2024年1月江西省普通高等學(xué)校招生考試適應(yīng)性測(cè)試物理解析

江西省2024年高考綜合改革適應(yīng)性演練試題卷物理本試卷共6頁(yè)，共100分．考試時(shí)長(zhǎng)75分鐘．考生注意：1．答題前，考生務(wù)必將自己的準(zhǔn)考證號(hào)、姓名填寫(xiě)在答題卡上．考生要認(rèn)真核對(duì)答題卡上粘貼的條形碼的“準(zhǔn)考證號(hào)、姓名、考試科目”與考生本人準(zhǔn)考證號(hào)、姓名是否一致．2．回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑．如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標(biāo)號(hào)．回答非選擇題時(shí)，將答案寫(xiě)在答題卡上，寫(xiě)在本試卷上無(wú)效．3．考試結(jié)束，監(jiān)考員將試題卷、答題卡一并收回．一、選擇題：本題共10小題，共46分．在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1~7題只有一項(xiàng)符合題目要求，每小題4分；第8~10題有多項(xiàng)符合題目要求，每小題6分，全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分．1.在恒星演化末期會(huì)發(fā)生俗稱“燒石頭”的核聚變反應(yīng)，其核反應(yīng)方程為,下列選項(xiàng)正確的是（）A. B. C. D.【答案】D【解析】詳解】由核電荷數(shù)守恒和質(zhì)量數(shù)守恒得解得，故選D。2.某興趣小組做發(fā)射水火箭實(shí)驗(yàn)。假設(shè)水火箭豎直上升至最高點(diǎn)開(kāi)始勻加速豎直下落，一段時(shí)間后，其降落傘打開(kāi)，再勻減速豎直下降。若從最高點(diǎn)開(kāi)始計(jì)時(shí)，下列關(guān)于水火箭圖像可能正確的是（）A. B. C. D.【答案】B【解析】【詳解】從最高點(diǎn)開(kāi)始計(jì)時(shí)，開(kāi)始勻加速豎直下落，加速度不變，一段時(shí)間后，速度達(dá)到最大，此時(shí)降落傘打開(kāi)，再勻減速豎直下降，加速度不變。又因?yàn)閳D像的斜率表示加速度，經(jīng)分析可得圖B可能正確。故選B。3.“天問(wèn)一號(hào)”是我國(guó)首次自主研制發(fā)射的火星探測(cè)器。如圖所示，探測(cè)器從地球擇機(jī)發(fā)射，經(jīng)橢圓軌道向火星轉(zhuǎn)移。探測(cè)器在橢圓軌道的近日點(diǎn)P和遠(yuǎn)日點(diǎn)Q的速度大小分別為，質(zhì)量為m的探測(cè)器從P運(yùn)動(dòng)到Q的時(shí)間為t。忽略其它天體的影響，下列說(shuō)法正確的是（）A.與m有關(guān) B.與m無(wú)關(guān)C.與m有關(guān) D.與m無(wú)關(guān)【答案】B【解析】【詳解】由開(kāi)普勒第二定律可知，近日點(diǎn)的速率大于遠(yuǎn)日點(diǎn)的速率，所以設(shè)半長(zhǎng)軸為a，由萬(wàn)有引力提供向心力可得探測(cè)器繞太陽(yáng)運(yùn)動(dòng)的周期為與探測(cè)器的質(zhì)量m無(wú)關(guān)，所以探測(cè)器從P運(yùn)動(dòng)到Q的時(shí)間為與探測(cè)器的質(zhì)量m無(wú)關(guān)。故選B。4.為縮短固定翼飛行器著陸后的滑行距離，有人構(gòu)想在機(jī)身和跑道上安裝設(shè)備，使飛行器在安培力作用下短距著陸。如圖所示，在機(jī)身上安裝長(zhǎng)為、匝數(shù)為60匝的矩形線圈，線圈通以的電流，跑道上有大小為的磁場(chǎng)，通過(guò)傳感器控制磁場(chǎng)區(qū)域隨飛機(jī)移動(dòng)，使矩形線圈始終處于圖示磁場(chǎng)中。忽略電磁感應(yīng)的影響，線圈所受安培力的大小和方向是（）A.,向左 B.,向右 C.,向左 D.,向右【答案】A【解析】【詳解】由左手定則可知，各處的安培力方向如圖所示所以線圈所受安培力的大小為由左手定則可知，線圈所受安培力方向?yàn)樗较蜃蟆９蔬xA。5.如圖（a）所示，一列簡(jiǎn)諧橫波以速度u沿x軸正方向傳播，在波的傳播方向上有P、Q兩點(diǎn)，且小于波長(zhǎng)。P、Q兩處質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖像分別如圖（b）中實(shí)線和虛線所示。波速u(mài)和Q處質(zhì)點(diǎn)在內(nèi)的位移大小d是（）A. B.C. D.【答案】A【解析】【詳解】因?yàn)楹?jiǎn)諧橫波沿x軸正方向傳播，且P、Q兩點(diǎn)距離小于波長(zhǎng)，所以所以由圖（b）可知，周期為所以這列簡(jiǎn)諧橫波的速度為由圖（b）可知Q處質(zhì)點(diǎn)在內(nèi)的位移大小為故選A。6.柔性可穿戴設(shè)備導(dǎo)電復(fù)合材料電阻率的測(cè)量需要使用一種非接觸式傳感器．如圖（a）所示，傳感器探頭線圈置于被測(cè)材料上方，給線圈通正弦交變電流如圖（b）所示，電路中箭頭為電流正方向。在時(shí)間內(nèi)關(guān)于渦旋電流的大小和方向（俯視），下列說(shuō)法正確的是（）A.不斷增大，逆時(shí)針 B.不斷增大，順時(shí)針C.不斷減小，逆時(shí)針 D.不斷減小，順時(shí)針【答案】D【解析】【詳解】由題意可知，在時(shí)間內(nèi)電路中的電流與原電流方向相反，且不斷增大，被測(cè)材料的原磁場(chǎng)方向豎直向上，根據(jù)楞次定律可知，被測(cè)材料的感應(yīng)磁場(chǎng)方向豎直向下，由安培定則可知，在被測(cè)材料上的渦流方向?yàn)轫槙r(shí)針（俯視）；又因?yàn)闀r(shí)間內(nèi)圖像的斜率不斷減小，則感應(yīng)磁場(chǎng)變化率不斷減小，由法拉第電磁感應(yīng)定律及歐姆定律可知，被測(cè)材料上的渦流大小不斷減小。故選D。7.用圖（a）裝置測(cè)量玻璃的折射率時(shí)，俯視圖如圖（b）所示。在水平木板上插大頭針P、Q，透過(guò)玻璃磚觀察，使Q把P擋住，再插大頭針M和N，使N擋住M同時(shí)擋住玻璃磚中的P和Q，這樣就可以確定玻璃磚的入射光線及其出射光線，從而可以測(cè)量玻璃的折射率。下列關(guān)于該實(shí)驗(yàn)時(shí)眼睛所看到大頭針的情形，可能正確的是（）A. B. C. D.【答案】A【解析】【詳解】由圖可知在N處對(duì)準(zhǔn)PQM的過(guò)程中，假設(shè)MN位置如圖所示，則PQ必須按如圖所示的光線才能射入人的眼睛，根據(jù)像在光線反向延長(zhǎng)線上可知，像P在最左，其次Q，最右為MN。故選A。8.陶瓷是中華瑰寶，是中華文明的重要名片。在陶瓷制作過(guò)程中有一道工序叫利坯，如圖（a）所示，將陶瓷粗坯固定在繞豎直軸轉(zhuǎn)動(dòng)的水平轉(zhuǎn)臺(tái)上，用刀旋削，使坯體厚度適當(dāng)，表里光潔。對(duì)應(yīng)的簡(jiǎn)化模型如圖（b）所示，粗坯的對(duì)稱軸與轉(zhuǎn)臺(tái)轉(zhuǎn)軸重合。當(dāng)轉(zhuǎn)臺(tái)轉(zhuǎn)速恒定時(shí)，關(guān)于粗坯上P、Q兩質(zhì)點(diǎn)，下列說(shuō)法正確的是（）A.P的角速度大小比Q的大 B.P的線速度大小比Q的大C.P的向心加速度大小比Q的大 D.同一時(shí)刻P所受合力的方向與Q的相同【答案】BC【解析】【詳解】A．由題意可知，粗坯上P、Q兩質(zhì)點(diǎn)屬于同軸轉(zhuǎn)動(dòng)，故即P的角速度大小跟Q的一樣大，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)，且，所以即P的線速度大小比Q的大，故B正確；C．根據(jù)，且，所以即P的向心加速度大小比Q的大，故C正確；D．因?yàn)楫?dāng)轉(zhuǎn)臺(tái)轉(zhuǎn)速恒定，所以同一時(shí)刻P所受合力的方向與Q的所受的合力方向均指向中心軸，故合力方向不相同，故D錯(cuò)誤。故選BC。9.如圖（a）所示，有一電荷均勻分布的固定絕緣細(xì)圓環(huán)，圓心為O,軸線上的電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)分布如圖（b）（c）所示?，F(xiàn)有一帶負(fù)電的粒子（重力不計(jì)）以初速度沿軸線由P運(yùn)動(dòng)到。關(guān)于粒子由P運(yùn)動(dòng)到Q的過(guò)程分析，下列說(shuō)法正確的是（）A.粒子先加速后一直減速 B.靜電力對(duì)粒子做功不為0C.粒子所受靜電力先增大后一直減小 D.粒子的電勢(shì)能先減小后一直增大【答案】AD【解析】【詳解】AD．由圖可知粒子由P運(yùn)動(dòng)到Q的過(guò)程中，電場(chǎng)力先做正功，后一直做負(fù)功，根據(jù)電場(chǎng)力做功與電勢(shì)能的關(guān)系可得，電勢(shì)能先減小后一直增大，動(dòng)能先增大后一直減小。故AD正確；B．根據(jù)圖（c）可知根據(jù)可知，粒子由P運(yùn)動(dòng)到Q的過(guò)程靜電力對(duì)粒子做功的代數(shù)和為0，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)圖（b）可知，粒子由P運(yùn)動(dòng)到Q的過(guò)程，場(chǎng)強(qiáng)先增大后減小，再增大最后再減小，故粒子所受靜電力先增大后減小，再增大最后再減小，故C錯(cuò)誤。故選AD。10.兒童玩具彈射裝置模型如圖所示?？缮炜s輕質(zhì)彈簧和輕質(zhì)桿的一端分別用鉸鏈連接在固定豎直板的P、Q處，另一端連接在質(zhì)量為m的小球上，初始時(shí)刻在豎直向上力F的作用下桿處于水平位置，彈簧的原長(zhǎng)和桿的長(zhǎng)度均為間距為?，F(xiàn)保持力F的方向不變緩慢提升小球，直到彈簧呈水平狀態(tài)。在這個(gè)過(guò)程中（彈簧在彈性限度內(nèi)）（）A.F先變大后一直變小 B.小球可能受三個(gè)力作用C.彈簧在末態(tài)時(shí)的彈力比初態(tài)時(shí)的大 D.輕質(zhì)桿所受的彈力先變小后變大【答案】CD【解析】【詳解】初始時(shí)刻對(duì)小球受力分析如圖此時(shí)彈簧的長(zhǎng)度為此時(shí)彈簧的彈力為此時(shí)水平方向有豎直方向有當(dāng)彈簧處于原長(zhǎng)時(shí)，如圖所示此時(shí)小球受到2個(gè)力，；當(dāng)彈簧呈水平狀態(tài)時(shí)，對(duì)小球受力分析如圖所示此時(shí)彈簧的長(zhǎng)度為此時(shí)彈簧的彈力為此時(shí)水平方向豎直方向有A．由圖可知，從初始狀態(tài)到彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)的過(guò)程中，F(xiàn)從逐漸增大到mg，然后從原長(zhǎng)位置到彈簧呈水平狀態(tài)位置，F(xiàn)從mg增大到，故F一直在增大，A錯(cuò)誤；B．綜上所述，小球在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中不可能受到3個(gè)力的作用，可能受到2個(gè)力作用或者4個(gè)力的作用，故B錯(cuò)誤；C．因?yàn)椋怨蕪椈稍谀B(tài)時(shí)的彈力比初態(tài)時(shí)的大，故C正確；D．初始狀態(tài)時(shí)，輕質(zhì)桿所受彈力為當(dāng)彈簧恢復(fù)到原長(zhǎng)位置為，輕質(zhì)桿所受的彈力為當(dāng)彈簧處于水平狀態(tài)時(shí)，輕質(zhì)桿所受的彈力為又因?yàn)樗暂p質(zhì)桿所受的彈力先變小后變大，故D正確。故選CD。二、非選擇題：本題共5小題，共54分．11.某小組探究氣體在等溫變化時(shí)壓強(qiáng)隨體積變化的規(guī)律．實(shí)驗(yàn)方案如下：在帶刻度的注射器內(nèi)密封一段摻入酒精蒸氣的空氣，然后將注射器與氣體壓強(qiáng)傳感器連接管相連接。氣體壓強(qiáng)p由傳感器測(cè)量，氣體體積V等于注射器讀數(shù)與連接管的容積之和。（1）實(shí)驗(yàn)時(shí)手不要握注射器筒，且應(yīng)緩慢推動(dòng)注射器活塞，其目的是______________。（2）下表是小組采集的一組數(shù)據(jù)，數(shù)據(jù)真實(shí)可靠，請(qǐng)?jiān)趫D中補(bǔ)充描出第6至9個(gè)數(shù)據(jù)點(diǎn)，并畫(huà)出圖線____。序號(hào)12345678999.0110.0120.9135.4154.7181.2223.3291.1330.021.019.017.015.013.011.09.07.05.00.0480.0530.0590.0670.07700910.1110.1430.200（3）由圖可知，前8個(gè)數(shù)據(jù)點(diǎn)的分布情況說(shuō)明：在等溫變化時(shí)，氣體的壓強(qiáng)與體積關(guān)系為_(kāi)_________________________；第9個(gè)數(shù)據(jù)點(diǎn)顯著偏離上述規(guī)律，小組猜想是因?yàn)闅怏w的質(zhì)量減小了，下列哪個(gè)選項(xiàng)支持該猜想______________。A．部分酒精蒸氣進(jìn)入氣體壓強(qiáng)傳感器連接管B．在測(cè)量第9個(gè)數(shù)據(jù)點(diǎn)時(shí)發(fā)現(xiàn)注射器筒壁出現(xiàn)模糊，部分酒精蒸氣液化【答案】①.減小熱傳遞和做功對(duì)氣體溫度的影響②.③.成反比④.B【解析】【詳解】（1）[1]實(shí)驗(yàn)時(shí)手不要握注射器筒，且應(yīng)緩慢推動(dòng)注射器活塞，其目的是減小熱傳遞和做功對(duì)氣體溫度的影響。（2）描點(diǎn)如圖所示（3）[3]由圖可知，前8個(gè)數(shù)據(jù)點(diǎn)的分布情況說(shuō)明：在等溫變化時(shí)，氣體的壓強(qiáng)與體積成反比；[4]由圖可知，第9個(gè)數(shù)據(jù)點(diǎn)顯著偏離上述規(guī)律，可能是在測(cè)量第9個(gè)數(shù)據(jù)點(diǎn)時(shí)部分酒精蒸氣遇冷液化使注射器筒壁出現(xiàn)模糊。故選B。12.電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻是電源的重要參數(shù)，為了研究新舊干電池電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的差異，實(shí)驗(yàn)室提供以下器材：電流表（量程：或）、電壓表（量程：或）、滑動(dòng)變阻器A（最大阻值）、滑動(dòng)變阻器B（最大阻值）、開(kāi)關(guān)、導(dǎo)線和某品牌一節(jié)全新干電池。（1）應(yīng)選擇滑動(dòng)變阻器______________（填“A”或“B”）。（2）請(qǐng)?jiān)趫D（a）中畫(huà)線完成電路實(shí)物連接_________。（3）通過(guò)實(shí)驗(yàn)測(cè)得干電池的兩條圖線，如圖（b）所示，甲為全新干電池實(shí)驗(yàn)圖線，乙為該電池使用一段時(shí)間后的實(shí)驗(yàn)圖線，回答以下問(wèn)題：①乙圖線中，該電池的電動(dòng)勢(shì)為_(kāi)_____________V（保留3位有效數(shù)字），內(nèi)阻為_(kāi)_____________（保留2位有效數(shù)字）；②該電池在使用后電動(dòng)勢(shì)______________（填“變大”或“變小”），內(nèi)阻______________（填“變大”或“變小”）。【答案】①.A②.③.1.28④.1.5⑤.變?、?變大【解析】【詳解】（1）[1]本實(shí)驗(yàn)測(cè)量干電池的內(nèi)阻，由于干電池的內(nèi)阻較小，為了調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器使電流表、電壓表示數(shù)變化明顯，所以滑動(dòng)變阻器的阻值與電池內(nèi)阻相差不大，選阻值的滑動(dòng)變阻器。故選A。（2）[2]由于電池內(nèi)阻較小，故電流表相對(duì)于電源采用外接法，一節(jié)干電池電動(dòng)勢(shì)約為1.5V，故電壓表采用3V量程，正確實(shí)物圖接法如圖（3）①[3][4]由閉合電路歐姆定律化簡(jiǎn)可得由圖可知，縱截距為斜率為故該電池的電動(dòng)勢(shì)為1.28V，內(nèi)阻為。②[5][6]對(duì)比圖（b）中的甲、乙圖線可知，電池在使用后，縱截距變小，斜率變大，在圖像中，縱截距表示電池的電動(dòng)勢(shì)，斜率的絕對(duì)值表示內(nèi)阻，故該電池在使用后電動(dòng)勢(shì)變小，內(nèi)阻變大。13.如圖所示，一質(zhì)量為M的平板車(chē)靜止放在斜坡的底端．滑板愛(ài)好者從長(zhǎng)為l、傾角為的斜坡頂端靜止下滑，滑到平板車(chē)上后制動(dòng)，最終與平板車(chē)達(dá)到共同速度．忽略滑板與斜面以及平板車(chē)與水平地面之間的摩擦，假設(shè)斜坡底端與平板車(chē)平滑相接，平板車(chē)足夠長(zhǎng)，滑板及滑板愛(ài)好者總質(zhì)量為m，可視為質(zhì)點(diǎn)，重力加速度為g。求：（1）滑板愛(ài)好者剛滑到平板車(chē)上時(shí)的速度大?。唬?）滑板愛(ài)好者與平板車(chē)最后達(dá)到的共同速度大小?！敬鸢浮浚?）；（2）【解析】【詳解】（1）對(duì)滑板愛(ài)好者，在斜坡上由動(dòng)能定理可得滑板愛(ài)好者剛滑到平板車(chē)上時(shí)的速度大小為（2）滑板愛(ài)好者與平板車(chē)由動(dòng)量守恒定律解得滑板愛(ài)好者與平板車(chē)最后達(dá)到的共同速度大小為14.無(wú)人快遞車(chē)在水平路面上從靜止開(kāi)始做直線運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過(guò)到達(dá)目的地停止運(yùn)動(dòng)，快遞車(chē)在整個(gè)運(yùn)送過(guò)程中牽引力F隨時(shí)間t的變化關(guān)系如圖所示，圖中和未知。假設(shè)快遞車(chē)與貨物總質(zhì)量，運(yùn)行時(shí)所受阻力為自身重力的0.05倍，重力加速度取，時(shí)間內(nèi)位移大小。求：（1）快遞車(chē)在加速和減速過(guò)程中的加速度大小；（2）快遞車(chē)在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中牽引力所做的功。【答案】（1），；（2）【解析】【詳解】（1）由題意可知，快遞車(chē)運(yùn)行時(shí)所受阻力為快遞車(chē)在加速過(guò)程中，由牛頓第二定律快遞車(chē)在減速過(guò)程中，由牛頓第二定律其中解得設(shè)加速時(shí)間為，減速時(shí)間為，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式其中聯(lián)立解得，故快遞車(chē)在加速和減速過(guò)程中的加速度大小分別為，。（2）全程對(duì)快遞車(chē)由動(dòng)能定理其中代入解得，快遞車(chē)在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中牽引力所做的功為15.磁控濺射儀是制備金屬薄膜的重要設(shè)備。為了研究磁控濺射儀中離子在電場(chǎng)和磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)過(guò)程，建立如下模型。如圖所示，平面內(nèi)的位置有一離子源發(fā)射大量質(zhì)量為m、電荷量為的離子，離子的初始速度大小均為，方向在平面內(nèi)并與x軸正方向的夾角在至范圍內(nèi)。在的區(qū)域內(nèi)有一沿x軸正方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，在的區(qū)域內(nèi)有一垂直平面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)沿y軸方向的寬度為,且關(guān)于x軸對(duì)稱。在的位置放一沿軸y方向的無(wú)限長(zhǎng)絕緣薄平板，所有離子經(jīng)電場(chǎng)加速后到達(dá)絕緣薄平板時(shí)速度大小均為。忽略離子的重力以及離子間的相互作用。（1）求的區(qū)域內(nèi)電場(chǎng)強(qiáng)度的大?。唬?）為使所有離子均能進(jìn)入