2021屆廣東省湛江市高考物理二模試卷(含答案解析)

2021屆廣東省湛江市高考物理二模試卷

一、單選題（本大題共7小題，共28.0分）

1.COVID-19引起的肺炎病人在進行C7診斷時，肺部影像呈白色（“白肺”），其物理原理是利用

X射線穿透人體肺部進行掃描并呈現(xiàn)灰度不同的圖象。X射線的穿透量受物質(zhì)吸收程度的影響，

吸收程度與物質(zhì)的密度等因素有關(guān)。密度越小，吸收X射線的本領(lǐng)越弱，透過人體的量就越多，

呈現(xiàn)的圖片就越暗，如空氣等。密度越大，吸收X射線的本領(lǐng)越強，透過人體的量就越少，呈現(xiàn)

的圖片為白色，如骨骼等。X射線被物質(zhì)的吸收主要產(chǎn)生兩種效應(yīng)：光電效應(yīng)和康普頓效應(yīng)。依

據(jù)以上信息，下列說法中，不正確的是（）

A.光電效應(yīng)現(xiàn)象是愛因斯坦最先發(fā)現(xiàn)的

B.X射線光子被原子中的電子全部吸收從原子中飛出變?yōu)榫哂幸欢▌幽艿墓怆娮拥默F(xiàn)象，屬于

光電效應(yīng)，說明X射線具有粒子性

C.光電效應(yīng)中，X射線頻率越高，從同種原子中飛出的光電子的最大初動能越大

D.X射線光子只被電子部分吸收，電子能量增大，光子被散射出去，散射光子波長變長，這說

明光子既具有能量又具有動量，這屬于康普頓效應(yīng)，說明了X射線具有粒子性

2.如圖所示，光滑固定斜面傾角為30。，上端固定光滑小滑輪，跨過小滑

輪的輕繩兩端連接質(zhì)量都為譏的小物體P和Q（都可看做質(zhì)點），Q離水產(chǎn)

平地面的高度為九，已知當?shù)刂亓铀俣葹間。現(xiàn)釋放小物體P和Q,對

它們之后的運動，以下說法正確的是（）

A.Q著地前輕繩的張力為mg

B.Q著地前輕繩的張力為:rng

C.Q著地前的最大速度大小為照

D.P沿斜面上升過程中，輕繩拉力對P做的功為了[mg九

O

XXX

為了科學研究的需要，常常將帶電粒子儲存在圓環(huán)形狀空腔中，圓環(huán)二

X/X、

狀空腔置于一個與圓環(huán)平面垂直的勻強磁場中，如圖所示.如果磁場[＜（B

的磁感應(yīng)強度為B,質(zhì)子（陽）和a粒子（$He）在空腔中做圓周運動的軌x

跡相同，質(zhì)子和a粒子在圓環(huán)空腔中運動的速率分別為小和外,運動vv

周期分別為3和兀，則以下判斷正確的是（）

A.vHva-,TH*TaB.vH—va；TH-Ta

c.vH=va；TH=TaD.vHHva；TH=Ta

4.如圖所示，質(zhì)量為小的物塊與轉(zhuǎn)臺之間的最大靜摩擦力為物塊重力的k倍，物

塊與轉(zhuǎn)軸。。'相距R,物塊隨轉(zhuǎn)臺由靜止開始轉(zhuǎn)動，當物塊速度由0增加到。時，廠11二^^

物塊即將在轉(zhuǎn)臺上滑動，此時轉(zhuǎn)臺恰好開始勻速轉(zhuǎn)動，已知重力加速度為g,

則在物塊由靜止到滑動前的這一過程中，轉(zhuǎn)臺的摩擦力對物塊做的功為（）

A.0B.3kmgRC.mv2D.211kmgR

5.金星和地球繞太陽的運動可以近似地看作同一平面內(nèi)的勻速圓周運動，根據(jù)表中數(shù)據(jù)，金星和

地球相比（）

行星行星半徑/m行星質(zhì)量/kg軌道半徑/小

地球6.4x1066.0x10241.5x1013

金星6.1x1064.8x10241.1x1013

A.金星的公轉(zhuǎn)周期較大B.金星的向心加速度較大

C.金星表面的重力加速度較大D.金星的第一宇宙速度較大

6.如圖所示，abed是一個用粗細均勻、同種材料的導線彎折成的長方形線

框，線框豎直放置，加長度為L,be長度為02。勻強磁場的方向垂直于

金屬框平面向里，磁感應(yīng)強度大小為8。若金屬框a、b兩端與恒壓電源

相連，電流方向如圖所示，若通過ab邊的電流大小為/,則金屬框受到的

安培力大小和方向分別為（）

A.|B/L,方向豎直向上B.2B1L,方向豎直向上

C.汨3方向豎直向下D.3BIL,方向豎直向下

7.根據(jù)實際需要，磁鐵可以制造成多種形狀，如圖就是一根很長的光滑圓柱形磁棒，在它的側(cè)面

有均勻向外的輻射狀磁場.現(xiàn)將磁棒豎直固定在水平面上，磁棒外套有一個粗細均勻圓形金屬

線圈，金屬線圈的質(zhì)量為m,半徑為R,電阻為r,金屬線圈所在位置的磁場的磁感應(yīng)強度為B.讓

金屬線圈從磁棒上端靜止釋放，經(jīng)一段時間后與水平面相碰并原速率反彈，又經(jīng)時間t,上升速

度減小到零.則關(guān)于金屬線圈與地面撞擊前的速度心撞擊反彈后上升到最高點的過程中，通過

金屬線圈某一截面的電量q,下列說法中正確的是（）

（a）縱枝面示韶（b）俯視圖

A.mgrB-黑

4B2R2

Q_m2grmgt

■q-8n3B3R32nBRD.q=0

二、多選題（本大題共7小題，共30.0分）

8.如圖所示，一個質(zhì)量為m的物體（可視為質(zhì)點）以某一速度從4點沖上傾角

為30。的固定斜面，其運動的加速度為g,這物體在斜面上上升的最大高度

為小，則在這個過程中物體的（）

A.整個過程中物體機械能守恒B.重力勢能增力□了?ng/i/2

C.動能損失了2/ng/iD.機械能損失了mgh

9.2020年6月8日，我國“海斗一號”無人潛水器成功完成了萬米海試任務(wù)，填補了我國萬米級作

業(yè)型無人潛水器的空白。如圖所示，假設(shè)某次海試活動中，“海斗一號”完成海底任務(wù)后，以

初速度%=2m/s、加速度a=2?n/s2由。向8豎直上浮做勻加速直線運動，在到達8點前1s內(nèi),

所上浮的距離4B為卷3其中L=OB,下列判斷正確的是（）

A.豎直距離OB長為30m

B.豎直距離4B長為7m

C.“海斗一號”由。向B運動的時間為3s

D.“海斗一號”到達B點的速度大小是6m/s

10.古時有“守株待兔”的寓言，設(shè)兔子的頭部受到大小等于自身重力的打擊力時即可致死，并設(shè)

兔子與樹樁作用的時間為0.2s,取g=10m/s2,則被撞死的兔子的奔跑速度可能為（）

A.lm/sB.1.5m/sC.2m/sD.2.5m/s

11.如圖所示為一種質(zhì)譜儀示意圖，由加速電場、靜電分析器和磁分析器組成.若靜電分析器通道

中心線的半徑為R,通道內(nèi)均勻輻射電場在中心線處的電場強度大小為E,磁分析器有范圍足夠

大的有界勻強磁場，磁感應(yīng)強度大小為8、方向垂直紙面向外.一質(zhì)量為m、電荷量為q的粒子

從靜止開始經(jīng)加速電場加速后沿中心線通過靜電分析器，由P點垂直邊界進入磁分析器，最終打

到膠片上的Q點.不計粒子重力.下列說法正確的是（）

靜電分析器

加速電場

股片

展分析器?

A.極板M比極板N電勢高

B.加速電場的電壓U=押口

C.直徑PQ=2BjqmER

D.若一群離子從靜止開始經(jīng)過上述過程都落在膠片上同一點，則該群離子有相同的比荷

12.如圖所示，4、B、C為電場中同一電場線上三點，設(shè)電荷在電場中

只受電場力，則下列說法中正確的是（）

A.若在C點無初速地釋放正電荷，則正電荷向B運動，電勢能減小

B.若在C點無初速地釋放正電荷，則正電荷向8運動，電勢能增加

C.若在C點無初速地釋放負電荷，則負電荷向4運動，電勢能減少

D.若在C點無初速地釋放負電荷，則負電荷向B運動，電勢能減小

13.對于一定量的理想氣體，下列說法正確的是（）

A.當氣體溫度變化時，氣體內(nèi)能一定變化

B.若氣體的內(nèi)能不變，其狀態(tài)也一定不變

C.若氣體的壓強和體積都不變，其內(nèi)能也一定不變

D.若氣體的溫度隨時間不斷升高，其壓強也一定不斷增大

E.氣體溫度每升高1K所吸收的熱量與氣體經(jīng)歷的過程有關(guān).

14.。點為波源，t=0時刻開始向+y方向振動，形成沿x軸正方向傳播的一列簡諧橫波。距離。點為

巧=3沉的質(zhì)點4的振動圖象如圖甲所示；距離。點為肛=4m的質(zhì)點B的振動圖象如圖乙所示;

距離。點為心=5m的質(zhì)點C的振動圖象如圖丙所示。由此可知

C.該波的波速為lm/sD.該波的波速為0.5m/s

三、實驗題（本大題共2小題，共14.0分）

15.在解究力的平行四邊形定則》實驗時某興趣小組用如圖甲所示的兩個力拉彈簧使之伸長至某

個位置，并記錄，再換一根細線牽引彈簧，使彈簧伸長到同一位置.

（1）本實驗采用的科學方法是

人理想實驗法B.等效替代法C.控制變量法D.建立物理模型法

（2）某同學在坐標紙上畫出了如圖乙所示的兩個已知力&和尸2,圖中小正方形的邊長表示2N,則兩力

的合力F=N,&與F的夾角為。=.

16.在做“測量電源的電動勢和內(nèi)電阻”的實驗時，備有下列器材供選用

A.干電池一節(jié)（電動勢約為1.5Q

B.直流電流表（0.64內(nèi)阻0.10。，3A內(nèi)阻0.025。）

C.直流電壓表（3U內(nèi)阻5k0,15V內(nèi)阻25k0）

。.滑動變阻器（阻值范圍0?150,允許最大電流14）

E.滑動變阻器（阻值范圍0?10000,允許最大電流0.5A）

F.開關(guān)G.導線若干從電池夾

（1）將選定的器材按本實驗要求的電路（系統(tǒng)誤差較小），在圖1所示的實物圖上連線.

（2）如圖2所示，電流表量程取0,64擋時讀數(shù)為；量程取34擋時讀數(shù)為；電壓表量程

取3U擋時讀數(shù)為；量程取15廿擋時讀數(shù)為.

（3）根據(jù)實驗記錄，畫出的U-/圖象如圖3所示，可得待測電池的內(nèi)電阻為n.

(4)按本實驗要求的電路測出的E臥r,哪與真實值比較,E潮_____E真，T測______”(選填

或“=”).

0-1000。

電油

圖1圖2圖3

四、計算題(本大題共4小題，共28.0分)

17.如圖所示，摩托車做騰躍特技表演，沿曲面沖上高九=0.8m頂部水平高臺，接著以%=3m/s水

平速度離開平臺4落至地面時恰能無碰撞地沿圓弧切線從B點切入豎直光滑圓弧BC軌道，滑到

最低點C時速度大小6m/s。已知圓弧半徑R=2.0m,人和車的總質(zhì)量m=180kg,4到C特技表

演的過程中，摩托車和人看成質(zhì)點，忽略空氣阻力。求：

(1)摩托車經(jīng)過最低點C時對軌道的壓力大小和方向；

(2)摩托車從4到B點的水平距離x；

(3)從平臺飛出到達B點時速度的大小火及BC圓弧對應(yīng)圓心角的正弦值。

18.如圖所示，質(zhì)量為m、邊長為L的正方形線框，從有界的勻強磁場

上方由靜止自由下落，線框電阻為R.勻強磁場的寬度為從?<%,

磁感應(yīng)強度為B,線框下落過程中ab邊與磁場邊界平行且保持水平。二-城4

人人人人人人人

B

己知她邊剛進入磁場時和訕邊剛穿出磁場時線框都做減速運動，xxxxxxx/f

XXXXXXxv

加速度大小都為［g.求：'

(l)ab邊剛進入磁場時和ab邊剛出磁場時的速度大小;

(2)cd邊剛進入磁場時，線框的速度大??；

(3)線框進入磁場的過程中，產(chǎn)生的熱量。

19.如圖甲，內(nèi)壁光滑、導熱性能良好且足夠長的汽缸放置在水平

面上，汽缸內(nèi)用質(zhì)量m=2kg、橫截面積S=lOOcm?的活塞封IS

閉一段理想氣體。初始時封閉理想氣體的溫度為27汽，活塞位LJL

甲乙

于距離汽缸底3Oc?n處。已知大氣壓強po=1.0x105Pa,重力

加速度g=10m/s2o

⑴若對封閉的理想氣體加熱，使活塞緩慢向右移動，當溫度升高到127久時，求活塞向右移動的距

離；

5)若保持初始狀態(tài)的溫度不變，將汽缸逆時針轉(zhuǎn)動90。，穩(wěn)定后在活塞上施加向下的力使活塞緩慢

向下移動，如圖乙所示，當活塞離汽缸底部的距離為15cm時，求此時力尸的大小。

20.一半圓柱形透明物體橫截面如圖所示，地面AOB鍍銀，。表示半圓截

面的圓心，一束光線在橫截面內(nèi)從M點的入射角為氏為/?,且

MO1ON.求透明物體的折射率.

AOB

參考答案及解析

1.答案：A

解析：解：4、光電效應(yīng)最早是由赫茲發(fā)現(xiàn)的，故A錯誤；

B、光電效應(yīng)現(xiàn)象，說明X射線是具有粒子性，故B正確；

C、X射線頻率越高，光電子初速度越大，則動能也越大，故C正確；

。、康普頓效應(yīng)應(yīng)用，說明X射線具有粒子性，故。正確。

本題選不正確的，

故選：Ao

光電效應(yīng)和康普頓效應(yīng)說明光是一種粒子即電子，本題是光電效應(yīng)在現(xiàn)代醫(yī)學技術(shù)的應(yīng)用，運用愛

因斯坦的光子論和能量守恒定律可解釋。

本題是科普光電效應(yīng)和康普頓效應(yīng)在現(xiàn)代技術(shù)的應(yīng)用，應(yīng)用近代物理知識可以說明。

2.答案：C

解析：解：AB.Q著地前，根據(jù)牛頓第二定律得：

對P：mg—T=ma

IQ

對Q：T-mgsin30°=ma,聯(lián)立解得：a=-g,T=-mg,故A8錯誤。

c、設(shè)Q著地前的最大速度大小為，則有：v2=2ah,可得：V=秒,故C正確。

O、P沿斜面上升過程中，設(shè)輕繩拉力對P做的功為W,對P,根據(jù)動能定理得:W-mghsinSO0=|mv2,

解得：W=^mgh,故。錯誤。

故選：Co

Q著地前，分別以P和Q為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律列式，即可求輕繩的張力。以PQ系統(tǒng)為研究

對象，由機械能守恒定律求Q著地前的最大速度大小，也可以根據(jù)運動學公式求Q的最大速度。對P,

利用動能定理求輕繩拉力對P做的功。

本題是連接體問題，對于速度，既可以根據(jù)牛頓第二定律和運動學公式結(jié)合求解，也可以根據(jù)系統(tǒng)

的機械能守恒求解。

3.答案：A

解析：解：粒子在空腔中做勻速圓周運動，故滿足得：u=*由題知，R相同，B相同，

而2不同，貝的不同，即有功。%;

據(jù)周期公式有7=寧，知R相同，b不同，則與力幾

故選：4。

束縛粒子在圓環(huán)狀空腔中的力是磁場施加的洛倫茲力使粒子在空腔中做勻速圓周運動，即滿足

qvB=?由此列式討論可得.

粒子能儲存在空腔中，主要是在磁場力束縛下使粒子在空腔中做勻速圓周運動，正確的根據(jù)尸洛=F向

列式求解，注意向心力的不同表述.

4.答案：B

解析：解：根據(jù)=得，物塊剛好開始滑動時的速度u=^

2

根據(jù)動能定理得，Wf=imv-0=^kmgR,故B正確，4、C、。錯誤。

故選：Bo

根據(jù)牛頓第二定律求出物塊剛開始滑動時的速度大小，結(jié)合動能定理求出物塊由靜止到滑動前的這

一過程中，轉(zhuǎn)臺的摩擦力對物塊做的功。

本題考查了牛頓第二定律和動能定理的綜合運用，知道摩擦力做功是變力功，通過牛頓第二定律求

出剛好開始滑動的速度是關(guān)鍵。

5.答案：B

解析：解：

AB、金星和地球均繞太陽做圓周運動，根據(jù)萬有引力充當向心力知G等=6（景）2r=zna,知7=

2兀居，a=等，金星的軌道半徑較小，則周期較小，向心加速度較大，故8正確，A錯誤；

C、根據(jù)G翳=mg得：g=*,由于金星質(zhì)量和半徑的二次方比值較小，則金星表面的重力加速度

較小，故C錯誤；

D、根據(jù)=得，第一宇宙速度〃=聆，金星質(zhì)量和半徑的比值較小，則金星的第一宇

宙速度較小，故。錯誤。

故選：B。

第一宇宙速度是貼著星球表面做圓周運動的速度大小，根據(jù)星球的質(zhì)量和半徑得出第一宇宙速度的

表達式，從而比較大小.根據(jù)萬有引力提供向心力得出加速度和周期的表達式，結(jié)合軌道半徑比較

大小。根據(jù)萬有引力等于重力得出星球表面重力加速度的表達式，從而比較大小。

解決本題的關(guān)鍵掌握萬有引力定律的兩個重要理論：1、萬有引力等于重力，2、萬有引力提供向心

力，并能靈活運用。

6.答案：A

解析:

根據(jù)電路結(jié)構(gòu)利用串并聯(lián)電路的規(guī)律可確定電流大小，再根據(jù)安培力公式即可求出各邊受安培力大

小和方向，從而求出總的安培力的大小和方向。

本題考查安培力的計算，要注意明確導體框上各邊均受到安培力的作用，應(yīng)求出其各邊受安培力的

合力。

由題意可知，邊ab(cd)的長度是邊ad(bc)長度的2倍，所以邊ab(cd)的電阻是邊ad(bc)電阻的2倍，

由并聯(lián)關(guān)系可知，通過adcb支路的電流為(所以邊de所受安培力大小為=澗L,方向豎直向上，

邊協(xié)所受安培力大小為正助=BIL,方向豎直向上，邊ad和邊兒所受安培力的合力為零，所以金屬框

所受安培力大小為F=|B/3方向豎直向上，故A正確，88錯誤；

故選Ao

7.答案：C

解析：解：4、線圈第一次下落過程中有E=B二兀/?。、/=；＞FA=BlL=Bl-2nR,得安培力大小

為：

4n2B2R2v

根據(jù)牛頓第二定律得:

mg一自=ma

可知線圈做加速度減小的加速運動，當Q=0時，速度最大，代入求得最大速度為：Um=房衣,

故A錯誤；

B、反彈后上升的過程中某一?時刻，由牛頓運動定律得：mg+BI-2nR=ma

則得：mg△t+8/?2TCRt=ma△t

在一段微小時間內(nèi)，速度增量為=通過線圈截面電量為：=

△t=mgtlf

故：q=」富三一皿1,故C正確，B。錯誤；

故選：c.

(1)線圈下落過程中垂直切割磁感線，產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，由E=B以、1=與、治=B/L得到安培力的

表達式，由牛頓第二定律分析線圈加速度的變化，判斷線圈的運動情況：安培力逐漸增大，加速度

逐漸減小，當安培力與重力平衡時，線圈做勻速直線運動，速度達到最大，由平衡條件可求出最大

速度.

(2)根據(jù)牛頓第二定律得到反彈上升過程中線圈加速度的表達式，采用積分法求出電量q

本題是電磁感應(yīng)問題，難點是采用積分法求解非勻變速運動的速度和高度，從牛頓第二定律入手，

采取微元法，得到一段微小時間內(nèi)速度的變化量和高度變化量，再積分.難度較大，考查運用數(shù)

學知識處理物理問題的能力.

8.答案：CD

解析：試題分析：對物體受力分析，受重力、支持力、摩擦力(假設(shè)存在)，根據(jù)牛頓第二定律，有.：

洪普儂附施駢眄=隘姆;解得：軟=觥窿-壁加微眄=一:硒;機械能守恒的條件是只有重力做功，

物體受到滑動摩擦力，故機械能不守恒，故4錯誤；重力勢能增加等于克服重力做的功，故重力勢

能增加Tng/i,故B錯誤：由動能定理可知，動能損失量等于克服合外力做的功的大小，故

,I

=，黑陷E=哪5g麟=版鬻沙然=副磷，故C正確；機械能的損失量為凝=二喉1電豁=饗?瞬，

誓

故。正確；

故選CD.

考點：動能定理的應(yīng)用；功能關(guān)系；機械能守恒定律.

點評：本題關(guān)鍵根據(jù)功能關(guān)系的各種具體形式得到重力勢能變化、動能變化和機械能變化.重力勢

能變化與重力做功有關(guān)；動能的變化與合力做功有關(guān)；機械能的變化與除重力以外的力做功有關(guān).

9.答案：BC

解析：解：AC,以向上為正方向，a=2m/s2,v0=2m/s,設(shè)從。到B的時間為t,則從。到4的時

間為t-l,則根據(jù)位移公式有

2

L=vot+1at=2t+(x2t2①

Z,一？=%(t-1)+-1)2②

解得：t=3s,L=15m,故A錯誤，C正確;

B、豎直距離AB長為：LAB=^L=^xlSm=7m,故8正確；

￡）、"海斗一號"到達B點的速度大小是D=%+at=2m/s+2x3m/s=8m/s,故。錯誤。

故選：BC。

根據(jù)位移-時間關(guān)系式列出4到C和4到B的方程，求出4到C的時間；再根據(jù)位移-時間公式求出"的

位移，根據(jù)已知條件即可求出。8的長度；由速度-時間關(guān)系式求出汽車到達C點的速度.

解決本題的關(guān)鍵掌握勻變速直線運動的速度時間公式和位移時間公式，并能靈活運用，基礎(chǔ)題。

10.答案：CD

解析：

以兔子為研究對象，它與樹樁碰撞過程中，水平方向受到樹對它的打擊力，速度減小至零，根據(jù)動

量定理研究其速度。

本題應(yīng)用動量研究碰撞過程物體的速度，對于打擊、碰撞、爆炸等變力作用過程，往往用動量定理

研究作用力。

取兔子奔跑的速度方向為正方向，根據(jù)動量定理得-Ft=0-nw,貝！!"=*,由尸=mg,得到v=

771

^=gt=2m/s,所以兔子奔跑時的速度最小為2?n/s時即可致死，故8正確，AB錯誤。

故選CD,

I1.答案：ABD

解析：解：4、粒子進入靜電分析器后在電場力作用下偏轉(zhuǎn)，故可知粒子帶正電，極板M比極板N電

勢高才能使粒子加速，故A正確.

B、對于加速過程，有qU=2m/,在靜電分析器中，由電場力充當向心力，則有Eq=m?,由上

兩式可知｛7=^^上故8正確.

C、在磁分析器中粒子由P到Q,直徑PQ=2R，=^=|然，故C錯誤.

。、若一群離子從靜止開始經(jīng)過上述過程都落在膠片上同一點說明運動的直徑相同，由于磁場，電

場與靜電分析器的半徑不變，則該群離子具有相同的比荷，由上式可知，故。正確.

故選：ABD.

帶電粒子在電場中，在電場力做正功的情況下，被加速運動.后垂直于電場線，在電場力提供向心

力作用下，做勻速圓周運動.最后進入勻強磁場，在洛倫茲力作用下，做勻速圓周運動.根據(jù)洛倫

茲力的方向，從而可確定電性，進而可確定極板的電勢高低.根據(jù)牛頓第二定律可得在電場力作用

下做勻速圓周運動的表達式，從而求出加速電壓.最后再由牛頓第二定律，洛倫茲力等于向心力可

知，運動的半徑公式，即影響半徑的大小因素.

考查粒子在電場中加速與勻速圓周運動，及在磁場中做勻速圓周運動.掌握電場力與洛倫茲力在各

自場中應(yīng)用，注意粒子在靜電分析器中電場力不做功.

12.答案：AC

解析：解：力、B；正電荷受力方向為該點的場強方向，在C點無初速地釋放正電荷，則正電荷向B運

動，電場力做正功，電勢能減少。故4正確，8錯誤；

C、D：負荷受力方向與該點的場強方向相反，若在C點無初速地釋放負電荷，則負電荷向4運動，

電場力做正功，電勢能減少。故C正確。錯誤。

故選：AC,

正電荷在電勢高處電勢能大.正電荷受到的電場力方向與場強方向相同.電場力做正功電荷的電勢

能減小，電場力做負功，電荷的電勢能增大.

本題要抓住電場力做功與電勢能改變的關(guān)系：電場力做正功電荷的電勢能減小，電場力做負功，電

荷的電勢能增大.

13.答案：ACE

解析：解：4、理想氣體的內(nèi)能由溫度決定，溫度變化氣體內(nèi)能一定變化，故A正確；

B、若氣體的內(nèi)能不變，則氣體的溫度不變，氣體的壓強與體積可能發(fā)生變化，氣體的狀態(tài)可能變化，

故8錯誤；

C、由理想氣態(tài)方程華=常量，當?shù)热萆郎刈兓瘯r，可知若氣體的壓強和體積都不變，則溫度不變,

所以其內(nèi)能也一定不變，故C正確.

。、由氣態(tài)方牛=c知，溫度7升高，pV一定增大,但壓強不一定增大，故。錯誤.

國氣體絕熱壓縮或膨脹時，氣體不吸熱也不放熱，氣體內(nèi)能發(fā)生變化，溫度升高或降低，在非絕熱

過程中，氣體內(nèi)能變化，要吸收或放出熱量，由此可知氣體溫度每升高1K所吸收的熱量與氣體經(jīng)歷

的過程有關(guān)，故E正確；

故選:ACE

理想氣體內(nèi)能由物體的溫度決定，理想氣體溫度變化，內(nèi)能變化；由理想氣體的狀態(tài)方程可以判斷

氣體溫度變化時，氣體的體積與壓強如何變化.

本題關(guān)鍵掌握三個知識點：1、一定質(zhì)量的理想氣體，其內(nèi)能只跟溫度有關(guān)；2、氣態(tài)方^=c；3、

熱力學第一定律△〃=<2+〃，并能用來正確分析.

14.答案：BC

解析：

設(shè)該波的周期為7,波速為"，根據(jù)t=：求出從波源開始傳到4點和B點的時間的表達式，再根據(jù)甲乙

圖示時間聯(lián)立方程即可求解。

此題要能從圖象中讀出正確的信息；掌握介質(zhì)中各個質(zhì)點的起振方向都與波源的起振方向相同，波

速可由兩個公式求解t=3M=\

ABC.設(shè)該波的周期為T,波速為V,波從波源開始振動，傳播到4點用時為“=B，傳播到B點用時為

t2=半，由圖甲可知，tl+三=4s,由圖乙可知,t2+羽=9s,解得周期為T=12s,波速為9=l6/s,

波長A==12m,故AO錯誤，BC正確;

故選BC。

15.答案：(1)B；(2)12；45%

解析：

(1)本實驗抓住兩根彈簧秤的拉力的共同作用效果與一根彈簧秤的作用效果相同，即運用等效替代的

思想進行實驗；

(2)應(yīng)用平行四邊形定則作出合力，然后求出力的大小與方向。

驗證力的平行四邊形定則是力學中的重點實驗，應(yīng)明確實驗的原理、數(shù)據(jù)處理方法及本實驗采用的

物理方法。

(1)合力與分力是等效替代的關(guān)系，所以本實驗采用的等效替代法，故AC。錯誤，B正確；

故選：B；

(2)根據(jù)平行四邊形定則，作出兩個力的合力如圖所示，從圖上可知，合力尸=12N.根據(jù)幾何關(guān)系知

&與尸的夾角為。=45。；

故答案為：(1)B;(2)12；45。。

16.答案：0.341.540.5匕2.5匕1.0；<；<

解析：解：(1)電壓的電動勢1.5人所以電壓表選擇3V檔，干電池的

放電電流不能太大，使用0.64的檔位即可.

滑動變阻器E的電阻值是0?10000,電阻值太大，調(diào)節(jié)不方便，所以選擇電阻值0?150的滑動變阻

器。；

實物連接如圖所示：

(2)電流表量程為0.64時，分度值為0.024所示為0.34量程為34時，分度值為0.L4,示數(shù)為1.54

電壓表量程為3P時，分度值為0.1V,示數(shù)為0.5V,量程為15V時，分度值為0.5V,示數(shù)為2.5V；

(3)(/-/圖象斜率絕對值表示電源內(nèi)阻，所以待測電池的內(nèi)阻r=詈=號聲=1.0。

(4)因該接法中由于電壓表的分流而導致電流表示數(shù)偏小，但電壓表是準確的，故圖象比真實圖象要

向上偏，同時，當電路短路時，電壓表的分流是可以忽略的，故短路電流是準確的，故圖象與橫軸

的交點不變，所以所測電動勢小于真實值；內(nèi)阻也小于真實值；

故答案為：(1)電路圖如圖所示；(2)0.341.54；0.5匕2.5V；(3)1.0；(4)<；<.

(1)根據(jù)電源的電壓選擇電壓表量程，根據(jù)電路中的電流選擇電流表量程；結(jié)合選擇的器材和實驗的

原理先在草紙畫出實驗原理圖，然后再連接實際電路；

(2)電流表的讀數(shù)：首先確定使用的量程，然后確定每一個大格和每一個小格代表的示數(shù)，根據(jù)指針

位置讀數(shù).

(3)U-/圖象中圖象與縱坐標的交點表示電源的電動勢；U-/圖象斜率絕對值表示電源內(nèi)阻.

(4)圖象與縱坐標的交點表示電動勢，圖象的斜率表示內(nèi)電阻；由圖象法可分析此種接法會造成的誤

差.

測定電動勢和內(nèi)電阻的實驗中為了減小誤差采用了圖象分析法，要根據(jù)實驗原理得出公式，并結(jié)合

圖象的斜率和截距得出正確的結(jié)果.

電流表的讀數(shù)時，一定要看清電流表所選的量程.本接法雖然電動勢和內(nèi)電阻均偏小，但由于誤差

均較小，故實驗中我們一般采取本方法.

17.答案：解：(1)(7點，由向心力公式得：F—mg=m

軌道對人和車的支持力：F=mg+若=18。x10N+18。X9=5040/V

由牛頓第三定律：車對軌道的壓力F'=F=5040N

方向：豎直向下

(2)從4到8點，做平拋運動。則豎直方向有：h=\gt2

解得:t=后=再=0.4s

人和車運動的水平距離：s=vt=3x0.4m—1.2m

(3)B點：豎直速度%=gt=10x4m/s=47n/s

8點速度為=,詔+詔=V324-42m/s=5m/s

B點速度的方向與水平方向的夾角與BC圓弧對應(yīng)圓心角相等，則sin。=詈=：=0.8

答：(1)摩托車經(jīng)過最低點C時對軌道的壓力大小為5040N和方向豎直向下；

(2)摩托車從4到B點的水平距離x是1.2m；

(3)從平臺飛出到達B點時速度的大小為5m/s,BC圓弧對應(yīng)圓心角的正弦值為0.8。

解析：(1)從B點開始摩托車做的是圓周運動，此時指向圓心方向的合力作為圓周運動的向心力，對

摩托車受力分析，根據(jù)向心力的公式可以求得在C點時車受到的支持力的大小，再根據(jù)牛頓第三定律

可以求得對軌道的壓力的大小；

(2)從平臺飛出后，摩托車做的是平拋運動，根據(jù)平拋運動在豎直方向上是自由落體運動，可以求得

運動的時間，再根據(jù)水平方向上是勻速直線運動，可以求得水平的位移的大??；

(3)由于摩托車恰能無碰撞地沿圓弧切