貴州省遵義市五校聯考2023-2024學年物理高二上期末學業(yè)質量監(jiān)測模擬試題含解析

貴州省遵義市五校聯考2023-2024學年物理高二上期末學業(yè)質量監(jiān)測模擬試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、1922年英國物理學家阿斯頓因質譜儀的發(fā)明、同位素和質譜的研究榮獲了諾貝爾化學獎．若速度相同的一束粒子由左端射入質譜儀后的運動軌跡如圖所示，則下列相關說法中正確的是()A.該束帶電粒子帶負電B.速度選擇器的P1極板帶負電C.在B2磁場中運動半徑越大的粒子，質量越大D.在B2磁場中運動半徑越大的粒子，比荷越小2、如圖所示，兩光滑金屬導軌傾斜放置，與水平面夾角為，導軌間距為.一質量為的導體棒與導軌垂直放置，電源電動勢恒定，不計導軌電阻.當磁場豎直向上時，導體棒恰能靜止，現磁場發(fā)生變化，方向沿順時針旋轉，最終水平向右，在磁場變化的過程中，導體棒始終靜止.則下列說法正確的是（）A.磁感應強度一直減小B.磁感應強度先變小后變大C.導體棒對導軌的壓力變大D.磁感應強度最小值為3、一水平放置的平行板電容器的兩極板間距為d，極板分別與電池兩極相連，上極板中心有一小孔（小孔對電場的影響可忽略不計）．小孔正上方處的P點有一帶電粒子，該粒子從靜止開始下落，經過小孔進入電容器，并在下極板處（未與極板接觸）返回．若將下極板向上平移，則從P點開始下落的相同粒子將（）A.打到下極板上 B.下極板處返回C.在距上極板處返回 D.在距上極板處返回4、下列關于靜電場和磁場的說法正確的是()A.電場中場強越大的地方，電勢一定越高B.電場中某點場強與試探電荷的電荷量成反比C.磁場中某點的磁感應強度大小與小磁針受到的磁場力大小有關D.靜電荷產生的電場中電場線不閉合，通電直導線產生的磁場中磁感線是閉合的5、如圖所示，閉合導線框的質量可以忽略不計，將它從如圖所示的位置勻速拉出勻強磁場．若第一次用0.3s時間拉出，外力所做的功為W1，通過導線截面的電荷量為q1；第二次用0.9s時間拉出，外力所做的功為W2，通過導線截面的電荷量為q2，則()A.W1<W2，q1<q2 B.W1<W2，q1＝q2C.W1>W2，q1＝q2 D.W1>W2，q1>q26、如圖所示，兩個電阻串聯后接在電路中兩點,已知兩點間電壓不變．某同學把一個實驗室里的電壓表并聯在兩端時，讀數為V；將該電壓表并聯在兩端時，讀數為4V，則兩點間電壓（）A.大于9V B.等于9VC.小于9Ｖ D.無法確定二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、在一根較長的鐵釘上，用漆包線繞上兩個線圈A、B，將線圈B的兩端接在一起，并把CD段漆包線拉直沿南北方向放置在靜止的小磁針的上方，如圖所示．下列判斷正確的是A.開關閉合時，小磁針的N極垂直紙面向外轉動B.開關閉合時，小磁針的N極垂直紙面向里轉動C.開關斷開時，小磁針的N極垂直紙面向里轉動D.開關斷開時，小磁針的N極垂直紙面向外轉動8、某電場線分布如圖所示，一帶電粒子沿圖中虛線所示路徑運動，先后通過M點和N點。以下說法正確的是（）A.M、N點的場強B.粒子在M、N點的加速度C.粒子在M、N點的速度D.粒子帶正電9、科學家研究發(fā)現：因太陽風的帶電粒子吸附作用，土星環(huán)正在消失．這是因為土星環(huán)中的帶電的冰質顆粒，在土星引力和磁場的作用下墜入土星．假設土星的自轉方向以及周圍的磁場分布與地球相似，土星環(huán)中的所有冰質顆粒在土星赤道上空自西向東公轉，除帶電冰質顆粒外，剩余土星環(huán)中的顆粒軌道半徑不變，則可以推斷（）A.若土星磁場是因土星帶電而形成，則土星帶負電B.土星環(huán)中帶電冰質顆粒受到的洛倫茲力沿軌道半徑遠離土星球心C.太陽風中的帶正電粒子是冰質顆粒主要吸附的粒子D.因土星吸附了帶電冰質顆粒，質量變大，在軌運行的土星環(huán)的運動周期將變小10、空間存在一靜電場，場強方向與軸平行，電場中的電勢隨的變化規(guī)律如圖所示，下列說法正確的是A.處電場強度可能為零B.處電場方向一定沿軸正方向C.沿軸正方向，電場強度逐漸減小D.電荷量為的負電荷沿軸從0點移動到處，電勢能增大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學要測量一均勻新材料制成的圓柱體的電阻率ρ，步驟如下：(1)用游標為20分度的卡尺測量其長度如圖甲，由圖可知其長度為______mm；用螺旋測微器測量其直徑如圖乙，由圖可知其直徑為______mm；用多用電表的電阻“×10”擋，按正確的操作步驟測此圓柱體的電阻，表盤的示數如圖丙，則該電阻的阻值約為______Ω。(2)該同學想用伏安法更精確地測量其電阻R，現有的器材及其代號和規(guī)格如下：A．待測圓柱體電阻RB．電流表A1，（量程0～4mA，內阻約為50Ω）C．電流表A2，（量程0～10mA，內阻約為30Ω）D．電壓表V1，（量程0～3V，內阻約為10kΩ）E.電壓表V2，（量程0～15V，內阻約為25kΩ）F．滑動變阻器R1（阻值范圍0～15Ω，允許通過的最大電流2.0A）G．滑動變阻器R2（阻值范圍0～2kΩ，允許通過的最大電流0.5A）H．直流電源E（電動勢4V，內阻不計）I．開關S、導線若干為使實驗誤差較小，要求便于調節(jié)且測得多組數據進行分析，所選電流表_____，電壓表______，滑動變阻器_____（填所選器材的符號），并在虛線框中畫出測量的電路圖，并標明所用器材的代號。____(3)若該同學用伏安法跟用多用電表測量得到R測量值幾乎相等，由此可估算此圓柱體材料的電阻率約為ρ=________Ω·m。(保留2位有效數字)12．（12分）有以下可供選用的器材及導線若干條，要求使用個數最少的儀器盡可能精確地測量一個電流表的滿偏電流A．被測電流表A1：滿偏電流約700～800，內阻約100Ω，刻度均勻、總格數為N；B．電流表A2：量程0.6A，內阻0.1Ω；C．電壓表V：量程3V，內阻3kΩ；D．滑動變阻器R1：最大阻值200Ω；E．滑動變阻器R2：最大阻值1kΩ；F．電源E：電動勢3V、內阻1.5Ω；G．開關一個.（1）選用器材應為_____________．（填A→G字母代號）（2）在虛線框內畫出實驗電路圖，并在每個選用儀器旁標上題目所給的字母序號（）（3）測量過程中測出多組數據，其中一組數據中待測電流表A1的指針偏轉了n格，可算出滿偏電流Ig=________，式中除N、n外，其他字母符號代表的物理量是_____________四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖，兩根間距為L＝0.5m的平行光滑金屬導軌間接有電動勢E＝3V、內阻r＝1Ω的電源，導軌平面與水平面間的夾角θ＝37°．金屬桿ab垂直導軌放置，質量m＝0.2kg．導軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導軌電阻均不計，整個裝置處于豎直向上的勻強磁場中．當R0＝1Ω時，金屬桿ab剛好處于靜止狀態(tài)，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8（1）求磁感應強度B的大?。唬?）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度14．（16分）ABC表示豎直放在電場強度為E=104V/m的水平勻強電場中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R的圓環(huán)，軌道的水平部分與半圓環(huán)相切．A為水平軌道上的一點，而且AB=R=0.2m，把一質量m=0.1kg，帶電量為q=+C的小球，放在A點由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）(1)小球到達C點的速度大小(2)小球在C點時，軌道受到的壓力大小15．（12分）如圖所示，水平放置的兩塊長直平行金屬板a、b相距d=0.10m，a、b間的電場強度為E=5.0×105N/C，b板下方整個空間存在著磁感應強度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強磁場.今有一質量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子(不計重力)，從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強電場，剛好從狹縫P處穿過b板而垂直進入勻強磁場，最后粒子回到b板的Q處（圖中未畫出）．求P、Q之間的距離L

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】A、帶電粒子在磁場中向下偏轉，磁場的方向垂直紙面向外，根據左手定則知，該粒子帶正電，故A錯誤；B、在平行金屬板間，根據左手定則知，帶電粒子所受的洛倫茲力方向豎直向上，則電場力的方向豎直向下，知電場強度的方向豎直向下，所以速度選擇器的極板帶正電，故B錯誤；C、進入磁場中的粒子速度是一定的，根據得，，知r越大，荷質比越小，而質量m不一定大，故C錯誤，D正確2、B【解析】由圖可知，當磁場方向順時針旋轉，由圖可知安培力先變小后變大，電流恒定，則磁感應強度先變小后變大，安培力的最小值為Fmin=mgsin300=mg=BminIL，則磁感應強度最小為，B正確，AD錯誤；由圖知N變小，C錯誤；故選B.點睛：此題實際上是平衡問題的動態(tài)分析，畫出力的平行四邊形，用圖解法解答能夠簡單快捷.3、D【解析】設帶電粒子的質量為m，電容器兩基板的電壓為U，由動能定理得，若將下極板向上移動d/3，設帶電粒子在電場中下降h，再由動能定理得，聯立解得，所以帶電粒子還沒達到下極板就減速為零，D正確【考點定位】動能定理、電場力做功、勻強電場電場強度和電勢差的關系4、D【解析】電場強度是描述電場強弱的物理量，由電場本身決定，與試探電荷的電荷量無關；沿電場線的方向，電勢越來越低，場強大小與電勢高低無關；電流所受安培力的方向與磁場方向垂直；磁感線是閉合的曲線．【詳解】電場中場強越大的地方，電勢不一定越高，如負點電荷周圍，越靠近點電荷，場強越大，但電勢卻越低，A錯誤；電場中某點的場強是由電場本身決定的，與試探電荷存在與否無關，B錯誤；磁場中某點的磁感應強度由磁場本身決定，與小磁針存在與否無關，C錯誤；靜電荷產生的電場中電場線是從正電荷(或無窮遠處)出發(fā)終止于無窮遠處(或負電荷)，是不閉合的，通電直導線產生的磁場中磁感線是閉合的，D正確．【點睛】本題考查了電場強度與磁場方向、磁感線等問題，要注意明確電場強度和磁感應強度均是由電場和磁場本身決定的；同時注意兩種場的性質的區(qū)別和聯系．5、C【解析】第一次用0.3s時間拉出，第二次用0.9s時間拉出，兩次速度比為3:1，由E=BLv，兩次感應電動勢比為3:1，兩次感應電流比為3:1，由于F安=BIL，兩次安培力比為3:1，由于勻速拉出勻強磁場，所以外力比為3:1，根據功的定義W=Fx，所以：W1:W2=3:1；根據電量，感應電流，感應電動勢，得：所以：q1:q2=1:1，故W1＞W2，q1=q2。A.W1<W2，q1<q2。故A錯誤；B.W1<W2，q1＝q2。故B錯誤；C.W1>W2，q1＝q2。故C正確；D.W1>W2，q1>q2。故D錯誤；6、A【解析】并聯后的總電阻小于任一支路電阻，由串聯分壓可知，當把一個實驗室里的電壓表并聯在兩端時，讀數為5V，沒有并聯電壓表時，R1兩端電壓肯定大于5V，同理R2兩段電壓肯定大于4V，所以電源電壓肯定大于9V，A對；二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】AB．開關閉合時，穿過線圈磁通量增加，根據楞次定律可知，線圈B中產生的感應電流流過CD的方向是從C到D，根據右手螺旋法則可知，其下方的磁場方向向里，則小磁針的N極垂直紙面向里轉動，選項A錯誤，B正確；CD．開關斷開時，穿過線圈磁通量減小，根據楞次定律可知，線圈B中產生的感應電流流過CD的方向是從D到C，根據右手螺旋法則可知，其下方的磁場方向向外，則小磁針的N極垂直紙面向外轉動，選項C錯誤，D正確；故選BD.8、BD【解析】A．電場線密的地方電場的強度大，電場線疏的地方電場的強度小，所以有A錯誤；B．M處場強小，根據粒子受到的電場力小，由牛頓第二定律知加速度也小，即有B正確；C．根據粒子的運動的軌跡彎曲方向可以知道，粒子的受到的電場力的方向斜向上，若粒子從M點運動到N點，電場力方向與速度方向成銳角，電場力做正功，粒子的速度增大，則有C錯誤；D．根據粒子的運動的軌跡彎曲方向可以知道，粒子的受到的電場力的方向斜向上，場強方向也是斜向上，所以粒子為正電荷，D正確。故選BD。9、AD【解析】A項：由土星磁場與地磁場相似，土星磁場的北極為地理南極，土星磁場的南極為地理北極，由土星轉動形成環(huán)形電流，根據右手螺旋定則可知，土星帶負電，故A正確；B項：由于電冰質顆粒墜入土星，洛倫茲力方向與速度方向垂直，所以土星環(huán)中帶電冰質顆粒受到的洛倫茲力不會沿軌道半徑遠離土星球心，故B錯誤；C項：由于冰質顆粒在土星赤道上空自西向東公轉，且土星帶負電，所以冰質顆粒應帶正電，所以太陽風中帶負電粒子是冰質顆粒主要吸附的粒子，故C錯誤；D項：由公式，由于半徑不變，質量變大，所以周期變小，故D錯誤故應選：AD10、BD【解析】A．φ-x圖象的斜率等于電場強度，則知x=4m處的電場強度不為零，故A錯誤；B．從0到x=6m處電勢不斷降低，沿電場線電勢降低，所以x=4m點的電場方向一定沿x軸正方向，故B正確；C．由斜率看出，從0到6m，圖象的斜率先減小后增大，則電場強度沿x軸先減小后增大，故C錯誤；D．某負電荷沿x軸正方向移動，沿x軸正方向電勢降低，負電荷在電勢高的地方電勢能小，所以電勢能增大，增大了8eV，故D正確第II卷（非選擇題三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.50.15②.4.700③.220④.C⑤.D⑥.F⑦.⑧.【解析】（1）[1]由圖甲，游標卡尺讀數為50mm+3×0.05mm=50.15mm[2]由圖乙，螺旋測微器的讀數方法是固定刻度讀數加上可動刻度讀數，在讀可動刻度讀數時需估讀，螺旋測微器的讀數為4mm+0.5mm+20.0×0.01mm=4.700mm[3]由圖丙，用歐姆表測電阻的讀數為指針示數乘以倍率，當指針指在中央附近時測量值較準確，歐姆表表盤的示數為

0×10Ω=220Ω（2）[4][5][6]電源電動勢為4V，故電壓表應選V1，即選D；待測電阻中最大電流約為則電流表應選A2，即選C；滑動變阻器選擇小量程的，便于調節(jié)，故選R1，即選F；[7]因待測電阻值遠小于電壓表內阻，電流表應選外接法；又滑動變阻器最大阻值遠小于待測電阻值，故變阻器應用分壓式接法，電路圖如圖所示（3）[8]根據電阻定律且代入數據解得12、①.ACDFG②.③.④.U為電壓表讀數，RV為電壓表內阻【解析】（1）[1]．其中AFG為必選器材，為了滑動方便，應選擇最大阻值較小的滑動變阻器，以及電壓表V，題目中的電流表量程0.6安，指針偏角過小誤差較大，舍去；故選擇的器材有：ACDFG；（2）[2]．電壓表量程3V，內阻3kΩ，滿偏電流為，與待測電流表類似，可以當作電流表使用；與待測電流表串