2024屆山西省芮城縣高一數(shù)學第二學期期末教學質量檢測試題含解析

2024屆山西省芮城縣高一數(shù)學第二學期期末教學質量檢測試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每個小題給出的四個選項中，恰有一項是符合題目要求的1．某工廠甲、乙、丙三個車間生產了同一種產品，數(shù)量分別為120件，80件，60件。為了解它們的產品質量是否存在顯著差異，用分層抽樣方法抽取了一個容量為n的樣本進行調查，其中從丙車間的產品中抽取了3件，則n=（）A．9 B．10 C．12 D．132．如果將直角三角形的三邊都增加1個單位長度，那么新三角形()A．一定是銳角三角形 B．一定是鈍角三角形C．一定是直角三角形 D．形狀無法確定3．在中，角所對的邊分別為，已知，則最大角的余弦值是()A． B． C． D．4．某超市收銀臺排隊等候付款的人數(shù)及其相應概率如下：排隊人數(shù)01234概率0.10.160.30.30.10.04則至少有兩人排隊的概率為（）A．0.16 B．0.26 C．0.56 D．0.745．若,則下列不等式正確的是（）A． B． C． D．6．某校高一甲、乙兩位同學的九科成績如莖葉圖所示，則下列說法正確的是（）A．甲、乙兩人的各科平均分不同 B．甲、乙兩人的中位數(shù)相同C．甲各科成績比乙各科成績穩(wěn)定 D．甲的眾數(shù)是83，乙的眾數(shù)為877．記等差數(shù)列前項和，如果已知的值，我們可以求得（）A．的值 B．的值 C．的值 D．的值8．如圖，PA垂直于以AB為直徑的圓所在平面，C為圓上異于A，B的任意一點，垂足為E，點F是PB上一點，則下列判斷中不正確的是（）﹒A．平面PAC B． C． D．平面平面PBC9．已知關于的不等式對任意恒成立,則的取值范圍是()A． B．C． D．10．若圓上有且僅有兩個點到直線的距離等于，則的取值范圍是（）A． B． C． D．二、填空題：本大題共6小題，每小題5分，共30分。11．函數(shù)在上是減函數(shù)，則的取值范圍是________.12．如圖，正方體的棱長為，動點在對角線上，過點作垂直于的平面，記這樣得到的截面多邊形（含三角形）的周長為，設，則當時，函數(shù)的值域__________．13．已知數(shù)列，若對任意正整數(shù)都有，則正整數(shù)______；14．如圖，在水平放置的邊長為1的正方形中隨機撤1000粒豆子，有400粒落到心形陰影部分上，據(jù)此估計心形陰影部分的面積為_________.15．數(shù)列的前項和,則的通項公式_____.16．若關于的方程（）在區(qū)間有實根，則最小值是____．三、解答題：本大題共5小題，共70分。解答時應寫出文字說明、證明過程或演算步驟。17．已知（Ⅰ）求的值；（Ⅱ）若，求的值.18．已知橢圓C：x2a2+y2b2=1（a＞b＞0）的兩個焦點分別為F1，F(xiàn)2，離心率為12，過F1的直線l（1）求橢圓C的方程；（2）若直線y＝kx＋b與橢圓C分別交于A，B兩點，且OA⊥OB，試問點O到直線AB的距離是否為定值，證明你的結論．19．如圖，已知四棱錐的側棱底面，且底面是直角梯形，，，，，，點在棱上，且.（1）證明：平面；（2）求三棱錐的體積.20．在△中，，，且．（Ⅰ）求的值；（Ⅱ）求的大?。?1．已知三角形ABC的頂點為，，，M為AB的中點．（1）求CM所在直線的方程；（2）求的面積．

參考答案一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每個小題給出的四個選項中，恰有一項是符合題目要求的1、D【解題分析】試題分析：：∵甲、乙、丙三個車間生產的產品件數(shù)分別是120，80，60，∴甲、乙、丙三個車間生產的產品數(shù)量的比依次為6：4：3，丙車間生產產品所占的比例，因為樣本中丙車間生產產品有3件，占總產品的，所以樣本容量n=3÷=1．考點：分層抽樣方法2、A【解題分析】

直角三角形滿足勾股定理，，再比較，，大小關系即可．【題目詳解】設直角三角形滿足，則，又為新三角形最長邊，所以所以最大角為銳角，所以三角形為銳角三角形．故選A【題目點撥】判斷三角形形狀一般可通過余弦定理判斷，若有一角的余弦值小于零則為鈍角三角形，等于零則為直角三角形，最大角的余弦值大于零則為銳角三角形，屬于較易題目．3、B【解題分析】

由邊之間的比例關系，設出三邊長，利用余弦定理可求.【題目詳解】因為，所以c邊所對角最大，設，由余弦定理得，故選B.【題目點撥】本題考查余弦定理，計算求解能力，屬于基本題.4、D【解題分析】

利用互斥事件概率計算公式直接求解．【題目詳解】由某超市收銀臺排隊等候付款的人數(shù)及其相應概率表，得：至少有兩人排隊的概率為：．故選：D．【題目點撥】本題考查概率的求法、互斥事件概率計算公式，考查運算求解能力，是基礎題．5、C【解題分析】

根據(jù)不等式性質，結合特殊值即可比較大小.【題目詳解】對于A，當，滿足，但不滿足，所以A錯誤；對于B，當時，不滿足，所以B錯誤；對于C，由不等式性質“不等式兩邊同時加上或減去同一個數(shù)或式子，不等式符號不變”，所以由可得，因而C正確；對于D，當時，不滿足，所以D錯誤.綜上可知，C為正確選項，故選：C.【題目點撥】本題考查了不等式大小比較，不等式性質及特殊值的簡單應用，屬于基礎題.6、C【解題分析】

分別計算出甲、乙兩位同學成績的平均分、中位數(shù)、眾數(shù)，由此確定正確選項.【題目詳解】甲的平均分為，乙的平均分，兩人平均分相同，故A選項錯誤.甲的中位數(shù)為，乙的中位數(shù)為，兩人中位數(shù)不相同，故B選項錯誤.甲的眾數(shù)是，乙的眾數(shù)是，故D選項錯誤.所以正確的答案為C.由莖葉圖可知，甲的數(shù)據(jù)比較集中，乙的數(shù)據(jù)比較分散，所以甲比較穩(wěn)定.（因為方差運算量特別大，故不需要計算出方差.）故選：C【題目點撥】本小題主要考查根據(jù)莖葉圖比較平均數(shù)、中位數(shù)、眾數(shù)、方差，屬于基礎題.7、C【解題分析】

設等差數(shù)列{an}的首項為a1，公差為d，由a5+a21=2a1+24d的值為已知，再利用等差數(shù)列的求和公式，即可得出結論．【題目詳解】設等差數(shù)列{an}的首項為a1，公差為d，∵已知a5+a21的值，∴2a1+24d的值為已知，∴a1+12d的值為已知，∵∴我們可以求得S25的值．故選：C．【題目點撥】本題考查等差數(shù)列的通項公式與求和公式的應用，考查學生的計算能力，屬于中檔題．8、C【解題分析】

根據(jù)線面垂直的性質及判定，可判斷ABC選項，由面面垂直的判定可判斷D.【題目詳解】對于A，PA垂直于以AB為直徑的圓所在平面，而底面圓面，則，又由圓的性質可知，且，則平面PAC.所以A正確；對于B，由A可知，由題意可知，且，所以平面，而平面，所以，所以B正確；對于C，由B可知平面，因而與平面不垂直，所以不成立，所以C錯誤.對于D，由A、B可知，平面PAC，平面，由面面垂直的性質可得平面平面PBC.所以D正確；綜上可知，C為錯誤選項.故選：C.【題目點撥】本題考查了線面垂直的性質及判定，面面垂直的判定定理，屬于基礎題.9、A【解題分析】

分別討論和兩種情況下,恒成立的條件,即可求得的取值范圍.【題目詳解】當時,不等式可化為,其恒成立當時,要滿足關于的不等式任意恒成立,只需解得:.綜上所述,的取值范圍是.故選:A.【題目點撥】本題考查了含參數(shù)一元二次不等式恒成立問題,解題關鍵是掌握含有參數(shù)的不等式的求解,首先需要對二次項系數(shù)討論,注意分類討論思想的應用,屬于基礎題.10、B【解題分析】

先求出圓心到直線的距離，然后結合圖象，即可得到本題答案.【題目詳解】由題意可得，圓心到直線的距離為，故由圖可知，當時，圓上有且僅有一個點到直線的距離等于；當時，圓上有且僅有三個點到直線的距離等于；當則的取值范圍為時，圓上有且僅有兩個點到直線的距離等于.故選：B【題目點撥】本題主要考查直線與圓的綜合問題，數(shù)學結合是解決本題的關鍵.二、填空題：本大題共6小題，每小題5分，共30分。11、【解題分析】

根據(jù)二次函數(shù)的圖象與性質，即可求得實數(shù)的取值范圍，得到答案.【題目詳解】由題意，函數(shù)表示開口向下，且對稱軸方程為的拋物線，當函數(shù)在上是減函數(shù)時，則滿足，解得，所以實數(shù)的取值范圍.故答案為：.【題目點撥】本題主要考查了二次函數(shù)的圖象與性質的應用，其中解答中熟記二次函數(shù)的圖象與性質，列出相應的不等式是解答的關鍵，著重考查了推理與運算能力，屬于基礎題.12、【解題分析】

根據(jù)已知條件，所得截面可能是三角形，也可能是六邊形，分別求出三角形與六邊形周長的取值情況，即可得到函數(shù)的值域.【題目詳解】如圖：∵正方體的棱長為，∴正方體的對角線長為6，∵（i）當或時，三角形的周長最小.設截面正三角形的邊長為，由等體積法得：∴∴，（ii）或時，三角形的周長最大，截面正三角形的邊長為，∴（iii）當時，截面六邊形的周長都為∴∴當時，函數(shù)的值域為.【題目點撥】本題考查多面體表面的截面問題和線面垂直，關鍵在于結合圖形分析截面的三種情況，進而得出與截面邊長的關系.13、9【解題分析】

分析數(shù)列的單調性，以及數(shù)列各項的取值正負，得到數(shù)列中的最大項，由此即可求解出的值.【題目詳解】因為，所以時，，時，，又因為在上遞增，在也是遞增的，所以，又因為對任意正整數(shù)都有，所以.故答案為：.【題目點撥】本題考查數(shù)列的單調性以及數(shù)列中項的正負判斷，難度一般.處理數(shù)列單調性或者最值的問題時，可以采取函數(shù)的思想來解決問題，但是要注意到數(shù)列對應的函數(shù)的定義域為.14、0.4【解題分析】

根據(jù)幾何概型的計算，反求陰影部分的面積即可.【題目詳解】設陰影部分的面積為，根據(jù)幾何概型的概率計算公式：，解得.故答案為：.【題目點撥】本題考查幾何概型的概率計算公式，屬基礎題.15、【解題分析】

根據(jù)和之間的關系,應用公式得出結果【題目詳解】當時,；當時,；∴故答案為【題目點撥】本題考查了和之間的關系式,注意當和時要分開討論,題中的數(shù)列非等差數(shù)列.本題屬于基礎題16、【解題分析】

將看作是關于的直線方程，則表示點到點的距離的平方，根據(jù)距離公式可求出點到直線的距離最小，再結合對勾函數(shù)的單調性，可求出最小值。【題目詳解】將看作是關于的直線方程，表示點與點之間距離的平方，點到直線的距離為，又因為，令，在上單調遞增，所以，所以的最小值為．【題目點撥】本題主要考查點到直線的距離公式以及對勾函數(shù)單調性的應用，意在考查學生轉化思想的的應用。三、解答題：本大題共5小題，共70分。解答時應寫出文字說明、證明過程或演算步驟。17、（Ⅰ）（Ⅱ）【解題分析】

（Ⅰ）利用兩角和與差的正弦公式將已知兩式展開，分別作和、作差可得，，再利用，即可求出結果；（Ⅱ）由已知求得，再由，利用兩角差的余弦公式展開求解，即可求出結果．【題目詳解】解：（I）①②由①+②得③由①-②得④由③÷④得（II）∵，，【題目點撥】本題主要考查了兩角和差的正余弦公式在三角函數(shù)化簡求值中的應用，考查了計算能力和轉化思想，屬于中檔題．18、（1）x2【解題分析】

(1)根據(jù)三角形周長為1，結合橢圓的定義可知，4a=8，利用e=ca=1-b2a2=12，即可求得a和b的值,求得橢圓方程；(2)分類討論，當直線斜率斜存在時,聯(lián)立y=kx+b【題目詳解】（1）由題意知，4a=1，則a=2，由橢圓離心率e=ca=∴橢圓C的方程x2（2）由題意，當直線AB的斜率不存在，此時可設A（x3，x3），B（x3，-x3）．又A，B兩點在橢圓C上，∴x0∴點O到直線AB的距離d=12當直線AB的斜率存在時，設直線AB的方程為y=kx+b．設A（x1，y1），B（x2，y2）聯(lián)立方程y=kx+bx24+y23由已知△＞3，x1+x2=-8kb3+4k2，x1x由OA⊥OB，則x1x2+y1y2=3，即x1x2+（kx1+b）（kx2+b）=3，整理得：（k2+1）x1x2+kb（x1+x2）+b2=3，∴(k∴7b2=12（k2+1），滿足△＞3．∴點O到直線AB的距離d=b綜上可知：點O到直線AB的距離d=221【題目點撥】本題主要考查橢圓的定義及橢圓標準方程、圓錐曲線的定值問題以及點到直線的距離公式，屬于難題.探索圓錐曲線的定值問題常見方法有兩種：①從特殊入手，先根據(jù)特殊位置和數(shù)值求出定值，再證明這個值與變量無關；②直接推理、計算，并在計算推理的過程中消去變量，從而得到定值.19、（1）見證明；（2）4【解題分析】

（1）取的三等分點，使，證四邊形為平行四邊形，運用線面平行判定定理證明.（2）三棱錐的體積可以用求出結果.【題目詳解】（1）證明：取的三等分點，使，連接，.因為，，所以，.因為，，所以，，所以四邊形為平行四邊形，所以，因為平面，平面，所以平面.（2）解：因為，，所以的面積為，因為底面，所以三棱錐的高為，所以三棱錐的體積為.因為，所以三棱錐的高為，所以三棱錐的體積為，故三棱錐的體積為.【題目點撥】本題考查了線面平行的判定定理、三棱錐體積的計算，在證明線面平行時需要構造平行四邊形來證明，三棱錐的體積計算可以選用割、補等方法.20、（Ⅰ）；（Ⅱ）【解題分析】

（Ⅰ）通過正弦定理易得，代入即可．（Ⅱ）三邊長知道通過余弦定理即可求得的大?。绢}目詳解】（Ⅰ）因為，所以由正弦定理可得．因為，所以．