2024屆湖北省黃岡市物理高二第一學(xué)期期中調(diào)研試題含解析

2024屆湖北省黃岡市物理高二第一學(xué)期期中調(diào)研試題注意事項(xiàng)1．考生要認(rèn)真填寫考場號(hào)和座位序號(hào)。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結(jié)束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、關(guān)于摩擦起電和感應(yīng)起電，以下說法正確的是（）A．摩擦起電是因?yàn)殡姾傻霓D(zhuǎn)移，感應(yīng)起電是因?yàn)楫a(chǎn)生電荷B．摩擦起電是因?yàn)楫a(chǎn)生電荷，感應(yīng)起電是因?yàn)殡姾傻霓D(zhuǎn)移C．不論摩擦起電還是感應(yīng)起電都是電荷的轉(zhuǎn)移D．以上說法均不正確2、一個(gè)已充電的電容器，若使它的電量減少3×10-4C，則其電壓減少為原來的1/3，則A．電容器原來的帶電量為9×10-4CB．電容器原來的帶電量為4.5×10-4CC．電容器原來的電壓為1VD．電容器的電容變?yōu)樵瓉淼?/33、傾角為α的導(dǎo)電軌道間接有電源，軌道上有一根金屬桿ab處于靜止。現(xiàn)垂直軌道平面向上加一勻強(qiáng)磁場，如圖所示，磁感應(yīng)強(qiáng)度B從零開始逐漸增加至ab桿恰好開始運(yùn)動(dòng)時(shí)，ab桿受到的靜摩擦力A．逐漸增大B．逐漸減小C．先減小后增大D．某時(shí)刻靜摩擦力的大小不可能等于安培力大小4、“套圈圈”是大人和小孩都喜愛的一種游戲．某大人和小孩直立在界外，在同一豎直線上不同高度分別水平拋出小圓環(huán)，并恰好套中前方同一物體，假設(shè)小圓環(huán)的運(yùn)動(dòng)可以視作平拋運(yùn)動(dòng)，從拋出圓環(huán)至圓環(huán)落地的整個(gè)過程中，下列說法中正確的是（）A．大人拋出圓環(huán)運(yùn)動(dòng)的時(shí)間比小孩拋出圓環(huán)運(yùn)動(dòng)的時(shí)間要短B．小孩拋出圓環(huán)的速度比大人拋出圓環(huán)的速度要小C．大人拋出的圓環(huán)運(yùn)動(dòng)發(fā)生的位移比小孩拋出的圓環(huán)運(yùn)動(dòng)發(fā)生的位移要大D．小孩與大人拋出的圓環(huán)速度變化量大小相等5、平行板A、B組成電容器，充電后與靜電計(jì)相連，要使靜電計(jì)指針張角變大，下列措施可行的是()A．A板向上移動(dòng)B．B板向左移動(dòng)C．A、B板間插入電介質(zhì)D．減少極板上的電荷量6、如圖所示，線框平面與磁場方向垂直，現(xiàn)將線框沿垂直磁場方向拉出磁場的過程中，穿過線框磁通量的變化情況是（）A．變小 B．變大 C．不變 D．先變小后變大二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、在如圖所示的平行板器件中，電場強(qiáng)度和磁感應(yīng)強(qiáng)度相互垂直，不同的帶電粒子水平射入后，均沿著圖示虛線路徑運(yùn)動(dòng)，這些粒子必定具有相同的（）A．電性B．速率C．入射點(diǎn)D．比荷8、矩形導(dǎo)線框abcd與長直導(dǎo)線MN放在同一水平面上，ab邊與MN平行，導(dǎo)線MN中電流方向如圖所示，當(dāng)MN中的電流增大時(shí)，下列說法正確的是A．導(dǎo)線框abcd中有順時(shí)針的感應(yīng)電流B．導(dǎo)線框abcd中有逆時(shí)針的感應(yīng)電流C．導(dǎo)線框所受的安培力的合力向左D．導(dǎo)線框所受的安培力的合力向右9、如圖所示，虛線、、代表電場中一簇等勢線，相鄰等勢線之間的電勢差相等，實(shí)線為—帶電質(zhì)點(diǎn)（重力不計(jì)）僅在電場力作用下通過該區(qū)域時(shí)的運(yùn)動(dòng)軌跡，、是這條軌跡上的兩點(diǎn)，據(jù)此可知（）A．、、三條等勢線中，的電勢最高B．電場中點(diǎn)處的電場強(qiáng)度比點(diǎn)處小C．該帶電質(zhì)點(diǎn)在點(diǎn)處的速率比在點(diǎn)處大D．該帶電質(zhì)點(diǎn)在點(diǎn)具有的電勢能比在點(diǎn)具有的電勢能大10、如圖所示，回旋加速器是用來加速帶電粒子使它獲得很大動(dòng)能的裝置．其核心部分是兩個(gè)D型金屬盒，置于勻強(qiáng)磁場中，兩盒分別與高頻電源相連．則下列說法正確的是（）A．高頻交變電流的周期與粒子運(yùn)動(dòng)周期一定相同B．粒子從磁場中獲得能量C．帶電粒子加速所獲得的最大動(dòng)能與加速電壓的大小有關(guān)D．帶電粒子加速所獲得的最大動(dòng)能與金屬盒的半徑有關(guān)三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學(xué)為了將一量程為3V的電壓表改裝成可測量電阻的儀表——?dú)W姆表．（1）先用如圖a所示電路測量該電壓表的內(nèi)阻，圖中電源內(nèi)阻可忽略不計(jì)，閉合開關(guān)，將電阻箱阻值調(diào)到3kΩ時(shí)，電壓表恰好滿偏；將電阻箱阻值調(diào)到12kΩ時(shí)，電壓表指針指在如圖b所示位置，則電壓表的讀數(shù)為____V．由以上數(shù)據(jù)可得電壓表的內(nèi)阻RV＝____kΩ.（2）將圖a的電路稍作改變，在電壓表兩端接上兩個(gè)表筆，就改裝成了一個(gè)可測量電阻的簡易歐姆表，如圖c所示，為將表盤的電壓刻度轉(zhuǎn)換為電阻刻度，進(jìn)行了如下操作：閉合開關(guān)，將兩表筆斷開，調(diào)節(jié)電阻箱，使指針指在“3.0V”處，此處刻度應(yīng)標(biāo)阻值為____（填“0”或“∞”）；再保持電阻箱阻值不變，在兩表筆間接不同阻值的已知電阻找出對應(yīng)的電壓刻度，則“1V”處對應(yīng)的電阻刻度為____kΩ.（3）若該歐姆表使用一段時(shí)間后，電池內(nèi)阻不能忽略且變大，電動(dòng)勢不變，但將兩表筆斷開時(shí)調(diào)節(jié)電阻箱，指針仍能滿偏，按正確使用方法再進(jìn)行測量，其測量結(jié)果將____．A.偏大B.偏小C.不變D.無法確定12．（12分）圖1為多用電表示意圖（1）在用多用電表測電阻的過程中，下列說法正確的是_________（選填字母）。A．在測量電阻時(shí)，指針偏轉(zhuǎn)過小應(yīng)該換倍率更小的檔位B．更換倍率后必須重新進(jìn)行歐姆調(diào)零C．在進(jìn)行歐姆調(diào)零時(shí)，兩表筆短接后指針應(yīng)該指在電流表零刻線處D．測量結(jié)束后，應(yīng)該把選擇開關(guān)旋至“OFF”處或交流電壓的最大檔（2）現(xiàn)用多用電表測量一定值電阻的阻值，選擇開關(guān)打到電阻檔“×100”的位置，將紅、黑表筆的筆尖分別與電阻兩端接觸，電表示數(shù)如圖2.所示，該電阻的阻值為_________Ω四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示為一磁約束裝置的原理圖，同心圓圓心與平面坐標(biāo)系原點(diǎn)重合.半徑為的圓形區(qū)域Ⅰ內(nèi)有方向垂直于平面向里的勻強(qiáng)磁場.一束質(zhì)量為、電荷量為、動(dòng)能為的帶正電粒子從坐標(biāo)為的點(diǎn)沿軸負(fù)方向射入磁場區(qū)域Ⅰ，粒子全部經(jīng)過坐標(biāo)為的點(diǎn)，方向沿軸正方向.當(dāng)在環(huán)形區(qū)域Ⅱ加上方向垂直于平面向外的另一勻強(qiáng)磁場時(shí)，上述粒子仍從點(diǎn)沿軸負(fù)方向射入?yún)^(qū)域Ⅰ，所有粒子恰好能夠約束在環(huán)形區(qū)域內(nèi)，且經(jīng)過環(huán)形區(qū)域Ⅱ的磁場偏轉(zhuǎn)后第一次沿半徑方向從區(qū)域Ⅱ射入?yún)^(qū)域Ⅰ時(shí)經(jīng)過內(nèi)圓周上的點(diǎn)(點(diǎn)未畫出).不計(jì)重力和粒子間的相互作用.（1）求區(qū)域Ⅰ中磁感應(yīng)強(qiáng)度的大?。唬?）若環(huán)形區(qū)域Ⅱ中磁感應(yīng)強(qiáng)度，求點(diǎn)坐標(biāo)及環(huán)形外圓半徑；（3）求粒子從點(diǎn)沿軸負(fù)方向射入圓形區(qū)域Ⅰ至再次以相同速度經(jīng)過點(diǎn)的過程所通過的總路程.14．（16分）電磁炮是一種理想的兵器，它的主要原理如圖所示.1982年澳大利亞國立大學(xué)制成了能把2.2g的彈體(包括金屬桿EF的質(zhì)量)加速到10km/s的電磁炮(常規(guī)炮彈的速度約為2km/s)，若軌道寬2m，長為100m，通過的電流為10A，試問軌道間所加勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度是多大？(軌道摩擦不計(jì))15．（12分）如圖所示的直角坐標(biāo)系中，在直線x=－2l0的y軸區(qū)域內(nèi)存在兩個(gè)大小相等、方向相反的有界勻強(qiáng)電場，其中x軸上方的電場的方向沿y軸負(fù)方向，x軸下方的電場方向沿y軸正方向,在電場左邊界上A(－2l0，－l0)到C(－2l0，0)區(qū)域內(nèi)，連續(xù)分布著電荷量為+q，質(zhì)量為m的粒子，從某時(shí)刻起由A點(diǎn)到C點(diǎn)間的粒子，依次連續(xù)以相同的速度v0沿x軸正方向射入電場，若從A點(diǎn)射入的粒子，恰好從y軸上的(0，l0)沿x軸正方向射出電場，其軌跡如圖所示，不計(jì)粒子的重力及它們間的相互作用。求：(1)勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度E；(2)AC間還有哪些位置的粒子，通過電場后也能沿x軸正方向運(yùn)動(dòng)？

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、C【解題分析】摩擦起電和感應(yīng)起電的實(shí)質(zhì)都是電子的轉(zhuǎn)移．不論何種起電方式都不能創(chuàng)造電荷．故C正確．思路分析：根據(jù)電荷守恒可知,電荷是不能創(chuàng)生的;摩擦起電和感應(yīng)起電的實(shí)質(zhì)都是電子的轉(zhuǎn)移試題點(diǎn)評(píng)：本題考查了感應(yīng)起電和摩擦起電的本質(zhì),2、B【解題分析】

由得到，，故A錯(cuò)，B對；因電容器的電容不知，所以無法求出電容器原來的電壓，C錯(cuò)；電容器的電容由電容器本身決定，跟電壓和電荷量的變化無關(guān)，所以電容器的電容不變，D錯(cuò)．3、C【解題分析】

根據(jù)左手定則，判斷安培力的方向；然后對桿受力分析，受重力、支持力、安培力和靜摩擦力（可能有），根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件列式分析．【題目詳解】加上磁場之前，對桿受力分析，受重力、支持力、靜摩擦力；根據(jù)平衡條件可知：mgsinθ=f；加上磁場后，根據(jù)左手定則，安培力的方向平行斜面向上，磁感應(yīng)強(qiáng)度B逐漸增加的過程中，安培力逐漸增加；根據(jù)平衡條件，有：mgsinθ=f'+FA；由于安培力逐漸變大，故靜摩擦力先減小后反向增加，故AB錯(cuò)誤，C正確；當(dāng)安培力小于重力的下滑分力時(shí)，根據(jù)平衡條件，有：mgsinθ=f'+【題目點(diǎn)撥】本題關(guān)鍵是對桿受力分析，然后根據(jù)平衡條件列式分析。4、C【解題分析】A項(xiàng)：圓環(huán)拋出后為平拋運(yùn)動(dòng)，豎直方向?yàn)樽杂陕潴w運(yùn)動(dòng)，圓環(huán)運(yùn)動(dòng)時(shí)間，大人身高高，拋出的圓環(huán)做平拋運(yùn)動(dòng)高度高，所以運(yùn)動(dòng)時(shí)間長，故A錯(cuò)誤；B項(xiàng)：大人小孩在同一豎直線上拋出，套中前方同一個(gè)物體，說明水平位移相同，水平方向勻速直線運(yùn)動(dòng)，大人拋出的圓環(huán)運(yùn)動(dòng)時(shí)間長，所以大人應(yīng)該以較小的初速度拋出，故B錯(cuò)誤；C項(xiàng)：大人和小孩拋出的圓環(huán)水平位移相同，但大人拋出圓環(huán)的豎直位移大，根據(jù)矢量合成，大人拋出圓環(huán)的位移較大，故C正確；D項(xiàng)：圓環(huán)單位時(shí)間內(nèi)速度變化量，圓環(huán)拋出后加速度相同，所以無論大人還是小孩拋出，單位時(shí)間內(nèi)的速度變化量都相同，故D錯(cuò)誤。點(diǎn)晴：解決本題關(guān)鍵是理解平拋運(yùn)動(dòng)的處理方法：水平方向的勻速直線運(yùn)動(dòng)，豎直方向的自由落體運(yùn)動(dòng)。5、A【解題分析】A、A板上移時(shí)，正對面積減小，則由可知，電容減小，則由可知，電勢差增大，故張角變大，故A正確；B、B板左移時(shí)，板間距離d減小，由可知，電容增大，而電容器的電壓不變，則由可知，板間電勢差減小，故張角變小，故B錯(cuò)誤；C、當(dāng)A、B間插入電介質(zhì)時(shí)，C增大，則由可知，電勢差減小，故張角變小，故C錯(cuò)誤；D、減小電荷量時(shí)，C不變，則由可知，電勢差減小，故夾角減小，故D錯(cuò)誤；故選B．【題目點(diǎn)撥】對于電容器的動(dòng)態(tài)分析，首先要明確不變量，然后再由電容的決定式和定義式判斷電勢差的變化．6、A【解題分析】

線框平面與磁場方向垂直，故磁通量為Φ=BS；將線框沿垂直磁場方向拉出磁場的過程中，在磁場中的面積S減小，故BS減?。还蔬xA．【題目點(diǎn)撥】本題考查了磁通量的概念，關(guān)鍵是記住公式Φ=BS，也可以用穿過線圈的磁感線條數(shù)形象表示，基礎(chǔ)題目．二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、BC【解題分析】

粒子沿直線運(yùn)動(dòng)，受電場力和洛倫茲力，電場力在豎直方向，由左手定則知洛倫茲力也在豎直方向，所以二力一定平衡，即有：可得：假設(shè)粒子帶正電，從左側(cè)射入，可滿足二力平衡，若從右側(cè)射入，不滿足二力平衡；假設(shè)粒子帶負(fù)電，從左側(cè)射入，可滿足二力平衡若從右側(cè)射入，不滿足二力平衡；若要粒子沿直線運(yùn)動(dòng)，則這些粒子由具有相等的速率、相同的入射點(diǎn)，與粒子的帶電性質(zhì)和比荷無關(guān)；A.與分析不符，故A錯(cuò)誤；B.與分析相符，故B正確；C.與分析相符，故C正確；D.與分析不符，故D錯(cuò)誤．8、BD【解題分析】試題分析：當(dāng)導(dǎo)線MN中的電流增大時(shí)，通過導(dǎo)線框中的磁場方向向里且增加，根據(jù)楞次定律可知導(dǎo)線框abcd中有逆時(shí)針方向的感應(yīng)電流，A錯(cuò)，B對；由左手定則可知，ab處的安培力方向向右，cd處的安培力方向向左，離導(dǎo)線越近，磁感應(yīng)強(qiáng)度越大，ab處的安培力大于cd處的安培力，所以導(dǎo)線框所受的安培力的合力向右，C錯(cuò)，D對。所以本題選擇BD?？键c(diǎn)：楞次定律、安培力9、BC【解題分析】

A．根據(jù)軌跡的彎曲方向可知，質(zhì)點(diǎn)所受的電場力方向大致向上，由于粒子的電性未知，則不能確定場強(qiáng)的方向，從而不能確定等勢面的電勢高低，故A錯(cuò)誤；B．P點(diǎn)的等勢面較Q點(diǎn)密集，則P點(diǎn)的電場線比Q點(diǎn)的電場線密，則P點(diǎn)場強(qiáng)較大，故B正確；

CD．從Q到P，電場力做正功，電勢能減小，即帶電質(zhì)點(diǎn)在P點(diǎn)具有的電勢能比在Q點(diǎn)具有的電勢能??；根據(jù)動(dòng)能定理知，動(dòng)能增大，即P點(diǎn)的動(dòng)能大于Q點(diǎn)的動(dòng)能，即帶電質(zhì)點(diǎn)在P點(diǎn)處的速率比在Q點(diǎn)處大，故C正確，D錯(cuò)誤。故選BC。10、AD【解題分析】

A.為保證粒子每次進(jìn)入電場中都被加速，所以交變電場的周期一定要與帶電粒子運(yùn)動(dòng)的周期相同，故A正確；B.質(zhì)子在磁場中所受的洛倫茲力對質(zhì)子不做功，不能改變質(zhì)子的動(dòng)能，所以質(zhì)子不能從磁場中獲得能量，故B錯(cuò)誤。CD.設(shè)D形盒的半徑為R，當(dāng)離子圓周運(yùn)動(dòng)的半徑等于R時(shí)，獲得的動(dòng)能最大，由洛倫茲力提供向心力，有：解得：則最大動(dòng)能：故最大動(dòng)能與加速電壓無關(guān)，與D形盒的半徑有關(guān)。故C錯(cuò)誤，D正確。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、1.506∞1C【解題分析】

（1）[1][2]由圖（b）所示電壓表表盤可知，其分度值為0.1V，示數(shù)為1.50V；電源內(nèi)阻不計(jì)，由圖a所示電路圖可知，電源電動(dòng)勢：E＝U＋I(xiàn)R＝U＋R由題意可知：E＝3＋×3000E＝1.5＋×12000解得RV＝6000Ω＝6kΩ，E＝4.5V（2）兩表筆斷開，處于斷路情況，相當(dāng)于兩表筆之間的電阻無窮大，故此處刻度應(yīng)標(biāo)阻值為∞，當(dāng)指針指向3V時(shí)，電路中的電流為：Ig＝A＝0.0005A此時(shí)滑動(dòng)變阻器的阻值：R＝Ω＝3kΩ當(dāng)電壓表示數(shù)為1V時(shí)，有：1＝解得Rx＝1kΩ.（3）[5][6]根據(jù)閉合電路歐姆定律可知電池新時(shí)有：Ig＝＝，測量電阻時(shí)電壓表示數(shù)為：U＝歐姆表用一段時(shí)間調(diào)零時(shí)有：Ig＝，測量電阻時(shí)：U＝比較可知：r＋R＝r′＋R′所以若電流相同則R′x＝Rx，即測量結(jié)果不變，故選C．12、BD1100【解題分析】

(1)[1]A.測量電阻時(shí)，若指針偏轉(zhuǎn)過小，說明電阻阻值比較大，應(yīng)換倍率更大的擋進(jìn)行測量，故A錯(cuò)誤；B.在測量電阻時(shí)，更換倍率后，歐姆表的內(nèi)部電阻發(fā)生了變化，歐姆檔的零刻度在最右邊，也就是電流滿偏，所以必須重新進(jìn)行調(diào)零，故B正確；C.進(jìn)行歐姆調(diào)零時(shí)，兩表筆短接后指針應(yīng)該指在電流表滿偏處，故C錯(cuò)誤；D.測量結(jié)束后，應(yīng)該把選擇開關(guān)旋至使其尖端對準(zhǔn)“OFF”處或交流電壓最大檔，故D正確；(2)[2]若選擇開關(guān)處于“×100”擋，由圖示可知，其讀數(shù)為：11×100=1100Ω。四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）（2），（3）【解題分析】試題分析：（1）由題設(shè)條件就能求出粒子在Ⅰ區(qū)內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑，由洛侖茲力提供向心力就能求出Ⅰ區(qū)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大?。?）進(jìn)入Ⅱ后，粒子恰好約束在該區(qū)，畫出粒子運(yùn)動(dòng)軌跡，由兩區(qū)域內(nèi)磁場的關(guān)系，找到在Ⅱ區(qū)內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑，再由幾何關(guān)系求得粒子在Ⅱ區(qū)內(nèi)轉(zhuǎn)過的圓心角，從而再由幾何關(guān)系就能求出M點(diǎn)的坐標(biāo)和環(huán)形的外圓半徑．（3）先找出從A點(diǎn)出發(fā)，經(jīng)過Ⅰ、Ⅱ區(qū)的正反兩次偏轉(zhuǎn)再次進(jìn)入Ⅰ區(qū)時(shí)，相對OA方向偏轉(zhuǎn)的角度，若經(jīng)過m次偏轉(zhuǎn)時(shí)，粒子第一次經(jīng)過A點(diǎn)，此時(shí)轉(zhuǎn)過m周，列出方程，解出整數(shù)解，那么總路程就是m倍的一次偏轉(zhuǎn)的