云南省大理州實驗中學(xué)2017-2018學(xué)年高二下學(xué)期期中考試物理試題

云南省大理州實驗中學(xué)20172018學(xué)年高二下學(xué)期期中考試物理試題選擇題1.以下圖片來源于教材，與它們相關(guān)的說法正確的是A.甲圖是英國物理學(xué)家?guī)靵隼门こ訉嶒灉y量萬有引力常量Ｇ的裝置示意圖B.乙圖是發(fā)射出去的火箭，利用了反沖現(xiàn)象C.丙圖是利用“光的反射”精確測量微小壓力大小的裝置示意圖D.丁圖中，伽利略第一次用科學(xué)的實驗方法改變了人類對物體運動的認(rèn)識，總結(jié)出了行星運動定律和萬有引力定律等，為人類做出了卓越貢獻(xiàn)【答案】B【解析】【詳解】A、甲圖是英國物理學(xué)家卡文迪許利用扭秤實驗測量萬有引力常量G的裝置示意圖，故A錯誤。B、乙圖是發(fā)射出去的火箭，它利用了反沖現(xiàn)象，故B正確。C、丙圖是利用“光的反射”精確測量微小壓力產(chǎn)生微小形變的裝置示意圖，故C錯誤。D、丁圖中，伽利略第一次用科學(xué)的實驗方法改變了人類對物體運動的認(rèn)識，但它沒有總結(jié)出了行星運動定律和萬有引力定律等；故D錯誤。故選B?！军c睛】本題考查對課本基本內(nèi)容的掌握情況，在分析時一定要注意掌握對應(yīng)的物理學(xué)史，同時明確各規(guī)律分析時所用到儀器等內(nèi)容．2.如圖，固定斜面傾角為30°，質(zhì)量為m的小物塊自斜面底端以某一初速度沿斜面向上做勻減速運動，其加速度大小恰好等于重力加速度g的大小。若物塊上升的最大高度為H，則此過程中：（

）A.小物塊上滑過程中機械能守恒B.小物塊上滑過程中動能損失了mgHC.小物塊上滑過程中動能損失了2mgHD.小物塊上滑過程中機械能損失了2mgH【答案】C【解析】試題分析：若小物塊上升過程中只受重力，則加速度a=gsin300=12g≠g考點：考查了功能關(guān)系，動能定理3.如圖，一物塊在水平拉力F的作用下沿水平桌面做勻速直線運動。若保持F的大小不變，而方向與水平面成60°角，物塊也恰好做勻速直線運動。物塊與桌面間的動摩擦因數(shù)為A.23B.36C.33【答案】C【解析】當(dāng)拉力水平時，物體勻速運動，則拉力等于摩擦力，即：F=由平衡條件得：FN=mg?Fsinθ，f=4.隨著我國登月計劃的實施，我國宇航員登上月球已經(jīng)不是夢想；假如我國宇航員登上月球并在月球表面附近以初速度v0豎直向上拋出一個小球，經(jīng)時間t后回到出發(fā)點．已知月球的半徑為R，萬有引力常量為G，則下列說法正確的是：A.月球表面的重力加速度為vB.月球的質(zhì)量為2C.宇航員在月球表面獲得v0RD.宇航員在月球表面附近繞月球做勻速圓周運動的繞行周期為R【答案】B【解析】小球在月球表面做豎直上拋運動，根據(jù)勻變速運動規(guī)律得：t=2v0g月；解得：g月=2v0t，故A錯誤；物體在月球表面上時，由重力等于地月球的萬有引力得：GMmR2=mg月；解得：M=R2g月G點睛：本題是衛(wèi)星類型的問題，常常建立這樣的模型：環(huán)繞天體繞中心天體做勻速圓周運動，由中心天體的萬有引力提供向心力．重力加速度g是聯(lián)系物體運動和天體運動的橋梁．5.在如圖所示的裝置中，木塊B與水平桌面間的接觸是光滑的，子彈A沿水平方向射入木塊后留在其中，將彈簧壓縮到最短。若將子彈、木塊和彈簧合在一起作為系統(tǒng)，則此系統(tǒng)在從子彈開始射入到彈簧被壓縮至最短的整個過程中()A.動量守恒，機械能守恒B.動量不守恒，機械能不守恒C.動量守恒，機械能不守恒D.動量不守恒，機械能守恒【答案】B【解析】從子彈射向木塊到木塊將彈簧壓縮到最短的全過程中，系統(tǒng)受到墻壁的彈力，合外力不為零，總動量不守恒．同時在作用過程中由于摩擦力做功；故彈簧、木塊和子彈組成的系統(tǒng)機械能減小，轉(zhuǎn)化為內(nèi)能．故動量不守恒、機械能不守恒；故選D．點睛：判斷動量和機械能是否守恒，關(guān)鍵根據(jù)守恒條件進行判斷：動量守恒的條件是合外力為零，機械能守恒條件是只有重力或彈簧的彈力做功.6.如圖所示，當(dāng)小車A以恒定的速度v向左運動時，對于B物體，下列說法正確的是()A.勻加速上升B.B物體受到的拉力大于B物體受到的重力C.勻速上升D.B物體受到的拉力等于B物體受到的重力【答案】B【解析】設(shè)繩子與水平方向的夾角為θ根據(jù)平行四邊形定則有：沿繩子方向的速度v繩=vcosθ，沿繩子方向的速度等于B物體的速度，在運動的過程中，θ角減小，則v繩增大．所以物體做變加速上升．物體的加速度方向向上，根據(jù)牛頓第二定律，知繩子的拉力大于B物體的重力．故B正確，ACD錯誤．故選B．點睛：解決本題的關(guān)鍵知道汽車的速度是沿繩子方向和垂直于繩子方向速度的合速度，以及會根據(jù)速度變化情況得出加速度的方向．7.如圖甲所示，矩形導(dǎo)線框固定在勻強磁場中，磁感線方向與導(dǎo)線框所在平面垂直．規(guī)定垂直紙面向里方向為磁場的正方向，磁感應(yīng)強度B隨時間t變化的規(guī)律如圖乙所示．則A.從0到t2時間內(nèi)，導(dǎo)線框中電流的方向先為adcba再為abcdaB.從0到t2時間內(nèi)，導(dǎo)線框中電流的方向始終為adcbaC.從0到t1時間內(nèi)，導(dǎo)線框中電流越來越小D.從0到t1時間內(nèi)，導(dǎo)線框ab邊受到的安培力越來越小【答案】BD【解析】從0到t2時間內(nèi)，線圈中磁通量的變化率相同，則感應(yīng)電動勢不變，電路中電流大小和方向不變，根據(jù)楞次定律可知電流方向為adcba，故AC錯誤，B正確；從0到t1時間內(nèi)，電路中電流大小時恒定不變，故由F=BIL可知，F(xiàn)與B成正比，因為B逐漸減小，所以安培力越來越小，故D正確。所以BD正確，AC錯誤。8.放在粗糙水平面上的物體受到水平拉力的作用，在0～6s內(nèi)其速度與時間的圖象和該拉力的功率與時間的圖象分別如圖甲、乙所示．下列說法正確的是A.0～6s內(nèi)物體的位移大小為36mB.0～6s內(nèi)拉力做的功為70JC.合外力在0～6s內(nèi)做的功大于于0～2s內(nèi)做的功D.滑動摩擦力的大小為53【答案】BD【解析】【詳解】A、0～6s內(nèi)物體的位移大小x=4+62×6m=30m；故A錯誤。B、0～2s內(nèi)拉力做的功為W=Pt2=30×22J=30J，故B正確。C、在2～6s內(nèi)，物體做勻速運動，合力做零，則合外力在0～6s內(nèi)做的功與0～2s內(nèi)做的功相等；【點睛】本題解題關(guān)鍵是理解圖象的物理意義．求功的方法通常有三種：一是W=Flcosθ，F(xiàn)應(yīng)是恒力；二是W=Pt，當(dāng)P恒定時；三是動能定理，特別是在計算變力做功的時候．9.某小型水電站的電能輸送示意圖如圖所示。發(fā)電機的輸出電壓為220V，輸電線總電阻為r，升壓變壓器原、副線圈匝數(shù)分別為n1、n2，降壓變壓器原、副線圈匝數(shù)分別為n3、n4(變壓器均為理想變壓器)，要使額定電壓為220V的用電器正常工作，則()A.n2n1＞n3C.升壓變壓器的輸出電壓等于降壓變壓器的輸入電壓D.升壓變壓器的輸出功率大于降壓變壓器的輸入功率【答案】AD【解析】由變壓器的電壓比匝數(shù)之比n2n1=U2U視頻10.如圖，在a點由靜止釋放一個質(zhì)量為m，電荷量為q(q為絕對值)的帶電粒子，粒子到達(dá)b點時速度恰好為零，設(shè)ab所在的電場線豎直向下，a、b間的高度差為h，則：

（

）A.帶電粒子帶正電B.a、b兩點間的電勢差Uab=mgh/qC.b點場強大于a點場強D.空中電場可能是負(fù)的點電荷產(chǎn)生的【答案】BCD【解析】試題分析：粒子受到的重力豎直向下，恒定不變，從a靜止開始運動，到b速度恰好又為零，所以粒子先加速后減小，所以粒子受到的電場力方向向上，而電場方向豎直向下，所以粒子帶負(fù)電，剛開始電場力小于重力，后來電場力大于重力，所以b點的場強大于a點的場強，A錯誤C正確；粒子從a到b過程中，根據(jù)動能定理可得mg?U考點：考查了電場力做功，電場線，【名師點睛】解決帶電粒子在復(fù)合場中的運動，要正確進行受力分析，確定其運動狀態(tài)，然后依據(jù)相關(guān)規(guī)律求解二、填空題11.利用氣墊導(dǎo)軌驗證機械能守恒定律．實驗裝置示意圖如圖1所示：(1)實驗步驟：A．將氣墊導(dǎo)軌放在水平桌面上，桌面高度不低于1m，將導(dǎo)軌調(diào)至水平．B．用游標(biāo)卡尺測量擋光條的寬度l，結(jié)果如圖2所示，由此讀出l=_____mm．C．由導(dǎo)軌標(biāo)尺讀出兩光電門中心之間的距離s=______cm．D．將滑塊移至光電門1左側(cè)某處，待砝碼靜止不動時，釋放滑塊，要求砝碼落地前擋光條已通過光電門2．E．從數(shù)字計時器（圖1中未畫出）上分別讀出擋光條通過光電門1和光電門2所用的時間△t1和△t2．F．用天平稱出滑塊和擋光條的總質(zhì)量M，再稱出托盤和砝碼的總質(zhì)量m．(2)用表示直接測量量的字母寫出下列所求物理量的表達(dá)式：①在滑塊從光電門1運動到光電門2的過程中，系統(tǒng)勢能的減少△Ep=____（重力加速度為g）,系統(tǒng)動能的增加量ΔEk=②在實驗誤差允許的范圍內(nèi)，如果△Ep=ΔEk則可認(rèn)為驗證了機械能守恒定律．【答案】(1).9.30(2).60.00(3).mgs(4).12【解析】【詳解】(1)該游標(biāo)卡尺的精確度為0.05mm，主尺讀數(shù)為：9mm，副尺讀數(shù)為：6×0.05mm=0.30mm，故遮光條寬度l=9.30mm；兩光電門中心之間的距離s=80.30cm-20.30cm=60.00cm(2)在滑塊從光電門1運動到光電門2的過程中，系統(tǒng)勢能的減少：△EP=mgs；由于擋光條寬度很小，因此將擋光條通過光電門時的平均速度當(dāng)作瞬時速度．v1=lΔt1,v2=lΔt2;通過光電門12.（10分）用如圖所示電路測量電源的電動勢和內(nèi)阻。實驗器材：待測電源（電動勢約3V，內(nèi)阻約2Ω），保護電阻R1（阻值10Ω）和R2（阻值5Ω），滑動變阻器R，電流表A，電壓表V，開關(guān)S，導(dǎo)線若干。實驗主要步驟：（ⅰ）將滑動變阻器接入電路的阻值調(diào)到最大，閉合開關(guān)；（ⅱ）逐漸減小滑動變阻器接入電路的阻值，記下電壓表的示數(shù)U和相應(yīng)電流表的示數(shù)I；（ⅲ）以U為縱坐標(biāo)，I為橫坐標(biāo)，作U—I圖線（U、I都用國際單位）；（ⅳ）求出U—I圖線斜率的絕對值k和在橫軸上的截距a?；卮鹣铝袉栴}：（1）電壓表最好選用______；電流表最好選用______。A．電壓表（03V，內(nèi)阻約15kΩ）

B．電壓表（03V，內(nèi)阻約3kΩ）C．電流表（0200mA，內(nèi)阻約2Ω）

D．電流表（030mA，內(nèi)阻約2Ω）（2）滑動變阻器的滑片從左向右滑動，發(fā)現(xiàn)電壓表示數(shù)增大，兩導(dǎo)線與滑動變阻器接線柱連接情況是______。A．兩導(dǎo)線接在滑動變阻器電阻絲兩端的接線柱B．兩導(dǎo)線接在滑動變阻器金屬桿兩端的接線柱C．一條導(dǎo)線接在滑動變阻器金屬桿左端接線柱，另一條導(dǎo)線接在電阻絲左端接線柱D．一條導(dǎo)線接在滑動變阻器金屬桿右端接線柱，另一條導(dǎo)線接在電阻絲右端接線柱（3）選用k、a、R1、R2表示待測電源的電動勢E和內(nèi)阻r的表達(dá)式E=______，r=______，代入數(shù)值可得E和r的測量值?！敬鸢浮?1).（1）A、(2).C(3).（2）C

(4).（3）ka(5).kR2【解析】試題分析：（1）電壓表并聯(lián)在電路中，故電壓表內(nèi)阻越大，分流越小，誤差也就越小，因此應(yīng)選內(nèi)阻較大的A電壓表；當(dāng)滑動變阻器接入電阻最小時，通過電流表電流最大，此時通過電流表電流大小約為I=（2）分析電路可知，滑片右移電壓表示數(shù)變大，則說明滑動變阻器接入電路部分阻值增大，而A項中兩導(dǎo)線均接在金屬柱的兩端上，接入電阻為零；而B項中兩導(dǎo)線接在電阻絲兩端，接入電阻最大并保持不變；C項中一導(dǎo)線接在金屬桿左端，而另一導(dǎo)線接在電阻絲左端，則可以保證滑片右移時阻值增大；而D項中導(dǎo)線分別接右邊上下接線柱，滑片右移時，接入電阻減?。还蔇錯誤；故選C；（3）由閉合電路歐姆定律可知：U=EI（r+R2），對比伏安特性曲線可知，圖象的斜率為k=r+R2；則內(nèi)阻r=KR2；令U=0，則有：I=Er考點：測量電源的電動勢和內(nèi)阻【名師點睛】本題考查測量電源的電動勢和內(nèi)電阻實驗中的儀表選擇以及數(shù)據(jù)處理，要注意明確根據(jù)圖象分析數(shù)據(jù)的方法，重點掌握圖象中斜率和截距的意義。視頻三、計算題13.如圖所示，在水平面上依次放置小物塊A和C以及曲面劈B,其中A與C的質(zhì)量相等均為m，曲面劈B的質(zhì)量M=3m,劈B的曲面下端與水平面相切，且劈B足夠高，各接觸面均光滑?，F(xiàn)讓小物塊C以水平速度v0向右運動，與A發(fā)生碰撞，碰撞后兩個小物塊粘在一起又滑上劈B。求：（1）碰撞過程中系統(tǒng)損失的機械能；（2）碰后物塊A與C在曲面劈B上能夠達(dá)到的最大高度?！敬鸢浮浚?）14mv【解析】試題分析：（1）小物塊C與A發(fā)生碰撞粘在一起，由動量守恒定律得：mv0=2mv解得v=1解得E損（2）當(dāng)AC上升到最大高速時，ABC系統(tǒng)的速度相等；根據(jù)動量守恒定律：m解得v由能量關(guān)系：2解得h考點：動量守恒定律;機械能守恒定律【名師點睛】分析清楚物體運動過程是正確解題的關(guān)鍵，應(yīng)用動量守恒定律與機械能守恒定律可以解題．要注意ABC系統(tǒng)水平方向動量守恒，系統(tǒng)整體動量不守恒．14.平面直角坐標(biāo)系xOy中，第Ⅰ象限存在垂直于平面向里的勻強磁場，第Ⅲ現(xiàn)象存在沿y軸負(fù)方向的勻強電場，如圖所示。一帶負(fù)電的粒子從電場中的Q點以速度v0沿x軸正方向開始運動，Q點到y(tǒng)軸的距離為到x軸距離的2倍。粒子從坐標(biāo)原點O離開電場進入電場，最終從x軸上的P點射出磁場，P點到y(tǒng)軸距離與Q點到y(tǒng)軸距離相等。不計粒子重力，為：（1）粒子到達(dá)O點時速度的大小和方向；（2）電場強度和磁感應(yīng)強度的大小之比?！敬鸢浮浚?）2v0（2）v0【解析】(1)粒子運動軌跡如圖：粒子在電場中由Q到O做類平拋運動，設(shè)O點速度v與x方向夾角為α，Q點到x軸的距離為L，到y(tǒng)軸的距離為2L，粒子的加速度為a，運動時間為t，根據(jù)平拋運動的規(guī)律有：x方向：2y方向：L=粒子到達(dá)O點時沿y軸方向的分速度：vy=at，又tanα=vyvx，解得tanα=(2)設(shè)電場強度為E，粒子電荷量為q，質(zhì)量為m，粒子在電場中受到的電場力為F，粒子在電場中運動的加速度：a=qEm，設(shè)磁感應(yīng)強度大小為B，粒子做勻速圓周運動的半徑為R，洛倫茲力提供向心力，有：qv四、選考題：15.下列說法正確的是_________A．布朗運動反映了液體分子在永不停息的做無規(guī)則熱運動B．氣體分子的平均動能增大，壓強也一定增大C．不同溫度下，水的飽和汽壓都是相同的D．完全失重狀態(tài)下懸浮的水滴呈球狀是液體表面張力作用的結(jié)果E．分子動理論認(rèn)為，單個分子的運動是無規(guī)則的，但是大量分子的運動仍然有一定規(guī)律【答案】ADE【解析】布朗運動是指懸浮于液體中的固體小顆粒的運動，不是液體分子的熱運動，但它反映了液體分子的無規(guī)則運動，A正確；氣體分子的平均動能增大時，分子的密集程度可能減小，氣體的壓強不一定增大，故B錯誤；溫度越高，液體越容易揮發(fā)，故飽和汽壓隨溫度的升高而增大，C錯誤；液體表面具有收縮的趨勢，即液體表面表現(xiàn)為張力，是液體表面分子間距離大于液體內(nèi)部分子間的距離，液面分子間表現(xiàn)為引力，太空中水滴成球形，是液體表面張力作用的結(jié)果，故D正確；熱力學(xué)規(guī)律是大量氣體分子的統(tǒng)計規(guī)律，對于單個分子的運動是無規(guī)則的，但是大量分子的運動仍然有一定規(guī)律，故E正確．16.為適應(yīng)太空環(huán)境，去太空旅行的航天員都要穿上航天服，航天服有一套生命保障系統(tǒng)，為航天員提供合適的溫度、氧氣和氣壓，讓航天員在太空中如同在地面上一樣．假如在地面上航天服內(nèi)氣壓為1atm，氣體體積為2L，到達(dá)太空后由于外部氣壓低，航天服急劇膨脹，內(nèi)部氣體體積變?yōu)?L，使航天服達(dá)到最大體積，假設(shè)航天服內(nèi)氣體的溫度不變，將航天服視為封閉系統(tǒng)．（1）求此時航天服內(nèi)氣體的壓強，并從微觀角度解釋壓強變化的原因．（2）若開啟航天服封閉系統(tǒng)向航天服內(nèi)充氣，使航天服內(nèi)的氣壓緩慢恢復(fù)到0.9atm，則需補充1atm的等溫氣體多少升？【答案】（1）航天服內(nèi)氣體的壓強為0.5atm；由于氣體的壓強與分子密度和分子平均動能有關(guān)，在氣體體積變大的過程中，該氣體的分子密度變小，而溫度不變，即分子的平均動能不變，故該氣體的壓強減?。?）1.6L．【解析】（1）對航天服內(nèi)氣體，開始時壓強為p1＝1atm，體積為V1＝2L，到達(dá)太空后壓強為p2，氣體體積為V2＝4L。由玻意耳定律得：p1V1＝p2V2解得p2＝0.5atm航天服內(nèi)，溫度不變，氣體分子平均動能不變，體積膨脹，單位體積內(nèi)的分子數(shù)減少，單位時間撞擊到單位面積上的分子數(shù)減少，故壓強減?。?）設(shè)需補充1atm氣體V′升后達(dá)到的壓強為p3＝0.9atm，取總氣體為研究對象。p1(V1＋V′)＝p3V2解得V′＝1.6L…綜上所述本題答案是：(1)P2＝0.5atm航天服內(nèi)，溫度不變，氣體分子平均動能不變，體積膨脹，單位體積內(nèi)的分子數(shù)減少，單位時間撞擊到單位面積上的分子數(shù)減少，故壓強減小(2)1.6L17.如圖為沿軸負(fù)方向傳播的簡諧橫波在t=1s時刻的波形圖象，P、Q兩個質(zhì)點的平衡位置分別為