北京市海淀區(qū)普通中學(xué)物理模擬試卷（月份）

學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精2017年北京市海淀區(qū)普通中學(xué)高考物理模擬試卷（1月份）一、選擇題1．華裔科學(xué)家高錕因在“有關(guān)光導(dǎo)纖維用于光學(xué)通信方面”取得了突破性成就而獲得2009年諾貝爾物理學(xué)獎(jiǎng)．利用光導(dǎo)纖維進(jìn)行光學(xué)通信所依據(jù)的物理原理是（）A．光的折射 B．光的全反射 C．光的干涉 D．光的色散2．玻爾提出的氫原子結(jié)構(gòu)理論主要依據(jù)的現(xiàn)象是（）A．α粒子散射實(shí)驗(yàn)的現(xiàn)象B．中子轟擊鈾核發(fā)生裂變的現(xiàn)象C．原子核的天然放射性現(xiàn)象D．低壓氫氣放電管中的氫氣在高電壓作用下發(fā)光，產(chǎn)生線狀譜線的現(xiàn)象3．雷達(dá)是利用電磁波來測定物體位置和速度的設(shè)備，它可以向一定方向發(fā)射電磁波脈沖，當(dāng)電磁波遇到障礙物時(shí)會(huì)發(fā)生反射．雷達(dá)在發(fā)射和接收到反射回來的電磁波脈沖時(shí)，在監(jiān)視屏上將對應(yīng)呈現(xiàn)出一個(gè)尖形波．某防空雷達(dá)發(fā)射的電磁波頻率f=3×l04MHz,如果雷達(dá)監(jiān)視屏上顯示某次發(fā)射和接收的尖形波如圖所示（相鄰刻線間表示的時(shí)間間隔為1.0×10﹣5s）,則被監(jiān)視的目標(biāo)到雷達(dá)的距離以及該雷達(dá)發(fā)出的電磁波的波長分別為(）A．30km，0.10m B．15km，1。0cm C．30km，1。0m D．15km,10m4．一架總質(zhì)量為M的飛機(jī),以速率v在空中的水平面上做半徑為r的勻速圓周運(yùn)動(dòng)，重力加速度為g,則空氣對飛機(jī)作用力的大小等于（）A．M B．M C．M D．Mg5．A、B兩列簡諧橫波均沿x軸正向傳播，在某時(shí)刻的波形分別如圖甲、乙所示，經(jīng)過時(shí)間t（t小于A波的周期TA),這兩列簡諧橫波的波形分別變?yōu)閳D丙、丁所示，則A、B兩列波的波速vA、vB之比不可能的是(）A．1：1 B．1：2 C．1：3 D．3：16．如圖所示,在豎直面內(nèi)有一以O(shè)點(diǎn)為圓心的圓，AB、CD分別為這個(gè)圓沿豎直和水平方向的直徑，該圓處于靜電場中．將帶負(fù)電荷的小球從O點(diǎn)以相同的動(dòng)能分別沿豎直平面向不同方向射出，小球會(huì)沿圓所在平面運(yùn)動(dòng)并經(jīng)過圓周上不同的點(diǎn)．已知小球從O點(diǎn)分別到A、B兩點(diǎn)的過程中電場力對它做的功相同，小球到達(dá)D點(diǎn)時(shí)的電勢能大于它在圓周上其他各點(diǎn)時(shí)的電勢能．若小球只受重力和電場力的作用，則下列說法中正確的是（）A．小球到達(dá)B點(diǎn)時(shí)的機(jī)械能與它在圓周上其他各點(diǎn)相比較最小B．小球到達(dá)A點(diǎn)時(shí)的電勢能和重力勢能之和與它在圓周上其他各點(diǎn)相比較最小C．此電場可能是位于C點(diǎn)的正點(diǎn)電荷形成的D．小球到達(dá)B點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能等于到達(dá)點(diǎn)A時(shí)的動(dòng)能7．如圖所示，表面粗糙的固定斜面頂端裝有滑輪,小桶P、物塊Q用輕繩連接并跨過滑輪（不計(jì)滑輪的質(zhì)量和摩擦)，P懸于空中,Q放在斜面上，二者均處于靜止?fàn)顟B(tài)，輕繩與斜面平行．已知斜面傾角θ=30°，小桶P的質(zhì)量m1=100g，物塊Q的質(zhì)量m2=150g,重力加速度g=l50m/s2．現(xiàn)向桶內(nèi)不斷緩慢添加細(xì)砂并使P、Q開始運(yùn)動(dòng)．關(guān)于上述過程，下列說法中正確的是(）A．在向小桶內(nèi)不斷緩慢添加細(xì)砂的過程中，Q受到的靜摩擦力一定變大B．輕繩對物塊的拉力做10J功的過程中，物塊動(dòng)能增加10JC．物塊Q向上運(yùn)動(dòng)過程中，若物塊Q增加10J的機(jī)械能，小桶和其中細(xì)砂就損失10J的機(jī)械能D．物塊Q向上運(yùn)動(dòng)過程中，其動(dòng)量增量的大小一定等于小桶和細(xì)砂動(dòng)量改變量的大小8．兩個(gè)相距很近的等量異種點(diǎn)電荷組成的系統(tǒng)稱為電偶極子．設(shè)相距為l，電荷量分別為+q和﹣q的點(diǎn)電荷構(gòu)成電偶極子，如圖所示．取二者連線方向?yàn)閥軸方向，中點(diǎn)O為原點(diǎn),建立如圖所示的xOy坐標(biāo)系，p點(diǎn)距坐標(biāo)原點(diǎn)O的距離為r（r＞＞l），p、O兩點(diǎn)間的連線與y軸正方向的夾角為θ,設(shè)無窮遠(yuǎn)處的電勢為零，p點(diǎn)的電勢為φ，真空中靜電力常量為k．下面給出φ的四個(gè)表達(dá)式，其中只有一個(gè)是合理的．你可能不會(huì)求解p點(diǎn)的電勢φ，但是你可以通過一定的物理分析,對下列表達(dá)式的合理性做出判斷．根據(jù)你的判斷，φ的合理表達(dá)式應(yīng)為（）A． B． C． D．二、解答題(共5小題，滿分0分)9．（1）某同學(xué)用圖丙所示裝置做“驗(yàn)證牛頓第二定律"實(shí)驗(yàn)．①該同學(xué)從打出的紙帶上比較清晰的點(diǎn)跡起，每5個(gè)點(diǎn)跡取一個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)（即相鄰的兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)間都有4個(gè)未畫出的點(diǎn)跡），標(biāo)出了A、B、C、D四個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn),各計(jì)數(shù)點(diǎn)之間的距離如圖甲所示．已知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打點(diǎn)的時(shí)間間隔為0.020s，則實(shí)驗(yàn)中該小車的加速度a=m/s2．（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)②該同學(xué)選用質(zhì)量不同的A、B小車分別做實(shí)驗(yàn)，根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)畫出了圖乙所示的兩條a﹣F圖線，根據(jù)圖線可知A車的質(zhì)量B車的質(zhì)量．（選填“大于”或“小于")10．某同學(xué)欲將量程為200μA的電流表改裝成電壓表，他采用如圖所示的實(shí)驗(yàn)電路測量該電流表的內(nèi)阻，根據(jù)實(shí)驗(yàn)電路，請回答下列問題．①有如下的主要實(shí)驗(yàn)器材供選擇：A．電阻箱(阻值范圍0﹣999。9Ω）B．電阻箱（阻值范圍0﹣99999。9Ω)C．電源(電動(dòng)勢6.0V，內(nèi)阻0。30Ω）D．電源（電動(dòng)勢12V，內(nèi)阻0.60Ω）E．電源(電動(dòng)勢50V,內(nèi)阻2。0Ω）為減小實(shí)驗(yàn)誤差,可變電阻R1應(yīng)選擇，電源應(yīng)選擇．（填字母代號）②該同學(xué)主要實(shí)驗(yàn)步驟依次是：A．按電路圖連接好電路，并使兩個(gè)開關(guān)處于斷開狀態(tài);B．將R1的阻值調(diào)到最大;C．閉合S1；D．調(diào)節(jié)R1的阻值，使電流表的指針偏轉(zhuǎn)到滿刻度;E．閉合S2;F．調(diào)節(jié)R1和R2的阻值，使電流表的指針偏轉(zhuǎn)到滿刻度的一半;G．記下R2的阻值．上述實(shí)驗(yàn)步驟中，錯(cuò)誤的步驟是．(填字母代號）③如果按正確步驟測得電流表的內(nèi)阻為190Ω,要將此表改裝成量程為2.0V的電壓表V，應(yīng)選一個(gè)阻值為Ω的電阻與電流表串聯(lián)．④用標(biāo)準(zhǔn)的電壓表對改裝的電壓表進(jìn)行校準(zhǔn)，發(fā)現(xiàn)測量同一電壓值時(shí),改裝電壓表的示數(shù)比標(biāo)準(zhǔn)表的示數(shù)小，則應(yīng)該適當(dāng)?shù)貙⑴c電流表串聯(lián)的電阻調(diào)一些．(選填“大"或“小”）11．均勻?qū)Ь€制成的電阻為R、質(zhì)量為m的單匝矩形閉合線框abcd,邊長ab=h，ad=L，將線框置于一有界勻強(qiáng)磁場上方某一高度處，如圖所示．已知該磁場區(qū)域?qū)挾葹閔,方向沿水平、垂直線框所在平面向里,磁感應(yīng)強(qiáng)度為B．現(xiàn)使線框由靜止自由下落,線框平面保持與磁場方向垂直，且bc邊始終保持水平方向．若線框恰好以恒定速度通過磁場，重力加速度為g,空氣阻力可忽略不計(jì)，求：(1）線框通過磁場過程中產(chǎn)生的焦耳熱；（2)開始下落時(shí)線框bc邊與磁場上邊界的距離;(3）bc邊在磁場區(qū)域運(yùn)動(dòng)的過程中，a、d兩點(diǎn)間的電勢差．12．如圖所示裝置可用來分析氣體原子的組成．首先使待研究氣體進(jìn)入電離室A，在此氣體被電離成等離子體（待研究氣體的等離子體由含有一價(jià)正離子和電荷量為e的電子組成，整體顯電性）．這些等離子體（統(tǒng)稱“帶電粒子"）從電離室下端狹縫S1飄出(忽略飄出的速度),經(jīng)兩極板間電壓為U的加速電場后(忽略這些帶電粒子被加速的時(shí)間)，從狹縫S2沿垂直磁場方向進(jìn)入磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的有界勻強(qiáng)磁場，在磁場的上、下邊界處分別裝有水平底片E和F．當(dāng)雙刀雙擲開關(guān)分別擲向1、2和3、4時(shí)，發(fā)現(xiàn)從電離室狹縫S1飄出的帶電粒子分別打在E和F上的P、Q點(diǎn)．已知狹縫S2與水平底片E上P點(diǎn)之間的距離d1=2.0cm,到水平底片F(xiàn)上Q點(diǎn)的水平距離d2=6.4cm，磁場區(qū)域?qū)挾萪=30cm．空氣阻力、帶電粒子所受重力以及帶電粒子之間的相互作用均可忽略不計(jì)．（1）試分析打在P點(diǎn)的帶電粒子的帶電性質(zhì)，并寫出該帶電粒子質(zhì)量的表達(dá)式；(要求用題中的字母表示）（2）試確定打在Q點(diǎn)的帶電粒子的質(zhì)量和打在P點(diǎn)的帶電粒子的質(zhì)量之比；（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）（3）若P點(diǎn)是底片E上刻度尺的右端點(diǎn)，而實(shí)驗(yàn)中帶電粒子總是打到P點(diǎn)右側(cè)，從而導(dǎo)致不便于測量帶電粒子擊中底片位置到狹縫S2的距離,應(yīng)如何調(diào)整可使帶電粒子能打在P點(diǎn)左側(cè)的位置．13．圖是一種碰撞裝置的俯視圖，其左邊Q是一個(gè)接收器，它的下端裝有光滑軌道(圖中未畫出），左端與固定在墻壁上的輕質(zhì)彈簧相連；右邊P是一固定的發(fā)射器，它可根據(jù)需要瞄準(zhǔn)接收器的接收口，將質(zhì)量m=0。10kg的珠子以v1=50m/s的速度沿水平方向射入接收器．已知接收器的質(zhì)量M=0.40kg，彈簧處于自然長度時(shí)，接收器右邊緣與直線MN對齊．若接收器右邊緣停止在MN線上或向右運(yùn)動(dòng)到達(dá)MN線時(shí)，都有一粒珠子打入接收器，并在極短時(shí)間內(nèi)與接收器具有相同的速度．（1）求第一粒珠子打入接收器之后,彈簧被壓縮至最短的過程中（在彈簧的彈性限度內(nèi)），當(dāng)彈簧的彈性勢能達(dá)到其能達(dá)到最大值的一半時(shí)接收器的速度大小；（2)試分析當(dāng)?shù)趎粒珠子射入接收器中剛與接收器相對靜止時(shí)，接收器速度的大小;（3）已知與接收器相連接彈簧的勁度系數(shù)k=400N/m，發(fā)射器左端與MN線的水平距離s=0.25m，求發(fā)射器至少應(yīng)發(fā)射幾粒珠子后停止發(fā)射，方能使接收器沿直線往復(fù)運(yùn)動(dòng)而不會(huì)碰到發(fā)射器．（注:輕質(zhì)彈簧的彈性勢能可按進(jìn)行計(jì)算，其中k為彈簧的勁度系數(shù)，x為彈簧的形變量．）

2017年北京市海淀區(qū)普通中學(xué)高考物理模擬試卷（1月份)參考答案與試題解析一、選擇題1．華裔科學(xué)家高錕因在“有關(guān)光導(dǎo)纖維用于光學(xué)通信方面"取得了突破性成就而獲得2009年諾貝爾物理學(xué)獎(jiǎng)．利用光導(dǎo)纖維進(jìn)行光學(xué)通信所依據(jù)的物理原理是（）A．光的折射 B．光的全反射 C．光的干涉 D．光的色散【考點(diǎn)】全反射．【分析】光導(dǎo)纖維進(jìn)行光學(xué)通信所依據(jù)的物理原理是光的全反射．【解答】解:光導(dǎo)纖維進(jìn)行光學(xué)通信利用光在不停地發(fā)生全反射．故B正確，A、C、D錯(cuò)誤．故選：B．【點(diǎn)評】本題考查光的全反射的運(yùn)用,知道全反射的條件是光從光密介質(zhì)進(jìn)入光疏介質(zhì)，入射角大于等于臨界角．2．玻爾提出的氫原子結(jié)構(gòu)理論主要依據(jù)的現(xiàn)象是（）A．α粒子散射實(shí)驗(yàn)的現(xiàn)象B．中子轟擊鈾核發(fā)生裂變的現(xiàn)象C．原子核的天然放射性現(xiàn)象D．低壓氫氣放電管中的氫氣在高電壓作用下發(fā)光，產(chǎn)生線狀譜線的現(xiàn)象【考點(diǎn)】玻爾模型和氫原子的能級結(jié)構(gòu)．【分析】玻爾提出的氫原子結(jié)構(gòu)理論主要依據(jù)是氫原子光譜為線狀譜．【解答】解：A、α粒子散射實(shí)驗(yàn)的現(xiàn)象得出了原子核式結(jié)構(gòu)模型．故A錯(cuò)誤．B、中子轟擊鈾核發(fā)生裂變是核電站的主要原理．故B錯(cuò)誤．C、原子核的天然放射現(xiàn)象說明原子核內(nèi)部有復(fù)雜結(jié)構(gòu)．故C錯(cuò)誤．D、低壓氫氣放電管中的氫氣在高電壓作用下發(fā)光，產(chǎn)生線狀譜線的現(xiàn)象,用核式結(jié)構(gòu)模型無法解釋，在這基礎(chǔ)上,玻爾提出了氫原子結(jié)構(gòu)理論，用能量的量子化進(jìn)行解釋．故D正確．故選D．【點(diǎn)評】解決本題的關(guān)鍵需熟悉教材，了解物理學(xué)史，知道理論所對應(yīng)的物理現(xiàn)象．3．雷達(dá)是利用電磁波來測定物體位置和速度的設(shè)備，它可以向一定方向發(fā)射電磁波脈沖，當(dāng)電磁波遇到障礙物時(shí)會(huì)發(fā)生反射．雷達(dá)在發(fā)射和接收到反射回來的電磁波脈沖時(shí)，在監(jiān)視屏上將對應(yīng)呈現(xiàn)出一個(gè)尖形波．某防空雷達(dá)發(fā)射的電磁波頻率f=3×l04MHz,如果雷達(dá)監(jiān)視屏上顯示某次發(fā)射和接收的尖形波如圖所示（相鄰刻線間表示的時(shí)間間隔為1。0×10﹣5s），則被監(jiān)視的目標(biāo)到雷達(dá)的距離以及該雷達(dá)發(fā)出的電磁波的波長分別為(）A．30km，0.10m B．15km，1。0cm C．30km，1.0m D．15km,10m【考點(diǎn)】電磁波的發(fā)射、傳播和接收．【分析】電磁波從發(fā)射到接收,走的距離是雷達(dá)到目標(biāo)距離的雙倍，從圖中可以看出，兩個(gè)尖形波間隔為10個(gè)小格，即全程的時(shí)間就是1×10﹣4s，單程的時(shí)間為0。5×10﹣4s，乘以光速，那么就是被監(jiān)視目標(biāo)與雷達(dá)的距離．【解答】解：讀圖可知電磁波從發(fā)射到接收，走的距離是雷達(dá)到目標(biāo)距離的雙倍，從圖中可以看出,兩個(gè)尖形波間隔為10個(gè)小格，即全程的時(shí)間就是1×10﹣4s,單程的時(shí)間為0.5×10﹣4s，由v=得s=vt=3×108m/s×0.5×10﹣4s=15km;該雷達(dá)發(fā)出的電磁波的波長λ==0。01m=1.0cm故選B．【點(diǎn)評】本題考查了速度公式的理解和應(yīng)用．4．一架總質(zhì)量為M的飛機(jī)，以速率v在空中的水平面上做半徑為r的勻速圓周運(yùn)動(dòng)，重力加速度為g，則空氣對飛機(jī)作用力的大小等于（）A．M B．M C．M D．Mg【考點(diǎn)】向心力;物體的彈性和彈力．【分析】飛機(jī)受重力、空氣的作用力，靠兩個(gè)力的合力提供向心力,根據(jù)牛頓第二定律求出空氣對飛機(jī)的作用力．【解答】解：根據(jù)牛頓第二定律有:根據(jù)平行四邊形定則,如圖．空氣對飛機(jī)的作用力為：F==MM．故A正確,BCD錯(cuò)誤．故選：A．【點(diǎn)評】解決本題的關(guān)鍵搞清向心力的來源,運(yùn)用牛頓第二定律進(jìn)行求解．5．A、B兩列簡諧橫波均沿x軸正向傳播，在某時(shí)刻的波形分別如圖甲、乙所示，經(jīng)過時(shí)間t(t小于A波的周期TA），這兩列簡諧橫波的波形分別變?yōu)閳D丙、丁所示，則A、B兩列波的波速vA、vB之比不可能的是（）A．1：1 B．1:2 C．1:3 D．3：1【考點(diǎn)】波長、頻率和波速的關(guān)系；橫波的圖象．【分析】由題，甲、丙圖象反相，t小于A波的周期TA，說明A波經(jīng)過了半個(gè)周期．B波的圖象與原來重合，說明經(jīng)過了整數(shù)倍周期．由圖讀出兩波的波長，由題分別得到周期與時(shí)間的關(guān)系，由波速公式得到波速的關(guān)系式，再進(jìn)行選擇．【解答】解：由圖讀出,A波波長為λA=24cm,周期TA=2t；B波波長為λB=12cm,周期TB=，波速vA==，vB==，得到vA:vB=1：n，所以A、B兩列波的波速vA、vB之比不可能的是D．故選D【點(diǎn)評】本題中知道兩個(gè)時(shí)刻波形圖，抓住經(jīng)過半個(gè)周期時(shí)間，波形反相；經(jīng)過整數(shù)倍周期時(shí)間，圖象重合是關(guān)鍵．6．如圖所示，在豎直面內(nèi)有一以O(shè)點(diǎn)為圓心的圓，AB、CD分別為這個(gè)圓沿豎直和水平方向的直徑,該圓處于靜電場中．將帶負(fù)電荷的小球從O點(diǎn)以相同的動(dòng)能分別沿豎直平面向不同方向射出,小球會(huì)沿圓所在平面運(yùn)動(dòng)并經(jīng)過圓周上不同的點(diǎn)．已知小球從O點(diǎn)分別到A、B兩點(diǎn)的過程中電場力對它做的功相同，小球到達(dá)D點(diǎn)時(shí)的電勢能大于它在圓周上其他各點(diǎn)時(shí)的電勢能．若小球只受重力和電場力的作用,則下列說法中正確的是(）A．小球到達(dá)B點(diǎn)時(shí)的機(jī)械能與它在圓周上其他各點(diǎn)相比較最小B．小球到達(dá)A點(diǎn)時(shí)的電勢能和重力勢能之和與它在圓周上其他各點(diǎn)相比較最小C．此電場可能是位于C點(diǎn)的正點(diǎn)電荷形成的D．小球到達(dá)B點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能等于到達(dá)點(diǎn)A時(shí)的動(dòng)能【考點(diǎn)】電勢能；功能關(guān)系．【分析】對于負(fù)電荷電勢能大的地方的電勢小,故D點(diǎn)的電勢最低；電場力做功,電勢能與機(jī)械能之間相互轉(zhuǎn)化．【解答】解：AB兩點(diǎn)處于CD之間，小球在AB兩點(diǎn)的電勢能也介于CD之間，不是最大,也不是最小，故A錯(cuò)誤;B:小球從O點(diǎn)分別到A、B兩點(diǎn)的過程中電場力對它做的功相同，說明AB兩點(diǎn)的電勢相等，物體在A點(diǎn)的重力勢能要大于物體在B點(diǎn)的重力勢能，故B錯(cuò)誤；C:AB兩點(diǎn)的電勢相等，對于負(fù)電荷電勢能大的地方的電勢小，故D點(diǎn)的電勢最低;說明了該區(qū)域內(nèi)的電場可能具有一定的對稱性，若是正電荷的電場，正電荷在OC的連線上或延長線上；若是負(fù)電荷，負(fù)電荷在OD上,或OD的延長線上．故C正確;D：AB兩點(diǎn)的電勢相等，物體在A點(diǎn)的重力勢能要大于物體在B點(diǎn)的重力勢能，小球在A點(diǎn)的動(dòng)能小于在B點(diǎn)的動(dòng)能,故D錯(cuò)誤．故選：C【點(diǎn)評】該題考查電場力做功與電勢能改變之間的關(guān)系，和能量的轉(zhuǎn)化與守恒，屬于基礎(chǔ)題目，有一定的難度．解題的關(guān)鍵在：對于負(fù)電荷電勢能大的地方的電勢小，故D點(diǎn)的電勢最低．7．如圖所示，表面粗糙的固定斜面頂端裝有滑輪，小桶P、物塊Q用輕繩連接并跨過滑輪(不計(jì)滑輪的質(zhì)量和摩擦)，P懸于空中,Q放在斜面上,二者均處于靜止?fàn)顟B(tài)，輕繩與斜面平行．已知斜面傾角θ=30°，小桶P的質(zhì)量m1=100g，物塊Q的質(zhì)量m2=150g，重力加速度g=l50m/s2．現(xiàn)向桶內(nèi)不斷緩慢添加細(xì)砂并使P、Q開始運(yùn)動(dòng)．關(guān)于上述過程,下列說法中正確的是（）A．在向小桶內(nèi)不斷緩慢添加細(xì)砂的過程中，Q受到的靜摩擦力一定變大B．輕繩對物塊的拉力做10J功的過程中，物塊動(dòng)能增加10JC．物塊Q向上運(yùn)動(dòng)過程中，若物塊Q增加10J的機(jī)械能,小桶和其中細(xì)砂就損失10J的機(jī)械能D．物塊Q向上運(yùn)動(dòng)過程中，其動(dòng)量增量的大小一定等于小桶和細(xì)砂動(dòng)量改變量的大小【考點(diǎn)】共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用;靜摩擦力和最大靜摩擦力；動(dòng)能定理的應(yīng)用．【分析】先對物體P受力分析，受重力和拉力，二力平衡;再對物體Q受力分析,受重力、拉力、支持力，可能有靜摩擦力，然后根據(jù)平衡條件和功能關(guān)系進(jìn)行分析．【解答】解:A、先對P受力分析，受重力和拉力，二力平衡，故拉力等于重力，即T=m1g=1N；在對Q受力分析，受重力、拉力、支持力和靜摩擦力（沿著斜面向下）,根據(jù)平衡條件，有：T﹣f﹣m2gsin30°=0，解得f=0。25N；在向小桶內(nèi)不斷緩慢添加細(xì)砂的過程中，拉力T增加,故Q受到的靜摩擦力f一定變大;故A正確；B、動(dòng)能增加量等于合力的功，物塊受多個(gè)力，合力不等于拉力,故輕繩對物塊的拉力做10J功的過程中,物塊動(dòng)能增加不是10J;故B錯(cuò)誤；C、由于摩擦力的作用，滑動(dòng)后P與Q機(jī)械能不守恒，故C錯(cuò)誤;D、物體P與Q質(zhì)量不同，速度相等,故動(dòng)量mv不等，初動(dòng)量為零,故P與Q的動(dòng)量增加量不等,故D錯(cuò)誤；故選A．【點(diǎn)評】本題關(guān)鍵要對物體P和Q分別受力分析,然后根據(jù)平衡條件列式分析，難點(diǎn)在于靜摩擦力的方向的不確定上，同時(shí)要能根據(jù)功能關(guān)系進(jìn)行分析．8．兩個(gè)相距很近的等量異種點(diǎn)電荷組成的系統(tǒng)稱為電偶極子．設(shè)相距為l，電荷量分別為+q和﹣q的點(diǎn)電荷構(gòu)成電偶極子，如圖所示．取二者連線方向?yàn)閥軸方向，中點(diǎn)O為原點(diǎn)，建立如圖所示的xOy坐標(biāo)系，p點(diǎn)距坐標(biāo)原點(diǎn)O的距離為r（r＞＞l），p、O兩點(diǎn)間的連線與y軸正方向的夾角為θ，設(shè)無窮遠(yuǎn)處的電勢為零，p點(diǎn)的電勢為φ，真空中靜電力常量為k．下面給出φ的四個(gè)表達(dá)式,其中只有一個(gè)是合理的．你可能不會(huì)求解p點(diǎn)的電勢φ,但是你可以通過一定的物理分析，對下列表達(dá)式的合理性做出判斷．根據(jù)你的判斷，φ的合理表達(dá)式應(yīng)為(）A． B． C． D．【考點(diǎn)】電勢；電勢能．【分析】可用一些比較特殊的位置進(jìn)行嘗試,結(jié)合所給的表達(dá)式進(jìn)行驗(yàn)證．【解答】解：若夾角θ=90°，則P點(diǎn)位于檢驗(yàn)電荷從無窮遠(yuǎn)沿x軸移動(dòng)到O點(diǎn)的過程中，電力始終與位移方向垂直，則x軸上的電勢處處為0,這與cos90°相符，可見A，D錯(cuò)誤，因離O點(diǎn)越遠(yuǎn)，其電勢就越小,故r應(yīng)在分母上，故B錯(cuò)誤，C正確．故選：C【點(diǎn)評】對于不會(huì)列式求解的問題，可用特殊位置分析法進(jìn)行嘗試分析．二、解答題(共5小題，滿分0分）9．（2017?海淀區(qū)模擬）（1）某同學(xué)用圖丙所示裝置做“驗(yàn)證牛頓第二定律"實(shí)驗(yàn)．①該同學(xué)從打出的紙帶上比較清晰的點(diǎn)跡起，每5個(gè)點(diǎn)跡取一個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)（即相鄰的兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)間都有4個(gè)未畫出的點(diǎn)跡)，標(biāo)出了A、B、C、D四個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn),各計(jì)數(shù)點(diǎn)之間的距離如圖甲所示．已知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打點(diǎn)的時(shí)間間隔為0。020s，則實(shí)驗(yàn)中該小車的加速度a=1.8m/s2．（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）②該同學(xué)選用質(zhì)量不同的A、B小車分別做實(shí)驗(yàn)，根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)畫出了圖乙所示的兩條a﹣F圖線，根據(jù)圖線可知A車的質(zhì)量小于B車的質(zhì)量．(選填“大于”或“小于”）【考點(diǎn)】驗(yàn)證牛頓第二運(yùn)動(dòng)定律．【分析】根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論公式△x=aT2可以求出加速度的大?。窘獯稹拷猓孩倜看蛭鍌€(gè)點(diǎn)取一個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)，又因打點(diǎn)計(jì)時(shí)器每隔0.02s打一個(gè)點(diǎn)，所以相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間T=0。1s；在勻變速直線運(yùn)動(dòng)中連續(xù)相等時(shí)間內(nèi)的位移差為常數(shù)即△x=aT2，將△x=1。8cm和T=0.1s帶入解得a=1。8m/s2；②由a﹣F圖線可知,圖中圖線的斜率為k=,而kA＞kB，故mA＜mB即A車的質(zhì)量小于B車的質(zhì)量．故答案為:①1.8;②小于．【點(diǎn)評】要提高應(yīng)用勻變速直線的規(guī)律以及推論解答實(shí)驗(yàn)問題的能力，在平時(shí)練習(xí)中要加強(qiáng)基礎(chǔ)知識的理解與應(yīng)用．10．（2017?海淀區(qū)模擬）某同學(xué)欲將量程為200μA的電流表改裝成電壓表，他采用如圖所示的實(shí)驗(yàn)電路測量該電流表的內(nèi)阻，根據(jù)實(shí)驗(yàn)電路,請回答下列問題．①有如下的主要實(shí)驗(yàn)器材供選擇：A．電阻箱（阻值范圍0﹣999。9Ω）B．電阻箱（阻值范圍0﹣99999.9Ω）C．電源（電動(dòng)勢6。0V，內(nèi)阻0.30Ω）D．電源（電動(dòng)勢12V，內(nèi)阻0。60Ω）E．電源（電動(dòng)勢50V,內(nèi)阻2.0Ω）為減小實(shí)驗(yàn)誤差,可變電阻R1應(yīng)選擇，電源應(yīng)選擇D．（填字母代號）②該同學(xué)主要實(shí)驗(yàn)步驟依次是：A．按電路圖連接好電路，并使兩個(gè)開關(guān)處于斷開狀態(tài)；B．將R1的阻值調(diào)到最大；C．閉合S1；D．調(diào)節(jié)R1的阻值，使電流表的指針偏轉(zhuǎn)到滿刻度;E．閉合S2;F．調(diào)節(jié)R1和R2的阻值,使電流表的指針偏轉(zhuǎn)到滿刻度的一半；G．記下R2的阻值．上述實(shí)驗(yàn)步驟中，錯(cuò)誤的步驟是F．（填字母代號）③如果按正確步驟測得電流表的內(nèi)阻為190Ω，要將此表改裝成量程為2.0V的電壓表V,應(yīng)選一個(gè)阻值為9810Ω的電阻與電流表串聯(lián)．④用標(biāo)準(zhǔn)的電壓表對改裝的電壓表進(jìn)行校準(zhǔn),發(fā)現(xiàn)測量同一電壓值時(shí)，改裝電壓表的示數(shù)比標(biāo)準(zhǔn)表的示數(shù)小,則應(yīng)該適當(dāng)?shù)貙⑴c電流表串聯(lián)的電阻調(diào)小一些．(選填“大"或“小”）【考點(diǎn)】把電流表改裝成電壓表．【分析】根據(jù)半偏法測電表內(nèi)阻的原理與實(shí)驗(yàn)步驟分析答題；把電流表改裝成電壓表應(yīng)串聯(lián)一個(gè)分壓電阻，由歐姆定律可以求出串聯(lián)電阻阻值．【解答】解:①由于該實(shí)驗(yàn)要求開關(guān)s2閉合前后通過干路的電流保持不變,根據(jù)閉合電路歐姆定律可知電阻箱R1的阻值應(yīng)足夠大,所以電阻R1應(yīng)選擇B，則電源電要選電動(dòng)勢大的，測量誤差越小，所以電源應(yīng)選擇D．②步驟F中，應(yīng)保持R1的阻值不變，只調(diào)節(jié)R2,所以錯(cuò)誤的步驟是F．③根據(jù)歐姆定律應(yīng)有：R=﹣Rg,解得：R=9810Ω．④根據(jù)歐姆定律可知,減小分壓電阻的阻值，可以增大通過改裝電壓表的電流，從而增大電壓表的示數(shù)，所以應(yīng)該適當(dāng)?shù)貙⑴c電流表串聯(lián)的電阻調(diào)小一些．故答案為：①B，D，②F，③9810，④小【點(diǎn)評】本題考查了測電流表內(nèi)阻、電壓表改裝問題,要掌握半偏法測電表內(nèi)阻的方法，把電流表改裝成電壓表需要串聯(lián)一個(gè)分壓電阻，應(yīng)用串聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定律可以求出串聯(lián)電阻阻值．11．（2017?海淀區(qū)模擬)均勻?qū)Ь€制成的電阻為R、質(zhì)量為m的單匝矩形閉合線框abcd,邊長ab=h，ad=L，將線框置于一有界勻強(qiáng)磁場上方某一高度處，如圖所示．已知該磁場區(qū)域?qū)挾葹閔，方向沿水平、垂直線框所在平面向里,磁感應(yīng)強(qiáng)度為B．現(xiàn)使線框由靜止自由下落，線框平面保持與磁場方向垂直,且bc邊始終保持水平方向．若線框恰好以恒定速度通過磁場，重力加速度為g,空氣阻力可忽略不計(jì)，求：（1）線框通過磁場過程中產(chǎn)生的焦耳熱;（2）開始下落時(shí)線框bc邊與磁場上邊界的距離；（3）bc邊在磁場區(qū)域運(yùn)動(dòng)的過程中，a、d兩點(diǎn)間的電勢差．【考點(diǎn)】導(dǎo)體切割磁感線時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢；電磁感應(yīng)中的能量轉(zhuǎn)化．【分析】(1)根據(jù)能量守恒定律求出線框通過磁場過程中產(chǎn)生的焦耳熱．（2）根據(jù)線框在磁場中做勻速直線運(yùn)動(dòng)，通過共點(diǎn)力平衡求出線框進(jìn)入磁場時(shí)的速度，再通過速度位移公式求出開始下落時(shí)線框bc邊與磁場上邊界的距離；（3）根據(jù)速度求出切割產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢，從而根據(jù)歐姆定律求出a、d兩點(diǎn)間的電勢差．【解答】解：（1）因?yàn)榫€框恰好以恒定速度通過磁場，根據(jù)能量守恒定律有：Q=2mgh．（2）根據(jù)mg=BIL=解得v=．根據(jù)v2=2gh，解得h=．（3）bc邊在磁場區(qū)域運(yùn)動(dòng)的過程中，切割產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢E=BLv=．則a、d兩點(diǎn)間的電勢差Uab=﹣（）E=﹣．答：（1）線框通過磁場過程中產(chǎn)生的焦耳熱為2mgh．（2)開始下落時(shí)線框bc邊與磁場上邊界的距離為．（3）a、d兩點(diǎn)間的電勢差為﹣．【點(diǎn)評】本題考查了電磁感應(yīng)與力學(xué)和能量的綜合，難度中等，電磁感應(yīng)是高考的重點(diǎn)和熱點(diǎn)問題，需加強(qiáng)訓(xùn)練．12．（2017?海淀區(qū)模擬）如圖所示裝置可用來分析氣體原子的組成．首先使待研究氣體進(jìn)入電離室A，在此氣體被電離成等離子體（待研究氣體的等離子體由含有一價(jià)正離子和電荷量為e的電子組成，整體顯電性)．這些等離子體（統(tǒng)稱“帶電粒子”）從電離室下端狹縫S1飄出（忽略飄出的速度），經(jīng)兩極板間電壓為U的加速電場后（忽略這些帶電粒子被加速的時(shí)間），從狹縫S2沿垂直磁場方向進(jìn)入磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的有界勻強(qiáng)磁場，在磁場的上、下邊界處分別裝有水平底片E和F．當(dāng)雙刀雙擲開關(guān)分別擲向1、2和3、4時(shí)，發(fā)現(xiàn)從電離室狹縫S1飄出的帶電粒子分別打在E和F上的P、Q點(diǎn)．已知狹縫S2與水平底片E上P點(diǎn)之間的距離d1=2。0cm,到水平底片F(xiàn)上Q點(diǎn)的水平距離d2=6.4cm，磁場區(qū)域?qū)挾萪=30cm．空氣阻力、帶電粒子所受重力以及帶電粒子之間的相互作用均可忽略不計(jì)．(1)試分析打在P點(diǎn)的帶電粒子的帶電性質(zhì)，并寫出該帶電粒子質(zhì)量的表達(dá)式；（要求用題中的字母表示）(2)試確定打在Q點(diǎn)的帶電粒子的質(zhì)量和打在P點(diǎn)的帶電粒子的質(zhì)量之比；(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）（3）若P點(diǎn)是底片E上刻度尺的右端點(diǎn)，而實(shí)驗(yàn)中帶電粒子總是打到P點(diǎn)右側(cè)，從而導(dǎo)致不便于測量帶電粒子擊中底片位置到狹縫S2的距離,應(yīng)如何調(diào)整可使帶電粒子能打在P點(diǎn)左側(cè)的位置．【考點(diǎn)】帶電粒子在勻強(qiáng)磁場中的運(yùn)動(dòng)；牛頓第二定律；向心力．【分析】帶電粒子電場中做加速運(yùn)動(dòng)，動(dòng)能的增加量等于電場力對粒子做的功；進(jìn)入磁場后,洛侖茲力提供向心力，得到半徑的表達(dá)式;根據(jù)圖象中的幾何關(guān)系，求出粒子的半徑的大小，聯(lián)立公式即可求出結(jié)果．【解答】解:帶電粒子電場中做加速運(yùn)動(dòng)，動(dòng)能的增加量等于電場力對粒子做的功:進(jìn)入磁場后,洛侖茲力提供向心力：，得：①聯(lián)立以上3個(gè)公式,整理得：②（1）打在P點(diǎn)的粒子向右偏轉(zhuǎn)，根據(jù)左手定則可以判定出，粒子帶負(fù)電荷；同時(shí)還可以知道，粒子運(yùn)動(dòng)的軌跡是個(gè)半圓，所以：2r1=d1將上式帶入②，得到:（2)設(shè)打在Q點(diǎn)的粒子的半徑是r2，則根據(jù)幾何關(guān)系得：,帶入數(shù)據(jù)，求得：r2=73。5cm所以：（3）要使帶電粒子能打在P點(diǎn)左側(cè)的位置，可以采用的方法就是減小粒子的運(yùn)動(dòng)半徑．根據(jù)①可知,減小半徑的方法有兩種：一是增大磁場的強(qiáng)度，一是減小粒子進(jìn)入磁場時(shí)的速度，即減小加速電場的電壓U．答:（1)在P點(diǎn)的帶電粒子的帶負(fù)電，該帶電粒子質(zhì)量的表達(dá)式;（2）打在Q點(diǎn)的帶電粒子的質(zhì)量和打在P點(diǎn)的帶電粒子的質(zhì)量之比1.9×10﹣4;（3）增大磁場的強(qiáng)度或者減小加速電場的電壓U可使帶電粒子能打在P點(diǎn)左側(cè)的位置．【點(diǎn)評】該題考查帶電粒子在勻強(qiáng)磁場中的運(yùn)動(dòng)，解題的關(guān)鍵是正確推導(dǎo)出半徑的表達(dá)公式，和根據(jù)幾何關(guān)系正確找出半徑的大?。擃}屬于中檔偏難的題目．13．（2017?海淀區(qū)模擬）圖是一種碰撞裝置的俯視圖，其左邊Q是一個(gè)接收器，它的下端裝有光滑軌道（圖中未畫出），左端與固定在墻壁上的輕