上海延安中學(xué)2023年高考物理必刷試卷含解析

2023年高考物理模擬試卷

請(qǐng)考生注意：

1.請(qǐng)用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應(yīng)位置上，請(qǐng)用0.5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答

案寫在答題紙相應(yīng)的答題區(qū)內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙上均無效。

2.答題前，認(rèn)真閱讀答題紙上的《注意事項(xiàng)》，按規(guī)定答題。

一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。

1、下列說法正確的是（）

A.光子沒有質(zhì)量，所以光子雖然具有能量，但沒有動(dòng)量

B.玻爾認(rèn)為，原子中電子的軌道是量子化的，能量也是量子化的

C.將由放射性元素組成的化合物進(jìn)行高溫分解，會(huì)縮短放射性元素的半衰期

D.原子核的質(zhì)量大于組成它的核子的質(zhì)量之和，這個(gè)現(xiàn)象稱為質(zhì)量虧損

2、如圖所示，實(shí)線為兩個(gè)點(diǎn)電荷烏、心產(chǎn)生的電場(chǎng)的電場(chǎng)線，虛線為正電荷從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)軌跡，則下列

判斷正確的是（）

A.A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)小于3點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)

B.Q1的電荷量大于。2的電荷量

C,正電荷在A點(diǎn)的電勢(shì)能小于在5點(diǎn)的電勢(shì)能

D.正電荷在A點(diǎn)的速度小于在8點(diǎn)的速度

3、如圖所示，靜止在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的某放射性元素的原子核，當(dāng)它放出一個(gè)a粒子后，其速度方向與磁場(chǎng)方向垂直，測(cè)

得a粒子和反沖核軌道半徑之比為44:1,則下列說法不正確的是（）

A.a粒子與反沖粒子的動(dòng)量大小相等，方向相反

B.原來放射性元素的原子核電荷數(shù)為90

C.反沖核的核電荷數(shù)為88

D.a粒子和反沖粒子的速度之比為1:88

4、如圖所示的電路中，D］、口2是完全相同的燈泡，線圈L的自感系數(shù)較大，直流電阻不計(jì)。先閉合開關(guān)S,電路穩(wěn)

定后再斷開開關(guān)S,此時(shí)（

A.D］立刻熄滅

B.D2立刻熄滅

C.D1閃亮一下逐漸熄滅

D.口2閃亮一下逐漸熄滅

5、如圖所示，固定在豎直平面內(nèi)的光滑圓環(huán)的最高點(diǎn)有一個(gè)光滑的小孔，質(zhì)量為，〃的小球套在圓環(huán)上，一根細(xì)線的

下端系著小球，上端穿過小孔用力尸拉住，繩與豎直方向夾角為仇小球處于靜止?fàn)顟B(tài).設(shè)小球受支持力為戶N，則下列

關(guān)系正確的是（）

A.F=2mgtan0B.F=mgco$Q

C.Fy=mgD.FN=2?zg

6、如圖，a、?兩個(gè)物塊用一根足夠長的輕繩連接，跨放在光滑輕質(zhì)定滑輪兩側(cè)，力的質(zhì)量大于a的質(zhì)量，用手豎直向

上托住b使系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)。輕質(zhì)彈簧下端固定，豎直立在白物塊的正下方，彈簧上端與〃相隔一段距離，由靜止

釋放兒在人向下運(yùn)動(dòng)直至彈簧被壓縮到最短的過程中（彈簧始終在彈性限度內(nèi)）。下列說法中正確的是（）

A.在?接觸彈簧之前，b的機(jī)械能一直增加

B.b接觸彈簧后，a、b均做減速運(yùn)動(dòng)

C.8接觸彈簧后，繩子的張力為零

D.a、b和繩子組成的系統(tǒng)機(jī)械能先不變，后減少

二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。

全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得。分。

7、如圖所示，間距為L=L0m、長為5.0m的光滑導(dǎo)軌固定在水平面上，一電容為C=0.1F的平行板電容器接在導(dǎo)軌

的左端.垂直于水平面的磁場(chǎng)沿x軸方向上按5=3。（其中%=0.4T,k=02T/m）分布,垂直x軸方向的

磁場(chǎng)均勻分布.現(xiàn)有一導(dǎo)體棒橫跨在導(dǎo)體框上，在沿X軸方向的水平拉力/作用下，以y=2.0m/s的速度從x=0處

沿x軸方向勻速運(yùn)動(dòng)，不計(jì)所有電阻，下面說法中正確的是

XXXXXXXXXX

7><XXXXXXXXXXX

A.電容器中的電場(chǎng)隨時(shí)間均勻增大

B.電路中的電流隨時(shí)間均勻增大

C.拉力F的功率隨時(shí)間均勻增大

D.導(dǎo)體棒運(yùn)動(dòng)至x=3m處時(shí)，所受安培力為0.02N

8、下列說法正確的是。

A.共享單車是“新四大發(fā)明”之一，手機(jī)和互聯(lián)網(wǎng)、互聯(lián)網(wǎng)和單車之間都是通過紅外線傳遞信息的

B.高速運(yùn)動(dòng)的物體，沿運(yùn)動(dòng)方向的長度會(huì)變長

C.發(fā)生沙塵暴時(shí)能見度只有幾十米，天空變黃發(fā)暗，這是因?yàn)榘l(fā)生沙塵暴時(shí)只有波長較長的一部分光才能到達(dá)地面

D.根據(jù)多普勒效應(yīng)可以算出宇宙中的星球靠近或遠(yuǎn)離地球的速度

E.光纖通信、醫(yī)用纖維式內(nèi)窺鏡都利用了光的全反射原理

9、如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)A依次經(jīng)過狀態(tài)B、C和D后再回到狀態(tài)A.其中，A-B和C-D為等溫

過程，B-C和D-A為絕熱過程.該循環(huán)過程中，下列說法正確的是.

A.A—B過程中，氣體對(duì)外界做功，吸熱

B.B—C過程中，氣體分子的平均動(dòng)能增加

C.C-D過程中，單位時(shí)間內(nèi)碰撞單位面積器壁的分子數(shù)減少

D.D-A過程中，氣體分子的速率分布曲線發(fā)生變化

E.該循環(huán)過程中，氣體吸熱

10、如圖所示為一列沿X軸正方向傳播的簡諧橫波，實(shí)線為，=0.2s時(shí)刻的波形圖，虛線為r=0.8s時(shí)的波形圖，波的

周期7>0.65,則（）

A.波速為lOm/s

B.A比5先回到平衡位置

C.在，=0.5s時(shí)，8點(diǎn)到達(dá)波峰位置

D.經(jīng)過0.4s,8點(diǎn)經(jīng)過的路程為0.4m

E.在f=1.0s時(shí)，A點(diǎn)沿y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)

三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11.(6分)某同學(xué)用如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)裝置某測(cè)量木塊與木板間動(dòng)摩擦因數(shù)：

A\BCDE

?■，，

????

111II

11411

11i11

丁「

1__i.i.i.ri_

9.5011.0012.5014.00(CB)

(1)從打出的若干紙帶中選出了如圖所示的一條，紙帶上A、B,C、。、E這些點(diǎn)的間距如圖中標(biāo)示，其中每相鄰兩點(diǎn)

間還有4個(gè)計(jì)時(shí)點(diǎn)未畫出。打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的電源頻率是50Hz,根據(jù)測(cè)量結(jié)果計(jì)算：則打C點(diǎn)時(shí)紙帶的速度大小為

m/s；紙帶運(yùn)動(dòng)的加速度大小為m/s2o(結(jié)果保留3位有效數(shù)字)

(2)通過(1)測(cè)得木塊的加速度為a,還測(cè)得鉤碼和木塊的質(zhì)量分別為m和已知當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹間,則動(dòng)摩擦因數(shù)

12.(12分)圖甲為測(cè)定當(dāng)?shù)刂亓铀俣鹊膶?shí)驗(yàn)裝置，不可伸長的輕擺線一端固連在鉛質(zhì)小圓柱的上端，另一端固定

在。點(diǎn)。將輕繩拉至水平后由靜止釋放，在小圓柱通過的最低點(diǎn)附近安置一組光電門，測(cè)出小圓柱運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)通過

光電門的擋光時(shí)間f,用游標(biāo)卡尺測(cè)出小圓柱的直徑d,如圖乙所示。忽略空氣阻力，實(shí)驗(yàn)步驟如下：

(1)小圓柱的直徑d=cm；

(2)測(cè)出懸點(diǎn)到圓柱中心的距離I,并測(cè)出對(duì)應(yīng)的擋光時(shí)間4

（3）改變擺線的長度，重復(fù)步驟（2）,多測(cè)幾組數(shù)據(jù)；

（4）以懸點(diǎn)到圓柱重心的距離/為縱坐標(biāo)，以為橫坐標(biāo)，得到的圖象是一條通過坐標(biāo)原點(diǎn)的直線，如圖丙所示。

計(jì)算得該圖線的斜率為k,則當(dāng)?shù)刂亓铀俣萭=（用物理量的符號(hào)表示）。

四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13.（10分）如圖所示，在第一象限內(nèi)，存在垂直于平面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)I,第二象限內(nèi)存在水平向右的勻強(qiáng)電

場(chǎng)，第三、四象限內(nèi)存在垂直于’平面向外、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為8的勻強(qiáng)磁場(chǎng)H。一質(zhì)量為山，電荷量為+<7的粒

0

子，從X軸上M點(diǎn)以某一初速度垂直于X軸進(jìn)入第四象限，在X。）‘平面內(nèi)，以原點(diǎn)。為圓心做半徑為勺的圓周運(yùn)動(dòng)；

隨后進(jìn)入電場(chǎng)運(yùn)動(dòng)至y軸上的N點(diǎn)，沿與y軸正方向成45°角離開電場(chǎng)；在磁場(chǎng)I中運(yùn)動(dòng)一段時(shí)間后，再次垂直于方

軸進(jìn)入第四象限。不計(jì)粒子重力。求：

（1）帶電粒子從M點(diǎn)進(jìn)入第四象限時(shí)初速度的大小二；

（2）電場(chǎng)強(qiáng)度的大小

（3）磁場(chǎng)I的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小q。

14.（16分）如圖從1為半徑區(qū)=101的四分之一光滑絕緣豎直圓弧軌道,在四分之一圓弧區(qū)域內(nèi)存在著￡=卜106丫/111、

豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)，有一質(zhì)量m=lkg、帶電荷量q=+1.4x10-5C的物體（可視為質(zhì)點(diǎn)），從A點(diǎn)的正上方距離A

點(diǎn)H處由靜止開始自由下落（不計(jì)空氣阻力），BC段為長L=2m、與物體間動(dòng)摩擦因數(shù)p=0.2的粗糙絕緣水平面.

（取g=10m/s2）

D

H：

I

I

—__________________________

RCD

（1）若H=lm,物體能沿軌道AB到達(dá)最低點(diǎn)B,求它到達(dá)B點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力大??；

（2）通過你的計(jì)算判斷：是否存在某一H值，能使物體沿軌道AB經(jīng)過最低點(diǎn)B后最終停在距離B點(diǎn)0.8m處.

15.(12分)如圖所示，在真空室內(nèi)的尸點(diǎn)，能沿平行紙面向各個(gè)方向不斷發(fā)射電荷量為+外質(zhì)量為，”的粒子(不計(jì)

重力)，粒子的速率都相同。詔為尸點(diǎn)附近的一條水平直線，尸到直線"的距離尸C=L,。為直線講上一點(diǎn)，它與P

點(diǎn)相距當(dāng)直線必以上區(qū)域只存在垂直紙面向里、磁感應(yīng)強(qiáng)度為8的勻強(qiáng)磁場(chǎng)時(shí)，水平向左射出的粒子恰

到達(dá)Q點(diǎn)；當(dāng)ab以上區(qū)域只存在沿PC方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)時(shí)，其中水平向左射出的粒子也恰好到達(dá)。點(diǎn)。已知sin370=0.6,

cos37°=0.8,求：

(1)粒子的發(fā)射速率；

(2)僅有電場(chǎng)時(shí)PQ兩點(diǎn)間的電勢(shì)差；

(3)僅有磁場(chǎng)時(shí)，能到達(dá)直線油的粒子所用最長時(shí)間和最短時(shí)間。

QC6

參考答案

一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。

1、B

【解析】

A.光子具有能量，也具有動(dòng)量，A項(xiàng)錯(cuò)誤：

B.玻爾認(rèn)為，原子中電子的軌道是量子化的，能量也是量子化的，B項(xiàng)正確；

C.元素的半衰期不會(huì)因?yàn)楦邷囟淖?，C項(xiàng)錯(cuò)誤；

D.原子核的質(zhì)量小于組成它的核子的質(zhì)量之和，D項(xiàng)錯(cuò)誤。

故選B?

2、C

【解析】

A.根據(jù)“電場(chǎng)線的密疏表示場(chǎng)強(qiáng)的大小”可知A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)比B點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大，故A錯(cuò)誤；

B.根據(jù)電場(chǎng)線分布情況可知Q2是同種電荷。由點(diǎn)電荷周圍電場(chǎng)線較密可知點(diǎn)電荷帶電荷量較多，即,

故B錯(cuò)誤；

C.正電荷做曲線運(yùn)動(dòng)，受到的合力方向指向曲線的凹處，并且和電場(chǎng)線在一條直線上，所以正電荷電場(chǎng)力方向指向

。2，由于正電荷從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的過程中，電場(chǎng)力方向與速度方向的夾角總是大于90°,電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)

能增大，即正電荷在A點(diǎn)的電勢(shì)能小于在B點(diǎn)的電勢(shì)能，故C正確；

D.正電荷從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增大，動(dòng)能減小，故正電荷在A點(diǎn)的速度大于在B點(diǎn)的速

度，故D錯(cuò)誤。

故選C。

3、D

【解析】

微粒之間相互作用的過程中遵守動(dòng)量守恒定律，由于初始總動(dòng)量為零，則末動(dòng)量也為零，即a粒子和反沖核的動(dòng)量大

小相等，方向相反；由于釋放的a粒子和反沖核均在垂直于磁場(chǎng)的平面內(nèi)，且在洛倫茲力作用下做圓周運(yùn)動(dòng)；由

"IU2niTLVPP

Bqv=—屋得：/?=—,若原來放射性元素的核電荷數(shù)為Q,則對(duì)a粒子：勺=耳打，對(duì)反沖核：&=小①山.，

由于。=p,,根據(jù)勺：&=44:1,解得。=90,反沖核的核電荷數(shù)為9()-2=88,它們的速度大小與質(zhì)量成反比，

由于不知道質(zhì)量關(guān)系，無法確定速度大小關(guān)系，故A、B、C正確，D錯(cuò)誤；

4、D

【解析】

電路穩(wěn)定后斷開開關(guān)，線圈發(fā)生斷電自感，產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)，有同方向的電流，由于D］、D?是完全相同的燈泡，線圈

L的自感系數(shù)較大，直流電阻不計(jì)，原來線圈和D2、電阻并聯(lián)，回路電阻大，電流小，所以自感電流大于原

來通過D?電流，但不會(huì)大于原來通過D1的電流，所以D?閃亮一下逐漸熄滅，D1逐漸熄滅，所以D正確，ABC錯(cuò)誤;

故選Do

5、C

【解析】

對(duì)小球進(jìn)行受力分析，小球受重力G,尸，F(xiàn)N，三個(gè)力，滿足受力平衡。作出受力分析圖如下：

B

由圖可知△即：

GFF

—==_CJ-

RABR

解得：

F-^.G-2cos6G-2/〃gcos0

fN=G=mg

A.F=2/ngtan0,與分析不符，故A錯(cuò)誤;

B.F=mgco$Q,與分析不符，故B錯(cuò)誤；

C.Fy=mg,與分析相符，故C正確；

D.F可=2/叫，與分析不符，故D錯(cuò)誤;

故選：Co

6、D

【解析】

A.在方接觸彈簧之前，》除重力外有繩的拉力做負(fù)功，則方的機(jī)械能減小，故A錯(cuò)誤；

B.5接觸彈簧后，開始階段彈力較小，b的合力向下，繼續(xù)向下加速，b的合力減為零，再變?yōu)橄蛏?，。才開始減速,

同樣6加速時(shí)也會(huì)帶動(dòng)。跟著加速，故b接觸彈簧后，就均先做加速運(yùn)動(dòng)后做減速運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；

C.?接觸彈簧后，只要5在加速運(yùn)動(dòng)，就一定會(huì)帶著0加速，繩子的拉力一定不為零，只有在力準(zhǔn)備減速時(shí)，繩無法

拉直，此時(shí)繩的張力為零，故c錯(cuò)誤；

D.對(duì)“、5和繩子組成的系統(tǒng)而言，彈簧的彈力屬于系統(tǒng)的其它力，則接觸彈簧前彈力不做功，接觸彈簧后彈力做負(fù)

功，故系統(tǒng)的機(jī)械能先不變后減小，故D正確。

故選D。

二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。

全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。

7、AC

【解析】

根據(jù)導(dǎo)體切割磁感應(yīng)線產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)計(jì)算公式可得E=BLv,所以△E=4BLv,由于磁場(chǎng)隨位移均勻變化，所以感

應(yīng)電動(dòng)勢(shì)隨位移均勻增大，電容器兩端的電壓均勻變化，電場(chǎng)強(qiáng)度也是均勻變化的，A正確；電容器的電容

c\Q/ArAJB

°=而=礪'解得：『XLCV,由于導(dǎo)體棒勻速運(yùn)動(dòng)’且磁感應(yīng)強(qiáng)度隨位移均勻變化’而所以電

流強(qiáng)度不變，B錯(cuò)誤；

導(dǎo)體棒勻速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)平衡條件可得F=BIL,而B均勻增大，所以安培力均勻增大，拉力F均勻增大，拉力做功功率

等于克服安培力做功功率，即P=Fv可知，外力的功率均勻增大，C正確；導(dǎo)體棒運(yùn)動(dòng)至x=3m處時(shí)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為

\B

B=(0.4+0.2x3)T=1T,電流強(qiáng)度：1=—LCv=—LCv2=0.2xlxO.lx4A=0.08A,所以導(dǎo)體棒所受安培力為

A?AA-

FA=BIL=1x0.08x1N=0.08N,故D錯(cuò)誤.故選AC.

8、CDE

【解析】

A.手機(jī)是通過電磁波傳遞信息的，故A錯(cuò)誤；

B.根據(jù)相對(duì)論可知，高速運(yùn)動(dòng)的物體，沿運(yùn)動(dòng)方向的長度會(huì)變短，故B錯(cuò)誤；

C.波長較短的光容易被障礙物擋住，不能到達(dá)地面，波長較長的光更容易發(fā)生衍射而透過沙塵間的縫隙到達(dá)地面，

故C正確；

D.由于波源與接受者的相對(duì)位移的改變而導(dǎo)致接受頻率的變化，稱為多普勒效應(yīng)，故根據(jù)多普勒效應(yīng)，可以判斷遙

遠(yuǎn)天體相對(duì)于地球的運(yùn)動(dòng)速度，故D正確；

E.光纖通信、醫(yī)用纖維式窺鏡都利用了光的全反射原理，故E正確。

故選：CDE?

9、ADE

【解析】

Af8過程中，體積增大，氣體對(duì)外界做功，8fC過程中，絕熱膨脹，氣體對(duì)外做功，溫度降低，Cf。過程

中，等溫壓縮，A過程中，絕熱壓縮，外界對(duì)氣體做功，溫度升高.

【詳解】

A.Af8過程中，體積增大，氣體對(duì)外界做功，溫度不變，內(nèi)能不變，氣體吸熱，故4正確;

B.8fC過程中,絕熱膨脹，氣體對(duì)外做功，內(nèi)能減小，溫度降低，氣體分子的平均動(dòng)能減小，故5錯(cuò)誤;

C.C-。過程中,等溫壓縮，體積變小，分子數(shù)密度變大，單位時(shí)間內(nèi)碰撞單位面積器壁的分子數(shù)增多，故C錯(cuò)誤;

D.。fA過程中，絕熱壓縮,外界對(duì)氣體做功，內(nèi)能增加，溫度升高，分子平均動(dòng)能增大，氣體分子的速率分布曲線

發(fā)生變化，故。正確；

E.該循環(huán)中，氣體對(duì)外做功大于外界對(duì)氣體做功，即W<0；一個(gè)循環(huán)，內(nèi)能不變，AU=O,根據(jù)熱力學(xué)第一定律,

。>0,即氣體吸熱，故E正確；

故選ADE

【點(diǎn)睛】

本題考查了理想氣體狀態(tài)方程的應(yīng)用，根據(jù)圖象判斷出氣體體積如何變化，從而判斷出外界對(duì)氣體做功情況，再應(yīng)用

熱力學(xué)第一定律與題目所給條件即可正確解題：要知道：溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，理想氣體內(nèi)能由問題溫度決定.

10、ACD

【解析】

A.橫波沿x軸正方向傳播，由于波的周期40.6s,經(jīng)過加=0.6s,傳播距離Ax=6m,則波速

Ax

v=—=10m/s

△t

故A正確；

B.f=0.2s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)A由波峰向平衡位置振動(dòng)，質(zhì)點(diǎn)5沿y軸正方向向平衡位置振動(dòng)，故5比A先回到平衡位置，故

B錯(cuò)誤；

C.由圖可知，波長入=8m,則傳播距離

Ax=6m=0.75入

則傳播時(shí)間為

△t=O.6s=0.757

33

解得7=0.8s,在f=0.5s時(shí)，5振動(dòng)了了丁，波傳播了五九=3m,根據(jù)波形平移可知，B點(diǎn)到達(dá)波峰位置，故C正確；

OO

D.經(jīng)過0.4s=0.57,則8點(diǎn)振動(dòng)了24=0.4m,故D正確；

E.f=1.0s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)A振動(dòng)了0.8s=7,則4點(diǎn)回到波峰位置，速度為零，故E錯(cuò)誤。

故選ACD,

三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

mg+

[1、1.18m/s1.50m/s2N=--------------------

Mg

【解析】

(1)[1][2J.因紙帶上兩相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)的時(shí)間間隔為T=0.10s,設(shè)S]=9.50cm、s2=l1.00cm,s3=12.5cm,s4=14.00cm,打C

點(diǎn)時(shí)紙帶的速度大小為

代入數(shù)值得

vc=1.18m/s

加速度

代入數(shù)值得

a=1.50m/s2

(2)[3].對(duì)木塊、祛碼盤和祛碼組成的系統(tǒng)，由牛頓第二定律得

mg—)a

解得

_mg

M---------------------

Mg

1d

12、1.027v—

(TAr)22k

【解析】

小圓柱的直徑J=1.0cm+2x0.1mm=1.02cm.

(2)[2][3],根據(jù)機(jī)械能守恒定律得

,1

mgl=—mv^

所以

,11,d、

g/=-U2=-(一)2

22At

得到

1_d21

F畫7

1

則以懸點(diǎn)到圓柱重心的距離I為縱坐標(biāo)，以77k為橫坐標(biāo)。

(加)2

故

四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

qBR廠qBiR?1?

13、(1)v=—o—o.(2)E=-w<>.(3)B--B

°m2m120

【解析】

（I）粒子從X軸上用點(diǎn)進(jìn)入第四象限，在xOy平面內(nèi)，以原點(diǎn)。為圓心做半徑為勺的圓周運(yùn)動(dòng)，由洛倫茲力提供

向心力:

「U2

qvB=m_o_

ooR

o

解得：

qBR

V=——0—0.

0m

（2）粒子在第二象限內(nèi)做類平拋運(yùn)動(dòng)，沿著X軸方向:

qE=ma

V2-0=2aR

y0

沿與y軸正方向成45。角離開電場(chǎng)，所以:

V=V

y0

解得電場(chǎng)強(qiáng)度:

rqB?R

乜=--Q-D

2m

（3）粒子的軌跡如圖所示:

第二象限，沿著X軸方向:

沿著y軸方向：

ON=vt

o

所以：

ON=2R

o

由幾何關(guān)系知，三角形OO'N為底角45。的等腰直角三角形。在磁場(chǎng)I中運(yùn)動(dòng)的半徑:

R=.ON=2內(nèi)

由洛倫茲力提供向心力：

qvB=m—

'R

粒子在N點(diǎn)速度沿與V軸正方向成45。角離開電場(chǎng)，所以離開的速度:

v=J2v

o

所以磁場(chǎng)I的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小4:

14、(1)8N；(2)不存在某一H值，使物體沿著軌道AB經(jīng)過最低點(diǎn)B后，停在距離B點(diǎn)0.8m處.

【解析】

(1)物體由初始位置運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的過程中根據(jù)動(dòng)能定理有

1

mg(R+H)—qER=-