高考物理二輪復(fù)習(xí) 選擇題專項(xiàng)訓(xùn)練（二）（含解析）-人教版高三物理試題

選擇題專項(xiàng)訓(xùn)練(二)(時(shí)間:20分鐘滿分:48分)本卷共8小題,每小題6分,共48分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,1~5題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題目要求,6~8題有多個(gè)選項(xiàng)符合題目要求,全部選對(duì)的得6分,選對(duì)但不全的得3分,有選錯(cuò)的得0分。1.(2019·河北衡水模擬)如圖所示,水平光滑長(zhǎng)桿上套有一物塊Q,跨過懸掛于O點(diǎn)的輕小光滑圓環(huán)的細(xì)線一端連接Q,另一端懸掛一物塊P。設(shè)細(xì)線的左邊部分與水平方向的夾角為θ,初始時(shí)θ很小?，F(xiàn)將P、Q由靜止同時(shí)釋放。關(guān)于P、Q以后的運(yùn)動(dòng),下列說法正確的是()A.當(dāng)θ=60°時(shí),P、Q的速度之比是3∶2B.當(dāng)θ=90°時(shí),Q的速度最大C.當(dāng)θ=90°時(shí),Q的速度為零D.在θ向90°增大的過程中,Q的合力一直增大答案:B解析:P、Q用同一根繩連接,則Q沿繩子方向的速度與P的速度相等,即當(dāng)θ=60°時(shí),vQcos60°=vP,解得vPvQ=12,A錯(cuò)誤;P的機(jī)械能最小時(shí),即為Q到達(dá)O點(diǎn)正下方時(shí),Q的速度最大,即當(dāng)θ=90°時(shí),Q的速度最大,B正確,C錯(cuò)誤;在θ向90°增大的過程中,Q2.某物體做直線運(yùn)動(dòng)的v-t圖像如圖所示,據(jù)此判斷(F表示物體所受合力,t表示物體運(yùn)動(dòng)的時(shí)間)四個(gè)選項(xiàng)正確的是()答案:B解析:由題圖可知前2s物體做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng),所以前2s物體受力恒定,2~4s物體做正方向勻減速直線運(yùn)動(dòng),所以物體受力為負(fù)且恒定,4~6s物體做負(fù)方向勻加速直線運(yùn)動(dòng),所以物體受力為負(fù)且恒定,6~8s物體做負(fù)方向勻減速直線運(yùn)動(dòng),所以物體受力為正且恒定,綜上分析選項(xiàng)B正確。3.在中國航天驕人的業(yè)績(jī)中有這些記載:天宮一號(hào)在離地面343km的圓形軌道上飛行;嫦娥一號(hào)在距月球表面高度為200km的圓形軌道上飛行;北斗衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)由同步衛(wèi)星(地球靜止軌道衛(wèi)星,在赤道平面,距赤道的高度約為36000km)和傾斜同步衛(wèi)星(周期與地球自轉(zhuǎn)周期相等,但不定點(diǎn)于某地上空)等組成。則下列分析正確的是()A.設(shè)天宮一號(hào)繞地球運(yùn)動(dòng)的周期為T,用G表示引力常量,則用表達(dá)式3πB.天宮一號(hào)的飛行速度比同步衛(wèi)星的飛行速度要小C.同步衛(wèi)星和傾斜同步衛(wèi)星同周期、同軌道半徑,但二者的軌道平面不在同一平面內(nèi)D.嫦娥一號(hào)與地球的距離比同步衛(wèi)星與地球的距離小答案:C解析:設(shè)地球的質(zhì)量為M,半徑為R,由萬有引力提供向心力有GMm(R+?)2=m4π2T2(R+h),聯(lián)立M=ρ4.圖甲是某景點(diǎn)的山坡滑道圖片,為了探究滑行者在滑道直線部分AE滑行的時(shí)間,技術(shù)人員通過測(cè)量繪制出如圖乙所示的示意圖。AC是滑道的豎直高度,D點(diǎn)是AC豎直線上的一點(diǎn),且有AD=DE=15m,滑道AE可視為光滑的,滑行者從坡頂A點(diǎn)由靜止開始沿滑道AE向下做直線滑動(dòng),g取10m/s2,則滑行者在滑道AE上滑行的時(shí)間為()A.2s B.2s C.6s D.22s答案:C解析:設(shè)斜面坡角為θ,則AE=2ADsinθ,物體做勻加速直線運(yùn)動(dòng),對(duì)物體進(jìn)行受力分析,受重力和支持力,將重力沿著平行斜面和垂直斜面正交分解,根據(jù)牛頓第二定律,有mgsinθ=ma,解得a=gsinθ,根據(jù)速度位移公式,有x=12at2,解得t=65.質(zhì)量為m的物體沿著半徑為r的半球形金屬球殼滑到最低點(diǎn)時(shí)的速度大小為v,如圖所示,若物體與球殼之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ,則物體在最低點(diǎn)時(shí)的()A.向心加速度為g+vB.向心力為mgC.對(duì)球殼的壓力為mD.受到的摩擦力為μmg答案:D解析:向心加速度的大小a=v2r,故A錯(cuò)誤。向心力Fn=mv2r,故B錯(cuò)誤。根據(jù)牛頓第二定律得FN-mg=mv2r,解得FN=mg+mv2r,則物體對(duì)球殼的壓力為mg+mv2r,故C錯(cuò)誤。物體所受的摩擦力Ff=6.(2019·安徽合肥質(zhì)檢)如圖所示,豎直放置的兩平行金屬板,長(zhǎng)為l,板間距離為d,接在電壓為U的直流電源上。在兩板間加一磁感應(yīng)強(qiáng)度為B、方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。一質(zhì)量為m,電荷量為q的帶正電油滴,從距金屬板上端高為h處由靜止開始自由下落,并經(jīng)兩板上端連線的中點(diǎn)P進(jìn)入板間。油滴在P點(diǎn)所受的電場(chǎng)力與洛倫茲力大小恰好相等,且最后恰好從金屬板的下邊緣離開?？諝庾枇Σ挥?jì),重力加速度為g,則下列說法正確的是()A.油滴剛進(jìn)入兩板間時(shí)的加速度大小為gB.油滴開始下落的高度h=UC.油滴從左側(cè)金屬板的下邊緣離開D.油滴離開時(shí)的速度大小為-答案:ABD解析:油滴剛到達(dá)P點(diǎn)時(shí)受重力、電場(chǎng)力和洛倫茲力的作用,電場(chǎng)力和洛倫茲力等大反向,因此油滴在P點(diǎn)的合力大小等于重力,由牛頓運(yùn)動(dòng)定律可知油滴在P點(diǎn)的加速度大小為g,A正確;由于油滴在P點(diǎn)水平方向的合力為零,則由力的平衡條件可知qUd=qBv,對(duì)油滴從釋放到P點(diǎn)的過程中,由機(jī)械能守恒定律可知mgh=12mv2,整理得h=U22gB2d2,B正確;油滴進(jìn)入平行金屬板間后,做加速運(yùn)動(dòng),則電場(chǎng)力小于洛倫茲力,由左手定則可知,油滴所受的洛倫茲力向右,則最終油滴從右側(cè)金屬板的下邊緣離開,C錯(cuò)誤;對(duì)油滴從釋放到從右側(cè)金屬板的下邊緣離開的過程,由動(dòng)能定理有mg(h+l7.一個(gè)質(zhì)子以1.0×107m/s的速度撞入一個(gè)靜止的鋁原子核后被俘獲,鋁原子核變?yōu)楣柙雍?已知鋁核的質(zhì)量是質(zhì)子的27倍,硅核的質(zhì)量是質(zhì)子的28倍,則下列判斷中正確的是()A.核反應(yīng)方程為

1327AlB.核反應(yīng)方程為

1327AlC.硅原子核速度的數(shù)量級(jí)為107m/s,方向跟質(zhì)子的初速度方向一致D.硅原子核速度的數(shù)量級(jí)為105m/s,方向跟質(zhì)子的初速度方向一致答案:AD8.如圖所示,a、b間接入電壓u=311sin314tV的正弦式交變電流,變壓器右側(cè)部分為一火警報(bào)警系統(tǒng)原理圖,其中R2為用半導(dǎo)體熱敏材料制成的傳感器(當(dāng)溫度升高時(shí),其阻值將減小),所有電表均為理想電表,電流表A2為值班室的顯示器,顯示通過R1的電流,電壓表V2顯示加在報(bào)警器上的電壓(報(bào)警器未畫出),R3為一定值電阻。當(dāng)傳感器R2所在處出現(xiàn)火情時(shí),以下說法正確的是()A.A1的示數(shù)增大,A2的示數(shù)增大B.V1的示數(shù)不變,V2的示數(shù)減小C.A1的示數(shù)增大,A2的示數(shù)減小D.V1的示數(shù)減小,V2的示數(shù)減小答案:BC解析:當(dāng)傳感器R2所在處出現(xiàn)火情時(shí),R2的電阻減小,導(dǎo)致電路的總的電阻減小,所以電路中的總電流將會(huì)增加,A1測(cè)量的