安徽省示范高中2016屆高三第一次聯(lián)考物理試題

·相等，所以乙在0～4s內(nèi)速度的變化量大小為5m/s，選項C正確；t=0時該物體的速度未知，乙在4s末的速度大小不一定為5m/s，選項D錯誤．3.B【解析】設(shè)船頭與航線MN之間的夾角為α，船速、水速與船在水中的合速度如圖所示，由幾何知識得α=53°，船在水中的合速度大小為6.0m/s，方向沿MN。航線MN的長度為L=48m/sin53°＝60m，故小船從M點沿直線MN到達(dá)對岸所經(jīng)歷的時間為10s。只有選項B正確。4.B【解析】如圖所示，小球飛行過程中恰好與半圓軌道相切于b點，則在b點時速度方向即為軌道的切線方向，由幾何知識可知：，所以cotθ1tanθ2=2，只有選項B正確。5.C【解析】根據(jù)萬有引力提供向心力Geq\f(Mm,r2)＝ma，及地球同步軌道衛(wèi)星半徑大于低軌道衛(wèi)星可知，地球同步軌道衛(wèi)星的向心加速度比低軌道衛(wèi)星向心加速度小，故A錯誤；地球同步衛(wèi)星繞地球運(yùn)動的周期等于地球的自轉(zhuǎn)周期，即T=24h=86400s，選項B錯誤；根據(jù)可知地球同步衛(wèi)星比低軌衛(wèi)星的轉(zhuǎn)動周期大，選項C正確；根據(jù)公式可得，速度發(fā)生變化，則運(yùn)動半徑也發(fā)生變化，即低軌道衛(wèi)星運(yùn)動軌道發(fā)生變化，D錯誤。6.A【解析】物體恰能勻速下滑，滿足，。設(shè)斜面傾斜角為，物體沿斜面勻速上滑，滿足：，，當(dāng)，，，，只有選項A正確。7.BC【解析】對N受力分析，則有：重力、支持力、彈簧的彈力，可能有靜摩擦力，若有可能沿著斜面向下，也可能沿著斜面向上，當(dāng)用拉力拉N時，因沒有拉動，則彈簧的形變量不變，則彈簧的彈力不變，選項A錯誤；由A選項分析可知，當(dāng)N受到的靜摩擦力開始是沿著斜面向上，當(dāng)用拉力拉時，導(dǎo)致N受到的靜摩擦力沿著斜面向下，此時大小可能相等，選項B正確；從整體角度，可知，當(dāng)斜向上的拉力拉時，整體對地面的壓力減小，有向右的運(yùn)動趨勢，導(dǎo)致水平面對M的摩擦力發(fā)生變化，選項C正確、D錯誤。8.AD【解析】由力和運(yùn)動關(guān)系，人自由下落到a點，與彈簧接觸，但彈力小于重力，繼續(xù)加速到b點。合力為零，在b點速度最大，選項A正確；對整個系統(tǒng)機(jī)械能守恒，人的動能，重力勢能和彈簧的彈性勢能守恒，所以人的機(jī)械能減小，彈簧的彈性勢能增大，選項B錯誤、D正確；如果人是從a點下落，設(shè)最低點為d，則d點與a點關(guān)于b對稱，而本題人從高處下落故c點比d點低，ac>2ab，選項C錯誤。9．CD【解析】小球在圓弧上運(yùn)動的過程中，小球?qū)瑝K的力有水平向右的分量，使滑塊向右加速，滑塊動能增大，小球的機(jī)械能將減小，選項A錯誤、C正確；當(dāng)小球速度足夠大，從F點離開滑塊時，由于F點切線豎直，在F點時小球與滑塊的水平速度相同，離開F點后將再次從F點落回，不會從滑塊的右側(cè)離開滑塊后落到水平面，選項B錯誤；如果滑塊固定，小球返回E點時對滑塊的壓力為，選項D錯誤。10.ABC【解析】v-t圖線圖中梯形的面積為：=2m，它代表滑塊相對平板車的位移，也就是平板車的長度L，A正確；對滑塊運(yùn)用牛頓第二定律有：，而，解得：=0.1，B正確；由圖象可知滑塊、平板車的加速度大小相等，等，使它們產(chǎn)生加速度的合力就是兩者間的滑動摩擦力，因此它們的質(zhì)量相等，C正確；根據(jù)動能定理Ek2－Ek1＝－Wf，，t0時間內(nèi)滑塊克服摩擦力做功Wf=2.5J，所以t0時間內(nèi)滑塊所受摩擦力做功的平均功率為P=W/t0=2.5W，選項D錯誤。11.（6分）（1）2k（2分）（2）（2分）（3）在鉤碼個數(shù)不變的情況下，多次試驗，讀出彈簧測力計的示數(shù)，求平均值。(只要答案合理即可)

（2分）【解析】對滑塊受力分析，由牛頓第二定律得，2F－μmg=ma，整理可得，F(xiàn)=a+μg，圖象的斜率k=，縱軸截距b=μg，解得，m=2k，μ=。減小實驗誤差的有效措施：在鉤碼個數(shù)不變的情況下，多次試驗，讀出彈簧測力計的示數(shù)，求平均值；掛鉤碼改為掛小桶加沙，獲得多組數(shù)據(jù)，減小實驗誤差等。

12.（8分）⑴7.25（2分）⑵（2分）⑶（4分）【解析】（1）金屬球的直徑為（2）金屬球經(jīng)過光電門的時間極短，平均速度可視為金屬球經(jīng)過光電門的瞬時速度，故。（3）金屬球由靜止到經(jīng)過光電門這一過程，根據(jù)運(yùn)動學(xué)公式有，解得金屬球的加速度為，而，故。

13.（11分）解：（1）前4s小物體做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動，加速度a=15m/s2，方向向上．4s末運(yùn)載火箭與小物體的速度為：v=at=60m/s（2分）位移為x1=at2=120m（1分）小重物掉出后以60m/s的初速度做豎直上拋運(yùn)動，上升的高度為：h==180m（1分）小重物最高可上升到距地面H=x1+h=300m（1分）（2）小重物從運(yùn)載火箭上脫落后上升所用時間：t1==6s（1分）設(shè)從最高點下落到地面的時間為t2，則：H=（1分）即300m=t2=s=2s=7.74s（2分）則小重物從運(yùn)載火箭上掉出之后到落回地面需要的時間：t總=t1+t2=13.74s（2分）14．（10分）解：（1）設(shè)X星球表面重力加速度為g,質(zhì)量為M，小球剛好能做完整的圓周運(yùn)動；則小球在最高點時，僅由重力提供向心力；根據(jù)牛頓第二定律有：（1分）小球從軌道最低點到最高點的過程中，由動能定理有：。（2分）聯(lián)立兩式可得：。（1分）（2）在X星球發(fā)射衛(wèi)星的最小速度為月球第一宇宙速度（1分）又（1分）聯(lián)立方程解得：（1分）（3）環(huán)繞X星球的軌道半徑為2R的衛(wèi)星由萬有引力提供向心力，有（1分）解（2分）15．（12分）解：(1)滑塊從B點下滑的過程中，由牛頓第二運(yùn)動定律可得：（2分）由運(yùn)動學(xué)公式可得：（1分）解得：（2分）(2)當(dāng)用拉力F拉滑塊時，由牛頓第二運(yùn)動定律（2分）解得:（1分）當(dāng)滑塊的速度與傳送帶速度相等時，滑塊運(yùn)動的位移：（1分）（3）撤去拉力后，物塊開始向上做勻減速運(yùn)動，加速度大小等于，向上運(yùn)動的位移大小為：（1分）由運(yùn)動學(xué)公式：（1分）解得：（1分）16．（14分）解：（1）木板撞墻后，木板和物塊速度反向，二者分別受到相反的大小相等的滑動摩擦力作用而減速，因為M>m，碰撞后小物塊的加速度大于木板的加速度，故小物塊先向左減速再向右加速。設(shè)木板和小物塊之間動摩擦因數(shù)為μ，碰撞后小物塊的加速度為，木板的加速度為，經(jīng)過時間，木板和小物塊剛好具有共同速度v。由牛頓第二定律及運(yùn)動學(xué)公式得：eq\o\ac(○,1)（1分）eq\o\ac(○,2)（1分）eq\o\ac(○,3)（1分）eq\o\ac(○,4)（1分）解得eq\o\ac(○,5)（2分）(2)撞墻后至木板和小物塊剛好達(dá)到共同速度的過程中，對木塊由動能定理可得eq\o\ac(○,6)（1分）對木板由動能定理可得eq\o\ac(○,7)（1分）又小物塊恰好沒有脫離木板，故eq\o\ac(○,8)（1分）聯(lián)立eq\o\ac(○,5)eq\o\ac(○,6)eq\o\ac(○,7)eq\o\ac(○,8)解得eq\o\ac(○,9)（1分）經(jīng)分析，木塊向右減速到速度為0后