2024屆山西省太原市迎澤區(qū)太原實(shí)驗(yàn)中學(xué)物理高二第一學(xué)期期中調(diào)研試題含解析

2024屆山西省太原市迎澤區(qū)太原實(shí)驗(yàn)中學(xué)物理高二第一學(xué)期期中調(diào)研試題注意事項(xiàng)1．考生要認(rèn)真填寫(xiě)考場(chǎng)號(hào)和座位序號(hào)。2．試題所有答案必須填涂或書(shū)寫(xiě)在答題卡上，在試卷上作答無(wú)效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結(jié)束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、壓敏電阻的阻值會(huì)隨所受壓力的增大而減小。一同學(xué)利用壓敏電阻設(shè)計(jì)了判斷升降機(jī)運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的裝置，如圖甲所示，將壓敏電阻平放在升降機(jī)內(nèi)，受壓面朝上，在上面放一物體m，升降機(jī)靜止時(shí)電流表示數(shù)為I0.某過(guò)程中電流表的示數(shù)如圖乙所示，則在此過(guò)程中（）A．物體的電阻變大B．物體處于失重狀態(tài)C．升降機(jī)一定向上做勻加速運(yùn)動(dòng)D．升降機(jī)可能向下做勻減速運(yùn)動(dòng)2、一橫截面積為S的銅導(dǎo)線，流經(jīng)其中有恒定的電流，設(shè)每單位體積的導(dǎo)線中有n個(gè)自由電子，每個(gè)自由電子的電荷量為q，此時(shí)電子定向移動(dòng)的速率為v，則在Δt時(shí)間內(nèi)，通過(guò)導(dǎo)體橫截面的自由電子數(shù)目可表示為()A．nvSΔtB．nqΔt/sC．nvSΔt/qD．nvΔt3、由交流電動(dòng)勢(shì)瞬時(shí)值表達(dá)式e=102sin4πt(V)，可知()A．此交流電的頻率是4π(Hz)B．此交流電的周期是4π(s)C．當(dāng)t=0.5s時(shí)，此交流電動(dòng)勢(shì)有最大值D．當(dāng)t=0時(shí)，產(chǎn)生此交流電的線圈平面與中性面重合4、在如圖所示的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，1、2、3三條虛線表示三個(gè)等勢(shì)面，a、b分別是等勢(shì)面1、3上的兩個(gè)點(diǎn)．下列說(shuō)法中正確的是（）A．三個(gè)等勢(shì)面的電勢(shì)相等B．等勢(shì)面2的電勢(shì)高于等勢(shì)面1的電勢(shì)C．若將一正電荷由a移到b，電場(chǎng)力做正功D．若將一正電荷由a移到b，電場(chǎng)力做負(fù)功5、如下圖所示，某一導(dǎo)體的形狀為長(zhǎng)方體，其長(zhǎng)、寬、高之比為a∶b∶c=5∶3∶2。在此長(zhǎng)方體的上下、左右四個(gè)面上分別通過(guò)導(dǎo)線引出四個(gè)接線柱1、2、3、4。在1、2兩端加上恒定電壓，導(dǎo)體的電阻為R1；在3、4兩端加上恒定電壓，導(dǎo)體的電阻為R2，則R1∶R2為（）A．1∶1B．9∶25C．25∶4D．4∶256、體育課上一學(xué)生將足球踢向斜臺(tái)，如圖所示，下列關(guān)于足球和斜臺(tái)作用時(shí)斜臺(tái)給足球的彈力方向的說(shuō)法正確的是()A．沿v1的方向B．沿v2的方向C．先沿v1的方向后沿v2的方向D．沿垂直于斜臺(tái)斜向左上方的方向二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖甲所示，電子靜止在兩平行金屬板A、B間的a點(diǎn)，t＝0時(shí)刻開(kāi)始A板電勢(shì)按如圖乙所示規(guī)律變化，則下列說(shuō)法中正確的是()A．電子可能在極板間做往復(fù)運(yùn)動(dòng)B．t1時(shí)刻電子的動(dòng)能最大C．電子能從小孔P飛出，且飛出時(shí)的動(dòng)能不大于eU0D．電子不可能在t2～t3時(shí)間內(nèi)飛出電場(chǎng)8、現(xiàn)有一臺(tái)老式電視機(jī)，其顯像管示意圖如圖所示，發(fā)現(xiàn)其電視畫(huà)面的幅度偏小，請(qǐng)你根據(jù)近期所學(xué)物理知識(shí)分析，引起該故障的原因可能是A．偏轉(zhuǎn)線圈匝間短路，線圈匝數(shù)減少B．偏轉(zhuǎn)線圈的電流減小，偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)減弱C．加速電場(chǎng)的電壓過(guò)高，電子的速率偏大D．電子槍發(fā)射能力減弱，打到屏幕上的電子數(shù)減少9、如圖所示，三個(gè)質(zhì)量相同，帶電荷量分別為＋q、－q和0的小液滴a、b、c，從豎直放置的兩板中間上方由靜止釋放，最后從兩板間穿過(guò)，軌跡如圖所示，則在穿過(guò)極板的過(guò)程中：A．電場(chǎng)力對(duì)液滴a、b做的功相同B．三者動(dòng)能的增量相同C．液滴a與液滴b電勢(shì)能的變化量相等D．重力對(duì)c做的功最多10、在如圖所示電路中，電源電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)阻為r．開(kāi)關(guān)S1、S2、S3、S4均閉合，C是水平放置的平行板電容器，板間懸浮著一油滴P，下列哪些方法會(huì)使P向上運(yùn)動(dòng)A．?dāng)嚅_(kāi)S2B．適當(dāng)減小兩板之間的距離C．?dāng)嚅_(kāi)S4并適當(dāng)減小兩板之間的距離D．?dāng)嚅_(kāi)S4并適當(dāng)減小兩板之間的正對(duì)面積三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11．（6分）現(xiàn)有一個(gè)靈敏電流表，它的滿偏電流，內(nèi)阻，若要將它改裝成量程為5A的電流表，應(yīng)并聯(lián)一個(gè)_______Ω的電阻，改裝后的電流表測(cè)量電流時(shí)，指針指在表盤(pán)上的原來(lái)處，則被測(cè)電流的大小是__________A．12．（12分）（1）左圖中螺旋測(cè)微器的讀數(shù)為_(kāi)______mm，右圖中螺旋測(cè)微器的讀數(shù)為_(kāi)_______mm（2）將左邊電路連接成為限流外接的實(shí)驗(yàn)電路________（電流表用0.6A的量程，電壓表用3V的量程）將右邊電路連接成為分壓內(nèi)接的實(shí)驗(yàn)電路_______（電流表用0.6A的量程，電壓表用3V的量程）四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，在平面直角坐標(biāo)系xOy中，第I象限存在沿y軸負(fù)方向的水平勻強(qiáng)電場(chǎng)，在y軸負(fù)半軸上的某處固定著一點(diǎn)電荷（設(shè)勻強(qiáng)電場(chǎng)與點(diǎn)電荷電場(chǎng)以x軸為界互不影響），一質(zhì)量為m，電荷量為q的帶正電的粒子從y軸正半軸上的M點(diǎn)以速度v0垂直于y軸射入電場(chǎng)，經(jīng)x軸上的N點(diǎn)與x軸正方向成θ=60°角射入第IV象限，此后在點(diǎn)電荷作用下做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，最后從y軸負(fù)半軸上的P點(diǎn)垂直于y軸射出，OP=3R．不計(jì)粒子重力，靜電力常量為k，求：（1）M、N兩點(diǎn)間的電勢(shì)差UMN；

（2）固定x軸下側(cè)平面內(nèi)的點(diǎn)電荷電量Q.14．（16分）如圖所示，質(zhì)量為m、所帶電量為+q的小球以細(xì)線懸吊于O點(diǎn)，并置于水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)中（電場(chǎng)區(qū)域足夠大），小球靜止于P點(diǎn)，且細(xì)線與豎直方向夾角為θ，重力加速度為g，試確定：⑴勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大?、萍魯嗉?xì)線，經(jīng)時(shí)間t后小球與P點(diǎn)的距離。15．（12分）在如圖所示的光滑水平面上，小明站在靜止的小車(chē)上用力向右推靜止的木箱，木箱以相對(duì)地面速度v向右勻速運(yùn)動(dòng)．巳知木箱的質(zhì)量為m，小明與車(chē)的質(zhì)量為3m．木箱運(yùn)動(dòng)一段時(shí)間后與豎直墻壁發(fā)生無(wú)機(jī)械能損失的碰撞，反彈回來(lái)后被小明接?。螅?1)推出木箱后小明和小車(chē)一起運(yùn)動(dòng)的速度v1的大小；(2)小明接住木箱后三者一起運(yùn)動(dòng)的速度v2的大?。?3)小明接住木箱后，再次以相同速度v推出木箱，要做多少功?

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、D【解題分析】

AB．據(jù)題，升降機(jī)靜止時(shí)電流表示數(shù)為I0，而此過(guò)程中電流表示數(shù)為2I0，由歐姆定律分析壓敏電阻的阻值變小，說(shuō)明壓敏電阻所受壓力增大，則物體處于超重狀態(tài)，故AB錯(cuò)誤；CD．物體處于超重狀態(tài)時(shí)，速度方向可能向下，也可能向上，則升降機(jī)可能向下做勻減速運(yùn)動(dòng)，也可能向上做勻加速運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤D正確。故選D。2、A【解題分析】

首先根據(jù)電流強(qiáng)度的定義可以求得t時(shí)間內(nèi)通過(guò)導(dǎo)線橫截面積的總的電荷量的大小，進(jìn)而可以求得自由電子的個(gè)數(shù)，再根據(jù)電流的微觀的表達(dá)式．【題目詳解】在△t時(shí)間內(nèi)，以速度v移動(dòng)的電子在銅導(dǎo)線中通過(guò)的距離為v△t，由于銅導(dǎo)線的橫截面積為S，則在t時(shí)間內(nèi)，電子經(jīng)過(guò)的導(dǎo)線體積為：V=又由于單位體積的導(dǎo)線有n個(gè)自由電子，則在△t時(shí)間內(nèi)，通過(guò)導(dǎo)線橫截面的自由電子數(shù)目可表示為：N=A正確；B、C、D錯(cuò)誤；故選A?！绢}目點(diǎn)撥】本題計(jì)算自由電子的個(gè)數(shù)，要注意從不同的角度來(lái)分析問(wèn)題，一是從微觀運(yùn)動(dòng)的角度，二是從電流強(qiáng)度的角度3、D【解題分析】

AB：由交流電動(dòng)勢(shì)瞬時(shí)值表達(dá)式e=102sin4πt(V)可知，線圈轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度ω=4πrad/s，則交流電的頻率f=ω2π=4π2πC：當(dāng)t=0.5s時(shí)，e=0V。故C項(xiàng)錯(cuò)誤。D：當(dāng)t=0時(shí)，e=0V，此時(shí)產(chǎn)生此交流電的線圈磁通量的變化率最小，磁通量最大，線圈平面與中性面重合。故D項(xiàng)正確。【題目點(diǎn)撥】中性面位置時(shí)(線圈與磁場(chǎng)垂直)，磁通量最大，磁通量變化率為零，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)、感應(yīng)電流為零，電流方向發(fā)生改變；垂直中性面位置時(shí)(線圈與磁場(chǎng)平行)，磁通量為零，磁通量變化率最大，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)、感應(yīng)電流最大。4、C【解題分析】

沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低，所以三個(gè)等勢(shì)面中1的電勢(shì)能最高，3的等勢(shì)面最低；故A錯(cuò)誤；等勢(shì)面2的電勢(shì)低于等勢(shì)面1的電勢(shì)，故B錯(cuò)誤．正電荷在電勢(shì)高處電勢(shì)能大，則知將一正電荷由a移到b，電勢(shì)能減小，電場(chǎng)力做正功，故C正確，D錯(cuò)誤．故選C．【題目點(diǎn)撥】解決本題的關(guān)鍵要掌握電場(chǎng)線的物理意義：順著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低，從而理解等勢(shì)面之間電勢(shì)的高低．5、D【解題分析】根據(jù)電阻定律得，當(dāng)在1、2兩端加上恒定電壓時(shí)，，在在3、4兩端加上恒定的電壓時(shí)，，所以，故選D.6、D【解題分析】

支持力是彈力，方向總是垂直于接觸面，并指向被支持物.所以斜臺(tái)給籃球的彈力的方向?yàn)榇怪毙迸_(tái)向左上方方向.A.沿v1的方向與分析結(jié)果不相符；故A項(xiàng)錯(cuò)誤.B.沿v2的方向與分析結(jié)果不相符；故B項(xiàng)錯(cuò)誤.C.先沿v1的方向后沿v2的方向與分析結(jié)果不相符；故C項(xiàng)錯(cuò)誤.D.沿垂直于斜臺(tái)斜向左上方的方向與分析結(jié)果相符；故D項(xiàng)正確.二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、BC【解題分析】

t＝0時(shí)刻B板電勢(shì)比A板高，電子在t1時(shí)間內(nèi)向B板加速，t1時(shí)刻加速結(jié)束；在t1～t2時(shí)間內(nèi)電子減速，由于對(duì)稱，在t2時(shí)刻速度恰好為零，接下來(lái)，電子重復(fù)上述運(yùn)動(dòng)，所以電子一直向B板運(yùn)動(dòng)，直到從小孔P穿出，A錯(cuò)誤；無(wú)論電子在什么時(shí)刻穿出P孔，t1時(shí)刻電子都具有最大動(dòng)能，B正確；電子穿出小孔P的時(shí)刻不確定，但穿出時(shí)的動(dòng)能不大于eU0，C正確，D錯(cuò)誤；故選BC．8、ABC【解題分析】

電視畫(huà)面幅度比正常時(shí)偏小，是由于電子束的偏轉(zhuǎn)角減小，即軌道半徑增大所致。

A．當(dāng)偏轉(zhuǎn)線圈匝間短路，線圈匝數(shù)減小時(shí)，導(dǎo)致偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)減弱，由，知電子的軌道運(yùn)動(dòng)半徑增大，所以導(dǎo)致畫(huà)面比正常偏小，故A正確；B．當(dāng)偏轉(zhuǎn)線圈電流減小時(shí)，偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)減弱，由，知電子的軌道運(yùn)動(dòng)半徑變大，所以導(dǎo)致畫(huà)面比正常偏小，故B正確；C．當(dāng)加速電場(chǎng)電壓過(guò)高，電子速率偏大，則會(huì)導(dǎo)致電子的軌道運(yùn)動(dòng)半徑增大，從而使偏轉(zhuǎn)角度減小，導(dǎo)致畫(huà)面比正常偏小，故C正確；D．電子槍發(fā)射能力減弱，單位時(shí)間內(nèi)發(fā)射的電子數(shù)減少，但電子的速率及偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)不變，電子的軌道運(yùn)動(dòng)半徑不變，因此不會(huì)影響電視畫(huà)面偏大或偏小，故D錯(cuò)誤；故選ABC。9、AC【解題分析】A項(xiàng)：因?yàn)橐旱蝍、b的電荷量大小相等，則液滴所受的電場(chǎng)力大小相等，由靜止釋放，穿過(guò)兩板的時(shí)間相等，則偏轉(zhuǎn)位移大小相等，電場(chǎng)力做功相等．故A正確；B項(xiàng)：電場(chǎng)力對(duì)a、b兩液滴做功相等，重力做功相等，則動(dòng)能的增量相等，對(duì)于c液滴，只有重力做功，小于a、b動(dòng)能的增量．故B錯(cuò)誤；C項(xiàng)：對(duì)于液滴a和液滴b，電場(chǎng)力均做正功，電場(chǎng)力所做的功等于電勢(shì)能的變化量，故C正確；D項(xiàng)：三者在穿過(guò)極板的過(guò)程中豎直方向的位移相等，三個(gè)質(zhì)量相同，所以重力做功相等，故D錯(cuò)誤。10、ABD【解題分析】

斷開(kāi)，C直接接到電源兩端，C兩端電壓增大，故E增大，電場(chǎng)力增大，油滴向上運(yùn)動(dòng)，故A正確；其他條件不變時(shí)，電容器兩端的電壓不變，適當(dāng)減小兩板間的距離時(shí)，由可知，板間的電場(chǎng)強(qiáng)度增大，故油滴受到的電場(chǎng)力大于重力，油滴向上運(yùn)動(dòng)，故B正確；斷開(kāi)時(shí)電容器與電源斷開(kāi)，電量不變，減小兩板間的距離時(shí)，根據(jù)、可知，，則可知，電場(chǎng)強(qiáng)度不變，故油滴不動(dòng)，故C錯(cuò)誤；斷開(kāi)時(shí)電容器與電源斷開(kāi)，電量不變，根據(jù)可知，減小兩板之間的正對(duì)面積時(shí)C減小，則U增大，由于d不變，電場(chǎng)強(qiáng)度E增大，故油滴向上移動(dòng)，故D正確．【題目點(diǎn)撥】解決本題的關(guān)鍵要明確電路穩(wěn)定時(shí)，電容器的電壓等于與之并聯(lián)的電路兩端的電壓，注意與電容器串聯(lián)的電阻相當(dāng)于導(dǎo)線．然后再結(jié)合電容器的動(dòng)態(tài)分析規(guī)律進(jìn)行分析即可求解．三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11、0.04、1【解題分析】

所并電阻阻值為；因?yàn)?，所以指針指在表盤(pán)上的原來(lái)處，則被測(cè)電流的大小是故答案為0.04，112、（1）2.718mm；5.200mm；（2）實(shí)物連線圖見(jiàn)解析；見(jiàn)解析；【解題分析】

（1）左圖中螺旋測(cè)微器的讀數(shù)為:2.5mm+0.01mm×21.8=2.718mm，右圖中螺旋測(cè)微器的讀數(shù)為:5mm+0.01mm×20.0=5.200mm；（2）實(shí)物連線如圖；四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13、（1）；（2）【解題分析】

（1）粒子在第一象限做類平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)類平拋的特點(diǎn)可以求出末速度大小，再根據(jù)動(dòng)能定理可求出電勢(shì)差；（2）粒子在第四象限做圓周運(yùn)動(dòng)，利用幾何關(guān)系找到半徑，利用牛頓第二定律可求解電荷量Q【題目詳解】（1）設(shè)粒子過(guò)N點(diǎn)時(shí)的速度為v，有解得粒子從M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)的過(guò)程，由動(dòng)能定理有聯(lián)立解得（2）設(shè)帶電粒在第四象限內(nèi)的運(yùn)動(dòng)半徑為r，由幾何關(guān)系得由牛頓第二定律有聯(lián)立解得故本題答案是：（1）；（2）14、（1）mgtanθq【解題分析】

（1）小球的受力如圖；則Eq=mgtanθ解得E=mg（2）剪斷細(xì)線后，小球從靜止沿拉力的反方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律：a=T經(jīng)過(guò)t后的位移為：x=15、（1）（2）（3）【解題分析】試題分析：在推出木箱的過(guò)程中，木箱和小明以及車(chē)組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，根據(jù)動(dòng)