山西省呂梁市龍門垣中學2022年高三物理摸底試卷含解析

山西省呂梁市龍門垣中學2022年高三物理摸底試卷含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.2012年8月3日中國選手董棟在倫敦奧運會奪得男子蹦床金牌，忽略空氣阻力，下面關于蹦床運動的說法中正確的是A．運動員下落到剛接觸蹦床時，速度最大B．運動到最低點時，床對運動員的作用力大于運動員對床的作用力C．從剛接觸蹦床到運動至最低點的過程中，運動員的加速度先減小后增大D．在下落過程中，重力對運動員所做的功等于其重力勢能的減小量參考答案：CD2.一蹦極運動員身系彈性蹦極繩從水面上方的高臺下落，到最低點時距水面還有數米距離。假定空氣阻力可忽略，運動員可視為質點，下列說法正確的是（

）A.運動員到達最低點前重力勢能始終減小B.蹦極繩張緊后的下落過程中，彈性力做負功，彈性勢能增加C.蹦極過程中，運動員、地球和蹦極繩所組成的系統(tǒng)機械能守恒D.蹦極過程中，重力勢能的改變與重力勢能零點的選取有關參考答案：ABC3.如圖所示，一個閉合三角形導線框ABC位于豎直平面內，其下方（略靠前）固定一根與線框平面平行的水平直導線，導線中通以圖示方向的恒定電流。釋放線框，它由實線位置下落到虛線位置未發(fā)生轉動，在此過程中：A．線框中感應電流方向依次為ACBA→ABCA→ACBAB．線框的磁通量為零的時，感應電流卻不為零C．線框所受安培力的合力方向依次為向上→向下→向上D．線框所受安培力的合力為零，做自由落體運動參考答案：AB4.如圖所示，將兩個質量均為m，帶電荷量分別為+q、-q的小球a、b用細線懸掛于O點，置于水平的勻強電場中，用力F拉小球a，使整個裝置處于平衡狀態(tài)，且懸線與豎直方向夾角為300。則F的大小可能為（

）A．

B.

C.

D.參考答案：C5.如圖所示為某質點作直線運動的v–t圖象，關于這個質點在4s內的運動情況，下列說法中正確的是

A．質點始終向同一方向運動

B．4s末物體離出發(fā)點最遠

C．4s內通過的路程為4m，而位移為零

D．加速度大小不變，方向與初速度方向相同參考答案：C二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.用多用電表歐姆檔的“×l0”倍率，按正確的操作步驟測此圓柱體的電阻，表盤的示數如圖3所示，則該電阻的阻值約為

Ω。參考答案：歐姆表表盤讀數為22Ω，由于選擇的是“×l0”倍率，故待測電阻的阻值是220Ω。7.如圖所示，質量M的長木板B靜止在光滑的水平地面上，在其右端放一質量m（m＜M）的小滑塊A（可視為質點）．初始時刻，A、B分別以v0向左、向右運動，最后A沒有滑離B板．則最后A的速度大小為，速度方向為向右．參考答案：考點：動量守恒定律．專題：動量定理應用專題．分析：系統(tǒng)動量守恒，由動量守恒定律可以求出速度的大小與方向．解答：解：最后A、B獲得相同的速度，設此速度為v，以B的初速度方向為正方向，由動量守恒定律得：Mv0﹣mv0=（M﹣m）v，解得：v=，方向向右；故答案為：，向右．點評：本題考查了求速度與運動時間問題，分析清楚物體的運動過程、應用動量守恒定律與動量定理即可正確解題．8.密閉在鋼瓶中的理想氣體,溫度升高時壓強增大.從分子動理論的角度分析,這是由于分子熱運動的_________增大了.該氣體在溫度T1、T2時的分子速率分布圖象如題12A-1圖所示,則T1_________(選填“大于冶或“小于冶)T2.參考答案：9.質量為0.2kg的小球豎直向下以6m/s的速度落至水平地面，再以4m/s的速度反向彈回，取豎直向上為正方向，則小球與地面碰撞前后的動量變化為________kg·m/s。若小球與地面的作用時間為0.2s，則小球受到地面的平均作用力大小為________N(取g＝10m/s2)。參考答案：21210.（5分）長為L的小車靜止在光滑水平面上，一人從車左端走到右端，已知人與車的質量比為1：5，則此過程中車的位移為

。參考答案：

答案：L/611.（4分）有質量的物體周圍存在著引力場。萬有引力和庫侖力有類似的規(guī)律，因此我們可以用定義靜電場強度的方法來定義引力場的場強。由此可得，與質量為M的質點相距r處的引力場場強的表達式為EG=____________（萬有引力恒量用G表示）。參考答案：答案：12.（3分）如圖所示是光從介質1進入介質2的折射情況，根據光路圖可知：兩種介質相比較，介質1是

介質，介質2是

介質；光在介質中的波長1

2（選填“>”、“=”或“<”)．頻率1

2（選填“>”、“=”或“<”）。參考答案：光密，光疏，＜，=13.如圖所示，是一個多用表歐姆檔內部電路示意圖，電流表（量程0~0.5mA，內阻100Ω）,電池電動勢E=1.5V，內阻r=0.1Ω,變阻器R0阻值為0~500Ω。（1）歐姆表的工作原理是利用了___________定律。調零時使電流表指針滿偏，則此時歐姆表的總內阻（包括電流表內阻、電池內阻和變阻器R0的阻值）是________Ω。（2）若表內電池用舊，電源電動勢變小，內阻變大，但仍可調零。調零后測電阻時，歐姆表的總內阻將變________，測得的電阻值將偏________。（填“大”或“小”）（3）若上述歐姆表的刻度值是按電源電動勢1.5V時刻度的，當電動勢下降到1.2V時，測得某電阻是400Ω，這個電阻真實值是________Ω。參考答案：（1）閉合電路歐姆（2分），3000（2分）（2）變?。?分），偏大（1分）（3）320（2分）三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.

(12分)(1)用簡明的語言表述臨界角的的定義：(2)玻璃和空所相接觸。試畫出入射角等于臨界角時的光路圖，并標明臨界角。(3)當透明介質處在真空中時，根據臨界角的定義導出透明介質的折射率n與臨界角θc的關系式。

參考答案：解析：(1)光從光密介質射到光疏介質中，折射角為90°時的入射角叫做臨界角(2)如圖，θC為臨界角。(3)用n表示透明介質的折射率，θC表示臨界角，由折射定律

15.如圖所示，質量均為m=1kg的A、B兩物體通過勁度系數為k=100N/m的輕質彈簧拴接在一起，物體A處于靜止狀態(tài)。在A的正上方h高處有一質量為的小球C，由靜止釋放，當C與A發(fā)生彈性碰撞后立刻取走小球C，h至少多大，碰后物體B有可能被拉離地面？參考答案：h≥0.45m設C與A碰前C的速度為v0，C與A碰后C的速度為v1，A的速度為v2，開始時彈簧的壓縮量為H。對C機械能守恒：

C與A彈性碰撞：對C與A組成的系統(tǒng)動量守恒：

動能不變：

解得：

開始時彈簧的壓縮量為：

碰后物體B被拉離地面有彈簧伸長量為：

則A將上升2H，彈簧彈性勢能不變，機械能守恒：

聯立以上各式代入數據得：

四、計算題：本題共3小題，共計47分16.如圖所示,在平面內，有一電子源持續(xù)不斷地沿正方向每秒發(fā)射出N個速率均為的電子，形成寬為2b，在軸方向均勻分布且關于軸對稱的電子流。電子流沿方向射入一個半徑為R，中心位于原點O的圓形勻強磁場區(qū)域，磁場方向垂直xOy平面向里，電子經過磁場偏轉后均從P點射出，在磁場區(qū)域的正下方有一對平行于軸的金屬平行板K和A，其中K板與P點的距離為d，中間開有寬度為且關于軸對稱的小孔。K板接地，A與K兩板間加有正負、大小均可調的電壓，穿過K板小孔到達A板的所有電子被收集且導出，從而形成電流。已知，電子質量為m，電荷量為e，忽略電子間相互作用。（1）求磁感應強度B的大??；（2）求電子從P點射出時與負軸方向的夾角θ的范圍；（3）當時，每秒經過極板K上的小孔到達極板A的電子數；（4）畫出電流隨變化的關系曲線（在答題紙上的方格紙上）。參考答案：（1），（2）60o,（3）（4）解：由題意可以知道是磁聚焦問題，即（1）軌道半徑R=r根據解得：（2）運動軌跡圖如下上端電子從P點射出時與負y軸最大夾角，由幾何關系解得：同理下端電子從p點射出與負y軸最大夾角也是600所以電子從P點射出時與負軸方向的夾角θ的范圍：（3）進入小孔的電子速度與y軸間夾角正切值大小為：解得：此時對應的能夠進入平行板內電子長度為，根據幾何關系知：設每秒能到達A板的電子數為n，則由比例關系知：解得：（4）有動能定理得出遏止電壓與負y軸成450角的電子的運動軌跡剛好與A板相切，此時速度為其逆過程是類平拋運動，達到飽和電流所需要的最小反向電壓或者根據（3）可得飽和電流大小作圖如下：

【點睛】本題考查了電子在磁場與電場中的運動，分析清楚電子運動過程，作出電子在磁場中做圓周運動的軌道半徑是解題的關鍵；解題時注意求出極限值然后再確定范圍。17.如圖15為過山車的模型圖，在模型圖中半徑為R1＝2.0m和R2＝8.0m的兩個光滑圓形軌道，固定在傾角為斜軌道面上的Q、Z兩點，且兩圓形軌道的最高點A、B均與P點平齊，圓形軌道與斜軌道之間圓滑連接，現使小車（視為質點）從P點以一定的初速度沿斜面向下運動，已知斜軌道面與小車間的動摩擦因數，取g＝10m/s2，（sin37o＝0.6

cos37o＝0.8），求：⑴若小車恰好能過第一個圓形軌道的最高點A處，則其在P點初速度為多大？⑵若小車質量為1000Kg，在P點的初速度為10m/s，則小車通過B點時對軌道的壓力多大？參考答案：（1）小車經過A點時的臨界速度為

設P點與A點的高度差為，PQ間距為，則P到A對小車，同動能定理得：（2）Z點與P點高度差為PZ間距為，則P到Z對小車，同動能定理得：又所以由牛頓第三定律可得車對軌道壓力為，方向垂直軌道向上18.如圖所示，一質量為m、帶電量為-q的小球A，用長為L的絕緣輕桿與固定轉動軸O相連接，絕緣輕桿可繞軸O無摩擦轉動。整個裝置處于水平向右的勻強電場中，電場強度E=，現將輕桿從圖中的豎直位置由靜止釋放。求：（1）輕桿轉過90°時，小球A的速度為多大？（2）輕桿轉過多大角度時小球A的速度最大？（3）小球A轉過的最大角度為多少？參考答案：（1）動能定理：qEL+(-mgL)=-0，

解出v=

（3分）（2）輕桿轉動過程中，合力矩為零時，小球A的速度最大即mgLsinα=qELcosα