河北省唐山市高考物理三年（2021-2023）模擬題（三模）題型匯編-01選擇題

河北省唐山市高考物理三年（2021-2023）模擬題（三模）按

題型分類匯編-01選擇題

一、單選題

1.（2021?河北唐山?統(tǒng)考三模）北方農(nóng)村秋冬季節(jié)常用金屬絲網(wǎng)圍成圓柱形糧倉儲存玉

米棒，該糧倉由于玉米棒裝的不勻稱而發(fā)生傾斜現(xiàn)象，為避免傾倒，在左側(cè)用木棍支撐,

如圖所示。若支撐點距水平地面的高度為Gm,木棍與水平地面動摩擦因數(shù)為且，木

3

棍重力不計，糧倉對木棍的作用力沿木棍方向，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，為使木

棍下端一定不發(fā)生側(cè)滑，則木棍的長度最多為（）

A.1.5mB.-JjmC.2mD.273m

2.（2021?河北唐山?統(tǒng)考三模）如圖所示，某人從距水面一定高度的平臺上做蹦極運動。

勁度系數(shù)為上且重力不計的彈性繩一端固定在人身上，另一端固定在平臺上，人從靜止

開始豎直跳下，在其到達水面前速度減為零。運動過程中，彈性繩始終處于彈性限度內(nèi)，

取與平臺同高度的O點為坐標(biāo)原點，以豎直向下為），軸正方向，忽略空氣阻力，人可視

為質(zhì)點。人從跳下至第一次到達最低點的運動過程中，用丫、“、r分別表示人的速度、

加速度和下落時間，下列描述丫與八。與y的關(guān)系圖像可能正確的是（）

3.（2021?河北唐山?統(tǒng)考三模）在勻強磁場中有一電阻忽略不計的矩形線圈，繞垂直于

磁場的軸勻速轉(zhuǎn)動，產(chǎn)生如圖甲所示的正弦交流電，把該交流電輸入到圖乙中理想變壓

器的A、B兩端。圖中各電表均為理想電表。R為熱敏電阻（已知其電阻隨溫度升高而

減小），R為定值電阻。下列說法正確的是（）

B.在圖甲的UOOls時，穿過線圈的磁通量為0

C.凡處溫度升高后，電壓表Vl與V2示數(shù)的比值不變

D.凡處溫度降低后，電壓表Vl示數(shù)與電流表Al示數(shù)的乘積減小

4.（2021?河北唐山?統(tǒng)考三模）2021年2月10日19時52分，“天問一號”探測器實施近

火捕獲，順利進入近火點的高度約400千米軌道，周期約為10個地球日，成為我國第

一顆人造火星衛(wèi)星，實現(xiàn)了“繞、落、巡''目標(biāo)的第一步。如圖為“天問一號''探測器經(jīng)過

多次變軌后登陸火星前的部分軌跡圖，軌道I、軌道II、軌道In相切于P點，軌道∏I

為環(huán)繞火星的圓形軌道，尸、S兩點分別是橢圓軌道的近火星點和遠火星點，圖中P、S、

。三點與火星中心共線，下列說法正確的是（）

S

P

A.探測器在P點由軌道I進入軌道II需要點火加速

B.探測器在軌道∏上由P點運動到S點的時間大于在軌道III上由尸點運動到Q點的

時間

C.探測器在軌道I上經(jīng)過P點的加速度大于在軌道II上經(jīng)過P點的加速度

D.探測器在Q點的機械能大于在軌道II±P點的機械能

試卷第2頁，共12頁

5.（202[?河北唐山?統(tǒng)考三模）如圖甲所示，一質(zhì)量為"的足夠長木板靜置于光滑水平

面上，其上放置一質(zhì)量為根的小滑塊。當(dāng)木板受到隨時間，變化的水平拉力F作用時，

用傳感器測出長木板的加速度。與水平拉力F的關(guān)系如圖乙所示，取g=10m∕s2,則通過

分析計算可得（）

A.滑塊與木板之間的滑動摩擦因數(shù)為0.2

B.當(dāng)F=8N時，滑塊的加速度為lm∕s2

C.木板的質(zhì)量為2kg,滑塊的質(zhì)量為Ikg

D.若拉力作用在小滑塊m上，當(dāng)F=9N時滑塊的加速度為2m∕s2

6.（2021.河北唐山?統(tǒng)考三模）目前，我國在人工智能和無人駕駛技術(shù)方面已取得較大

突破。為早日實現(xiàn)無人駕駛，某公司對某款汽車性能進行了一項測試，讓質(zhì)量為，〃的汽

車沿一山坡直線行駛。測試中發(fā)現(xiàn)，下坡時若關(guān)掉油門，則汽車的速度保持不變；若以

恒定的功率尸上坡，則從靜止啟動做加速運動，發(fā)生位移S時速度剛好達到最大值外,。

設(shè)汽車在上坡和下坡過程中所受阻力的大小分別保持不變，下列說法正確的是（）

A.關(guān)掉油門后的下坡過程，汽車的機械能守恒

B.關(guān)掉油門后的下坡過程，坡面對汽車的支持力做功不為零

C.上坡過程中，當(dāng)速度達到S.的一半時的加速度為α=2乙

mV,n

2

D.上坡過程中，汽車速度由0增至電，所用的時間等于∕==?L+±

2Pvm

7.（2021?河北唐山?統(tǒng)考三模）一群處于基態(tài)的氫原子受某種色光照射后，發(fā)出的光譜

中只有兩條可見光b,在同一光電效應(yīng)裝置中測得的光電流和電壓的關(guān)系如圖甲所

示。圖乙為氫原子能級圖，已知可見光的光子能量在L62eV到3.1IeV之間，下列說法

甲乙

A.照射光子的能量E=12.09eV

B.氫原子受激發(fā)后，能發(fā)出的光譜共10條

C.α光的波長比b光的大

D.α光是從〃=4躍遷到〃=2能級時發(fā)出的光

8.（2022.河北唐山?統(tǒng)考三模）用頻率分別為U和2丫的光照射某種金屬材料，兩種情況

下測得的該金屬材料發(fā)生光電效應(yīng)的遏止電壓之比為1:4,已知普朗克常量為力，則該

金屬的逸出功為（）

42Il

A.-hvB.-hvC.-hvD.—hv

3332

9.（2022?河北唐山?統(tǒng)考三模）滑雪運動員以20m∕s的速度從一平臺水平飛出，落地點

與飛出點的高度差3.2m。不計空氣阻力，g取IOm運動員飛過的水平距離為s,所

用時間為3則（）

A.5=16m,Z=0.50sB.s=16m,r=0.80s

C.s=20m,F=0.50SD.6=20m,Z=O.80s

10.（2022.河北唐山?統(tǒng)考三模）不久前，萬眾矚目的北京冬奧會已圓滿落幕。如圖，在

高山滑雪訓(xùn)練中，運動員從斜坡上A點由靜止勻加速下滑，到最底端B后，在水平面做

勻減速直線最后停止在C點。已知AB=IOom,BC=20m。忽略運動員在8點的速度

損失，則由兩段時間之比為（）

A.1:1B.1:5C.5:1D.6:1

11.（2022.河北唐山.統(tǒng)考三模）2022年3月23日下午，中國空間站“天宮課堂”再度開

課，“太空教師”翟志剛、王亞平、葉光富演示了太空“冰雪”實驗、液橋演示實驗、水油

分離實驗、太空拋物實驗等，并與地面課堂學(xué)生進行了互動。以下說法正確的是（）

A.空間站的運行速度介于第一宇宙速度與第二宇宙速度之間

B.在空間站中水和油由于不受地球引力而處于混合態(tài)

C.“水油分離實驗”中，同位置的水和油做圓周運動所需向心力不同

試卷第4頁，共12頁

D.“太空拋物實驗”中，冰墩墩被拋出后，做平拋運動

12.（2022?河北唐山?統(tǒng)考三模）如圖，有兩個完全相同的金屬棒“、〃用絕緣細繩拴接,

垂直放在兩足夠長的平行光滑水平金屬導(dǎo)軌上，金屬棒與導(dǎo)軌接觸良好，導(dǎo)軌間存在垂

直于導(dǎo)軌平面向上的勻強磁場?，F(xiàn)對金屬棒人施加一水平向右的拉力尸，兩金屬棒一起

向右做勻加速運動。則下列說法正確的是（）

A.外力F大小恒定B.外力F逐漸增大

C.細線拉力逐漸增大D.細線拉力最大值為產(chǎn)

13.（2022?河北唐山?統(tǒng)考三模）如圖所示，一質(zhì)量分布均勻直桿斜靠在光滑的豎直墻壁

上，直桿下端放在粗糙的水平地面上，直桿處于靜止?fàn)顟B(tài)。為了使直桿不易滑到水平地

面，現(xiàn)把直桿放到虛線位置靜置，下列說法正確的是（）

A.墻壁對直桿支持力不變B.地面對直桿支持力不變

C.直桿受到地面的靜摩擦力不變D.直桿受到地面的作用力不變

14.（2022?河北唐山?統(tǒng)考三模）一質(zhì)量為機的汽車從f=0時刻由靜止開始沿平直公路運

動，其所受的合外力F與位移X的關(guān)系如圖所示。則（）

A.汽車在0~%這段位移內(nèi)做勻加速直線運動

D.??~5??所用時間為2

15.（2023?河北唐山?統(tǒng)考三模）黨的二十大報告中提到，我國已經(jīng)進入創(chuàng)新型國家行列,

一些關(guān)鍵技術(shù)如核電技術(shù)取得重大成果。關(guān)于核能、核反應(yīng)，下列說法正確的是（）

A.到目前為止，利用任何物質(zhì)都能得到核能

B.到目前為止，輕核聚變是人類獲得核能的主要方式

C.太陽內(nèi)部進行的熱核反應(yīng)屬于輕核聚變

D.原子彈是采用人工核轉(zhuǎn)變制成的核武器

16.（2023?河北唐山?統(tǒng)考三模）一束紅光由空氣進入某種介質(zhì)，界面兩側(cè)的光線與界面

的夾角分別為45。和60。，如圖所示。則介質(zhì)對該紅光的折射率為（）

17.（2023?河北唐山?統(tǒng)考三模）如圖所示，某小型電廠向用戶高壓輸電，輸電線的總電

阻R=5Ω,在用戶端通過變壓器降壓，降壓變壓器的原副線圈匝數(shù)比4：2=20:1。若降

壓變壓器的輸出功率為88kW,輸出電壓為220V,則發(fā)電廠發(fā)電機的輸出功率為（）

A.88kWB.90kWC.92kWD.94kW

18.（2023?河北唐山?統(tǒng)考三模）2021年7月28日，在東京奧運會男子雙人跳板決賽中，

中國選手謝思埸、王宗源獲得冠軍。從運動員離開跳板開始計時，跳水過程中運動員重

心的VT圖像如圖所示，不計空氣阻力，重力加速度g取IOm運動員的運動軌跡視

為直線。則下列說法正確的是（）

試卷第6頁，共12頁

A.運動員在入水前做的是自由落體運動

B.運動員在f=2s時已浮出水面

C.運動員在1~2s內(nèi)的位移大小約為8m

D.運動員雙腳離開跳板后重心上升的高度為0.2m

19.（2023?河北唐山?統(tǒng)考三模）空間中的一個正六邊形的三個頂點上固定三個點電荷,

電量均為+4,O為正六邊形的中心，4為正六邊形的一個頂點，如圖所示。用4、EA

分別表示。、A兩點的場強，用分、外分別表示。、A兩點的電勢，則（）

A.E。>E.,%?AB.Eo<EA,φ0>φλ

C.EC,>EA,φo<ΨAD.Eo<EΛ,φo<φ^

20.（2023?河北唐山?統(tǒng)考三模）一列簡諧橫波沿X軸正方向傳播，其波速為Iom∕s,某

時刻的波形如圖所示。質(zhì)點M的平衡位置處于x=5m處，在之后的1.4s內(nèi)M點運動的

C.27cmD.33cm

21.（2023?河北唐山?統(tǒng)考三模）如圖所示，木板B放置在粗糙水平地面上，。為光滑較

鏈。輕桿一端與錢鏈。固定連接，另一端固定連接一質(zhì)量為根的小球A?，F(xiàn)將輕繩一

端拴在小球A上，另一端通過光滑的定滑輪。'由力/牽引，定滑輪位于。的正上方，

整個系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)?，F(xiàn)改變力尸的大小使小球A和輕桿從圖示位置緩慢運動到。正

下方，木板始終保持靜止，則在整個過程中（)

A.外力/大小不變B.輕桿對小球的作用力大小變小

C.地面對木板的支持力逐漸變小D.地面對木板的摩擦力逐漸減小

二、多選題

22.（2021?河北唐山?統(tǒng)考三模）如圖所示，質(zhì)量為，"的小球A系在輕線的一端，線的

另一端固定在。點，。點到光滑水平面的距離為山物塊B和C的質(zhì)量均為5如B與

C用輕彈簧拴接，置于光滑的水平面上，且B物塊位于。點正下方?，F(xiàn)拉動小球使輕

線水平伸直,小球由靜止釋放,運動到最低點時與物塊B發(fā)生彈性正碰（碰撞時間極短）,

小球與物塊均可視為質(zhì)點，不計空氣阻力，重力加速度為g,則可求出（）

A.碰撞后小球A反彈的上升的最大高度

B.碰撞后小球A反彈的上升的時間

C.碰撞過程中物塊B獲得沖量大小

D.碰后輕彈簧獲得的最大彈性勢能

23.（2021?河北唐山?統(tǒng)考三模）如圖所示，正方形四邊頂點處固定有四個等量的點電荷,

其中兩個帶正電、兩個帶負(fù)電，。為正方形的中心，。、6為一條對角線上的兩點，關(guān)于

。點對稱，下列判斷正確的是（）

?~q

試卷第8頁，共12頁

A.a、〃兩點電場強度大小相等方向相反

B.a、人兩點電場強度大小相等方向相同

C.。兩點電勢相等

D.4點電勢高于6點電勢

24.（2021.河北唐山?統(tǒng)考三模）如圖所示，光滑水平平行導(dǎo)軌置均強磁場中，磁感應(yīng)強

度大小為B,方向垂直水平面向下，左側(cè)導(dǎo)軌間距為L右側(cè)導(dǎo)軌間距為23且導(dǎo)軌均

足夠長。質(zhì)量為，〃的導(dǎo)體棒劭和質(zhì)量為2,”的導(dǎo)體棒Cd均垂直于導(dǎo)軌放置，處于靜止

狀態(tài)。漏的電阻為R,W的電阻為2R,兩棒始終在水平面向下，對應(yīng)的導(dǎo)軌部分運動。

A.兩棒組成的系統(tǒng)動量守恒

B.最終通過兩棒的電量為粵

JDL

2

C.油棒最終的速度為

Q

D.從Cd獲得初速度到二者穩(wěn)定運動過程中產(chǎn)生的焦耳熱為］，

25.（2022?河北唐山?統(tǒng)考三模）如圖所示，兩個等量的點電荷分別固定在4、B兩點。

虛線為AB的中垂線，交AB于。點。曲線而為一電子只在電場力作用下的運動軌跡。

a、b關(guān)于。點對稱。則下列說法正確的是（）

B.電子在a、6兩點加速度大小相同

C.電子在。、匕兩點動能相同D.電子在a、b兩點電勢能相同

26.（2022?河北唐山?統(tǒng)考三模）如圖所示，一物塊以初速度%沿粗糙斜面上滑，取沿斜

面向上為正向。則物塊速度隨時間變化的圖像可能正確的是（)

27.（2022?河北唐山?統(tǒng)考三模）如圖所示，理想變壓器的原、副線圈匝數(shù)比為1:3,ab

端接電壓一定的正弦交流電，原線圈接入阻值為人恒定不變的燈泡L副線圈接入可變

A.時端電壓與可變電阻的電壓比一定為1:3

B.原副線圈的電流比為3:1

C.若可變電阻接入電路的阻值變大，電壓表示數(shù)不變

D.當(dāng)可變電阻接入電路的電阻為94時，可變電阻消耗功率最大

28.（2023?河北唐山?統(tǒng)考三模）某次發(fā)射衛(wèi)星時，先將衛(wèi)星發(fā)射到半徑為4的近地圓軌

道上，運行速度為M,當(dāng)衛(wèi)星運動到A點時，衛(wèi)星上的小型火箭發(fā)動機點火，使衛(wèi)星進

入橢圓軌道運行，橢圓軌道的遠地點B與地心的距離為4,衛(wèi)星經(jīng)過B點的速度為匕，

其運行軌跡如圖所示。則下列說法正確的是（）

試卷第10頁，共12頁

AB

A.衛(wèi)星經(jīng)過B點時的速度v2大于衛(wèi)星在近地圓軌道上的速度η

B.衛(wèi)星在橢圓軌道上運行時經(jīng)過A點的加速度大于經(jīng)過B點的加速度

C.衛(wèi)星在橢圓軌道上的運行周期為手JK飪

D.衛(wèi)星在近地圓軌道上運行時的機械能大于在橢圓軌道上運行時的機械能

29.（2023?河北唐山?統(tǒng)考三模）在生產(chǎn)生活中，經(jīng)常采用軌道約束的方式改變物體的運

動方向。如圖所示，光滑水平地面上停放著一輛小車，小車上固定著兩端開口的光滑細

管，細管由水平、彎曲和豎直三部分組成，各部分之間平滑連接，豎直管的上端到小車

上表面的高度為〃。一小球以初速度％水平向右射入細管，小球的質(zhì)量與小車的質(zhì)量（包

含細管）相等，小球可視為質(zhì)點，忽略一切阻力作用。下列說法正確的是（）

A.小球在細管中運動時，小球和小車（包含細管）組成的系統(tǒng)動量守恒

B.小球在細管的豎直部分運動時只受重力作用

c.當(dāng)小球初速度時，將會從細管的豎直部分沖出

D.若小球從細管的豎直部分沖出，沖出后一定會落回到細管中

30.（2023?河北唐山?統(tǒng)考三模）如圖所示，光滑水平面上靜止放置一質(zhì)量為機、總電阻

為人邊長為/的正方形導(dǎo)線框，導(dǎo)線框前方/處平行于AB邊的兩虛線間存在豎直向下

7

的勻強磁場，磁場寬度L=二/,磁感應(yīng)強度大小為瓦某時刻導(dǎo)線框在水平恒力尸作用

4

下開始運動。已知導(dǎo)線框的AB邊進、出磁場時的速度大小相等，則導(dǎo)線框在整個運動

過程中，下列說法正確的是（）

B

A.導(dǎo)線框在通過磁場區(qū)域時先做加速度減小的減速運動后做勻加速運動

B.導(dǎo)線框在通過磁場區(qū)域時先做加速度增大的減速運動后做勻加速運動

C.8邊進入磁場時的速度是AB邊進入磁場時速度的;

D.導(dǎo)線框進入磁場所用的時間為等-榔

試卷第12頁，共12頁

參考答案：

1.C

【詳解】設(shè)木棍與水平方向夾角為。，木棍長度為L,設(shè)糧倉對木棍的作用力大小為F,則

為使木棍下端一定不發(fā)生側(cè)滑，由平衡條件有

FCOS8≤〃/7sin。

由幾何知識有

兩式聯(lián)立解得

L≤2m

即木棍的長度最多為2m,故ABD錯誤，C正確。

故選C。

2.D

【詳解】AB.設(shè)彈性繩原長為/,且力時刻彈性繩剛好到達原長，則OT時間內(nèi)人的加速度

大小恒為重力加速度g,回圖像為一條過原點的傾斜直線；設(shè)”時刻彈性繩的彈力大小與人

的重力大小相等，此時人的加速度為0,則“?√2時間內(nèi)人做加速度減小的加速運動，修圖

像切線的斜率逐漸減小至零；設(shè)白時刻人第一次到達最低點，則匕時刻人的速度為零，“73

時間內(nèi)人做加速度增大的減速運動，VY圖像切線的斜率為負(fù)且絕對值逐漸增大，綜上所述

可知AB錯誤；

CD.根據(jù)AB項分析同理可知，當(dāng)0<)M時有

a=g

a-y圖像應(yīng)為平行于y軸的直線；

當(dāng)y>∕時，設(shè)人的質(zhì)量為相，根據(jù)牛頓第二定律有

Ky-D

a=g-----------

m

a-y圖像應(yīng)為斜率為負(fù)的傾斜直線。

綜上所述可知C錯誤，D正確。

故選D。

3.D

【詳解】A.根據(jù)圖甲可知

Em=36√2V,T=0.02s

答案第1頁，共17頁

則

ω=——=1OO?rad/s

T

變壓器原線圈兩端電壓的瞬時值表達式為

u=36拒sin1OOm(V)

A錯誤；

B.在圖甲的r=0.01s時刻，e=0,此時矩形線圈平面與磁場方向垂直，磁通量最大，B錯誤；

C.凡處溫度升高時，電阻減小，電壓表V2測量兄的電壓，則電壓表V2示數(shù)減小，Vl示數(shù)

不變，則電壓表環(huán)示數(shù)與V2示數(shù)的比值變大，C錯誤；

D.副線圈電壓不變，R處溫度降低時，電阻變大，由

輸出功率變小，輸入功率等于輸出功率，所以Vl與Al示數(shù)變小，D正確；

故選D。

4.B

【詳解】A.探測器在P點由軌道I進入軌道II需要制動減速，故A錯誤；

B.由于軌道H的半長軸大于軌道IIl的半徑，所以根據(jù)開普勒第三定律可知探測器在軌道∏

的運行周期大于在軌道III的運行周期，因此探測器在軌道∏上由P點運動到S點的時間大

于在軌道In上由尸點運動到。點的時間，故B正確；

C.根據(jù)萬有引力定律和牛頓第二定律可知探測器在軌道I上經(jīng)過P點的加速度等于在軌道II

上經(jīng)過P點的加速度，故C錯誤；

D.探測器在P點由軌道II進入軌道III需要制動減速，所以探測器在軌道U上P點的機械能

大于在軌道HI上尸點的機械能，又因為探測器在軌道ΠI上運動過程中機械能守恒，所以探

測器在Q點的機械能小于在軌道II上P點的機械能，故D錯誤。

故選B。

5.A

【詳解】A.由圖乙可知，當(dāng)F=6N時，二者剛好滑動，此時滑塊的加速度為2m∕s2,由牛

頓第二定律可得

a=μg

解得動摩擦因數(shù)

答案第2頁，共17頁

∕z=0.2

A正確；

B.當(dāng)F=6N時，二者剛好滑動，以后拉力增大，滑塊的加速度不變，所以當(dāng)F=8N時，滑

塊的加速度為2m∕s2,B錯誤；

C.當(dāng)尸=6N時一，滑塊的加速度為2m∕s2,對整體分析，由牛頓第二定律有

F=(Λ√+∕n)a

代入數(shù)據(jù)解得

M+m=3kg

當(dāng)￡>6N時，由牛頓第二定律得

F-μmg1Lμmg

MM

由圖線的斜率

—=’一=1

M6-4

解得

M=Ikg

m=2kg

C錯誤；

D.若拉力作用在小滑塊機上，當(dāng)F=9N時，假設(shè)二者不分離，整體分析有

a,=———=3m∕s2

mjrM

而木板的最大加速度為

μmg..2,

a=r-?=4m∕s>a

uM

所以假設(shè)成立，二者沒有相對滑動?；瑝K的加速度為3nVs2,D錯誤。

故選Ao

6.D

【詳解】A.關(guān)掉油門后的下坡過程，汽車的速度不變、動能不變，重力勢能減小，則汽車

的機械能減小，故選項A錯誤；

B.關(guān)掉油門后的下坡過程，坡面對汽車的支持力方向與汽車速度方向垂直，則支持力做功

為零，故選項B錯誤；

C.下坡時

答案第3頁，共17頁

f=mgsinθ

上坡過程中達到最大速度時

PP

mf+mgsinθ2f

當(dāng)速度達到最大速度一半時

F-f-mgsinθ-ma

其中

P

F=L=4/

解得

P

a=-----

叫

選項C錯誤;

D.設(shè)汽車速度由0增至%,所用的時間為I,根據(jù)動能定理可得

12

Pt-fs-∕ngs?nθ?s=-ιnvm

解得

2

=些+￡

2Pvm

故選項D正確。

故選D。

7.C

【詳解】A.因為可見光的光子能量在1.62eV到3.1IeV之間，所以只有從能級躍遷到

〃=2能級和從〃=3能級躍遷到〃=2能級的光屬于可見光，當(dāng)照射光子的能量為E=12.09eV時;

其光子獲得的能量不足以躍遷到〃=4能級，故達不到可見光的能量，A錯誤；

B.氫原子受激發(fā)后躍遷到能級4,則能夠輻射的光子數(shù)為C：=6,B錯誤；

CD.從片4能級躍遷到〃=2能級時發(fā)出的光子能量為2.6eV,從〃=3能級躍遷到〃=2能級

時發(fā)出的光子能量為L89eV,又由圖甲可知，在光電效應(yīng)裝置中，“光遏止電壓低，根據(jù)

hv-W=?eUc?

可知，“光的光子能量小，又因為

v4

答案第4頁，共17頁

故。光的波長比b光的大，“光是從3能級躍遷到2能級發(fā)出的光，C正確D錯誤;

8.B

【詳解】設(shè)該金屬的逸出功為題，根據(jù)愛因斯坦光電效應(yīng)方程以及動能定理有

Eki=hv-W0=eUcl

Ek2=2hv-W0=eUc2

由題意可知

%=4

4

聯(lián)立以上各式解得

M=，

故選Bo

9.B

【詳解】運動員做平拋運動，在豎直方向上做自由落體運動，而落地點與飛出點的高度差

3.2m,則由

[12

h=2gt'

解得運動員運動時間為

運動員在水平方向上做勻速直線運動，所以飛過的水平距離為

5=v0∕=20×0.8m=16m

故選Bo

10.C

【詳解】設(shè)運動員在B點的速度大小為V,運動員從A到B和從B到。都做勻變速直線運動,

且運動員在A、C的速度均為零，根據(jù)運動學(xué)規(guī)律有

V

AB=-tAn

V

BC=ItBC

解得

加：%=5：1

答案第5頁，共17頁

故選c。

II.C

【詳解】A.第一宇宙速度是物體在地球附近繞地球做勻速圓周運動的速度，同時也是物體

繞地球做勻速圓周運動的最大環(huán)繞速度，當(dāng)物體的速度介于第一宇宙速度與第二宇宙速度之

間時，物體將繞地球做橢圓運動，“天宮”繞地球做勻速圓周運動，其運行速度不可能介于第

一宇宙速度與第二宇宙速度之間，故A錯誤；

B.在空間站中水和油由于處于完全失重狀態(tài)而處于混合態(tài)，但并不是不受地球引力，此時

地球引力全部提供給“天宮”及其內(nèi)部物體做勻速圓周運動的向心力，故B錯誤；

C.“水油分離實驗”中，同位置的水和油向心加速度相同，但由于水和油的密度不同，相同

體積下水的質(zhì)量比油的質(zhì)量大，所需的向心力比油大，故C正確；

D.由于“天宮”中物體處于完全失重狀態(tài)，所以不存在重力使物體物體下落的作用效果，在

“天宮，，中做“太空拋物實驗，，時，冰墩墩被拋出后近似做直線運動，故D錯誤。

故選C。

12.A

【詳解】AB.當(dāng)兩金屬棒一起向右做勻加速運動時，閉合回路中磁通量不變，感應(yīng)電流為

零，所以此時八h整體僅受到F作用，則尸大小恒定，故A正確，B錯誤；

CD.對〃根據(jù)牛頓第二定律可知細線拉力大小恒定，為

FFF

T=ma=m=—

2m2

故CD錯誤。

故選A0

13.B

【詳解】A.設(shè)墻壁對直桿的支持力大小為FN,直桿長度為人重力為G,與豎直墻壁夾角

為仇以桿與水平地面的接觸點為支點，根據(jù)杠桿平衡規(guī)律可得

&LCOs。=華sin。

解得

FN=JGtane

2

當(dāng)把直桿由實線位置放到虛線位置靜置時，9減小，所以尸N減小，故A錯誤；

B.直桿在豎直方向受力平衡，地面對直桿的支持力大小始終等于直桿的重力大小，故B正

確；

答案第6頁，共17頁

C.直桿在水平方向受力平衡，受到地面的靜摩擦力大小始終等于心的大小，所以靜摩擦

力減小，故C錯誤；

D.直桿受到的地面的作用力等于所受支持力與靜摩擦力的合力，根據(jù)前面分析可知支持力

不變摩擦力變小，合力將變小，故D錯誤。

故選B。

14.D

【詳解】A.汽車在0~%這段位移內(nèi)所受合外力逐漸增大，汽車做加速度增大的加速直線運

動，故A錯誤；

B.廣X圖像與坐標(biāo)軸所圍的面積表示尸的功，所以尸在O~*。這段位移內(nèi)對汽車所作的功為

W=-^FOXO

設(shè)汽車在XI）位置時的速度大小為vι,根據(jù)動能定理有

2

W=/∕nvl

解得

故B錯誤；

C.設(shè)汽車在5%的位置的速度大小為V2,根據(jù)動能定理有

4“pAxInv2Im2

00=^'2-2^

解得

汽車在5%的位置尸的瞬時功率為

故C錯誤;

D.設(shè)??~5天所用時間為r,根據(jù)動量定理有

Fnt=m(v2-vl)

解得

答案第7頁，共17頁

故D正確。

故選D。

15.C

【詳解】A.到目前為止，一般是利用重核裂變與得到核能輕核聚變得到核能，并不是利用

任何物質(zhì)都能得到核能，A錯誤；

B.到目前為止，重核裂變是人類獲得核能的主要方式，B錯誤；

C.輕核發(fā)生聚變之前，必須要有高溫，即輕核聚變又叫做熱核反應(yīng)，太陽內(nèi)部進行的熱核

反應(yīng)屬于輕核聚變，C正確；

D.原子彈是采用重核裂變制成的核武器，D錯誤。

故選C。

16.D

【詳解】根據(jù)題意，入射角與折射角分別為

6∣=90-45=45,α=90-60=30

則折射率為

n=^=√2

Sina

故選D。

17.B

【詳解】根據(jù)題意，由公式P=U/可得，降壓變壓器的輸出電流為

由電流與線圈匝數(shù)關(guān)系可得，降壓變壓器的輸入電流為

L=五/,=2OA

則輸電線損失的功率為

2

?p=∕l/?=2kW

則發(fā)電廠發(fā)電機的輸出功率為

4="+P=90kW

故選Bo

答案第8頁，共17頁

18.D

【詳解】A.運動員離開跳板時，有向上的初速度，則運動員在入水前做的不是自由落體運

動，故A錯誤；

B.運動員在r=2s時速度為0,運動到最低點，即入水最深處，故B錯誤；

C.運動員在0.2~ls內(nèi)做自由落體運動，由公式v=gf可得，t=ls時運動員的速度為

v=8m∕s

若運動員在1~2s內(nèi)做勻減速運動，VT圖像如圖所示

由VT圖像中面積表位移可知，此時，運動員在1~2s內(nèi)的位移為

X=LXIX8m=4m

2

則運動員在l~2s內(nèi)的實際位移小于4m,故C錯誤：

故C錯誤；

D.由圖可知，運動員在f=02s時運動到最高點，則有

h=28t

可得，雙腳離開跳板后重心上升的高度為

%=0.2m

故D正確。

故選D。

19.B

【詳解】令正六邊形的邊長為L左側(cè)兩個點電荷在。點電場強度的方向之間的夾角為120,

則0、A兩點的場強分別為

口kqkq八E?kq=5kq

ELFW=。，4^i2(2L)2^4L2

可知

E()<EA

答案第9頁，共17頁

0、A兩點的電勢分別為

φ旦+旦+旦=Xφ旦+旦+且=也

oLLLLaLL2L2L

可知

<PO>(PA

即有

E0<EA,φ0>φA

故選B。

20.C

【詳解】由圖可知，該波的波長為12m,由公式v=(可得，該波的周期為

T=1.2s

則之后的1.4s內(nèi)質(zhì)點又振動了T+0.2s,振動一個周期通過的路程為

sl=4A=24cm

由同側(cè)法可知，此時的質(zhì)點M沿y軸正方向振動，由X="可得，經(jīng)過0.2s,波傳播的距離

為

X=2m

則x=3m處質(zhì)點的振動形式傳到"點，即〃點到達波峰，則0.2s內(nèi)質(zhì)點"通過的路程為

.V2=3cm

則在之后的1.4s內(nèi)/點運動的路程為

s=s∣+S?=27cm

故選C。

21.D

【詳解】A.對小球A進行受力分析，三力構(gòu)成矢量三角形，如圖所示

答案第10頁，共17頁

根據(jù)幾何關(guān)系可知兩三角形相似，因此

tng_F_F'

^δ?i~WA~OA

緩慢運動過程O'A越來越小，則尸逐漸減小，故A錯誤；

B.由于長度不變，桿對小球的作用力大小不變，故B錯誤；

CD.對木板，由于桿對木板的作用力大小不變，方向向右下，但桿的作用力與豎直方向的

夾角越來越小，所以地面對木板的支持力逐漸增大，地面對木板的摩擦力逐漸減小，故C

錯誤，D正確。

故選D。

22.ACD

【詳解】A.對小球A由機械能守恒定律可求出碰前小球A的速度，小球A與物塊B發(fā)生

彈性正碰，根據(jù)系統(tǒng)動量守恒定律和機械能守恒定律可求出碰后小球A和物塊B的速度，

對小球A再使用機械能守恒定律可求出碰撞后小球A反彈上升的最大高度，故A正確；

B.由于小球碰后做變速圓周運動，故無法求得小球A反彈上升的時間，故B錯誤；

C.碰撞過程中根據(jù)動量定理可求出物塊B獲得沖量大小，故C正確；

D.碰撞后，物塊B、輕彈簧和物塊C組成的系統(tǒng)，當(dāng)物塊B和物塊C共速時彈簧有最大

彈性勢能，根據(jù)動量守恒定律求出共速的速度，再根據(jù)系統(tǒng)機械能守恒定律求出彈簧獲得的

最大彈性勢能，故D正確。

故選ACD0

23.BD

【詳解】AB.左上電荷在。點場強與右下電荷在b點場強相同，右下電荷在4點的場強與

左上電荷在人的場強相同，右上電荷在〃點的場強與左下電荷在人點的場強相同，右上電荷

在b點的場強與左下電荷在α點場強相同，因此根據(jù)場的疊加原理，a、b兩點電場強度大

答案第11頁，共17頁

小相等方向相同，A錯誤，B正確；

CD.。點相對于人點離正電荷更近，負(fù)電荷更遠，根據(jù)沿著電場線方向電勢逐漸降低，則有

。點電勢高于〃點電勢，C錯誤，D正確；

故選BDo

24.BC

【詳解】A.當(dāng)W向右運動時，受向左的安培力，受向右的安培力，且匕,=2月〃，可知

兩棒組成的系統(tǒng)合外力不為零，則動量不守恒，選項A錯誤；

BC.Cd獲得速度后，電路中產(chǎn)生感應(yīng)電流，根據(jù)左手定則得Cd棒減速，外棒加速，當(dāng)

BLvllh=2BLvcd

電路中磁通量不變，沒有感應(yīng)電流，最終兩棒做勻速直線運動，分別對兩棒列動量定理得

-2BiLt=2mveιl-2mv0

BiLt=mvah

兩式合并得

Va∣+%b=V°

聯(lián)立解得

2

Vab=4VO

1

對必棒列動量定理得

BiLt=BLq=mvab

解得

2mv

q=-----a-

3BL

BC正確；

D.從W獲得初速度到二者穩(wěn)定運動，此過程系統(tǒng)產(chǎn)生的焦耳熱為

Q=g?2/w；—J?mvj-?-2∕wt√

解得

2

Q=-mv1

答案第12頁，共17頁

D錯誤。

故選BCo

25.BCD

【詳解】A?電子所受電場力一定指向軌跡的凹側(cè)，所以兩個點電荷均帶正電，故A錯誤；

B.根據(jù)對稱性可知電子在“、6兩點所受電場力大小相同，所以加速度大小相同，故B正

確；

CD.根據(jù)等量同種點電荷周圍電勢分布規(guī)律以及對稱性可知心〃兩點電勢相等，所以電子

在4、。兩點的電勢能相同，根據(jù)能量守恒定律可知電子在人兩點動能相同，故CD正確。

故選BCDo

26.AD

【詳解】設(shè)物塊重力為，"g,所受滑動摩擦力大小為人斜面傾角為仇則根據(jù)牛頓第二定律

可得物塊上滑過程中加速度大小為

ZngSin6+7.f

a=—----------=^sm6?+—

lmtn

下滑過程中加速度大小為

mgs?nθ-f.f

a=---------—=gsmθ--<a

2mmt

當(dāng)物塊與斜面間最大靜摩擦力不小于重力沿斜面方向的分力時，則物塊上滑至最高點后將靜

止；當(dāng)物塊與斜面間最大靜摩擦力小于重力沿斜面方向的分力時，則物塊上滑至最高點后將

沿斜面下滑，且物塊下滑時速度沿負(fù)方向，再結(jié)合M圖像的斜率表示加速度可以判斷AD

可能正確。

故選ADo

27.BD

【詳解】A.設(shè)必端的輸入電壓為U,則原線圈的輸入電壓為

U1=U-UL

由理想變壓器的電壓關(guān)系有

UIU-ULΠ,

U2U2n23

而以等于可變電阻的電壓，所以而端電壓與可變電阻的電壓比不為1:3,故A錯誤；

B.根據(jù)理想變壓器的電流關(guān)系有

答案第13頁，共17頁

I1_n2_3

，2ttl?

所以原副線圈的電流比為3:1,故B正確；

C.若可變電阻接入電路的阻值變大，設(shè)副線圈的輸出電壓不變，則副線圈中的電流八減小,

由變壓器的電流關(guān)系可知，原線圈的電流L也會減小。由

UL=1應(yīng)

可知燈泡兩端電壓Ul,會減小，根據(jù)

U?=U-UL

可知，由于變壓器的輸入電壓U不變，則原線圈輸入電壓q變大，根據(jù)變壓器的電壓關(guān)系

可知，副線圈的輸出電壓S變大，則電壓表示數(shù)變大，故C錯誤；

D.根據(jù)能量守恒可得，可變電阻消耗功率為

P=UlTH

可知，當(dāng)人=3時，可變電阻消耗功率最大。則有

u、=UTK=BU

根據(jù)理想變壓器的電壓關(guān)系

U2n13

可得，此時可變電阻的電壓為

3=3q=與

根據(jù)理想變壓器電流關(guān)系

2L=%=3

1I%1

可得，此時可變電阻的電流為

/,=—1.=----

2316R。

則此時，可變電阻的阻值為