創(chuàng)新設(shè)計(jì)2017年高考物理全國(guó)一輪復(fù)習(xí)習(xí)題階段滾動(dòng)練三

(時(shí)間：60分 滿分：100分一、單項(xiàng)選擇題(本題4個(gè)小題(時(shí)間：60分 滿分：100分一、單項(xiàng)選擇題(本題4個(gè)小題，每小題7分，共28分。在每小題給出的四個(gè)項(xiàng)中只有一項(xiàng)是符合題目要求的。做圓周運(yùn)動(dòng)的公轉(zhuǎn)周期是1.9年，根據(jù)所學(xué)知識(shí)比較兩行星到恒星的距離系)a距離恒星b距離恒星a和行b到恒星的距離相條件不足，無(wú)法比由萬(wàn)有引力定律和牛頓第二定律可得GMm＝m2π)2r，解得解T32r0.6a，代入數(shù)據(jù)求得(1.9)3＜1，行星a距離恒星近，即選項(xiàng)A正確答案靜止在斜坡上。現(xiàn)把一正方體鐵塊B放在木塊上，已知鐵塊與木塊間的動(dòng)擦因數(shù)為0.5，設(shè)最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力。則下列說(shuō)法正確的是)A.鐵塊能靜止在木塊C.木塊仍然能夠靜B.鐵塊會(huì)勻速下D.木塊會(huì)加速下塊會(huì)加速下滑，選項(xiàng)A、B錯(cuò)誤；放上鐵塊后，木塊受到鐵塊沿斜面向下力為μ2mgcos37°，而木塊與斜面間的最大靜摩擦力增加了μ1mg塊會(huì)加速下滑，選項(xiàng)A、B錯(cuò)誤；放上鐵塊后，木塊受到鐵塊沿斜面向下力為μ2mgcos37°，而木塊與斜面間的最大靜摩擦力增加了μ1mgcos37°，大μ2mgcos37°，故木塊仍然能夠靜止，選項(xiàng)C正確，D錯(cuò)誤答案3.(2016·東北三校二聯(lián)，18)如圖2所示，一重力不計(jì)的帶電粒子以初速v0入水平放置、距離為d的兩平行金屬板間，射入方向沿兩極板的中心線。d則極板間所加電U2為) md2d0at， ，解得；2av010壓為U2時(shí)，在電場(chǎng)中有：＝a′t′， ，解得＝2＝，d22即U2＝12U1，選項(xiàng)D正確答案4.3所示，在粗糙水平面上，材質(zhì)和質(zhì)量都相同的兩個(gè)物A、B間用輕彈靜止，已知最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力。則從撤去外力到系統(tǒng)靜止的過(guò)中，下列說(shuō)法正確的是 FA.彈簧彈力的最大值小于FA.彈簧彈力的最大值小于系統(tǒng)克服摩擦力做的功可能小于40系統(tǒng)克服摩擦力做的功一定小于系統(tǒng)機(jī)械能的減少根據(jù)牛頓第二定律F－2μmg＝2maAFk－μmg＝ma，彈2A錯(cuò)誤；撤去外力F前，系統(tǒng)做勻加速運(yùn)動(dòng)，彈簧彈力大于最大靜摩擦力系統(tǒng)靜止時(shí)，彈簧彈力不大于最大靜摩擦力，可知從撤去外力F到系統(tǒng)靜的過(guò)程中，彈簧的彈性勢(shì)能減小，由功能關(guān)系知，系統(tǒng)克服摩擦力做的功等于系統(tǒng)的彈性勢(shì)能減少量和動(dòng)能減少量之和，可知B正確，C、D錯(cuò)誤答案二、多項(xiàng)選擇題(本題共3小題，每小題7分，共計(jì)21分。每小題有多個(gè)選項(xiàng)5.質(zhì)量m＝10kg的物體，在恒定的水平外F的作用下，在粗糙的水平面上做直線運(yùn)動(dòng)。0～2.0s內(nèi)水平外力F與運(yùn)動(dòng)方向相反，2.0～4.0s內(nèi)水平外＝10m/s2)，則下列說(shuō)法正確的是)0～4.0s內(nèi)物體運(yùn)動(dòng)的平均加速度為－3C.水平外力F＝30D.水平外力F＝200～4.0s內(nèi)物體運(yùn)動(dòng)的平均速C.水平外力F＝30D.水平外力F＝200～4.0s內(nèi)物體運(yùn)動(dòng)的平均速度大小為v＝x1＋x2＝2m/s，選A解－誤；0～4.0s內(nèi)物體運(yùn)動(dòng)的平均加速度為m/s2＝－3m/s2，選項(xiàng)正確；設(shè)0～2.0s內(nèi)物體的加速度大小為為a1，2.0～4.0s內(nèi)物體的加速度m/s2a2＝1答案6.5所示，在虛線MN的上方存在方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，質(zhì)子和90°)同時(shí)射入勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，再分別從MNA、B兩點(diǎn)離開(kāi)磁場(chǎng)，A、B距d。已知質(zhì)子的質(zhì)量m，電荷量e。忽略重力及質(zhì)子作用。下列說(shuō)法正確的是 A.磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為sinB.磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小C.兩粒子到達(dá)A、B兩點(diǎn)的時(shí)間v0sin D.兩粒子到達(dá)A、B兩點(diǎn)的時(shí)間解析兩粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示設(shè)磁感應(yīng)強(qiáng)度為00α粒子與質(zhì)子的軌道半徑分別rαrp，則：eBv0＝mrp，2eBv0＝4mrα，由題意知：2rαsin00α粒子與質(zhì)子的軌道半徑分別rαrp，則：eBv0＝mrp，2eBv0＝4mrα，由題意知：2rαsinθ－2rpsinθ＝d，可得 sinθ，選項(xiàng)A正確，B錯(cuò)誤－（－）πθdαp＝ ＝，選C正確D錯(cuò)誤 v0sin答案7.θ＝30°6所示?，F(xiàn)有一可視為質(zhì)Av0點(diǎn)時(shí)，小球速度方向剛好與擋板垂直，小球與擋板碰撞前后的速度方相反、速度大小之比為4∶3。下列有關(guān)小球的運(yùn)動(dòng)描述正確的是)A.小球與擋板碰后的速度為2vB.小球與擋板碰撞過(guò)程中速度的變化量大小為0C.A、B兩點(diǎn)的豎直高度差與水平間距之比為3∶1D.A、B兩點(diǎn)的豎直高度差與水平間距之比為解析小球在碰撞擋板前做平拋運(yùn)動(dòng)。設(shè)剛要碰撞斜面時(shí)小球速度v。示。由此得v＝2v0，碰撞過(guò)程中，小球速度由v變?yōu)榉聪虻?v，則碰后的4度大小為0，A正確；碰撞過(guò)程小球的速度變化量大小為7127yv＝2v0，故選B錯(cuò)誤；小球下落高度與水平射程之比為 ＝2v0 127yv＝2v0，故選B錯(cuò)誤；小球下落高度與水平射程之比為 ＝2v0 ＝3，C錯(cuò)誤，D正確2tan 答案三、非選擇題(共3小題，共51分。計(jì)算題解答時(shí)請(qǐng)寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明，方式和重要的演算步驟，只寫(xiě)出最后答案的不得分。8.(15分)要測(cè)量一節(jié)內(nèi)阻較大的干電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，某同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖7示的實(shí)驗(yàn)電路，電路中的定值電R1＝8Ω(1)閉合開(kāi)關(guān)前，應(yīng)將滑動(dòng)變阻器的滑片調(diào)到最右端。閉合開(kāi)關(guān)后，調(diào)節(jié)滑U1、U2，填在下表中，請(qǐng)根據(jù)表格數(shù)據(jù)在變阻器，記錄多組電壓表的示根據(jù)作出的圖象可得到電池的電動(dòng)ΩV，電池的內(nèi)阻r(2)由于電壓(填“V1”或“V2”)內(nèi)阻的存在，測(cè)得的干電池電(填“大于”、“等于”或“小于”)電動(dòng)勢(shì)的真實(shí)值，測(cè)得的干電池內(nèi)阻(填“大于”、“等于”(填“大于”、“等于”或“小于”)電動(dòng)勢(shì)的真實(shí)值，測(cè)得的干電池內(nèi)阻(填“大于”、“等于”或“小于”)內(nèi)阻的真實(shí)值解析(1)U2－U1圖象見(jiàn)答案圖。由閉合電路的歐姆定律)1.20r圖象斜 ＝1＋，求得r＝4.0Ω0.80 RV1 因此電壓表V1的內(nèi)阻對(duì)干電池電動(dòng)勢(shì)的測(cè)量沒(méi)有影響，圖象的斜率為＋r＋r，因此實(shí)驗(yàn)測(cè)得的干電池的內(nèi)阻比真實(shí)值大 答案(1)如圖所等大9.(16分)如圖8所示，光滑的水平地面上有一處于靜止?fàn)顟B(tài)的平板車(chē)，平板車(chē)質(zhì)量M＝3kg。在平板車(chē)上有一可視為質(zhì)點(diǎn)的小物塊P，其質(zhì)量m＝5kg，小物塊與平板車(chē)的左端距離為L(zhǎng)＝4m。平板車(chē)與小物塊間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ＝小物塊離開(kāi)平板車(chē)時(shí)，平板車(chē)的速度大小和小物塊的速度大小解 小物塊在平板車(chē)上向右做勻加速直線運(yùn)動(dòng)的加速m小物塊向右運(yùn)動(dòng)的位移x1＝12－F在這段時(shí)間小物塊向右運(yùn)動(dòng)的位移x1＝12－F在這段時(shí)間內(nèi)平板車(chē)的加速度＝＝322M平板車(chē)向右運(yùn)動(dòng)的位移x2＝12t＝2小物塊離開(kāi)平板車(chē)時(shí)，小物塊的速度v1＝a1t＝2小物塊離開(kāi)平板車(chē)時(shí)，平板車(chē)的速度v2＝a2t＝6答案62上方的勻強(qiáng)磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B1，并且在第一象限和第二象限有方向象限，恰能做勻速直線運(yùn)動(dòng)判定帶電小球的電性，并求出所帶電荷量q及入射的速度大小(3)在滿足第(2)問(wèn)的基礎(chǔ)上，若在x軸上安裝有一絕緣彈性薄板，并且調(diào)節(jié)一位置返回到x軸的上方(帶電小球與彈性板碰撞時(shí)，既無(wú)電荷轉(zhuǎn)移，也無(wú)量損失，并且入射方向和反射方向與彈性板的夾角相同)，然后恰能做勻速線運(yùn)動(dòng)y軸上量損失，并且入射方向和反射方向與彈性板的夾角相同)，然后恰能做勻速線運(yùn)動(dòng)y軸上A(0，L)位置，則彈性板至少多長(zhǎng)？帶電小球A位置出發(fā)返回至A位置過(guò)程中所經(jīng)歷的時(shí)間。解析(1)小球在第一象限中的受力分析如圖所示，所以帶電小球帶負(fù)電。＝qE1tan60°，q＝3mgqE1＝qvB1cos60°v＝2E1(2)小球若在x軸下方的磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，必須使得電場(chǎng)力與重力二平衡，即應(yīng)施加一豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)，且電場(chǎng)強(qiáng)度大小滿足qE＝mg，即＝3E1(3)要想讓小球恰好與彈性板發(fā)生兩次碰撞，并且碰撞后返回x軸上方空間速運(yùn)動(dòng)到A點(diǎn)，則其軌跡如圖所示由幾何關(guān)系可知：3PD＝2ON，ON＝ON＝tan 聯(lián)立上述方程解PD＝DN＝23L，R＝23L33設(shè)在x軸下