西藏省重點中學2024屆物理高一下期末統(tǒng)考試題含解析

西藏省重點中學2024屆物理高一下期末統(tǒng)考試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、(本題9分)一位質量為m的同學從下蹲狀態(tài)向上跳起，經△t時間，身體伸直并剛好離開地面，速度為ν，已知重力加速度為g，在此過程中地面對他的支持力的沖量為A．mv+mg△t B．mv－mg△t C．mv D．mg△t2、(本題9分)在珠海國際航展上，殲-20隱身戰(zhàn)斗機是此次航展最大的明星。殲-20戰(zhàn)機在降落過程中的水平方向初速度為，豎直方向初速度為，已知殲-20戰(zhàn)機在水平方向做加速度大小等于的勻減速直線運動，在豎直方向做加速度大小等于的勻減速直線運動，則殲-20戰(zhàn)機在降落過程（）A．殲-20戰(zhàn)機的運動軌跡為曲線B．經殲-20戰(zhàn)機水平方向的分速度與豎直方向的分速度大小相等C．在前內，殲-20戰(zhàn)機在水平方向的分位移與豎直方向的分位移大小相等D．殲-20戰(zhàn)機在前內，水平方向的平均速度為3、(本題9分)自由下落的物體，它開始下落全程的高度所用的時間和下落全程所用的時間的比值為（）A．1：2 B．C． D．4、(本題9分)如圖所示,地球繞OO′軸自轉,則下列說法正確的是()A．A、B兩點的轉動半徑相同B．A、B兩點線速度相等C．A、B兩點的周期相等D．A、B兩點的轉動角速度不相同5、(本題9分)下列關于力對物體做功以及力的沖量說法正確的是（）A．合力對物體不做功,則合力一定為零B．合力對物體不做功,則合力的沖量也一定為零C．一對作用力和反作用力的沖量之和一定為零D．一對作用力和反作用力對物體做功的代數和一定為零6、(本題9分)如圖所示，上表面有一段光滑圓弧的質量為M的小車A置于光滑水平面上，在一質量為m的物體B自弧上端自由滑下的同時釋放A，則()A．在B下滑過程中，B的機械能守恒B．軌道對B的支持力對B不做功C．在B下滑的過程中，A和地球組成的系統(tǒng)的機械能守恒D．A、B和地球組成的系統(tǒng)的機械能守恒7、(本題9分)如圖所示,某條電場線上有a、b、c三點，其中ac=cb=10cm，已知a、b兩點的電勢分別為φa=-6V,φb=4V,若將一點電荷從b點由靜止釋放,僅在電場力作用下沿著電場線向a點做加速度逐漸減小的加速直線運動,則下列判斷正確的是()A．該點電荷帶正電B．電場在c點處的電勢為φc=-1VC．該電場的場強E=100N/CD．該點電荷從b點運動到c點電場力做的功比從c點運動到a點電場力做的功多8、(本題9分)關于對一個系統(tǒng)的動量守恒的理解，下列說法正確的是A．如果一個系統(tǒng)的動量守恒，則系統(tǒng)的機械能一定守恒B．如果一個系統(tǒng)的動量守恒，則系統(tǒng)的動能可能增加C．如果一個系統(tǒng)的合外力為零，則系統(tǒng)的動量一定守恒D．如果一個系統(tǒng)內力做功不為零，則系統(tǒng)動量一定不守恒9、如圖所示，內壁光滑半徑大小為的圓軌道豎直固定在水平桌面上，一個質量為的小球恰好能通過軌道最高點在軌道內做圓周運動。取桌面為重力勢能的參考面，不計空氣阻力，重力加速度為g。則小球在運動過程中其機械能E、動能、向心力、速度的平方，它們的大小分別隨距桌面高度h的變化圖像正確的是A．B．C．D．10、如圖所示，一個長直輕桿兩端分別固定一個小球A和B，A球、B球質量分別為2m、m，兩球半徑忽略不計，桿的長度為。先將桿AB豎直靠放在豎直墻上，輕輕振動小球B，使小球A在水平面上由靜止開始向右滑動，當小球B沿墻下滑距離為時,下列說法正確的是（）A．小球A的速度為B．小球B的速度為C．小球B沿墻下滑過程中，桿對B做的功為D．小球B沿墻下滑過程中，桿對A做的功為11、(本題9分)如圖所示，一鐵塊壓著一紙條放在水平桌面上，當以速度v抽出紙條后，鐵塊掉在地上的P點，若以2v速度抽出紙條，鐵塊仍掉落在地上，則（不計空氣阻力）A．落點仍在P點B．落點在P點左邊C．兩次下落時間不同D．兩次下落時間相同12、(本題9分)如圖所示，長木板A放在光滑的水平面上，質量為m＝4kg的小物體B以水平速度v0＝2m/s滑上原來靜止的長木板A的表面，由于A、B間存在摩擦，之后A、B速度隨時間變化情況如圖乙所示，取g=10m/s2，則下列說法正確的是()A．木板A獲得的動能為2JB．系統(tǒng)損失的機械能為2JC．A、B間的動摩擦因數為0.1D．木板A的最小長度為2m二．填空題(每小題6分，共18分)13、(本題9分)如圖所示的曲線是一同學做“研究平拋物體的運動”實驗時畫出的平拋運動的軌跡，他在運動軌跡上任取水平位移相等的A、B、C三點，測得△s=21.1cm，又測得豎直高度分別為h1=26.4cm，h2=36.2cm，根據以上數據，可求出小球拋出時的初速度為___________m/s(g=9.8m/s2)。(計算結果保留三位有效數字)14、(本題9分)質量為2kg的小球從水平放置的彈簧網上方某高度處自由下落，剛與彈簧網接觸瞬間的速率為v1＝5m/s，被彈簧網反彈后，剛離開彈簧網時的速率為v2＝3m/s，接觸網的過程中，小球動量變化的大小為_________kg·m/s，小球與彈簧網的接觸時間為Δt=1s，重力加速度為g＝10m/s2。彈簧網對小球的平均彈力大小為________N。15、(本題9分)如圖所示，某人在山上將一質量m=1kg的石塊，以v0=5.0m/s的初速度斜向上方拋出，石塊被拋出時距離水平地面的高度h=10m．不計空氣阻力，取g=10m/s1．求：（1）石塊從拋出到落地的過程中減少的重力勢能________；（1）石塊落地時的速度大小_________．三．計算題(22分)16、（12分）夏天到了，水上滑梯是人們很喜歡的一個項目，它可簡化成如圖所示的模型：傾角為θ＝37°斜滑道AB和水平滑道BC平滑連接（設經過B點前后速度大小不變），起點A距水面的高度H＝7.0m，BC長d＝1.0m，端點C距水面的高度h＝1.0m．一質量m＝60kg的人從滑道起點A點無初速地自由滑下，人與AB、BC間的動摩擦因數均為μ＝0.1．（取重力加速度g＝10m/s1，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，人在運動過程中可視為質點），求：（1）人從A滑到C的過程中克服摩擦力所做的功W和到達C點時速度的大小υ；（1）保持水平滑道端點在同一豎直線上，調節(jié)水平滑道高度h和長度d到圖中B′C′位置時，人從滑梯平拋到水面的水平位移最大，則此時滑道B′C′距水面的高度h′．17、（10分）(本題9分)如圖甲所示，長為4m的水平軌道AB與半徑為R＝0.6m的豎直半圓弧軌道BC在B處相連接。有一質量為1kg的滑塊(大小不計)，從A處由靜止開始受水平向右的力F作用，F隨位移變化的關系如圖乙所示。滑塊與水平軌道AB間的動摩擦因數為μ＝0.25，與半圓弧軌道BC間的動摩擦因數未知，g取10m/s2。求：（1）滑塊到達B處時的速度大?。唬?）若到達B點時撤去F，滑塊沿半圓弧軌道內側上滑，并恰好能到達最高點C，滑塊在半圓弧軌道上克服摩擦力所做的功。

參考答案一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、A【解題分析】

人的速度原來為零，起跳后變化v，以向上為正方向，由動量定理可得：I-mg△t=mv-0，故地面對人的沖量為mv+mg△t.A.mv+mg△t與計算結果相符；故A正確.B.mv－mg△t與計算結果不相符；故B錯誤.C.mv與計算結果不相符；故C錯誤.D.mg△與計算結果不相符；故D錯誤.2、D【解題分析】

A．飛機的合速度方向飛機的合加速度方向可以知道飛機的速度的方向與加速度的方向是相同的，飛機做勻變速直線運動。故A錯誤；B．經殲-20戰(zhàn)機水平方向的分速度豎直方向上的分速度為故B錯；C．在前內，殲-20戰(zhàn)機在水平方向的分位移在豎直方向的分位移故C錯；D．殲-20戰(zhàn)機在前內，水平方向的平均速度為故D正確；故選D?！绢}目點撥】物體做曲線運動的條件是受到的合外力的方向與速度的方向不在同一條直線上；結合速度公式計算速度，結合位移公式計算位移。3、D【解題分析】根據自由落體的運動規(guī)律有，．得，故A、B、C錯誤，D正確；故選D.【題目點撥】解決本題的關鍵知道自由落體運動是初速度為零的勻加速直線運動，掌握勻變速直線運動的運動學公式，并能靈活運用．4、C【解題分析】

A.

A、B兩點都繞地軸做勻速圓周運動，B轉動的半徑大于A轉動的半徑，故A錯誤；B.根據v=rω，角速度相同，B的半徑大，則B的線速度大，故B錯誤；C.根據T=2π/ω，角速度相同，周期相等，故C正確；D.兩點共軸轉動，角速度相同，故D錯誤．故選C。5、C【解題分析】A、物體做勻速圓周運動，合外力提供向心力，對物體不做功，但是沖量不等于零，故AB錯誤；C、作用力和反作用力大小相等，方向相反，故它們的沖量一定大小相等，方向相反，故之和為零，故C正確；D、作用力與反作用力的特征是：等大反向，作用在兩個物體上，可以都做正功，也可能都做負功，故D錯誤．點睛：本題考查牛頓第三定律及其理解．要注意理解牛頓第三定律與平衡力的區(qū)別；同時根據功的定義和動量的定義分析明確它們做功的關系．6、D【解題分析】試題分析：在B下滑的過程中，A向左運動，即B對A做功，所以A對B也做功，故B機械能不守恒，AB錯誤，過程中重力做功，所以系統(tǒng)動量不守恒，C錯誤，系統(tǒng)受到的合力為零，所以機械能守恒，D正確，考點：考查了動量守恒和機械能守恒定律條件的判斷點評：做本題的關鍵是知道當只有重力做功時，機械能守恒，當合力做功為零時，動量守恒7、AD【解題分析】A、沿著電場線方向電勢降低，則電場強度方向從b到a，將一點電荷從b點由靜止釋放，僅在電場力作用下沿著電場線向a點加速運動，則電場力方向由b到a，所以該電荷為正電荷，故A正確；B、C、點電荷從b到a的過程中，加速度逐漸減小，則電場力逐漸減小，電場強度逐漸減小，則c點處的電勢小于-1V，電場是非勻強電場，故無法求出場強，故B、C均錯誤；D、由可知Ubc>Uca，則由可知電荷從b點運動到a點電場力做的功比從c點運動到a點電場力做的功多，故D正確．故選AD．【題目點撥】知道電場線的物理意義：電場線的疏密表示電場的強弱，電場線的方向表示電勢的高低，明確電場力做功與電勢能的關系．8、BC【解題分析】

A．動量守恒的系統(tǒng)機械能不一定守恒，動量守恒的條件是：系統(tǒng)不受外力或受外力的代數和為零；機械能守恒定律的條件是：系統(tǒng)只受到重力的作用，或受外力的代數和為零，故A錯誤；B．例如人船模型，開始人船速度為零，運動時系統(tǒng)的動量守恒，但系統(tǒng)的動能增加，故B正確；C．動量守恒的適用條件是系統(tǒng)不受外力或受外力的代數和為零，故C正確；D．放在光滑水平面上的滑塊與滑板，當它們相對運動時，系統(tǒng)內力做功不為零，但系統(tǒng)動量守恒，故D錯誤；故選BC．9、CD【解題分析】

根據豎直平面內小球做圓周運動的臨界條件，結合機械能守恒定律分析即可解題?！绢}目詳解】AB．小球通過軌道最高點時恰好與軌道間沒有相互作用力，則在最高點：，則在最高點小球的動能：（最小動能），在最高點小球的重力勢能：，運動的過程中小球的動能與重力勢能的和不變，機械能守恒，即：，故AB錯誤；CD．小球從最高點到最低點，由動能定理得：，，則有在距桌面高度h處有：，化簡得：，，故C、D正確?！绢}目點撥】本題主要考查了豎直圓周運動的綜合應用，屬于中等題型。10、AD【解題分析】

AB.當小球B沿墻下滑距離為時，桿與水平方向的夾角的正弦是，此時A、B兩小球的速度關系滿足，由機械能守恒定律得：解得：小球A的速度為。小球B的速度為，故A正確，B錯誤。C.由動能定理得：，小球B沿墻下滑過程中，桿對B做的功為，故C錯誤；D由動能定理得：，小球B沿墻下滑過程中，桿對A做的功為，故D正確；11、BD【解題分析】抽出紙帶的過程中，鐵塊受到向前的摩擦力作用而加速運動，若紙帶以2v的速度抽出，則紙帶與鐵塊相互作用時間變短，因此鐵塊加速時間變短，做平拋時的初速度減小，平拋時間不變，因此鐵塊將落在P點的左邊，故B、D正確，A、C錯誤；故選BD．【題目點撥】解答本題的關鍵是正確分析鐵塊在紙條上的運動過程，求出鐵塊與紙帶分離時速度的大小，根據平拋運動規(guī)律即可判斷鐵塊的落地點．12、AC【解題分析】

A．由圖示圖像可以知道，木板獲得的速度為，A、B組成的系統(tǒng)動量守恒，以B的初速度方向為正方向，由動量守恒定律得解得所以木板A獲得的動能為故A正確；B．系統(tǒng)損失的機械能為故B錯誤；C．結合圖像可知B的加速度大小為，所以故C正確；D．根據能量之間的關系可知解得故D錯誤；故選AC。點睛：由圖能讀出木板獲得的速度,根據動量守恒定律求出木板A的質量,根據求解木板獲得的動能.根據斜