2021屆北京市懷柔區(qū)高考物理零模試卷附答案詳解

2021屆北京市懷柔區(qū)高考物理零模試卷

一、單選題（本大題共13小題，共39.0分）

1.汽車上坡時，司機必須換檔，其目的是（）

A.減小速度，得到較小的牽引力B.增大速度，得到較小的牽引力

C.減小速度，得到較大的牽引力D.增大速度，得到較大的牽引力

2.2021年2月13日晚間，日本福島附近海域發(fā)生里氏7.3級地震，福島

有兩座核電站均發(fā)生輕微泄露，核泄漏對環(huán)境和人體的危害主要是

放射性物質(zhì)的衰變。若緒27Tl（牡）原子核靜止在勻強磁場中，當(dāng)它

在垂直磁場的平面內(nèi)發(fā)生a衰變時，生成的新原子核和a粒子的運

動軌跡如圖所示，則新原子核和a粒子在磁場中做圓周運動的周期

之比為（）

A.44：1B.57：44C.57：22D.57：1

3.關(guān)于分子力，下列說法正確的是（）

A.分子引力和分子斥力都隨分子間距的增大而增大

B.當(dāng)分子間距大于時，分子斥力和引力的合力總隨分子間距的增大而減小

C.分子斥力做正功時分子勢能減??；分子引力做負(fù)功時，分子勢能增加

D.在分子間距等于小時，分子勢能一定為零

4.下列說法正確的是（）

A.外界對一物體做功，此物體內(nèi)能一定增加

B.機械能完全轉(zhuǎn)化成內(nèi)能是不可能的

C.將熱量傳給一個物體，此物體的內(nèi)能一定改變

D.一定量氣體對外做功，氣體的內(nèi)能不一定減少

5.雙星系統(tǒng)中，兩顆星在彼此引力的作用下，繞連線上某點做勻速圓周運動.1974年物理學(xué)家約

瑟夫?泰勒和拉塞爾?赫爾斯發(fā)現(xiàn)由兩個質(zhì)量不同的星構(gòu)成的雙星系統(tǒng)，每年兩星間的距離減少

3.5m,若兩星運動的周期不變，則該雙星系統(tǒng)中（）

A.兩星線速度大小始終相等B.兩星加速度大小始終相等

C.每年兩星總質(zhì)量在減小D.每年兩星總質(zhì)量在增加

6.圖甲為一列簡諧橫波在某一時刻的波形圖，圖乙為質(zhì)點P以此時刻為計時起點的振動圖象.從該

時刻起（）

A.經(jīng)過0.35s時，質(zhì)點Q距平衡位置的距離大于質(zhì)點P距平衡位置的距離

B.經(jīng)過0.25s時，質(zhì)點Q的加速度大于質(zhì)點P的加速度

C.經(jīng)過0.15s,波沿x軸的正方向傳播了3m

D.經(jīng)過0.1s時，質(zhì)點Q的運動方向沿y軸正方向

7.如圖中所展示的是下列哪種情況的電場線（）

A.正點電荷

B.負(fù)點電荷

C.等量異種點電荷

D.等量同種正點電荷

8.一臺理想變壓器的原線圈匝數(shù)為100匝，副線圈匝數(shù)為1200匝，在原線圈兩端接有一電動勢為

10V的電池組，則在副線圈兩端的輸出電壓為（）

A.0VB,1.21/C.120VD.小于120U

9.如圖所示三根不可伸長的相同的輕繩，一端系在甲環(huán)上，彼此間距相等.繩穿aa甲

I

過與甲環(huán)半徑相同的乙環(huán)，另一端用同樣的方式系在半徑較大的丙環(huán)上.甲環(huán)匕《乙

固定在水平面上，整個系統(tǒng)處于平衡，忽略繩與乙環(huán)之間的摩擦.下列說法中

正確的是（）

A.每根繩對乙環(huán)的作用力均豎直向上

B.每根繩對乙環(huán)的作用力均背向環(huán)心

C.乙環(huán)對三根繩的總作用力指向環(huán)心

D.三根繩對乙環(huán)的總作用力豎直向上

10.如圖甲所示，金屬圓環(huán)在垂直于環(huán)面的勻強磁場中，磁場的磁感應(yīng)強度B隨時間t按正弦規(guī)律變

化，如圖乙所示.已知磁場方向垂直于環(huán)面向里為正方向，則下列說法正確的是（）

A.0?t2時間內(nèi)，環(huán)中感應(yīng)電動勢先增大后減小

B.匕?t3時間內(nèi)，環(huán)中感應(yīng)電流方向先沿順時針后沿逆時針

C.0?Q時間內(nèi)，金屬圓環(huán)出現(xiàn)兩次收縮趨勢，兩次擴張趨勢

D.巧?Q時間內(nèi)，環(huán)上某一段受到的安培力先變大后變小

11.下列說法正確的是（）

A.黑體輻射電磁波的強度按波長的分布與物體的形狀有關(guān)

B.不確定性關(guān)系告訴我們，不可能準(zhǔn)確地知道粒子的位置

C.玻爾理論的假設(shè)之一是原子能量的量子化

D.愛因斯坦提出了光電子的能量與入射光的強弱有關(guān)，與入射光的頻率無關(guān)

12.一個小石塊從井口開始自由落下，經(jīng)過2.0s小石塊碰到水面，不計空氣阻力，則井口到水面的

距離是(g取10m/s2.)()

A.IOTTIB.15mC.20mD.30m

13.一列簡諧橫波某時刻的波形如圖所示，波沿x軸的正方向傳播，P為介質(zhì)

中的一個質(zhì)點。下列說法正確的是（）

A.質(zhì)點P此時刻的速度沿x軸的正方向

B.質(zhì)點P此時刻的加速度沿y軸的正方向

C.再經(jīng)過半個周期時，質(zhì)點P的位移為正值

D.經(jīng)過一個周期，質(zhì)點P通過的路程為4a

二、多選題（本大題共1小題，共3.0分）

14.下列說法中正確的是

右揀爐電限P1鋁環(huán)實驗桂：岡片

A.真空冶煉爐是利用渦流來熔化金屬的裝置

B.家用電磁爐鍋體中的渦流是由恒定磁場產(chǎn)生的

C.將條形磁鐵靠近4環(huán)，4環(huán)中產(chǎn)生感應(yīng)電流并靠近磁鐵

D.變壓器的鐵芯用相互絕緣的硅鋼片疊成能減小渦流

三、實驗題（本大題共2小題，共16.0分）

15.在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”實驗中，提供的實驗器材有:

A.小燈泡（額定電壓為3.8U,額定電流約為0.34）

8.電流表4（0?0.64內(nèi)阻約為0.5。）

C電壓表了（0?6V,內(nèi)阻約為5k0）

D滑動變阻器％（0?100,24）

E.滑動變阻器&（0?1000,0.24）

F.電源（6V,內(nèi)阻不計）

G.開關(guān)及導(dǎo)線若干

（1）實驗中滑動變阻器選（填“%”或“/?2”）

（2）該同學(xué)設(shè)計了實驗測量電路，通過改變滑動變阻器滑片的位置，使電流表的讀數(shù)從零開始變化,

記錄多組電壓表的讀數(shù)U和電流表的讀數(shù)/.請在圖甲中用筆畫線代替導(dǎo)線將實驗電路連接完整.

（3）該同學(xué)根據(jù)實驗數(shù)據(jù)作出了如圖乙的U-/圖象，根據(jù)圖象可知小燈泡的電阻隨著電流的增大而

（選填“增大”、“減小”或“不變”）

16.某同學(xué)在做“探究碰撞中的不變量”實驗中，所用裝置如圖所示。

(1)下面是本實驗部分測量儀器或工具，需要的是o

A.秒表

區(qū)交流電流表

C.刻度尺

。.彈簧秤

(2)為了完成本實驗,下列必須要求的實驗條件是，入射小球4的質(zhì)量mi被碰小球8的質(zhì)量加2,

入射小球4的半徑1被碰小球B的半徑上。(填“大于”或“小于”或“等于”)

(3)某次實驗中得出的落點情況如圖所示，假設(shè)碰撞過程中動量守恒，如果0M=OP=d2,ON=

d3,入射小球質(zhì)量被碰小球質(zhì)量Tn2,滿足的動量守恒表達式為：(用以上字母表示

)。

四、簡答題(本大題共1小題，共10.0分)

17.如圖所示，電壓U=15乙小燈泡L上標(biāo)有“6，，3W”，閉合開關(guān)S后小燈泡剛好能正常發(fā)光。

求：

(1)小燈泡正常發(fā)光的電流；

(2)電阻R的阻值。

五、計算題(本大題共3小題，共32.0分)

18.如圖甲所示，電荷量為q=1X10-4。的帶正電的小物塊置于絕緣水平面上，所在空間存在方向

沿水平向右的電場，電場強度E的大小與時間的關(guān)系如圖乙所示，物塊運動速度與時間t的關(guān)系

如圖丙所示，取重力加速度g=lOm/s?.求:

(1)前兩秒電場力做功多少？

(2)物塊的質(zhì)量多少？

(3)物塊與水平面間的動摩擦因數(shù).

19.如圖所示，BCD為固定在豎直平面內(nèi)的半徑為r=l(hn的圓弧形光滑絕緣軌道，。為圓心，0C豎

直，。。水平，0B與0C間夾角為53。，整個空間分布著范圍足夠大的豎直向下的勻強電場。從4

點以初速攻)=9m/s沿40方向水平拋出質(zhì)量m=0.1kg的小球(小球可視為質(zhì)點)，小球帶正電荷

q=+0.01C,小球恰好從B點沿垂直于OB的方向進入圓弧軌道。不計空氣阻力。求:

(1)4、B間的水平距離L

(2)勻強電場的電場強度E

(3)小球過C點時對軌道的壓力的大小FN

(4)小球從。點離開軌道后上升的最大高度

20.勻強磁場垂直于紙面向外，磁感應(yīng)強度B=2x10-27一個直徑

為20cm、電阻為0.10的圓線圈放在磁場中，線圈平面垂直磁場

方向.在線圈某一直徑兩端用力拉線圈，如圖所示，在0.5s內(nèi)使

線圈面積變?yōu)榱?問：在這個過程中，線圈內(nèi)感應(yīng)電流的方向

如何？平均感應(yīng)電流有多大？

參考答案及解析

1.答案：C

解析：試題分析：汽車輸出功率有限，據(jù)P=F-v可知，減小速度，可以得到較大的牽引力(F),保

障汽車順利上坡.

考點：功率

點評：結(jié)合生活實際，考察對功率公式的理解

2.答案：B

解析：解：核反應(yīng)方程為：解771T器8枚+犯e

則新原子核的質(zhì)量數(shù)與a粒子的質(zhì)量數(shù)之比為&=竽=57,新原子核的電荷量與a粒子的電荷量之

人4

比為％=里￡=44

Qa2e

根據(jù)7=繆可知，新原子核和a粒子在磁場中做圓周運動的周期之比為?=?.等=,，故ACC

qulaq新”

錯誤，B正確。

故選：Bo

先寫出核反應(yīng)方程，再確定新原子核的質(zhì)量數(shù)和核電荷數(shù)，根據(jù)T=誓求解周期之比。

對于涉及核反應(yīng)的問題，往往要根據(jù)質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒，寫出核反應(yīng)方程。本題要掌握粒子在磁

場中做勻速圓周運動的周期公式T=黑，并能熟練運用。

3.答案：C

解析：

分子間同時存在引力和斥力，隨著分子間距的增大，兩個力都減小，隨著分子間距的變化斥力變化

比引力快；分子勢能與分子間距的關(guān)系比較復(fù)雜，與分子力的性質(zhì)有關(guān)；在分子間距等于力時，分

子勢能最小，但不一定為零，本題關(guān)鍵掌握分子力與分子間距的關(guān)系、分子勢能與分子間距的關(guān)系。

A、分子間同時存在引力和斥力，分子引力和分子斥力都隨分子間距的增大而減小，故A錯誤；

8、當(dāng)分子間距大于為時，分子斥力和引力的合力隨著分子間距的增大先增大后減小，故B錯誤；

C、當(dāng)分子力表現(xiàn)為斥力時，分子間距離增大時，分子力做正功，分子勢能減小；當(dāng)分子力表現(xiàn)為引

力時，分子間距離增大時，分子力做負(fù)功，分子勢能增大，故C正確；

。、分子勢能是相對的，在分子間距等于力時，分子力為零，分子勢能最小，但不一定為零.故。

錯誤；

故選Co

4.答案：D

解析：解：力、外界對一物體做功，若物體同時放出了熱量，內(nèi)能也不一定增加，故A錯誤；

8、根據(jù)熱力學(xué)第二定律，在不引起其他變化的情況下機械能不可能完全轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，但是在引起其

他變化的時候機械能也可以完全轉(zhuǎn)化成內(nèi)能，故8錯誤；

C、根據(jù)熱力學(xué)第一定律，將熱量傳給一個物體，但同時物體對外界做功，則物體的內(nèi)能有可能不變，

故C錯誤；

。、根據(jù)熱力學(xué)第一定律，一定量氣體對外做功，但同時將熱量傳給氣體，則氣體的內(nèi)能不一定減

少，故。正確。

故選：Do

根據(jù)熱力學(xué)第一定律：△〃=<?+”判斷.

內(nèi)能的改變方式有兩種：做功和熱傳遞.故內(nèi)能的改變由這兩個條件決定.

5.答案：C

解析：

由萬有引力提供向心力，雙星的角速度相同，列等式確定出半徑與質(zhì)量之間的關(guān)系式從而可判斷速

度，加速度，再細(xì)分質(zhì)量的變化.明確雙星的角速度相等，結(jié)合萬有引力提供向心列式求解，得出

質(zhì)量與半徑成反比是求解的關(guān)鍵。

2

雙星的角速度相同，由萬有引力提供向心力：對星1：G^=m1r1w...@

對星2：G"詈=m2r232…②

A、由①②知：機廣132=7712r2/2,則羨=黃，質(zhì)量不同，則半徑不同，線速度不同，則A錯誤.

從引力相等，而質(zhì)量不同，則加速度不同，則8錯誤

C、D、由①可得：G貸=%32…③

2

由②式得：=r2a）...?

由③④可得：（mi+ni2）=塔，周期不變，則3不變，I減小則總質(zhì)量減小，則C正確，。錯誤

G

故選：c

6.答案：C

解析：解：4、由圖，此時P向下運動，Q點向上運動，該波向右傳播。T=0.2s,經(jīng)過t=0.35s=1：

時，P點到達波峰，Q點到達平衡位置下方，但未到波谷，質(zhì)點Q距平衡位置的距離小于質(zhì)點P距平

衡位置的距離。故4錯誤。

B、經(jīng)過t=0.25s=時，P點到達波谷，Q點到達平衡位置上方，但未到波峰，質(zhì)點Q的加速度

小于質(zhì)點P的加速度。故B錯誤。

C、因波沿x軸的正方向傳播，2=4m,則波速f=，=20m/s,則經(jīng)過0.15s,波傳播距離為：x=vt=

20x0.15=3m?故C正確。

D,t=0.1s=|r,據(jù)質(zhì)點Q的振動情況可知，質(zhì)點Q處于平衡位置上方且它將向平衡位置靠近，即

運動方向沿y軸負(fù)方向。故。錯誤。

故選：Co

由振動圖象讀出t=0時刻P點的振動方向，判斷波的傳播方向.由波動圖象讀出波長，由振動圖象

讀出周期，可求出波速.分析波動過程，確定Q點的加速度與P點加速度關(guān)系，并判斷Q點的運動方

向.

波的圖象往往先判斷質(zhì)點的振動方向和波的傳播方向間的關(guān)系.同時，熟練要分析波動形成的過程，

分析物理量的變化情況.

7.答案：D

解析：解：電場線從正電荷或無窮遠出發(fā)終止于負(fù)電荷或無窮遠，根據(jù)各種電荷周圍的電場線分布

可知，該圖為等量正電荷電場的分布情況.

故選：D.

考察正、負(fù)點電荷，等量同種與等量異種電荷周圍電場線的分布情況，電場線從正電荷出發(fā)，負(fù)電

荷終止，同種電荷相互排斥.

該題考查常見的電場，等量同種和等量異種電荷周圍電場線分布情況是考查的重點，一定要熟練學(xué)

握.

8.答案：A

解析：解：根據(jù)題意可知，直流電，變壓器不能工作，所以負(fù)線圈的輸出電壓為0K故A正確，BCD

錯誤；

故選：A.

變壓器原副線圈的匝數(shù)之比等于電壓之比，只適用于交流電，而對直流電，變壓器不能工作.

本題考查了變壓器的工作原理，適用于交流電，直流電不能使用，屬于容易題.

9答案:D

解析：解：4、B、由于不計摩擦，同一根繩子的拉力處處相等，故每根繩子對環(huán)的作用力方向如圖

故A錯誤，8錯誤；

C、。、三根繩對乙環(huán)的總作用力與重力平衡，豎直向上；故根據(jù)牛頓第三定律，乙環(huán)對三根繩的總

作用力豎直向下，故C錯誤，。正確；

故選：Do

對乙環(huán)受力分析，受重力和三根繩子的彈力，小環(huán)保持靜止，故受力平衡，根據(jù)平衡條件分析即可.

本題是簡單的平衡問題，關(guān)鍵是明確繩子的彈力的合力方向，要結(jié)合平衡條件分析，不難.

10.答案：C

解析：解：0?t2時間內(nèi)，磁感應(yīng)強度的變化先變小后變大，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可知，環(huán)中的

感應(yīng)電動勢先減小后增大，故A錯誤；

8、根據(jù)楞次定律，G?t3時間內(nèi)，環(huán)中感應(yīng)電流方向一直沿順時針方向，故B錯誤；

C、當(dāng)磁感應(yīng)強度增大時，根據(jù)楞次定律可知，金屬環(huán)有收縮的趨勢，當(dāng)磁感應(yīng)強度減小時，金屬環(huán)

有擴張趨勢，從圖象可以看出，0?t］時間內(nèi)，金屬環(huán)出現(xiàn)兩次收縮趨勢，兩次擴張趨勢，故C正確；

。、由于“、t2兩個時刻，磁感應(yīng)強度為零，因此環(huán)上某一段受到的安培力為零，在分時刻，感應(yīng)電

動勢為零，感應(yīng)電流為零，因此環(huán)上某一段受到的安培力也為零，因此t2?t4時間內(nèi)，環(huán)上某一段受

到的安培力先變大后變小，再變大然后再變小，故。錯誤。

故選：Co

由右圖可知8的變化，則可得出磁通量的變化情況，由楞次定律可知電流的方向；由法拉第電磁感應(yīng)

定律可知電動勢，即可知電路中電流的變化情況；再根據(jù)楞次定律可分析金屬環(huán)的變化趨勢.

本題要求學(xué)生能正確理解B-t圖的含義，才能準(zhǔn)確的利用楞次定律、左手定律等進行判定；解題時

要特別注意楞次定律的正確應(yīng)用，明確“增反減同"和"來拒去留“的準(zhǔn)確應(yīng)用.

11.答案：C

解析：解：小黑體輻射的強度按波長的分布與黑體的溫度有關(guān).故A錯誤；

8、根據(jù)不確定原理，在微觀領(lǐng)域，不可能同時準(zhǔn)確地知道粒子的位置和動量，所以我們不能用確定

的坐標(biāo)描述電子在原子中的位置.故8錯誤；

C、玻爾理論的假設(shè)之一是原子能量的量子化.故C正確；

D、根據(jù)愛因斯坦光電效應(yīng)方程=可知，光電子的最大初動能a1n與入射光的強度無

關(guān)，與入射光的頻率有關(guān).故。錯誤.

故選：C

黑體輻射的強度按波長的分布與黑體的溫度有關(guān)；最新的原子理論指出，原子中電子不能用確定的

坐標(biāo)描述，但是它們在空間各處出現(xiàn)的幾率是有一定規(guī)律的，是一種概率波；波爾理論成功地解釋

了氫光譜的實驗規(guī)律；光電子的最大初動能a7n與入射光的強度無關(guān).

該題考查黑體輻射、波粒二象性、波爾理論與原子核衰變及半衰期、衰變速度，都是記憶性的知識

點的內(nèi)容，在平時的學(xué)習(xí)過程中多加積累即可.

12.答案：C

2

解析：解：根據(jù)自由落體運動的規(guī)律可得：/i=i5t=1x10x4m=20m；故ABO錯誤、C正確；

故選：Co

自由落體運動是初速度為零，加速度為g的勻加速直線運動，結(jié)合勻變速直線的位移時間公式進行求

解。

解決本題的關(guān)鍵知道自由落體運動的特點，結(jié)合勻變速直線運動的運動學(xué)公式靈活求解。

13.答案：D

解析：解：4、簡諧橫波沿x軸的正方向傳播，根據(jù)“上下坡”法判斷可知，質(zhì)點P此時刻的速度沿y

軸正方向，故A錯誤。

B、波沿x軸正方向傳播，由圖示波形圖可知，質(zhì)點P向上振動，加速度方向沿y軸負(fù)方向，故B錯誤；

C、經(jīng)過半個周期，質(zhì)點位于x軸下方。質(zhì)點P的位移是負(fù)的，故C錯誤：

D、由圖示波形圖可知，質(zhì)點振幅為a,經(jīng)過一個周期，質(zhì)點P的路程：s=4a,故O正確；

故選：D。

根據(jù)“上下坡”法判斷質(zhì)點P的速度方向。質(zhì)點P上下振動，在一個周期內(nèi)通過的路程是4倍的振幅。

已知波的傳播方向，判斷質(zhì)點振動方向的方法較多，常用的有：“上下坡”法、波形的平移法、質(zhì)

點的帶動法等，都要學(xué)會運用。

14.答案：AD

解析：略

15.答案:(1)管

(3)增大

解析：

當(dāng)要求電流從零調(diào)節(jié)時滑動變阻器應(yīng)用分壓式，此時應(yīng)選阻值小的變阻器.小燈泡的電阻較小，電

流表應(yīng)用外接法。

本實驗應(yīng)熟記測定小燈泡伏安特性曲線實驗電流表用外接法，變阻器用分壓式接法。

(1)因描繪小燈泡伏安特性曲線的實驗要求電流從零開始調(diào)節(jié)，故變阻器應(yīng)用分壓式，應(yīng)選阻值小的

變阻器誤差小，故應(yīng)選

(2)因小燈泡電阻遠小于電壓表內(nèi)阻，電流表應(yīng)用外接法，又變阻器用分壓式，如圖所示，

imiw圖甲

(3)該同學(xué)根據(jù)實驗數(shù)據(jù)作出了如圖乙的U-/圖象，根據(jù)歐姆定律/?=彳，由圖象可知，隨著電流的

增大，小燈泡的電阻增大。

故答案為：(l)Ri；(2)如圖(3)增大

16.答案：C大于等于肛國2=mid】+m2d3

解析：解(1)實驗中驗證碰撞前后系統(tǒng)動量是否守恒，速度運用平拋運動的規(guī)律得出，由于下降的高

度相同，速度正比于水平位移，只需要測出水平位移即可，則還需要刻度尺，而秒表測時間基本沒

用，交流電流表和彈簧秤也沒用，故選：C

(2)為了保證小球做平拋運動，且碰撞后不反彈則入射球質(zhì)量要大于被碰球質(zhì)量，即血1＞加2,防止

碰后巾1被反彈。

兩球需要發(fā)生對心碰撞，則兩球的直徑大小需相同。

,vv

(3)根據(jù)動量守恒得叫％=m1v1+如以'，而%=i=，，2=代入上式化簡得：團屈2=

m1d1+m2d3。

故答案為：(1)C；(2)大于、等于；(3)m1d2=m屈】+m2d3

(1)根據(jù)實驗的原理確定所需測量的物理量，從而確定所需的實驗器材；

(2)根據(jù)實驗的原理和注意事項確定兩個小球質(zhì)量和半徑的大于；

(3)根據(jù)動量守恒，結(jié)合水平位移的關(guān)系求反推出此實驗要驗證的表達式。

實驗注意事項：(1)前提條件：保證碰撞是一維的，即保證兩物體在碰撞之前沿同一直線運動，碰撞

之后還沿這條直線運動。(2)利用斜槽進行實驗，入射球質(zhì)量要大于被碰球質(zhì)量，即小】＞加2,防止

碰后mi被反彈。

17.答案：解：(1)小燈泡正常發(fā)光，根據(jù)銘牌信息可知，

正常發(fā)光的電流：/=今="=0.54

UL6

(2)電阻R兩端的電壓：U'=U-UL=15V-6V=91/。

根據(jù)歐姆定律可知，/?=與=言0=180。

答：(1)小燈泡正常發(fā)光的電流為0.54,

⑵電阻R的阻值為180。

解析：(1)分析小燈泡銘牌信息，根據(jù)功率公式求解電流。

(2)根據(jù)歐姆定律求解電阻R的阻值。

該題考查了閉合電路歐姆定律的相關(guān)知識，明確小燈泡銘牌信息，根據(jù)歐姆定律即可求解。

18.答案：解：(1)由題意可得，在勻強電場中電場力產(chǎn)為：F=qE,

由圖象得前2秒內(nèi)的位移S為：S=^at2,

則電場力做的功為：W=FS,

代入數(shù)據(jù)解得：W=6J

(2)在2秒到4秒內(nèi)圖象可得，qE2=fimg

在前2秒物塊的加速度為：a=lm/s2

由牛頓第二定律得：qE]-qE2=ma

代入數(shù)據(jù)解得：m=lkg

(3)在2秒到4秒內(nèi)由圖象可得，qE2=〃mg

又m=1kg,

則有〃=0.2

答：(1)前兩秒電場力做功為6/；

(2)物塊的質(zhì)量1kg；

(3)物塊與水平面間的動摩擦因數(shù)0.2.

解析：(1)速度時間圖象的斜率表示加速度，再由位移公式得出位移大小，最后由恒力功表達式即可

求解；

(2)由圖丙可知物體先做勻加速運動，然后做勻速運動，根據(jù)圖象可知電場力與摩擦力的關(guān)系，再由

牛頓第二定律可得出物塊的質(zhì)量；

(3)根據(jù)2秒到4秒內(nèi)圖象與已知的質(zhì)量，即可求解.

對物體搞好受力分析，準(zhǔn)確提取圖象信息，利用速度圖象的特點解題，難度適中.

19.答案：解：(1)根據(jù)平行四邊形定則知，vBy=votan53°=9xgm/s=12m/s,

y=rcos53