沿等螺距軌道向下做勻速率運(yùn)動(dòng)，沿軌道方向的速度大小不變，即小車沿軌道方向的合力為0，即沿軌道方向的加速度為0，又由于該軌道各處彎曲程度相同，則軌道對(duì)小車的指向圖中軸心的作用力提供圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，該作用力方向沿水平方向，可知，小車的加速度方向方向沿水平方向，小車不存在豎直方向的加速度，即小車既不處于超重，又不處于失重，故C錯(cuò)誤；D、根據(jù)上述可知，小車沿軌道方向的合力為0，軌道對(duì)小車的指向圖中軸心的作用力提供圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，即小車的合力不為零，合力方向總指向圖中軸心，故D正確。故選：D?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查的知識(shí)點(diǎn)較多，注意動(dòng)量和合力是矢量，具有方向性，難度適中。6．（4分）如圖（a），一點(diǎn)電荷P（未畫出）所在的水平直線上有M、N兩點(diǎn)。在M、N兩點(diǎn)分別放置試探電荷，其受到的靜電力與試探電荷的電荷量的關(guān)系分別如圖（b）中直線Ⅰ、Ⅱ所示。規(guī)定向右為正方向，則（）A．P帶正電 B．P在M點(diǎn)左側(cè) C．M點(diǎn)電勢(shì)比N點(diǎn)的低 D．M點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度比N點(diǎn)的小【分析】根據(jù)試探電荷受到的電場(chǎng)力方向，結(jié)合其電性，分析M、N兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)方向，再判斷點(diǎn)電荷P的電性和位置。根據(jù)F﹣q圖像的斜率表示場(chǎng)強(qiáng)，分析M、N兩點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)的大小，從而判斷出M、N兩點(diǎn)到P的距離，即可判斷M、N兩點(diǎn)電勢(shì)關(guān)系?！窘獯稹拷猓篈B、由圖像中直線Ⅰ可知，在M點(diǎn)放置的試探電荷帶正電，受到的電場(chǎng)力向右，則M點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)方向向右。由圖像中直線Ⅱ可知，在N點(diǎn)放置的試探電荷帶負(fù)電，受到的電場(chǎng)力向右，則N點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)方向向左，可知點(diǎn)電荷P應(yīng)位于M、N兩點(diǎn)之間，且P帶負(fù)電，故AB錯(cuò)誤；CD、根據(jù)得F＝Eq，可知F﹣q圖像的斜率表示場(chǎng)強(qiáng)，由F﹣q圖像可知，直線Ⅰ對(duì)應(yīng)的場(chǎng)強(qiáng)大于直線Ⅱ?qū)?yīng)的場(chǎng)強(qiáng)，即M點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度比N點(diǎn)的大。根據(jù)可知M點(diǎn)比N點(diǎn)離負(fù)點(diǎn)電荷P更近，所以M點(diǎn)電勢(shì)比N點(diǎn)的低，故C正確，D錯(cuò)誤。故選：C?！军c(diǎn)評(píng)】解答本題的關(guān)鍵要理解F﹣q圖像的意義，知道F﹣q圖像的斜率表示場(chǎng)強(qiáng)，正電荷所受電場(chǎng)力方向與場(chǎng)強(qiáng)方向相同，負(fù)電荷所受電場(chǎng)力方向與場(chǎng)強(qiáng)方向相反。7．（4分）如圖，質(zhì)量均為m的物塊甲、乙靜止于傾角為θ的固定光滑斜面上，二者間用平行于斜面的輕質(zhì)彈簧相連，乙緊靠在垂直于斜面的擋板上。給甲一個(gè)沿斜面向上的初速度，此后運(yùn)動(dòng)過程中乙始終不脫離擋板，且擋板對(duì)乙的彈力最小值為0，重力加速度為g。擋板對(duì)乙的彈力最大值為（）A．2mgsinθ B．3mgsinθ C．4mgsinθ D．5mgsinθ【分析】乙始終未離開擋板，則甲做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，甲在最低點(diǎn)和最高點(diǎn)時(shí)，分別對(duì)兩物塊受力分析，根據(jù)平衡條件、牛頓第二定律分析和簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱性列式求解即可?！窘獯稹拷猓何飰K甲運(yùn)動(dòng)至最高點(diǎn)時(shí)，擋板對(duì)乙的彈力最小值為0，對(duì)乙受力分析，由平衡條件得：F彈1＝mgsinθ對(duì)甲受力分析，由牛頓第二定律得：F彈1+mgsinθ＝ma則有：F彈1＝2mgsinθ物塊甲運(yùn)動(dòng)至最低點(diǎn)時(shí)，根據(jù)簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱性有：F彈2﹣mgsinθ＝ma則有：F彈2＝3mgsinθ對(duì)乙受力分析，由平衡條件可知，擋板對(duì)乙的彈力最大值為：FN＝F彈2+mgsinθ＝4mgsinθ故C正確，ABD錯(cuò)誤。故選：C。【點(diǎn)評(píng)】本題考查簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，解題關(guān)鍵是知道簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)具有對(duì)稱性：關(guān)于平衡位置對(duì)稱的兩點(diǎn)，物塊的加速度大小相等，結(jié)合平衡條件和牛頓第二定律列式求解即可。（多選）8．（6分）波長(zhǎng)不同的a、b兩束單色平行光，分別照射到同一雙縫干涉裝置上，在屏上得到干涉條紋如圖所示。下列說法正確的是（）A．在真空中，a光的波長(zhǎng)比b光的長(zhǎng) B．在真空中，a光的傳播速度比b光的小 C．若只減小雙縫到屏的距離，兩光產(chǎn)生的條紋間距均變小 D．兩光分別照射同一單縫衍射裝置，若只減小縫寬，中央亮紋寬度均變小【分析】根據(jù)干涉條紋的寬度可以確定入射光的波長(zhǎng)的大小關(guān)系來確定兩列光的頻率的大小關(guān)系，根據(jù)光電效應(yīng)的特點(diǎn)來確定是否能夠發(fā)生光電效應(yīng)，發(fā)生明顯衍射的條件是狹縫的寬度比波長(zhǎng)小?！窘獯稹拷猓篈B、a光對(duì)應(yīng)的條紋間距大于b光對(duì)應(yīng)的條紋間距，根據(jù)可知在真空中，a光的波長(zhǎng)比b光的長(zhǎng)；在真空中，a光的傳播速度與b光的傳播速度相等，均為c，故A正確，B錯(cuò)誤；C、根據(jù)，若只減小雙縫到屏的距離，兩光產(chǎn)生的條紋間距均變小，故C正確；D、兩光分別照射同一單縫衍射裝置，若只減小縫寬，中央亮紋寬度均變大，故D錯(cuò)誤。故選：AC?！军c(diǎn)評(píng)】該部分題目難度不大，只要切實(shí)掌握了相關(guān)的基礎(chǔ)知識(shí)就能順利解決此類題目。（多選）9．（6分）空間中存在垂直于xOy平面的磁場(chǎng)，x＝a兩側(cè)的勻強(qiáng)磁場(chǎng)方向相反，x＞a區(qū)域的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為x＜a區(qū)域的2倍。不同帶電粒子以速率v0由原點(diǎn)沿xOy平面射入該磁場(chǎng)，則粒子的軌跡可能為圖中的（）A． B． C． D．【分析】根據(jù)Bqv＝m列式求解出半徑公式，得出不同區(qū)域的半徑關(guān)系；分別根據(jù)每一選項(xiàng)的半徑關(guān)系得出圖像是否符合題意?！窘獯稹拷猓阂騲＞a區(qū)域的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為x＜a區(qū)域的2倍，根據(jù)Bqv＝m解得可知x＜a區(qū)域的圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為x＞a區(qū)域的圓周運(yùn)動(dòng)的半徑的2倍。A．由圖可知粒子運(yùn)動(dòng)的軌道半徑為即粒子沒能到達(dá)兩磁場(chǎng)的分界線，故A正確；B．該圖中粒子在x＜a中運(yùn)動(dòng)時(shí)的軌跡半徑為則在x＞a區(qū)域運(yùn)動(dòng)的半徑應(yīng)該為則軌跡與y軸交點(diǎn)的縱坐標(biāo)應(yīng)該是故B正確；C．該圖中粒子在x＜a區(qū)域的軌道半徑小于在x＞a區(qū)域的軌道半徑，故C錯(cuò)誤；D．該圖中粒子在x＜a區(qū)域的軌道半徑為r＝a，則在x＞a區(qū)域的軌道半徑為則軌跡與y軸交點(diǎn)故D正確。故答案為：ABD?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查的是洛倫茲力提供向心力的應(yīng)用，要結(jié)合圖像半徑關(guān)系，題型較復(fù)雜，需注意結(jié)合幾何關(guān)系解題。（多選）10．（6分）如圖（a），質(zhì)量均為m的小物塊甲和木板乙疊放在光滑水平面上，甲到乙左端的距離為L(zhǎng)，初始時(shí)甲、乙均靜止，質(zhì)量為M的物塊丙以速度v0向右運(yùn)動(dòng)，與乙發(fā)生彈性碰撞。碰后，乙的位移x隨時(shí)間t的變化如圖（b）中實(shí)線所示，其中t0時(shí)刻前后的圖像分別是拋物線的一部分和直線，二者相切于P，拋物線的頂點(diǎn)為Q。甲始終未脫離乙，重力加速度為g。下列說法正確的是（）A．碰后瞬間乙的速度大小為 B．甲、乙間的動(dòng)摩擦因數(shù)為 C．甲到乙左端的距離L D．乙、丙的質(zhì)量比m：M＝1：2【分析】根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式結(jié)合x﹣t圖像的切線斜率表示速度求解碰后瞬間乙的速度大小，根據(jù)牛頓第二定律甲、乙間的動(dòng)摩擦因數(shù)；根據(jù)圖（b）可得0～t0時(shí)間內(nèi)甲、乙發(fā)生的相對(duì)位移，由此得到甲到乙左端的距離滿足的條件；物塊丙與乙發(fā)生彈性碰撞，根據(jù)動(dòng)量守恒定律、機(jī)械能守恒定律進(jìn)行解答?！窘獯稹拷猓篈B、設(shè)碰后瞬間乙的速度大小為v1，碰后乙的加速度大小為a，由圖（b）可知：x＝v1t0﹣＝拋物線的頂點(diǎn)為Q，根據(jù)x﹣t圖像的切線斜率表示速度，則有：v1＝a?2t0聯(lián)立解得：v1＝，a＝根據(jù)牛頓第二定律可得：a＝＝μg解得甲、乙間的動(dòng)摩擦因數(shù)為：μ＝，故A錯(cuò)誤，B正確；C、由于甲、乙質(zhì)量相同，則甲做加速運(yùn)動(dòng)的加速度大小也為a＝根據(jù)圖（b）可知，t0時(shí)刻甲、乙剛好共速，則0～t0時(shí)間內(nèi)甲、乙發(fā)生的相對(duì)位移為：Δx＝x乙﹣x甲＝﹣＝＝則甲到乙左端的距離滿足：L≥Δx＝，故C正確；D、物塊丙與乙發(fā)生彈性碰撞，取向右為正方向，碰撞過程根據(jù)動(dòng)量守恒定律可得：Mv0＝Mv2+mv1根據(jù)機(jī)械能守恒定律可得：＝+可得v1＝v0＝可得乙、丙的質(zhì)量比為：m：M＝2：1，故D錯(cuò)誤。故選：BC?！军c(diǎn)評(píng)】本題主要是考查了動(dòng)量守恒定律和機(jī)械能守恒定律；對(duì)于動(dòng)量守恒定律，其守恒條件是：系統(tǒng)不受外力作用或合外力為零；解答時(shí)要首先確定一個(gè)正方向，利用碰撞前系統(tǒng)的動(dòng)量和碰撞后系統(tǒng)的動(dòng)量相等列方程求解。二、非選擇題：本題共5小題，共54分。11．（6分）某同學(xué)設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律，裝置如圖（a）所示。一質(zhì)量為m、直徑為d的小球固定于釋放裝置上，在小球正下方固定四個(gè)光電門，調(diào)節(jié)各光電門的中心，使其與小球的球心均在同一豎直線上。由靜止釋放小球，記錄小球通過每個(gè)光電門的擋光時(shí)間，重力加速度為g。（1）若測(cè)得某光電門的中心與釋放點(diǎn)的豎直距離為h，小球通過此光電門的擋光時(shí)間為Δt，則小球從釋放點(diǎn)下落至此光電門中心時(shí)的動(dòng)能增加量ΔEk＝，重力勢(shì)能減小量ΔEp＝mgh（用題中字母表示）；（2）根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，作出ΔEk﹣ΔEp的圖像，如圖（b）所示。若圖中虛線的斜率k≈1，則可驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律；（3）經(jīng)過多次重復(fù)實(shí)驗(yàn)，發(fā)現(xiàn)小球經(jīng)過第三個(gè)光電門時(shí)，ΔEk總是大于ΔEp，下列原因中可能的是B。A．第三個(gè)光電門的中心與釋放點(diǎn)的豎直距離測(cè)量值偏大B．第三個(gè)光電門的中心偏離小球下落時(shí)球心所在的豎直線C．小球下落過程中受到空氣阻力的作用【分析】（1）先求出經(jīng)過光電門中心的速度，再根據(jù)動(dòng)能公式求出小球從釋放點(diǎn)下落至此光電門中心時(shí)的動(dòng)能增加量；根據(jù)Ep＝mgh求出重力勢(shì)能的減小量；（2）根據(jù)機(jī)械能守恒定律可得ΔEk＝ΔEp，則圖像斜率為1；（3）豎直距離測(cè)量值偏大，使重力勢(shì)能偏大；第三個(gè)光電門的中心偏離小球下落時(shí)球心所在的豎直線，使得擋光寬度小于小球的直徑，則速度測(cè)量值偏大；小球下落過程中受到空氣阻力的作用，減少的重力勢(shì)能有一部分轉(zhuǎn)化為內(nèi)能?！窘獯稹拷猓海?）小球經(jīng)過光電門中心時(shí)的速度為則小球從釋放點(diǎn)下落至此光電門中心時(shí)的動(dòng)能增加量為小球從釋放點(diǎn)下落至此光電門中心時(shí)的重力勢(shì)能減小量ΔEp＝mgh（2）根據(jù)機(jī)械能守恒定律可得ΔEk＝ΔEp則作出ΔEk﹣ΔEp的圖像中虛線的斜率k≈1，則可驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律。（3）A．第三個(gè)光電門的中心與釋放點(diǎn)的豎直距離測(cè)量值偏大，則ΔEp的測(cè)量值偏大，使得ΔEk小于ΔEp，故A錯(cuò)誤；B．第三個(gè)光電門的中心偏離小球下落時(shí)球心所在的豎直線，使得擋光寬度小于小球的直徑，則速度測(cè)量值偏大，ΔEk的測(cè)量值偏大，使得ΔEk大于ΔEp，故B正確；C．小球下落過程中受到空氣阻力的作用，使得減少的重力勢(shì)能有一部分轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，則ΔEk小于ΔEp，故C錯(cuò)誤。故選：B。故答案為：（1），mgh；（2）1；（3）B?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查的是驗(yàn)證機(jī)械能守恒的實(shí)驗(yàn)，其中小球經(jīng)過光電門的速度計(jì)算為，題型為基礎(chǔ)題，較簡(jiǎn)單。12．（8分）某些材料的電阻率在外磁場(chǎng)作用下發(fā)生改變的現(xiàn)象稱為磁致電阻效應(yīng)，利用該效應(yīng)可以制作磁敏器件。為探究某磁敏器件材料的電阻率隨外磁場(chǎng)的變化規(guī)律，設(shè)計(jì)如圖（a）所示電路。該器件在無外磁場(chǎng)時(shí)的阻值為R0，加磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的外磁場(chǎng)后，阻值變?yōu)镽，阻值的變化量ΔR＝R﹣R0，相對(duì)變化率能反映器件材料電阻率的變化。圖中V1和V2均為理想電壓表，定值電阻R1＝300Ω，RP為滑動(dòng)變阻器，S為開關(guān)，E為電源。（1）不加外磁場(chǎng)，調(diào)節(jié)RP使V1示數(shù)為U1＝0.30V，讀出V2示數(shù)U2＝0.40V，由此可計(jì)算出R0＝400Ω；（2）加外磁場(chǎng)，調(diào)節(jié)RP使V1示數(shù)仍為0.30V，記錄B和V2示數(shù)U2，計(jì)算；（3）改變B，重復(fù)（2）操作，實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)如下表，B＝0.30T時(shí)，電壓表V2示數(shù)如圖（b）所示，讀出數(shù)據(jù)，完成表格，答：①0.66，②0.65；B/T…0.150.200.250.300.350.40U2/V…0.560.590.62①0.690.72…0.400.480.55②0.730.80（4）在圖（c）坐標(biāo)紙上將所缺數(shù)據(jù)點(diǎn)補(bǔ)充完整并作圖。由此可知，B在0.15T～0.40T范圍內(nèi)，該器件材料的電阻率隨B的增大而增大?！痉治觥浚?）根據(jù)電阻分壓關(guān)系可得出結(jié)論；（3）由圖讀出電壓表V2示數(shù)，再根據(jù)電阻分壓關(guān)系列式，求出磁敏器件的阻值，從而得出的值；（4）根據(jù)表中數(shù)據(jù)描點(diǎn)連線?！窘獯稹拷猓海?）根據(jù)電阻分壓關(guān)系可得磁敏器件在無外磁場(chǎng)時(shí)的阻值為R0＝400Ω（3）由圖可知電壓表V2示數(shù)為U＝0.66V根據(jù)電阻分壓關(guān)系可得B＝0.30T時(shí)，磁敏器件的阻值為R′0＝660Ω則（4）將所缺數(shù)據(jù)點(diǎn)補(bǔ)充完整做出圖象如圖所示故答案為：（1）400；（3）0.66，0.65；（4）?！军c(diǎn)評(píng)】本題為新型實(shí)驗(yàn)題型，其中，電阻的分壓列式要熟練掌握。13．（10分）滑雪是我國(guó)東北地區(qū)冬季常見的體育運(yùn)動(dòng)。如圖（a），在與水平面夾角θ＝14.5°的滑雪道上，質(zhì)量m＝60kg的滑雪者先采用兩滑雪板平行的滑雪姿勢(shì)（此時(shí)雪面對(duì)滑雪板的阻力可忽略），由靜止開始沿直線勻加速下滑x1＝45m；之后采取兩滑雪板間呈一定角度的滑雪姿勢(shì)，通過滑雪板推雪獲得阻力，勻減速繼續(xù)下滑x2＝15m后停止。已知sin14.5°＝0.25，sin37°＝0.6，取重力加速度g＝10m/s2，不計(jì)空氣阻力。（1）求減速過程中滑雪者加速度a的大??；（2）如圖（b），若減速過程中兩滑雪板間的夾角α＝74°，滑雪板受到沿雪面且垂直于滑雪板邊緣的阻力均為F，求F的大小?！痉治觥浚?）滑雪者先做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，后做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)位移—速度公式和牛頓第二定律列式求解即可；（2）滑雪者做減速運(yùn)動(dòng)時(shí)，對(duì)滑雪者受力分析，沿雪面方向，根據(jù)牛頓第二定律列式求解即可?！窘獯稹拷猓海?）由靜止開始沿直線勻加速下滑的過程，由勻變速直線運(yùn)動(dòng)位移—速度公式得：由牛頓第二定律得：mgsinθ＝ma1代入數(shù)據(jù)聯(lián)立解得：v＝15m/s勻減速繼續(xù)下滑的過程，由勻變速直線運(yùn)動(dòng)位移—速度公式得：代入數(shù)據(jù)解得：a＝7.5m/s2（2）若減速過程中兩滑雪板間的夾角α＝74°根據(jù)牛頓第二定律有：代入數(shù)據(jù)解得：F＝500N答：（1）減速過程中滑雪者加速度a的大小為7.5m/s2；（2）滑雪板受到沿雪面且垂直于滑雪板邊緣的阻力大小為500N?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式，解題關(guān)鍵是對(duì)滑雪者做好受力分析，結(jié)合牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式列式求解即可。14．（12分）如圖，真空中足夠大的鋁板M與金屬板N平行放置，通過電流表與電壓可調(diào)的電源相連。一束波長(zhǎng)。λ＝200nm的紫外光持續(xù)照射到M上，光電子向各個(gè)方向逸出。已知鋁的逸出功W0＝6.73×10﹣19J，光速c＝3.0×108m/s，普朗克常量h＝6.63×10﹣34J?s。（1）求光電子的最大初動(dòng)能Ek（計(jì)算結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）；（2）調(diào)節(jié)電壓使電流表的示數(shù)減小到0時(shí)，M、N間的電壓為U0；當(dāng)電壓為時(shí)，求能到達(dá)N的光電子中，初速度與M之間夾角的最小值θ?！痉治觥浚?）根據(jù)光電效應(yīng)方程求解；（2）分別根據(jù)不同電壓時(shí)光子的運(yùn)動(dòng)列出動(dòng)能定理公式，求解出角度大小?！窘獯稹拷猓海?）根據(jù)光電效應(yīng)方程可得（2）因調(diào)節(jié)電壓使電流表的示數(shù)減小到0時(shí)，M、N間的電壓為U0，則Ek＝U0e當(dāng)電壓為時(shí)恰能到達(dá)N的光子滿足代入數(shù)據(jù)解得則θ＝60°答：（1）光電子的最大初動(dòng)能Ek為3.2×10﹣19J；（2）能到達(dá)N的光電子中，初速度與M之間夾角的最小值θ為60°?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查光電子的最大初動(dòng)能以及帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，解題關(guān)鍵掌握動(dòng)能定理。15．（18分）如圖（a），水平傳送帶以恒定速率v0順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，寬為4L、足夠高的矩形勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域MNPQ，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向垂直紙面向里，磁場(chǎng)下邊界QP水平。矩形導(dǎo)體框abcd無初速度地放在傳送帶上且ad與MQ重合，bc向右運(yùn)動(dòng)到NP時(shí)恰與傳送帶共速，此時(shí)施加水平向右的拉力，使導(dǎo)體框保持共速前的加速度離開磁場(chǎng)。ad離開磁場(chǎng)時(shí)撤掉拉力，同時(shí)將QP提升到傳送帶上方距上表面L處。導(dǎo)體框繼續(xù)向右運(yùn)動(dòng)，與NP右側(cè)4.5L處的豎直固定擋板發(fā)生彈性正碰。當(dāng)ad返回NP時(shí)，施加水平向左的拉力，使導(dǎo)體框以此時(shí)的速度勻速通過磁場(chǎng)。已知導(dǎo)體框質(zhì)量為m，總電阻為R，ab長(zhǎng)為3L，ad長(zhǎng)為2L，導(dǎo)體框平面始終與磁場(chǎng)垂直且不脫離傳送帶，重力加速度為g。（1）求導(dǎo)體框從開始運(yùn)動(dòng)到與傳送帶共速過程中，ad兩點(diǎn)間的電勢(shì)差Uad與時(shí)間t的關(guān)系式；（2）求導(dǎo)體框向右離開磁場(chǎng)過程中，拉力沖量IF的大??；（3）導(dǎo)體框向左通過磁場(chǎng)的過程中，設(shè)ad到NP的距離為x，導(dǎo)體框受到的摩擦力大小為Ff，在圖（b）中定量畫出導(dǎo)體框通過磁場(chǎng)過程中Ff﹣x圖像，不要求寫出推導(dǎo)過程?！痉治觥浚?）根據(jù)動(dòng)生電動(dòng)勢(shì)的公式求出ad產(chǎn)生的動(dòng)生電動(dòng)勢(shì)，再根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律求出ad兩點(diǎn)間的電勢(shì)差Uad與時(shí)間t的關(guān)系式；（2）根據(jù)牛頓第二定律求出導(dǎo)體框從開始運(yùn)動(dòng)到與傳送帶共速過程中受到的摩擦力；再根據(jù)位移與時(shí)間以及速度與時(shí)間的關(guān)系求出bc離開磁場(chǎng)時(shí)的速度以及時(shí)間；分析導(dǎo)線框離開磁場(chǎng)時(shí)的加速度，求出導(dǎo)線框產(chǎn)生的動(dòng)生電動(dòng)