湖北省新高考聯(lián)考協(xié)作體2023-2024學(xué)年高三下學(xué)期2月收心考試物理試題（解析版）

高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE12024年新高考聯(lián)考協(xié)作體高三2月收心考試高三物理試卷注意事項(xiàng)：1．答題前，先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)、考場(chǎng)號(hào)、座位號(hào)填寫在試卷和答題卡上，并將準(zhǔn)考證號(hào)條形碼粘貼在答題卡上的指定位置。2．選擇題的作答：每小題選出〖答案〗后，用2B鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的〖答案〗標(biāo)號(hào)涂黑。寫在試卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無(wú)效。3．非選擇題的作答：用黑色簽字筆直接答在答題卡上對(duì)應(yīng)的答題區(qū)域內(nèi)。寫在試卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無(wú)效。一、選擇題：本題共10小題，每小題4分，共40分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1~7題只有一項(xiàng)符合題目要求，第8~10題有多項(xiàng)符合題目要求。每小題全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分。1.如圖（a）所示為氫原子能級(jí)圖，圖（b）Ⅰ、Ⅱ分別是氫原子從高能級(jí)躍遷到低能級(jí)產(chǎn)生的兩種頻率的單色光的干涉條紋。結(jié)合圖中所給數(shù)據(jù)，下列說(shuō)法正確的是（）A.Ⅰ光的頻率比Ⅱ光的頻率小B.如果Ⅰ光和Ⅱ光分別同時(shí)通過(guò)雙縫中的一個(gè)縫，其干涉條紋寬度在圖（b）兩條紋寬度之間C.Ⅰ光的光子動(dòng)量比Ⅱ光的光子動(dòng)量小D.用Ⅱ光照射某金屬時(shí)，能產(chǎn)生光電子，則用Ⅰ光照射一定能產(chǎn)生光電子〖答案〗D〖解析〗A．根據(jù)以及可得，干涉條紋寬度越大，波長(zhǎng)越大，其光的頻率越小，所以Ⅰ光的頻率比Ⅱ光的頻率大，A錯(cuò)誤；B．圖（b）中兩單色光頻率不同，不可能產(chǎn)生干涉條紋，B錯(cuò)誤；C．光子動(dòng)量，因?yàn)棰窆獾牟ㄩL(zhǎng)小于Ⅱ光的波長(zhǎng)，所以Ⅰ光的光子動(dòng)量大于Ⅱ光的光子動(dòng)量，C錯(cuò)誤；D．因?yàn)棰窆獾念l率大于Ⅱ光的頻率，根據(jù)愛(ài)因斯坦光電效應(yīng)方程可知，用Ⅱ光照射某金屬時(shí)，能產(chǎn)生光電子，則用Ⅰ光照射一定能產(chǎn)生光電子，D正確。故選D。2.在給近視患者驗(yàn)光時(shí)，驗(yàn)光師通常會(huì)采用棱鏡分離法進(jìn)行雙眼平衡檢查，即在患者右眼前放置底邊向下的三棱鏡，左眼前放置底邊向上的三棱鏡，兩眼同時(shí)看同一視標(biāo)時(shí)，由于三棱鏡的折射作用，兩眼看到的視標(biāo)會(huì)分成兩部分，驗(yàn)光師通過(guò)比較患者看到的兩部分視標(biāo)的清晰度，分析兩眼視力的平衡狀態(tài)。其左眼驗(yàn)光的簡(jiǎn)化情境圖如圖所示，有關(guān)于患者看到的兩部分視標(biāo)，下列說(shuō)法正確的是（）A.兩眼看到的視標(biāo)分成上、下兩部分，右眼前看到的是上部視標(biāo)，左眼前看到的是下部視標(biāo)B.兩眼看到的視標(biāo)分成上、下兩部分，右眼前看到的是下部視標(biāo)，左眼前看到的是上部視標(biāo)C.兩眼看到的視標(biāo)分成左、右兩部分，右眼前看到的是右部視標(biāo)，左眼前看到的是左部視標(biāo)D.兩眼看到的視標(biāo)分成左、右兩部分，右眼前看到的是左部視標(biāo)，左眼前看到的是右部視標(biāo)〖答案〗A〖解析〗如圖，左眼三棱鏡對(duì)光線的折射光路圖三棱鏡使光線向底邊偏折，人眼看到像點(diǎn)在物點(diǎn)的下方，所以，兩眼看到的視標(biāo)分成上、下兩部分，右眼前看到的是上部視標(biāo)，左眼前看到的是下部視標(biāo)。故選A。3.地球的公轉(zhuǎn)軌道接近圓，哈雷彗星的運(yùn)動(dòng)軌道是一個(gè)非常扁的橢圓（如圖所示）。天文學(xué)家哈雷成功預(yù)言了哈雷彗星的回歸。哈雷彗星最近出現(xiàn)的時(shí)間是1986年，預(yù)計(jì)下次飛近地球?qū)⒃?061年左右。若哈雷彗星在近日點(diǎn)與太陽(yáng)中心的距離為，線速度大小為，角速度大小為，加速度大小為；在遠(yuǎn)日點(diǎn)與太陽(yáng)中心的距離為，線速度大小為，角速度大小為，加速度大小為；地球繞太陽(yáng)做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為。下列說(shuō)法正確的是（）A. B. C. D.〖答案〗D〖解析〗A．因單位時(shí)間掃過(guò)面積相等，則距離遠(yuǎn)的對(duì)應(yīng)的角度越小，角速度越小,由于，所以，故A項(xiàng)錯(cuò)誤；B．由開(kāi)普勒第二定律可知，哈雷彗星在近日點(diǎn)的速度大于遠(yuǎn)日點(diǎn)的速度，即，故B項(xiàng)錯(cuò)誤；C．設(shè)太陽(yáng)質(zhì)量為，由萬(wàn)有引力定律和牛頓第二定律可知?jiǎng)t哈雷彗星在近日點(diǎn)和遠(yuǎn)日點(diǎn)的加速度大小之比為，故C項(xiàng)錯(cuò)誤；D．由題知哈雷彗星的運(yùn)行周期為75年。根據(jù)開(kāi)普勒第三定律有可求得哈雷彗星軌道的半長(zhǎng)軸為，約為地球公轉(zhuǎn)半徑的18倍，故D項(xiàng)正確。故選D。4.在自動(dòng)化生產(chǎn)線上，常用傳送帶運(yùn)送工件。如圖所示，某生產(chǎn)車間有兩個(gè)相互垂直且等高的水平傳送帶和，傳送帶、做勻速直線運(yùn)動(dòng)的速度大小分別為、，方向均已在圖中標(biāo)出。一小煤塊離開(kāi)傳送帶前已經(jīng)與傳送帶的速度相同，并平穩(wěn)地傳送到傳送帶上。傳送帶的寬度足夠大。下列說(shuō)法正確的是（）A.小煤塊傳送到傳送帶前的瞬間，相對(duì)傳送帶的速度大小為B.小煤塊傳送到傳送帶前的瞬間，相對(duì)于傳送帶的速度為C.小煤塊滑上傳送帶后，相對(duì)于傳送帶做勻變速直線運(yùn)動(dòng)D.小煤塊滑上傳送帶后，相對(duì)于傳送帶做勻變速曲線運(yùn)動(dòng)〖答案〗C〖解析〗AB．小煤塊傳送到傳送帶前的瞬間，相對(duì)傳送帶的速度大小方向平行于傳送帶，斜向右下，故AB錯(cuò)誤；CD．小煤塊在傳送帶上滑動(dòng)的過(guò)程中，其所受滑動(dòng)摩擦力大小方向如圖所示，相對(duì)于傳送帶N，小煤塊做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤，C正確。故選C。5.物體在粘滯流體中運(yùn)動(dòng)時(shí)要受到阻力，稱為粘滯阻力，球形物體受到的粘滯阻力表達(dá)式為，式中為液體的粘滯系數(shù)，為小球的半徑，為小球運(yùn)動(dòng)的速率。如圖所示，小球在某種油中由液面處?kù)o止下落，一段時(shí)間后速度達(dá)到最大值。下列說(shuō)法正確的是（）A.小球剛開(kāi)始下落時(shí)加速度等于重力加速度B.小球的密度一定，質(zhì)量越大，則最大速度越小C.小球的密度一定，半徑越大，則最大速度越大D.若采用國(guó)際單位制中的基本單位來(lái)表示的單位，則其單位為〖答案〗C〖解析〗A．設(shè)小球的密度為，油的密度為，對(duì)小球受力分析有即解得由上式可知，小球剛開(kāi)始下落時(shí)加速度為故A錯(cuò)誤；BC．隨著速度的增大，加速度減小，直到加速度減小到0，速度達(dá)到最大值，當(dāng)加速度等于0時(shí)，速度最大，有小球的質(zhì)量為解得故小球的密度一定，半徑越大，則最大速度越大；小球的密度一定，質(zhì)量越大，則最大速度越大，故B錯(cuò)誤，C正確；D．根據(jù)解得液體的粘滯系數(shù)單位為故D錯(cuò)誤。故選C。6.如圖所示的電路中，理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比為，三個(gè)電阻、、阻值相等。原線圈的端接在電壓為18V的正弦式交流電源上。以下說(shuō)法錯(cuò)誤的是（）A.當(dāng)開(kāi)關(guān)S斷開(kāi)時(shí)，兩端的電壓為7.2VB.當(dāng)開(kāi)關(guān)S斷開(kāi)時(shí)，、消耗的功率之比為C.當(dāng)開(kāi)關(guān)S閉合時(shí)，、電壓之比D.開(kāi)關(guān)S從斷開(kāi)到閉合，端輸入功率增大〖答案〗C〖解析〗A．副線圈在原線圈中的等效電阻當(dāng)斷開(kāi)時(shí)故的兩端的電壓為故A正確，不符合題意；B．兩端的電壓根據(jù)功率得故B正確，不符合題意；C．當(dāng)閉合時(shí)，與并聯(lián)后的電阻為，故電壓之比為，故C錯(cuò)誤，符合題意；D．開(kāi)關(guān)從斷開(kāi)到閉合，相當(dāng)于并聯(lián)的用電器增多，輸入端輸入功率增大，故D正確，不符合題意。故選C。7.在均勻介質(zhì)中，兩波源分別位于和處，產(chǎn)生的簡(jiǎn)諧橫波沿軸相向傳播，波速均為。時(shí)刻兩波源同時(shí)開(kāi)始振動(dòng)，且振動(dòng)方程均為，下列說(shuō)法正確的是（）A.兩波源的起振方向都沿軸負(fù)方向B.時(shí)，兩列波的第一個(gè)波峰在處相遇C.0~10s內(nèi)，處的質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的路程為8cmD.形成穩(wěn)定干涉圖樣后，軸上兩波源間（不含波源）有10個(gè)振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)〖答案〗C〖解析〗A．由振動(dòng)方程知，波源的起振方向都沿軸正方向，故A錯(cuò)誤；B．簡(jiǎn)諧橫波的周期為左波源的第一個(gè)波峰到達(dá)的時(shí)刻是右波源的第一個(gè)波峰到達(dá)的時(shí)刻是故B錯(cuò)誤；C．簡(jiǎn)諧橫波的波長(zhǎng)為0~4.5s內(nèi)，處的質(zhì)點(diǎn)不振動(dòng)，4.5s~5.5s內(nèi)，左波源的振動(dòng)傳播到處，質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的路程為5.5s~10s內(nèi)，兩波源的振動(dòng)都傳播到處，由于質(zhì)點(diǎn)為振動(dòng)減弱點(diǎn)，振幅為0，其運(yùn)動(dòng)的路程為0，因此，0~10s內(nèi)，處的質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的路程為8cm，故C正確；D．設(shè)振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)的坐標(biāo)為，兩波源振動(dòng)同步，振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)滿足波程差（n＝0，1，2，3…）其中解得、、、、0、2、4、6、8故軸上兩波源間（不含波源）有9個(gè)振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)，故D錯(cuò)誤。故選C。8.如圖所示，光滑絕緣水平面上放置兩個(gè)帶電小球、，帶電量分別為、，兩球間距為，將帶電量為的小球放在球右側(cè)處時(shí)，三個(gè)球恰好都處于靜止?fàn)顟B(tài)；若球電荷量增大為，且保持球的電荷量和、兩球間距不變時(shí)，將帶電量為的小球放在球左側(cè)處，三個(gè)球也恰好都處于靜止?fàn)顟B(tài)，各小球都可視為點(diǎn)電荷。下列選項(xiàng)正確的是（）A. B.C. D.〖答案〗AC〖解析〗B．根據(jù)同一直線上三個(gè)點(diǎn)電荷能處于靜止?fàn)顟B(tài)，三個(gè)電荷的電性關(guān)系具有“兩同夾異”的特點(diǎn)，則、電性相反，、電性相同，、電性相反，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；ACD．若小球能保持靜止，則小球、在處形成的場(chǎng)強(qiáng)矢量和為零若小球能保持靜止，則小球、在處形成的場(chǎng)強(qiáng)矢量和為零，結(jié)合兩式得同理得選項(xiàng)D錯(cuò)誤，選項(xiàng)AC正確。故選AC。9.如圖所示，水平面上有邊界為平行四邊形的勻強(qiáng)磁場(chǎng)、，其磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為1T，中磁場(chǎng)方向豎直向上，中磁場(chǎng)豎直向下，，，、、足夠長(zhǎng)。質(zhì)地均勻、邊長(zhǎng)為1m、電阻為、質(zhì)量為1kg的正方形單匝金屬線框平放在粗糙水平面上，與平行，線框與水平面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.1，線框在水平外力的作用下以的速度沿方向勻速向右穿過(guò)磁場(chǎng)區(qū)域，重力加速度為。從點(diǎn)進(jìn)入磁場(chǎng)開(kāi)始計(jì)時(shí)，線框穿過(guò)磁場(chǎng)區(qū)域的過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（）A.在0~1s內(nèi)，線框中的感應(yīng)電流方向?yàn)锽.從初始時(shí)刻到線框的對(duì)角線與重合過(guò)程中，穿過(guò)線框磁通量的變化量為零C.3s、5s時(shí)刻，線框中感應(yīng)電流方向相反，大小之比為D.線框的對(duì)角線與重合時(shí)，水平外力的大小為〖答案〗BCD〖解析〗A．根據(jù)楞次定律，在0~1s內(nèi)線框中的感應(yīng)電流方向?yàn)椋蔄項(xiàng)錯(cuò)誤；B．初始時(shí)刻磁通量為零，線框的對(duì)角線與重合時(shí)磁通量也為零，故磁通量的變化量為零，B項(xiàng)正確；C．3s時(shí)，、邊切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向相同為，5s時(shí)，只有邊切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向?yàn)椋孰娏鞣较蛳喾?，、邊切割磁感線產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)大小始終相等，即電動(dòng)勢(shì)之比為，根據(jù)則電流大小之比為，C項(xiàng)正確；D．當(dāng)線框的對(duì)角線與重合時(shí)，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)感應(yīng)電流每邊的安培力導(dǎo)線框做勻速直線運(yùn)動(dòng)，導(dǎo)線框的受力分析如圖所以代入數(shù)值得故D項(xiàng)正確。故選BCD。10.如圖所示，斜面體固定在水平地面上，斜面段粗糙、段光滑，一輕彈簧沿斜面放置，下端固定在點(diǎn)，彈簧原長(zhǎng)與段長(zhǎng)度相等。質(zhì)量為0.1kg的小物塊從斜面頂端以的初速度沿斜面下滑，彈簧第一次被壓縮至最短時(shí)，其長(zhǎng)度恰好為原長(zhǎng)的一半，物塊沿斜面下滑后又沿斜面向上返回，第一次恰能返回到最高點(diǎn)。已知彈簧的原長(zhǎng)為0.2m，物塊與斜面段間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，斜面傾角為30°，重力加速度為，彈簧始終處于彈性限度范圍內(nèi)。下列說(shuō)法正確的是（）A.、間的距離為0.9mB.物塊第一次運(yùn)動(dòng)到點(diǎn)到第一次返回點(diǎn)的過(guò)程中，彈簧對(duì)物塊彈力的沖量大為C.彈簧第一次被壓縮到最短時(shí)的彈性勢(shì)能為0.725JD.物塊沿斜面上升的最大高度逐漸減小，最終靜止在點(diǎn)〖答案〗AC〖解析〗A．彈簧從點(diǎn)出發(fā)至第一次回到點(diǎn)，根據(jù)能量守恒定律，得解得故A正確；B．物塊從到第一次運(yùn)動(dòng)到點(diǎn)，由動(dòng)能定理可得解得方向沿斜面向下；物塊第一次返回點(diǎn)時(shí)速度大小還是，方向沿斜面向上，可得物塊動(dòng)量改變量方向沿斜面向上，則合外力的沖量為，故B錯(cuò)誤；C．由物塊從到第一次彈簧壓縮最短過(guò)程，由能量守恒定律，得得故C正確；D．由于，物塊最終在間往復(fù)運(yùn)動(dòng)，最高上升到點(diǎn)，故D錯(cuò)誤。故選AC。二、非選擇題：本題共5小題，共60分。11.某同學(xué)發(fā)現(xiàn)手機(jī)軟件有測(cè)角度的功能，于是結(jié)合軟件的這個(gè)功能，用兩根完全相同的輕彈簧和一瓶礦泉水等器材設(shè)計(jì)了一次驗(yàn)證“力的平行四邊形定則”的實(shí)驗(yàn)。實(shí)驗(yàn)時(shí)，先將一彈簧一端固定在墻上的釘子上，另一端掛一瓶礦泉水，如圖甲所示；然后將兩彈簧一端分別固定在墻上的釘子、上，另一端連接于點(diǎn)，在點(diǎn)下方掛一瓶同樣的礦泉水，靜止時(shí)用智能手機(jī)的測(cè)角功能分別測(cè)出、與豎直方向的偏角、，如圖乙所示。改變釘子的位置，按照上述方法多測(cè)幾次。（1）在實(shí)驗(yàn)操作過(guò)程中，必須進(jìn)行的操作是______（選填選項(xiàng)前的字母）。A.圖乙中彈簧長(zhǎng)度相同B.測(cè)量彈簧的原長(zhǎng)C.測(cè)量圖甲、乙中彈簧的長(zhǎng)度D.實(shí)驗(yàn)中結(jié)點(diǎn)的位置始終保持不變（2）該同學(xué)根據(jù)實(shí)驗(yàn)測(cè)量的結(jié)果，分別作出了圖丙和圖丁，其中正確的是圖______（選填“丙”或“丁”）。（3）該同學(xué)測(cè)得甲圖中彈簧長(zhǎng)度，乙圖中和，他______（選填“能”或“不能”）根據(jù)上述結(jié)論求出一瓶礦泉水（含瓶）的質(zhì)量?！即鸢浮剑?）BC（2）丙（3）不能〖解析〗（1）[1]A．由實(shí)驗(yàn)原理可知、長(zhǎng)度不必相同，A項(xiàng)錯(cuò)誤；BC．實(shí)驗(yàn)中，甲圖用來(lái)測(cè)量合力，乙圖用來(lái)測(cè)量?jī)蓚€(gè)分力，根據(jù)胡克定律，力的大小與彈簧的伸長(zhǎng)量成正比，力的大小可用彈簧伸長(zhǎng)量來(lái)表示，因此必須測(cè)量彈簧的伸長(zhǎng)量，因此要測(cè)量彈簧的原長(zhǎng)和甲、乙中彈簧的長(zhǎng)度，故BC項(xiàng)正確；D．由實(shí)驗(yàn)原理可知在本實(shí)驗(yàn)中重物重力是定值，所以不必保證點(diǎn)固定不變，D項(xiàng)錯(cuò)誤。故選BC。（2）[2]根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理及操作可知，x1表示重力方向，應(yīng)豎直向下，故丙正確；（3）[3]設(shè)彈簧勁度系數(shù)為，礦泉水瓶質(zhì)量為，根據(jù)圖甲可知再根據(jù)乙圖，對(duì)點(diǎn)受力分析，設(shè)中彈力，中彈力，受力分析如下圖所示，建立直角坐標(biāo)系列方程求解，可發(fā)現(xiàn)無(wú)法求出。12.某實(shí)驗(yàn)小組用下列器材設(shè)計(jì)了如圖甲所示的歐姆表電路，通過(guò)調(diào)控開(kāi)關(guān)S，可使歐姆表有“”、“”兩種不同的倍率。已知毫安表的量程，內(nèi)阻。干電池組：電動(dòng)勢(shì)待測(cè)、內(nèi)阻未知；（1）圖甲中，a表筆的顏色是色______（選填“黑”或“紅”）；（2）已知單刀雙擲開(kāi)關(guān)接不同的接線柱時(shí)，線路中的最大電流分別為10mA、100mA，則______，______；（3）單刀雙擲開(kāi)關(guān)S接2時(shí)，歐姆表的倍率是______（選填“”或“”）（4）單刀雙擲開(kāi)關(guān)S接1時(shí)，先進(jìn)行歐姆調(diào)零，再在紅、黑表筆間接入電阻箱，改變電阻箱的阻值，測(cè)出電流表G的示數(shù)，畫(huà)出如圖乙所示的圖像，圖像的斜率為，縱截距為，則干電池組的電動(dòng)勢(shì)______，該擋位歐姆表的內(nèi)阻______（用、表示）?！即鸢浮剑?）黑（2）24216（3）（4）〖解析〗（1）[1]根據(jù)圖甲電路可知，電流從a表筆流出，從b表筆流進(jìn)，根據(jù)“紅進(jìn)黑出”規(guī)律可知，a為黑色，b為紅色；（2）[2][3]根據(jù)電流的改裝原理有，解得，（3）[4]根據(jù)可知，歐姆表共用一個(gè)表盤，倍率大，電流量程就小，故單刀雙擲開(kāi)關(guān)接2時(shí)，歐姆表的量程是“”的倍率；（4）[5][6]相當(dāng)于“安阻法”測(cè)電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，根據(jù)閉合電路歐姆定律有化簡(jiǎn)得變形有結(jié)合圖像斜率和縱截距可知，解得，13.2023年12月21日，神舟十七號(hào)的三位航天員密切協(xié)作，完成了天和核心艙太陽(yáng)翼修復(fù)試驗(yàn)等既定任務(wù)。如圖所示，航天員身著出艙航天服，首先從太空艙進(jìn)入到氣閘艙，關(guān)閉太空艙艙門，然后將氣閘艙中的氣體緩慢抽出，再打開(kāi)氣閘艙門，從氣閘艙出艙活動(dòng)。已知?dú)忾l艙的容積為，艙中氣體的初始?jí)簭?qiáng)為，溫度為300K。為了安全起見(jiàn)，先將氣閘艙的壓強(qiáng)降至，給航天員一個(gè)適應(yīng)過(guò)程。此過(guò)程中，求：（1）若氣閘艙的溫度保持不變，抽出的氣體在壓強(qiáng)下的體積；（2）若氣閘艙溫度變?yōu)?80K，氣閘艙內(nèi)存留氣體的質(zhì)量與原氣閘艙內(nèi)氣體質(zhì)量之比。（保留2位有效數(shù)字）〖答案〗（1）0.375m3；（2）0.80〖解析〗（1）以氣閘艙內(nèi)原有氣體為研究對(duì)象，體積為，壓強(qiáng)為，降壓后氣體的壓強(qiáng)為，體積為，由玻意耳定律可得設(shè)抽出的氣體在時(shí)的體積為，轉(zhuǎn)換到壓強(qiáng)為壓強(qiáng)下的體積的，由玻意耳定律可得解得（2）以氣閘艙內(nèi)存留的氣體為研究對(duì)象，壓強(qiáng)為后，體積為，溫度為，轉(zhuǎn)換到壓強(qiáng)為，溫度為時(shí)的體積為由理想氣體狀態(tài)方程可得氣閘艙內(nèi)存留氣體的質(zhì)量與原氣閘艙內(nèi)氣體質(zhì)量之比為解得14.如圖所示，長(zhǎng)為的粗糙水平軌道和光滑豎直半圓形軌道平滑連接，切點(diǎn)為，圓軌道的圓心點(diǎn)在點(diǎn)正上方。在點(diǎn)給小物塊A初速度，同時(shí)將小物塊在正上方由靜止釋放，小物塊恰好落到A上，并粘在一起，此時(shí)A到點(diǎn)的距離，A、碰撞時(shí)間極短，重力沖量可忽略不計(jì)。之后粘合體沖上軌道，離