2024屆江西省宜春市上高縣第二中學物理高一第一學期期末教學質量檢測模擬試題含解析

2024屆江西省宜春市上高縣第二中學物理高一第一學期期末教學質量檢測模擬試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、在物理學的重大發(fā)現中科學家們總結出了許多物理學方法，如理想實驗法、控制變量法、極限思想法、類比法、科學假設法和建立物理模型法等．以下關于物理學研究方法的敘述不正確的是（）A.在不需要考慮物體本身的大小和形狀時，用質點來代替物體的方法運用了假設法B.根據速度的定義式，當趨近于零時，就可以表示物體在t時刻的瞬時速度，該定義運用了極限思想法C.在實驗探究加速度與力、質量的關系時，運用了控制變量法D.在推導勻變速直線運動位移公式時，把整個運動過程等分成很多小段，然后將各小段位移相加，運用了微元法2、如圖所示，水平地面上的物體A在斜向上的拉力F的作用下，向右做勻速直線運動，則關于下列物體受力情況的說法中正確的是（）A.物體A可能只受到二個力的作用B.物體A一定只受到三個力的作用C.物體A一定受到了四個力的作用D.物體A可能受到了四個力的作用3、對于重心和重力，下列說法正確的是（）A.重力就是地球對物體的引力B.重心的位置只跟物體的形狀有關C.重心可能在物體外部D.在地球上任何位置，同一物體所受重力的大小都相同4、如圖所示，物體A置于水平地面上，力F豎直向下作用于物體B上，A、B保持靜止，則物體A的受力個數為()A.3 B.4C.5 D.65、質量為2kg的物體做勻變速直線運動，其位移隨時間變化的規(guī)律為。該物體所受合力的大小為（）A.2N B.4NC.6N D.8N6、如圖為一種“滾輪--平盤無級變速器”的示意圖，它由固定在主動軸上的平盤和可隨從動軸移動的圓柱形滾輪組成，由于摩擦的作用，當平盤轉動時，滾輪就會跟隨轉動，如果認為滾輪不會打滑，那么主動軸的轉速，從動軸的轉速，滾輪半徑以及滾輪中心距離主動軸軸線的距離之間的關系是A. B.C. D.7、在電場方向水平向右的勻強電場中，一帶電小球從A點豎直向上拋出，其運動的軌跡如圖所示，小球運動的軌跡上A、B兩點在同一水平線上，M為軌跡的最高點，小球拋出時的動能為8J，在M點的動能為6J，不計空氣的阻力，則下列判斷正確的是()A.小球水平位移x1與x2的比值為1∶3 B.小球水平位移x1與x2的比值為1∶4C.小球落到B點時的動能為32J D.小球從A點運動到B點的過程中最小動能為6J8、如圖所示，物塊沿固定斜面下滑，若在物塊上再施加一個豎直向下的恒力F，則（）A.若物塊原來勻速下滑，施加力F后物塊將加速下滑B.若物塊原來勻速下滑，施加力F后物塊仍將勻速下滑C若物塊原來以加速度a勻加速下滑，施加力F后物塊仍將以加速度a勻加速下滑D.若物塊原來以加速度a勻加速下滑，施加力F后物塊仍將勻加速下滑，加速度大于a9、如圖，一小車上有一個固定水平橫桿，左邊有一輕桿與豎直方向成θ角與橫桿固定，下端連接一質量為m的小球P，橫桿右邊用一根細線吊一相同的小球Q。當小車沿水平面做變速運動時，細線保持與豎直方向的夾角為α．已知θ＜α，不計空氣阻力，重力加速度為g，則下列說法正確的是A.小車一定向右做勻加速運動B.輕桿對小球P的的彈力一定沿輕桿方向C.小球P受到的合力一定沿水平方向D.小球Q受到的合力大小為mgtanα10、如圖所示，在水平面上，質量為10kg的物塊A拴在一個被水平拉伸的彈簧一端，彈簧的另一端固定在小車上，小車靜止不動，彈簧對物塊的彈力大小為5N時，物塊處于靜止狀態(tài)，若小車以加速度a=1m/s2沿水平地面向右加速運動時（）A.物塊A相對小車仍靜止B.物塊A受到摩擦力將減小C.物塊A受到的摩擦力大小不變D.物塊A受到的彈力將增大11、如圖甲所示,有一絕緣圓環(huán),圓環(huán)上均勻分布著正電荷,圓環(huán)平面與豎直平面重合．一光滑細桿沿垂直圓環(huán)平面的軸線穿過圓環(huán),細桿上套有一個質量為m=10g的帶正電的小球,小球所帶電荷量q=5.0×10-4C．小球從C點由靜止釋放,其沿細桿由C經B向A運動的v—t圖像如圖乙所示．小球運動到B點時,速度圖像的切線斜率最大(圖中標出了該切線)．則下列說法正確的是()A.由C到A的過程中,小球的電勢能先減小后變大B.由C到A電勢逐漸降低C.C、B兩點間的電勢差UCB=0.9VD.在O點右側桿上,B點場強最大,場強大小為E=1.0V/m12、如圖所示為甲、乙兩物體從同一位置出發(fā)沿同一方向做直線運動的v-t圖像，其中t2=2t1，則下列判斷正確的是（）A.甲的加速度比乙大B.t1時刻甲、乙兩物體相遇C.t2時刻甲、乙兩物體相遇D.0~t1時間內，甲、乙兩物體之間的距離逐漸增大二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、（6分）14、（10分）三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、（12分）如圖所示，電燈的重力G＝10N，AO繩與頂板間的夾角為45°,BO繩水平，則AO繩所受的拉力F1的多少？BO繩所受的拉力F2是多少？16、（12分）如圖所示，粗糙水平地面上放著—個截面為半圓的柱狀物體A，A與豎直墻之間放一光滑半圓球B，整個裝置處于平衡狀態(tài)．已知A、B的質量分別為m和M，半圓球B與半圓的柱狀物體半徑均為R，半圓球B的圓心到水平面的豎直距離為R，重力加速度為g.求：(1)物體A對地面的壓力大??；(2)物體A對地面的摩擦力17、（12分）用三根輕繩將質量為m的物塊懸掛在空中,如圖所示.已知ac和bc與豎直方向的夾角分別為30°和60°，則ac繩的拉力分別為_______bc繩中的拉力為_______________

參考答案一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、A【解題分析】試題分析：在不需要考慮物體本身的大小和形狀時，用質點來代替物體的方法運用了理想模型法，選項A錯誤；根據速度的定義式，當趨近于零時，就可以表示物體在t時刻的瞬時速度，該定義運用了極限思想法，選項B正確；在實驗探究加速度與力、質量的關系時，首先保持力（質量）不變，然后研究加速度與質量（力）的關系，運用了控制變量法，選項C正確；在推導勻變速直線運動位移公式時，把整個運動過程等分成很多小段，然后將各小段位移相加，運用了微元法，選項D正確；故此題選A考點：物理問題的研究方法.2、C【解題分析】物體在水平方向受力平衡，一定有摩擦力，物體一定受到地面的支持力，所以物體一定受到四個力的作用，C對；3、C【解題分析】A．重力是由地球對物體的吸引產生，但是重力并不是引力，A錯誤；BC．重心是重力的等效作用點，與物體的形狀和質量分布有關，既可以在物體上，也可以不在物體上，B錯誤，C正確；D．重力加速度在地球各處隨著緯度和高度的不同而不同，所以同一物體在地球不同的位置重力大小可能不同，D錯誤。故選C。4、B【解題分析】整體進行受力分析：整體受重力、地面對A的彈力、推力F三力平衡，所以A與地面之間沒有摩擦，再對A進行受力分析：重力、地面的支支持力、B對A的壓力，B對A沿接觸面向下的靜摩擦力；所以A受四力作用。故選B。5、D【解題分析】位移隨時間變化的規(guī)律根據題目中的表達式，應用待定系數法可知解得加速度根據牛頓第二定律求解合外力ABC錯誤，D正確。故選D。6、B【解題分析】滾輪不會打滑，滾輪邊緣與主動輪接觸處的線速度大小相等．滾輪邊緣的線速度大小為v1=2πn2r，滾輪與主動輪接觸處的線速度大小v2=2πn1x，聯(lián)立求解n1、n2、r以及x之間的關系【題目詳解】從動軸的轉速n2、滾輪半徑r，則滾輪邊緣的線速度大小為滾輪與主動輪接觸處的線速度大小根據得解得故選B。7、AC【解題分析】AB.將小球的運動沿水平和豎直方向正交分解，水平分運動為初速度為零的勻加速直線運動。豎直分運動為豎直上拋運動，所以從A到M和從M到B點所用時間相等。對于初速度為零的勻加速直線運動，在連續(xù)相等的時間間隔內位移之比為1:3，則小球水平位移x1與x2的比值為1：3，故A正確，B錯誤；C.設物體在B動能EkB，水平分速度為vBx，豎直分速度為vBy，由豎直方向運動對稱性知：，對于水平分運動運用動能定理得：Fx1=，F(x1+x2)=，由A可知x1：x2=1：3，解得：Fx1=6J，F(x1+x2)=24J，故EkB==32J，故C正確；D.小球受力如圖所示：小球受到的合外力為重力和電場力的合力，為恒力，在A點時，合力與速度之間的夾角為鈍角，在M點時，合力與速度之間的夾角為銳角，即合力先做負功后做正功，小球的動能先減小后增大，小球從M到B的過程，合力一直做正功，動能一直增大。則小球從A運動到B的過程中最小動能一定小于6J，故D錯誤。故選：AC。第II卷（非選擇題8、BD【解題分析】設斜面傾角為，原來物體勻速下滑時有：，即，與物體的重力無關，則施加豎直向下的力F，物體仍勻速下滑，A錯誤，B正確；若物塊A原來加速下滑，有，將F分解，則，動力的增加大于阻力的增加，加速度變大，故C錯誤，D正確；選BD.【題目點撥】將F分解為垂直于斜面和平行于斜面兩個分力和，根據力的獨立作用原理，單獨研究F的作用效果，當F引起的動力增加大時，加速度增大，相反引起的阻力增大時，加速度減小9、CD【解題分析】A．對細線吊的小球研究，根據牛頓第二定律：mgtanα=ma，解得：a=gtanα，故加速度向右，小車向右加速運動，或向左減速運動，故A錯誤；B．由牛頓第二定律：mgtanβ=ma′，因為a=a′，得到：β=α＞θ，則輕桿對小球彈力方向與細線平行，故B錯誤；CD．小球P和Q的加速度相同，水平向右，則兩球的合力均水平向右，大小：F合=ma=mgtanα，故CD正確。故選CD。10、AC【解題分析】物體開始時受彈力為5N，而處于靜止狀態(tài)，受到的靜摩擦力為5N，說明物體的最大靜摩擦力大于等于5N；當小車的加速度為1m/s2，若兩物體將保持相對靜止時，物體的加速度為a=1m/s2，則需要的外力為10N；根據彈力和最大靜摩擦力可求出物體相對于小車靜止的最大加速度，當小車的加速度小于等于最大加速度時，物體與小車仍保持相對靜止．彈簧的彈力不變，摩擦力大小不變【題目詳解】物體開始時受彈力F=5N，而處于靜止狀態(tài)，說明受到的靜摩擦力為5N，則物體的最大靜摩擦力Fm≥5N．當物體相對于小車向左恰好發(fā)生滑動時，加速度為a0=＝1m/s2，所以當小車的加速度為a=1m/s2時，物塊A相對小車仍靜止．故A正確．根據牛頓第二定律得：小車以加速度a=1m/s2沿水平地面向右加速運動時，彈力水平向右，大小仍為5N，摩擦力水平向右大小仍為5N.故B錯誤，C正確．物體A相對于小車靜止，彈力不變．故D錯誤．故選AC【題目點撥】本題考查應用牛頓第二定律分析物體受力情況的能力．要注意靜摩擦力大小和方向會隨物體狀態(tài)而變化11、BC【解題分析】根據v-t圖象求出B點的加速度，結合牛頓第二定律求出場強的大??；根據動能定理判斷電場力做功的正負，由電場力做功與電勢能變化的關系判斷電勢能的變化；正電荷在電勢高處電勢能大；根據動能定理求解C、B兩點的電勢差【題目詳解】AB、從C到A小球的動能一直增大，則電場力一直做正功，故電勢能一直減小，又因為小球帶正電，故從C到A電勢逐漸降低，故A錯誤，B正確；C、由C到B電場力做功，CB間的電勢差為：，C正確；D、由v-t圖像可知，小球在B點的加速度最大，故所受的電場力最大，加速度由電場力產生，故B點的電場強度最大，小球的加速度為，又因為，解得：，D錯誤故選BC【題目點撥】關鍵是通過乙圖的v-t圖象判斷出加速度，加速度最大時受到的電場力最大，電場強度最大，由電場力做功即可判斷電勢能，由W=qU求的電勢差12、CD【解題分析】A．根據速度圖線斜率表示加速度，斜率絕對值越大，加速度越大，由圖像可知，乙圖線斜率的絕對值大于甲圖線斜率的絕對值，所以乙的加速度大，故A錯誤。

B．根據速度圖線與時間軸圍成的面積表示位移，知0~t1時間內，乙的位移比甲的位移大，而甲、乙兩物體從同一位置出發(fā)沿同一方向做直線運動，所以，t1時刻甲、乙兩物體沒有相遇，故B錯誤。

C．根據速度圖線與時間軸圍成的面積表示位移，則知0-t2時間內甲、乙兩物體的位移相同，則t2時刻甲、乙兩物體相遇，C正確。

D．0~t1時間內，乙的速度始終大于甲的速度，乙在甲的前面，甲、乙兩物體之間的距離逐漸增大，故D正確。故選CD。二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、14、三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、14N10N【解題分析】以接點O為研究對象，受到三個拉力作用，把OA和OB繩子的拉力進行合成，合力與重力等大反向，由三角函數關系可知，16、（1）(M＋m)g（2）Mg【解題分析】隔離對B分析，根據合力為零，求出A對B的彈力，墻壁對B的彈力，再對整體分析，求出地面的支持力和摩擦力(1)把A、B看成一個系統(tǒng)，對其運用整體法，該系統(tǒng)在豎直方向上受到豎直向下的重力(M＋m)g和地面的支持力FN的作用，二力平衡，所以FN＝(M＋m)g根據牛頓第三定律得，物體A對地面的壓力大小為(M＋m)g(2)在水平方向上，該系統(tǒng)肯定受到豎直墻水平向右的彈力的作用，那么一定也受到地面水平向左的摩擦力，并且摩