2024屆山東省威海市物理高二第一學期期中調研模擬試題含解析

2024屆山東省威海市物理高二第一學期期中調研模擬試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、水平面內有一等邊三角形ABC，O點為三角形的幾何中心，D點為O點正上方一點，O點到A、B、C、D四點的距離均為L．現將三個電荷量均為Q的正點電荷分別固定在A、B、C處，如圖所示,已知靜電力常量為k，則D點的場強大小為()A．B．C．D．2、右圖所示為點電荷a、b所形成的電場線分布情況，以下說法正確的是()A．a、b為異種電荷B．a、b為同種電荷C．A點場強大于B點場強D．A點電勢低于B點電勢3、如圖，在豎直平面內存在水平向右的勻強電場，有一帶電小球自O處沿y軸方向，豎直向上拋出，它的初動能為4J，不計空氣阻力．當小球上升到最高點P時，動能也為4J，則小球落回與O的同一水平面上的M點時，它的動能為（）A．4J B．8J C．16J D．20J4、一臺發(fā)電機用0.5A的電流向外輸電，在1min內將3600J的機械能轉化為電能，則發(fā)電機的電動勢為（）A．360V B．120V C．12V D．6V5、一只“220V、100W”的燈泡正常工作時的電阻為484,如果在它未工作時測量其電阻，應有A．仍等于484 B．大于484 C．小于484 D．無法確定6、將兩個分別帶有電荷量-2Q和+5Q的相同金屬小球A、B分別固定在相距為r的兩處(均可視為點電荷)，它們間庫侖力的大小為F．現將第三個與A、B兩小球完全相同的不帶電小球C先后與A、B相互接觸后拿走，A、B間距離保持不變，則兩球間庫侖力的大小為()A． B． C． D．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示,、兩個小球從不同高度同時沿相反方向水平拋出,其平拋運動軌跡的交點為,則以下說法正確的是A．、兩球同時落地B．球先落地C．、兩球在點相遇D．無論兩球初速度大小多大,兩球總不能相遇8、在研究平行板電容器電容的實驗中，電容器的A、B兩極板帶有等量異種電荷，A板與靜電計連接，如圖所示．實驗中可能觀察到的現象是()A．增大A、B板間的距離，靜電計指針張角變小B．減小A、B板間的距離，靜電計指針張角變小C．把B板向上平移，減小A、B板的正對面積，靜電計指針張角變小D．在A、B板間放入一介質板，靜電計指針張角變小9、在如圖甲所示的電路中，調節(jié)滑動變阻器的阻值，電源路端電壓U隨滑動變阻器阻值R的變化關系圖像如圖乙所示，下列說法正確的是()A．當R=4Ω時，電源總功率為6W，內阻熱功率為2WB．電源電動勢E=6V，內阻r=1ΩC．該電源輸出功率的最大值為4.5WD．滑動變阻器阻值從0.5到10Ω逐漸變大的過程中，電源的總功率減小，輸出功率增大10、如圖所示，I為電流表示數，U為電壓表示數，P為定值電阻R2消耗的功率，Q為電容器C所帶的電荷量，W為電源通過電荷量q時電源做的功．當變阻器滑動觸頭向右緩慢滑動過程中，下列圖象能正確反映各物理量關系的是（）A． B． C． D．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在測量電源的電動勢和內阻的實驗中，某同學根據電流表和電壓表的示數，得到了如圖所示的U—I圖象，則該電源的電動勢___V，內電阻___Ω。12．（12分）如圖為某實驗小組驗證動量守恒的實驗裝置示意圖。(1)若入射小球質量為m1，半徑為r1；被碰小球質量為m2，半徑為r2；則m1_____m2、r1_____r2(填“大于”、“等于”或者“小于”)；(2)為完成此實驗，所提供的測量工具中必需的是_____（填下列對應的字母）。A．刻度尺B．游標卡尺C．天平D．彈簧秤E．秒表四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，平行板電容器與電源相連，兩極板豎直放置，相距為d．在兩極板的中央位置，用絕緣細線懸掛一個質量為m，電荷量為q的小球．小球靜止在A點，此時細線與豎直方向成θ角．已知電容器的電容為C，重力加速度大小為g．求：（1）平行板電容器兩極板間的電場強度大?。唬?）電容器極板上所帶電荷量Q；14．（16分）電荷所帶電荷量q＝3.0×10-10C，在電場中某一點所受的電場力F＝9.0×10-7N，方向豎直向上，求這一點電場強度的大小和方向。若在這一點改放一電荷量為q1＝6.0×10-10C的電荷時，電荷所受電場力多大？15．（12分）長為的平行金屬板水平放置,兩極板帶等量的異種電荷,板間形成勻強電場,一個帶電量為、質量為的帶電粒子,以初速度緊貼上極板垂直于電場線方向進入該電場,剛好從下極板邊緣射出,射出時速度恰與下極板成角,如圖所示,不計粒子重力。求：(1)粒子從下極板邊緣射出時速度的大小;(2)勻強電場的場強;(3)兩板間的電勢差.

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解題分析】

根據幾何關系，CD=BD=AD=，，根據點電荷電場強度的公式，三個電荷量均為Q的正點電荷在D點的場強大小D點的場強大小等于三個點電荷分別在D點產生場強的和場強故ABC錯誤，D正確。故選D。2、A【解題分析】

由電場線分布規(guī)律可知，a、b為異種電荷，選項A正確，B錯誤；因為A處電場線比B處稀疏，故A點場強小于B點場強，選項C錯誤；因為順著電場線電勢降低，故A點電勢高于B點電勢，選項D正確．3、D【解題分析】

設水平方向上升階段的水平位移為x上，下降階段的水平位移為x下；根據運動的合成與分解，小球在水平方向做勻加速直線，在豎直方向做豎直上拋運動；且上升階段所用時間與下落階段所用的時間相同，即t上=t下；由初速度為零的勻加速直線運動，相同的時間內位移之比為1：3：5：7…；得x上：x下=1：3；小球到達最高點時，豎直方向的動能為零，水平方向獲得的動能即為電場力在上升階段對小球所做的功，則電場力對小球做的總功為W總=Eqx上+Eqx下=4×4J=16J；小球從O點到M點由動能定理得：EkM-Ek0=W總，Ek0=4J，代入數據得EkM=20J；故選D.【題目點撥】此題的關鍵點在于分析出小球上升階段與下降階段的時間關系以及水平位移之比，同時要能對全過程進行動能定理的分析．4、B【解題分析】設發(fā)電機的電動勢為E，電流I=0.5A，時間t=60s，產生的電能W=3600J，則由電功公式W=EIt得發(fā)電機的電動勢為：，故B正確，ACD錯誤．故選B．5、C【解題分析】

金屬電阻隨溫度升高而增大，燈泡正常工作時的電阻為484此時溫度非常大，而未工作時溫度則遠小于工作時溫度，所以此時電阻也應遠小于484，所以C正確．6、A【解題分析】

開始時由庫侖定律得：；當小球和A接觸后，A球帶電為-Q，再和B球接觸時，先中和后總電量為4Q，故平分后B球帶電為2Q，因此此時：；可得：F1=，故BCD錯誤，A正確．故選A．【題目點撥】完全相同的帶電小球接觸時，對于電量的重新分配規(guī)律要明確，然后正確利用庫侖定律求解．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解題分析】

做平拋運動時，下落的時間取決于下落的高度，從圖中可知a球下落的高度大于b球，根據可得a球下落過程中的時間長，故b球先落地，A錯誤B正確；由于在P點兩球下落的高度不同，所以到達P點的時間不同，故不能在P點相遇，C錯誤D正確；8、BD【解題分析】

改變板間距離、改變正對面積或放入電介質，根據電容的決定式分析電容的變化，電容器的電量不變，再根據電容的定義式分析板間電壓的變化，判斷靜電計指針的變化；【題目詳解】A、增大A、B板間的距離，根據電容的決定式分析得知，電容C減小，電容器的電量Q不變，則由得知，板間電壓U增大，靜電計指針張角變大，故A錯誤；

B、減小A、B板間的距離，根據電容的決定式分析得知，電容C增大，電容器的電量Q不變，則由得知，板間電壓U減小，靜電計指針張角變?。蔅正確；

C、減小A、B板的正對面積，根據電容的決定式分析得知，電容C減小，電容器的電量Q不變，則由得知，板間電壓U增大，靜電計指針張角變大，故C錯誤；

D、在A、B板間放入一介質板，根據電容的決定式分析得知，電容C增大，電容器的電量Q不變，則由得知，板間電壓U減小，靜電計指針張角變小，故D正確．【題目點撥】本題是電容器的動態(tài)變化分析問題，在分析不變量的基礎上，由電容的決定式和電容的定義式結合分析．9、AC【解題分析】A、B項：由乙圖可知，當R→∞時，U=E，則得電源的電動勢E=6V，當R=4Ω時，路端電壓U=4V，根據，則電源總功率為，，，解得,故A正確，B錯誤；C項：電源輸出功率的最大值，故C正確；D項：滑動變阻器阻值從0.5到10Ω逐漸變大的過程中，外電路電阻增大，總電流減小，則電源總功率減小，當r=R時，電源輸出功率最大，所以輸出功率先增大后減小，故D錯誤．10、AB【解題分析】試題分析：變阻器滑動觸頭向右緩慢滑動過程中，接入電路的電阻減小，電路中電流增大，消耗的功率為,∝，故A正確；電容器的電壓，電荷量，則，保持不變，則圖象是向下傾斜的直線，故B正確；電壓表示數，圖象應是向下傾斜的直線，故C錯誤；電源通過電荷量時電源做的功，是電源的電動勢，則是過原點的直線，故D錯誤．考點：本題考查了閉合電路的動態(tài)分析三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、1.51.0【解題分析】

根據閉合電路歐姆定律有則可知圖象與縱軸的交點表示電動勢，圖象的斜率表示內電阻；則由圖示電源U?I圖可知，電源的電動勢為內電阻為12、大于等于AC【解題分析】

(1)[1][2]在小球碰撞過程中，水平方向動量守恒，以向右為正方向，由動量守恒定律得：m1v0=m1v1+m2v2假設碰撞為彈性的，則碰撞過程中機械能守恒解得則要碰后入射小球的速度v1＞0，即m1—m2＞0，m1＞m2，為了使兩球發(fā)生正碰，兩小球的半徑相同，r1=r2。(2)[3]小球碰撞過程系統(tǒng)動量守恒，以向右為正方向，由動量守恒定律得m1v0=m1v1+m2v2小球離開斜槽后做平拋運動，由于拋出點高度相等，小球做平拋運動的時間t相等，則有m1v0t=m1v1t+m2v2t則有m1x0=m1x1+m2x2故實驗需要測量：小球質量與小球做平拋運動的水平位移，測質量需要天平，測小球水平位移需要用刻度尺，故選AC。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）（2）【解題分析】試題分析：（1）帶電小球靜止在A點的受力如圖：根據共點力平衡條件，有：，．（2）設兩板間電壓為U，則由，可得考點：勻強電場中電勢差和電場強度的關系名師點睛：本題是簡單的力電綜合問題，關鍵是受力分析后根據共點力平衡條件求解電場力，基礎問題．14、3×103N/C；方向豎直向上；1.8×10-6N【解題分析】電荷所帶電荷量q=3.0×10-10C，在電場中的某一點所受的靜電力F=9.0×10-7N，方向豎直向上，由場強的定義式得這一點的電場強度，方向豎直向上．若在這一點放一電荷量為q1=6.0×10-10C的電荷時，那么電荷所受靜電力F=Eq′=3×103×