2021年廣東省河源市源城區(qū)高考物理模擬試卷（附答案詳解）

2021年廣東省河源市源城區(qū)高考物理模擬試卷（2月份）

1.了解物理規(guī)律的發(fā)現(xiàn)過程，學(xué)會像科學(xué)家那樣觀察和思考，往往比掌握知識本身更

重要。下列選項符合史實的是（）

A.焦耳發(fā)現(xiàn)了電流熱效應(yīng)的規(guī)律

B.安培總結(jié)出了點電荷間相互作用的規(guī)律

C.楞次發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，拉開了研究電與磁相互關(guān)系的序幕

D.法拉第對帶電粒子在磁場中受力作了深入研究并得到了定量的結(jié)果

2.如圖所示，網(wǎng)球發(fā)球機水平放置在距地面某處，正對著豎直墻面發(fā)射網(wǎng)球，兩次發(fā)

射網(wǎng)球分別在墻上留下A、B兩點印跡。測得04=泰。/＞為水平線，若忽略網(wǎng)球

在空中受到的阻力，則下列說法正確的是（）

墻

/

。

L43

A.兩球發(fā)射的初速度為4：v0B=1：2

B.兩球碰到墻面前運動的時間以：培=1：2

C.兩球碰到墻面時的動量可能相同

D.兩球碰到墻面時的動能可能相等

3.如圖1所示，吊車是建筑工地常用的一種大型機械。為了便于研究問題，將它簡化

成如圖2所示的模型，硬桿08的一端裝有定滑輪，另一端固定在車體上；質(zhì)量不

計的繩索繞過定滑輪吊起質(zhì)量為m的物體勻速上升,不計定滑輪質(zhì)量和滑輪與軸承

之間的摩擦，重力加速度為g。下列說法正確的是（）

A.0A段繩索受到的拉力小于mgB.0A段繩索受到的拉力大于mg

C.桿對定滑輪的支持力小于2，ngD.08桿對定滑輪的支持力大于2mg

4.假設(shè)某個國家發(fā)射了一顆繞火星做圓周運動的衛(wèi)星.已知該衛(wèi)星貼著火星表面運動,

把火星視為均勻球體，如果知道該衛(wèi)星的運行周期為T,引力常量為G,那么（）

A.可以計算火星的質(zhì)量B.可以計算火星表面的重力加速度

C.可以計算火星的密度D.可以計算火星的半徑

5.如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場橫截面示意圖，實線

和虛線分別表示電場線和等勢線。電場中4、6兩點的

場強大小分別為Ea和場,電勢分別為外和％。下列說

法中正確的是（）

A.Ea>Eb,（p（i>（pbB.>Efj?（pa<中匕

C.Ea<Efj,（pa>（PbD.Ea<Eb,（pa<（fib

6.中國的特高壓直流輸電網(wǎng)已達(dá)到世界先進(jìn)水平，向家壩-上海特高壓直流輸電工程,

是世界上同類工程中容量最大、距離最遠(yuǎn)、技術(shù)最先進(jìn)的。圖甲所示為輸電塔，圖

乙為其局部放大圖，兩根在同一水平面內(nèi)且相互平行的長直導(dǎo)線A和8分別通有方

向相同的電流A和/2,且k>12。〃、仇C三點連線與兩根導(dǎo)線等高并垂直，6點位

于兩根導(dǎo)線間的中點，C兩點與6點距離相等。不考慮地磁場的影響。下列說法

中正確的是（）

A.a點和c點處的磁感應(yīng)強度方向相同

B.6點處的磁感應(yīng)強度方向豎直向下

C.導(dǎo)線8對4的安培力大于導(dǎo)線A對8的安培力

D.導(dǎo)線B和A之間因安培力的作用而相互吸引

7.如圖甲所示，N=200匝的線圈（圖中只畫了2匝），電阻r=20,其兩端與一個R=

480的電阻相連。線圈內(nèi)有垂直紙面向里的磁場，磁通量按圖乙所示規(guī)律變化。下

列選項正確的是（）

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0.015

0.010

0.005

III

A.電阻R兩端。點比。點電勢高

B.電阻R兩端的電壓大小為10vz

C.0.1s時間內(nèi)非靜電力所做的功為0.2/

D.0.1s時間內(nèi)通過電阻R的電荷量為0.05C

8.用圖所示裝置探究感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件，線圈A通過滑動變阻器和開關(guān)又連接到電

源上，線圈B通過開關(guān)S2連到電流表上，把線圈A裝在線圈8的里面。下列說法中

正確的是（）

A.該裝置用于探究線圈B中感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件

B.52處于閉合狀態(tài)，在&閉合瞬間，電流表的指針會發(fā)生偏轉(zhuǎn)

C.S］處于閉合狀態(tài)，在52閉合瞬間，電流表的指針會發(fā)生偏轉(zhuǎn)

D.兩開關(guān)均處于閉合狀態(tài)，電路穩(wěn)定后勻速移動滑動變阻器的滑片，電流表的指

針會發(fā)生偏轉(zhuǎn)

9.一質(zhì)量為〃，的物體用一根足夠長細(xì)繩懸吊于天花板上的。點，〃

現(xiàn)用一光滑的金屬鉤子勾住細(xì)繩，水平向右緩慢拉動繩子（鉤八

子與細(xì)繩的接觸點A始終在一條水平線上），下列說法正確的

是（）,

A.鉤子對細(xì)繩的作用力始終水平向右

B.04段繩子上的張力大小不變

C.鉤子對細(xì)繩的作用力逐漸增大

D.鉤子對細(xì)繩的作用力可能等于近mg

10.電磁驅(qū)動是21世紀(jì)初問世的新概念，該技術(shù)被視為將帶來交通工具大革命。多國

科學(xué)家都致力于此項研究。據(jù)2015年央廣新聞報道，美國國家航空航天局(M4SA)

在真空成功試驗了電磁驅(qū)動引擎，如果得以應(yīng)用，該技術(shù)將在未來的星際旅行中派

上大用場。在日常生活中，比如摩托車和汽車上裝有的磁性轉(zhuǎn)速表就是利用了電磁

驅(qū)動原理如圖所示是磁性式轉(zhuǎn)速表及其原理圖，關(guān)于磁性式轉(zhuǎn)速的電磁驅(qū)動原理，

A.鋁盤接通電源，通有電流的鋁盤在磁場作用下帶動指針轉(zhuǎn)動

B.永久磁體隨轉(zhuǎn)軸轉(zhuǎn)動產(chǎn)生運動的磁場，在鋁盤中產(chǎn)生感應(yīng)電流，感應(yīng)電流使鋁

盤受磁場力而轉(zhuǎn)動

C.鋁盤轉(zhuǎn)動的方向與永久磁體轉(zhuǎn)動方向相同

D,由于鋁盤和永久磁體被同轉(zhuǎn)軸帶動，所以兩者轉(zhuǎn)動是完全同步的

11.在“驗證機械能守恒定律”實驗中，某同學(xué)采用讓重物自由下落的方法驗證機械能

守恒定律，實驗裝置如圖1所示。

(1)除圖中給出的器材外，下面列出三種器材，完成實驗不需要的是。

A.交流電源B.刻度尺C.天平

(2)某同學(xué)從打出的紙帶中選出一條理想的紙帶，如圖2所示。選取紙帶上連續(xù)打

出的三個點4、B、C,測得它們到起始點。的距離分別為九1、殳、無3。已知重錘

的質(zhì)量為，”，打點計時器所接交流電的頻率為了,當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間。從起始

點。開始到打下B點的過程中，重錘重力勢能的減小量△Ep=,重錘動能

的增加量△Ek=。在誤差允許的范圍內(nèi)，如果AEp=AEfc,則可驗證機械

能守恒.

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圖1

12.利用電流表（內(nèi)阻約為0.1。）和電壓表（內(nèi)阻約為3k0）測定一節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)

阻（約為幾歐），要求盡量減小實驗誤差。

（1）應(yīng)該選擇的實驗電路是（填寫“甲”或“乙”）。

（2）處理實驗中的數(shù)據(jù)得到如圖丙所畫圖線，由此可得出干電池的內(nèi)阻r=

。（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）。

（3）本實驗存在系統(tǒng)誤差，經(jīng)分析可知所測干電池的電動勢比真實值（填寫

“偏大”或“偏小”）。

（4）為了較準(zhǔn)確地測量電動勢，有人設(shè)計了如圖丁所示測量電路，是穩(wěn)壓電源，

A8是一根均勻的電阻絲，其電阻和長度成正比，燈是標(biāo)準(zhǔn)電池（電動勢均已知），&

是待測電池（電動勢Ex未知）?，F(xiàn)合上開關(guān)S后，將開關(guān)Si和S2合到&一側(cè)，保持滑

動接頭處于。點不動，調(diào)整電阻R使電流計G中無電流。此后保持R不變，將開

關(guān)a和S2合向&一側(cè)，這時移動滑動接頭的位置，直到電流計中也沒有電流為止。

以X表示這時滑動接頭的位置，己測得A。段距離為〃AX段距離為〃X，則可

求得待測電源電動勢&=。

13.如圖所示，一質(zhì)量m=1kg的小物塊放在水平地面上A點，A點與豎直墻面的距離

為2m,物塊與地面間的動摩擦因數(shù)〃=0.8o若小物塊從A點以%=9m/s的初速

度向正對墻面方向運動，在與墻壁碰撞后以M=6ni/s的速度反彈。小物塊可視為

質(zhì)點，g取lOm/s?。

(1)求小物塊在地面上運動時的加速度大小a；

(2)求小物塊與墻壁碰撞前的速度大小v；

(3)若碰撞時間為t=0.1s,求碰撞過程中墻與物塊間平均作用力的大小幾

14.XCT掃描是計算機X射線斷層掃描技術(shù)的簡稱,XCT掃描機可用于對多種病情的探

測。圖甲是某種XCT機主要部分的剖面圖，其中產(chǎn)生X射線部分的示意圖如圖乙

所示。圖乙中M、N之間有一電子束的加速電場，虛線框內(nèi)為偏轉(zhuǎn)元件中的勻強偏

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轉(zhuǎn)場S：經(jīng)調(diào)節(jié)后電子從靜止開始沿帶箭頭的實線所示的方向前進(jìn)，打到水平圓形

靶臺上的中心點P,產(chǎn)生X射線(如圖中帶箭頭的虛線所示)。已知電子的質(zhì)量為相，

帶電荷量為e,MN兩端的電壓為4,偏轉(zhuǎn)場區(qū)域水平寬度為L。，豎直高度足夠長，

MN中電子束距離靶臺豎直高度為H,忽略電子的重力影響，不考慮電子間的相互

作用及電子進(jìn)入加速電場時的初速度，不計空氣阻力。

(1)求電子剛進(jìn)入偏轉(zhuǎn)場時的速度大小；

(2)若偏轉(zhuǎn)場S為垂直紙面向里的勻強磁場，要實現(xiàn)電子束射出偏轉(zhuǎn)場S時速度方

向與水平方向夾角為30。，求勻強磁場的磁感應(yīng)強度B的大?。?/p>

(3)若偏轉(zhuǎn)場S為在豎直平面內(nèi)豎直向上的勻強電場，當(dāng)偏轉(zhuǎn)電場強度為E時電子

恰好能擊中靶臺P點。而儀器實際工作時，電壓%會隨時間成正弦規(guī)律小幅波動，

波動幅度為△(7,如圖丙所示。電子通過加速電場的時間遠(yuǎn)小于加速電壓%的變化

周期，不考慮加速電場變化時產(chǎn)生的磁場，在此情況下，為使電子均能擊中靶臺，

求靶臺的最小直徑。

偏轉(zhuǎn)場S

圖乙

15.如圖所示，絕熱的輕質(zhì)活塞2將一定質(zhì)量的理想氣體封閉在水平放置的固定絕熱氣

缸內(nèi)，輕質(zhì)活塞1與2通過一水平輕質(zhì)彈簧連接，兩活塞之間為真空，活塞與氣缸

壁的摩擦忽略不計，用水平外力尸使活塞1靜止不動?，F(xiàn)增大外力F,使活塞1緩

慢向右移動，則此過程中氣體的溫度（填“升高”“降低”或“不變”）；

氣體分子在單位時間內(nèi)撞擊氣缸內(nèi)壁單位面積上的次數(shù)（填“增加”“不

變”或“減少”）。

產(chǎn)一*WW或2%必

16.如圖所示，兩側(cè)粗細(xì)均勻的。形玻璃管豎直放置，左端封閉，

右端開口。開始時左管內(nèi)空氣柱長20cm,兩管水銀面等高，溫

度不變，大氣壓強為Po=75cm"g,管內(nèi)氣體可視為理想氣體。

①若右管足夠長，從右側(cè)管口緩慢加入水銀，左管內(nèi)氣柱長度

變?yōu)?5s。求加入水銀的長度；

②若左右管管口等高，用厚度不計的活塞從右管管口緩慢推入,仍使左管內(nèi)氣柱

長變?yōu)?5a”，若過程中沒有漏氣現(xiàn)象，求活塞推入的深度。

17.如圖甲所示，在xOy平面內(nèi)有兩個沿z方向做簡諧振動的點波源Si（-2,0）和52（4,0）。

兩波源的振動圖線分別如圖乙和圖丙所示，兩列波的波速均為0.50m/s。兩列波從

波源傳播到點4（-2,8）的振幅為m,兩列波引起的點B（L4）處質(zhì)點的振動相

互______（填“加強”或“減弱”）。

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18.如圖所示，等腰三角形ABC是三棱鏡的截面，底角44=4。=30。。/18面鍍有銀，

一束單色光垂直AC邊從。點射入,照射在AB邊的中點E,反射光照射在AC面上，

AC面的反射光線照射到8c邊上的F(圖中未畫出)點，在F點的出射光線平行于AC。

已知48邊長為L,光在真空中的傳播速度為c,不考慮光在BC面的反射。

(1)試判斷光在AC面是否會發(fā)生全反射；

(2)求光從D點傳播到尸點所用的時間。

答案和解析

1.【答案】A

【解析】解：A、焦耳發(fā)現(xiàn)了電流熱效應(yīng)的規(guī)律，并提出了焦耳定律，故A正確；

8、庫侖總結(jié)出了點電荷間相互作用的規(guī)律，故8錯誤；

C、奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，拉開了研究電與磁相互關(guān)系的序幕，故C錯誤；

。、洛倫茲對帶電粒子在磁場中受力作了深入研究并得到了定量的結(jié)果，故。錯誤。

故選：A。

本題是物理學(xué)史問題，根據(jù)焦耳、庫侖、奧斯特、安培等人的物理學(xué)成就進(jìn)行解答。

本題考查物理學(xué)史，屬于常識性問題，對于物理學(xué)上重大發(fā)現(xiàn)、發(fā)明、著名理論要加強

記憶，重視知識的積累。

2.【答案】D

【解析】解：AB、設(shè)&=京=無，忽略空氣阻力，則做平拋運動，豎直方向：h=\gtl，

2九=：。埒

整理可以得到：著=*；

水平方向為勻速運動，而且水平位移大小相等，貝!1：%=v0AtA=v0BtB,

整理可以得到：v0A：v0B=V2：1,故48錯誤；

C動量為矢量，由圖可知，二者與墻碰撞時其速度方向不相同，故二者碰到墻面時的動

量不可能相同，故C錯誤；

D設(shè)兩球的質(zhì)量相等，均為孫從拋出到與墻碰撞，根據(jù)動能定理有：

mgh=EKA--mv^A

1

2mgh=EKB--mv^B

整理可以得到：

斤A12

EKA-mgh=-mv^A

?Q,12

EKB-2mgli=-mv^B

解得：EKA-2EKB-mgh

若=rn.gh,則EKA=EKB'故。正確。

故選：D。

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根據(jù)平拋運動的規(guī)律求解兩球碰到墻面前運動的時間之比和兩球發(fā)射的初速度之比；動

量是一個矢量，方向不同動量一定不同；根據(jù)動能定理分析末動能的大小關(guān)系。

本題主要是考查了平拋運動的規(guī)律和動量的概念，知道平拋運動可以分解為水平方向的

勻速直線運動和豎直方向的自由落體運動。

3.【答案】C

【解析】解：A8、0A段繩索受到的拉力

與0C段受到的拉力相等，對物體根據(jù)平

衡條件可得繩索對物體的拉力大小為7=

mg,所以0A段繩索受到的拉力等于mg,

故AB錯誤；

C。、設(shè)兩段繩索之間的夾角為2。，由于同

一條繩索拉力相等，則兩段繩索的合力沿

角平分線方向，如圖所示；根據(jù)平衡條件

可得：2Tcos6=F,解得：F=2mgeos。；

由于。＞0,所以08桿對定滑輪的支持力尸＜2mg,故C正確、。錯誤。

故選：Co

以物體為研究對象，根據(jù)平衡條件求解繩索的拉力；以O(shè)處滑輪為研究對象，根據(jù)平衡

條件分析08桿對定滑輪的支持力。

本題主要是考查了共點力的平衡問題，關(guān)鍵是能夠確定研究對象、進(jìn)行受力分析、利用

平行四邊形法則進(jìn)行力的合成，然后建立平衡方程進(jìn)行解答。

4.【答案】C

【解析】解：設(shè)火星質(zhì)量為M,半徑為凡密度為p,火星表面重力加速度為g,探測

器質(zhì)量為，小

A。、探測器繞火星做圓周運動，萬有引力做向心力，故有：鬻（年）2R；

所以，M=察，故火星質(zhì)量、半徑無法計算；故A。錯誤；

GT2

,,M371.

C、火星密度。=萍=蘇，故C正確；

B、由火星表面物體重力等于萬有引力可得:甯=mg,所以，重力加速度g=瑞=等,

由于K未知，故g無法求解，故B錯誤;

故選：c.

根據(jù)萬有引力做向心力得到火星質(zhì)量的表達(dá)式，再由球體體積公式求得火星密度表達(dá)式,

最后通過火星表面物體重力等于萬有引力得到重力加速度的表達(dá)式，即可根據(jù)表達(dá)式判

斷是否可求解.

萬有引力的應(yīng)用問題一般由重力加速度求得中心天體質(zhì)量，或由中心天體質(zhì)量、軌道半

徑、線速度、角速度、周期中兩個已知量，根據(jù)萬有引力做向心力求得其他物理量.

5.【答案】B

【解析】解：“位置的電場強度較密集，則Ea>Eb；

根據(jù)順著電場線方向電勢逐漸降低，知外<Wb，故B正確，ACD錯誤。

故選:B。

根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強度的大小.再根據(jù)電場線的方向分析電勢高低.

本題關(guān)鍵是明確電場強度的大小看電場線的疏密程度，電勢高低看電場線的方向.

6.【答案】D

【解析】解：小由右手定則可知導(dǎo)線A在其左側(cè)的磁場向下，在其右側(cè)產(chǎn)生的磁場向

上；導(dǎo)線8在其左側(cè)的磁場向下，在其右側(cè)產(chǎn)生的磁場向上，因此a點磁場向下，b點

磁場向上，故A錯誤；

B、由題知II〉%,則導(dǎo)線A在匕點產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度比導(dǎo)線B在6點產(chǎn)生的磁感應(yīng)

強度大，導(dǎo)線A在b點的磁場水平向左，導(dǎo)線B在匕點水平向右，因此b點磁場水平向

左，故B錯誤；

C、B對A的安培力與導(dǎo)線A對8的安培力是一對相互作用力大小相等、方向相反，故

C錯誤；

D、A和8導(dǎo)線電流方向相同，同向電流導(dǎo)線相互吸引，則導(dǎo)線AB相互吸引，故。正

確。

故選:Do

由右手定則和磁感應(yīng)強度的疊加求解；根據(jù)力的作用的相互性判斷；根據(jù)同向電流導(dǎo)線

相互吸引判斷。

本題以中國的特高壓直流輸電網(wǎng)己達(dá)到世界先進(jìn)水平為情景載體，考查了右手定則、磁

感應(yīng)強度的疊加、安培力等基礎(chǔ)知識，要求學(xué)生對這部分知識要深刻理解，強化記憶，

勤加練習(xí)。

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7.【答案】C

【解析】解：A、由楞次定律可得，穿過線圈的磁通量越來越大，則此時線圈電流為順

時針，電流方向從“到人流過電阻凡故a點電勢高于匕點電勢，故A錯誤；

B、由圖象可知，圖象的斜率火=詈=若Wb/s=0.05Wb/s,已知線圈匝數(shù)為：N=

200匝，

故后=2警=200x0.05=10乙由于線圈內(nèi)阻為r=20,R=480,二者串聯(lián)，由串

聯(lián)電路分壓定律可得：3=普，UT+U2=10V,故/=9.6V,

故B錯誤；

CD、已知回路中的電流為：/=今=苔/=0.24由電流的定義式可得：q=/t=

K+Tz+4o

0.2x0.1C=0.02C,由電動勢的定義式可得：F=pW為非經(jīng)典力所做的功，代入數(shù)

據(jù)可得：W=qE=10X0.02J=0.27,故C正確，。錯誤；

故選：Co

由楞次定律分析出感應(yīng)電流的方向，再由法拉第電磁感應(yīng)定律求出電流的大小，以此進(jìn)

行分析。

本題主要考查了楞次定律，法拉第電磁感應(yīng)定律，電功和電功率的計算，解題關(guān)鍵在于

線圈此時相當(dāng)于電源，線圈的內(nèi)阻相當(dāng)于電源的內(nèi)阻。

8.【答案】ABD

【解析】解：A、通過線圈A移動滑動變阻器，及開關(guān)51來改變線圈A的電流大小，從

而導(dǎo)致線圈B中的磁通量發(fā)生變化，進(jìn)而可判定線圈8中是否有感應(yīng)電流產(chǎn)生，故4

正確；

B、當(dāng)S2處于閉合狀態(tài)，在Si閉合瞬間，穿過線圈8的磁通量發(fā)生變化，產(chǎn)生感應(yīng)電流，

發(fā)現(xiàn)電流表指針會發(fā)生偏轉(zhuǎn)，故B正確；

C、當(dāng)Si處于閉合狀態(tài)，在S2閉合瞬間，穿過線圈3的磁通量不發(fā)生變化，不產(chǎn)生感應(yīng)

電流，電流表的指針不會發(fā)生偏轉(zhuǎn)，故C錯誤；

。、兩開關(guān)均處于閉合狀態(tài)，電路穩(wěn)定后勻速移動滑動變阻器的滑片，穿過線圈8的磁

通量發(fā)生變化，產(chǎn)生感應(yīng)電流，發(fā)現(xiàn)電流表指針會發(fā)生偏轉(zhuǎn)，故。正確。

故選：ABD。

根據(jù)感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件分析答題，穿過閉合回路的磁通量發(fā)生變化，電路產(chǎn)生感應(yīng)電

流。

本題考查判斷電流表指針是否發(fā)生偏轉(zhuǎn)，知道感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件即可正確解題，平時

要注意基礎(chǔ)知識的學(xué)習(xí)與積累。

9.【答案】BC

【解析】解：A、鉤子對繩的力與繩子對鉤子的力是相互作用力，方向相反，根據(jù)平行

四邊形定則可知，兩段繩子對鉤子的作用力的合力是向左下方的，故鉤子對細(xì)繩的作用

力向右上方，故A錯誤；

B、物體受重力和拉力而平衡，故拉力T=mg,而同一根繩子的張力處處相等，故所以

段繩子的力7=mg,大小不變，故8正確；

C、兩段繩子拉力大小相等，均等于〃吆，夾角在減小，根據(jù)平行四邊形定則，合力變大，

故根據(jù)牛頓第三定律，鉤子對細(xì)繩的作用力也是逐漸變大，故C正確；

。、根據(jù)平行四邊形定則可知，當(dāng)兩斷繩子之間的夾角為90。時，鉤子對細(xì)繩的作用力

等于魚血。，由于是水平向右緩慢拉動繩子，系統(tǒng)處于平衡狀態(tài)，如果兩段繩子的夾角

等于90。，豎直方向受力不平衡，所以兩段繩子拉力的夾角一直大于90。，故鉤子對細(xì)繩

的作用力不可能等于Vlmg，故。錯誤.

故選：BC。

物體受重力和拉力而平衡；同一根繩子的張力處處相等；兩個等大的力合成時，夾角越

小，合力越大，由此分析。

解決該題需要明確知道兩段繩子是同一根，拉力大小始終相同，掌握共點力平衡相關(guān)的

規(guī)律，知道分力不變，合力隨分力的夾角的減小而增大。

10.【答案】BC

【解析】解：A、當(dāng)永久磁鐵隨轉(zhuǎn)軸轉(zhuǎn)動時，產(chǎn)生轉(zhuǎn)動的磁揚，在鋁盤中會產(chǎn)生感

應(yīng)電流，這時永久磁鐵的磁場會對鋁盤上的感應(yīng)電流有力的作用，而產(chǎn)生一個轉(zhuǎn)動的力

矩，使指針轉(zhuǎn)動，由于彈簧游絲的反力矩，會使指針穩(wěn)定指在某一刻度上，故A錯誤,

2正確；

C.該轉(zhuǎn)速表運用了電磁感應(yīng)原理，由楞次定律知，鋁盤磁場總是阻礙永久磁鐵轉(zhuǎn)動，要

使減小穿過鋁盤磁通量的變化，永久磁鐵轉(zhuǎn)動方向與鋁盤轉(zhuǎn)動方向相同，故C正確；

D永久磁鐵固定在轉(zhuǎn)軸上，鋁盤國定在指針軸上，鋁盤和永久磁體不是同轉(zhuǎn)軸帶動，所

以兩者轉(zhuǎn)動不是同步的，故。錯誤。

故選：BC。

第14頁，共20頁

明確儀器原理，知道永久磁鐵轉(zhuǎn)動時會產(chǎn)生變化的磁場，從而在鋁盤中形成感應(yīng)電流,

根據(jù)楞次定律分析鋁盤中磁場與永久磁鐵間的轉(zhuǎn)動關(guān)系。

本題考查電磁感應(yīng)在生活和生產(chǎn)中的應(yīng)用，關(guān)鍵明確儀器原理，知道哪部分電路產(chǎn)生電

磁感應(yīng)，會根據(jù)楞次定律分析即可。

m22

11.【答案】cmgh2^-yf

8

【解析】解：⑴根據(jù)“驗證機械能守恒定律”實驗的原理選擇器材：A、交流電源是打

點計時器配套使用，故A必須有；

B、刻度尺是測位移所用，故8必須有；

C、天平測質(zhì)量，但由于動能和重力勢能的公式中均有質(zhì)量的因子，則C不是必須的，

故選：Co

(2)從起始點。開始到打下B點的過程中，重力勢能的減小量△Ep=7nM，而如=等=

-T，動能的增加量△Ek=^mvj=231絲。

/28

故答案為：(1)C；(2)小。h2、叫電-恒"

8

(1)根據(jù)實驗的原理確定所需測量的物理量，從而確定所需的測量器材。

(2)需要用刻度尺測出重物下落的高度，應(yīng)用勻變速直線運動的推論求出重物的瞬時速

度。根據(jù)下降的高度求出重力勢能的減小量，根據(jù)某段時間內(nèi)平均速度等于中間時刻的

瞬時速度求出C點的瞬時速度，從而得出動能的增加量。

本題考查了實驗器材、實驗數(shù)據(jù)處理等問題，知道實驗原理與實驗器材I實驗數(shù)據(jù)處理

方法是解題的關(guān)鍵，掌握基礎(chǔ)知識即可解題，平時要注意基礎(chǔ)知識的學(xué)習(xí)與掌握。

12.【答案】甲2.5偏小拌品

LAD

【解析】解：(1)如果選擇圖乙所示電路圖，電源內(nèi)阻的測量值等于電源內(nèi)阻真實值與

電流表內(nèi)阻之和，由于電流表內(nèi)阻很小，采用圖乙所示電路圖時電源內(nèi)阻測量誤差較大,

為減小實驗誤差，應(yīng)選擇圖甲所示電路圖。

(2)根據(jù)圖甲所示電路圖，山閉合電路的歐姆定律可知，路端電壓〃=E-由圖丙所

示U-/圖象可知，電源內(nèi)阻「=與=筆;￥。=2.50。

(3)由圖甲所示電路圖可知，由于電壓表的分流作用，電流測量值小于真實值，當(dāng)外電

路短路時，短路電流測量值等于真實值，電源的U-/測量圖象與理論圖象如圖所示

u

\真

o

由圖示圖象可知，干電池電動勢的測量值小于真實值。

(4)保持滑動接頭處于。點不動，電阻絲48中的電流保持不變，

電流計G中沒有電流，電源電動勢與金屬絲并聯(lián)部分電壓相等，

設(shè)金屬絲中的電流為/,金屬絲單位長度電阻為R,由并聯(lián)電路特點與歐姆定律得：

ILADR~Es，〃AXR-Ex，

解得待測電源電動勢區(qū)=^-Es.

LAD

故答案為：(1)甲；(2)2.5；(3)偏小:(4)寰久。

(1)干電池內(nèi)阻很小，從減小實驗誤差的角度選擇實驗電路圖。

(2)根據(jù)圖示電路圖應(yīng)用閉合電路的歐姆定律求出圖象的函數(shù)表達(dá)式，根據(jù)圖示圖象求

出電源內(nèi)阻。

(3)根據(jù)圖示電路圖與實驗誤差來源分析實驗誤差。

(4)根據(jù)圖示電路圖與實驗步驟應(yīng)用歐姆定律求出電源電動勢。

本題考查了測電源電動勢與內(nèi)阻實驗，近幾年的物理實驗的考查已不再局限于基本問題

的考查，而是更多的進(jìn)行一些設(shè)計性實驗的考查，在解決問題時應(yīng)注意理解實驗中的原

理，再結(jié)合學(xué)過的實驗內(nèi)容進(jìn)行分析解答；此類問題對學(xué)生要求較高，應(yīng)注意訓(xùn)練.

13.【答案】解：(1)小物塊由A到墻過程做勻減速運動，由牛頓第二定律得：Ff=ma

由題意得：Ff="mg

代入數(shù)據(jù)解得小物塊在地面上運動時的加速度大小a為:a=四=0.8X10m/s2=

8m/s2

(2)小物塊由A到墻過程做勻減速運動，由動能定理得：-fimgs=|?nv2-1mv^

代入數(shù)據(jù)解得小物塊與墻壁碰撞前的速度大小v為：u=7m/s

(3)以反彈后的速度方向為正方向，由動量定理：Ft=mv-(~mv)

代入數(shù)據(jù)解得碰撞過程中墻與物塊間平均作用力的大小F為:F=130N

答：(1)求小物塊在地面上運動時的加速度大小為8m/s2；

(2)求小物塊與墻壁碰撞前的速度大小為7m/s；

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(3)若碰撞時間為t=0.1s,碰撞過程中墻與物塊間平均作用力的大小為130M

【解析】(1)小物塊由A到墻過程做勻減速運動，由牛頓第二定律可求小物塊的加速度

大小：

(2)由動能定理可求小物塊與墻壁碰撞前的速度大小v；

(3)先選定正方向，由動量定理得墻對小物塊的平均作用力的大小。

解答此題的關(guān)鍵是分析清楚物體運動過程、應(yīng)用動能定理、動量定理即可正確解題，注

意使用動量定理時應(yīng)選擇正方向。

14.【答案】解：(1)電子在加速電場中，由動能定理有

2

eU0=!?nv

解得電子剛進(jìn)入偏轉(zhuǎn)場時的速度大小〃=回

(2)由幾何關(guān)系可得，此時電子在磁場中的運動半徑r=2L0

2

由牛頓第二定律得evB=^-

聯(lián)立兩式并將速度v代入解得磁感應(yīng)強度B=看再

(3)設(shè)偏轉(zhuǎn)場右邊界距P點的水平距離為L

電子偏出電場時垂直初速方向的位移力=/辭＜?)2

電子偏出電場后到達(dá)靶上P點，在垂直初速方向的位移曠2=辭?曰?生

由幾何關(guān)系有%+%=H

聯(lián)立兩式并將速度v代入解得L=等-*

隨電壓的變化電子在靶上的掃描長度為△L=鬻

因此靶臺的最小直徑d=△L=等

CLQ

答：(1)電子剛進(jìn)入偏轉(zhuǎn)場時的速度大小為再；

(2)若偏轉(zhuǎn)場S為垂直紙面向里的勻強磁場，要實現(xiàn)電子束射出偏轉(zhuǎn)場S時速度方向與

水平方向夾角為30。，勻強磁場的磁感應(yīng)強度B的大小為工叵;

LO72B

(3)為使電子均能擊中靶臺，靶臺的最小直徑為等。

【解析】(1)電子受到向右的電場力，據(jù)動能定理求出速度；

(2)根據(jù)洛倫茲力提供向心力以及動能定理求解電子做圓周運動的半徑表達(dá)式，由幾何

關(guān)系求得半徑，聯(lián)立可求得磁感應(yīng)強度大??；

(3)由動力學(xué)規(guī)律及幾何關(guān)系偏轉(zhuǎn)總距離的關(guān)系式，從而判斷改變加速電壓后P點的變

化情況。

解決該題需要明確知道電子在各個區(qū)域的運動情況，知道在勻強電場中順著電場線電勢

的變化情況，能正確推導(dǎo)出電子在磁場中運動半徑。

15.【答案】升高增加

【解析】解：外力尸作用在活塞1上，緩慢向右移動，彈簧被壓縮，彈力大于氣體壓力，

活塞2向右移動，壓縮氣體，活塞對氣體做正功。氣缸絕熱，不存在熱傳遞，根據(jù)熱力

學(xué)第一定律：△〃=(?+W,知氣體的內(nèi)能增加，溫度升高。

氣體的體積減小，溫度升高，由氣態(tài)方程景=C知氣體的壓強增大。活塞2向右移動，

氣體的體積減小，單位體積內(nèi)分子數(shù)增加，又氣體溫度升高，氣體分子平均動能增大，

故氣體分子在單位時間內(nèi)撞擊容器壁上單位面積的次數(shù)增加。

故答案為：升高，增加。

活塞1緩慢向右移動，壓縮彈簧，進(jìn)而壓縮氣體，對氣體做正功，外力尸做的功一部分

轉(zhuǎn)化為彈性勢能，一部分轉(zhuǎn)化為氣體內(nèi)能。根據(jù)壓強的變化，分析氣體分子在單位時間

內(nèi)撞擊氣缸內(nèi)壁單位面積上的次數(shù)變化。

此題綜合考查熱力學(xué)第一定律與氣體的壓強。要注意活塞對氣體做正功，絕熱壓縮氣體

時氣體的內(nèi)能增加。

16.【答案】解：①設(shè)玻璃管的橫截面積為5,氣體初狀態(tài)壓強四=po=75cm"g,體

積匕=L]S=20S,

氣體末狀態(tài)的體積彩=L2S=15S,氣體溫度不變，由玻意耳定律得：

Pi%=P2V2

代入數(shù)據(jù)解得：P2=lOOcmHg

設(shè)兩管水銀面的高度差為h,則pz=Po+Pn=(75+h)cmHg

解得：h-25cm,

右管加入的水銀柱長度：x=2al-L2)+/I=2x(20-15)cm+25cm=35cm；

②右側(cè)管內(nèi)活塞推入x后，左管內(nèi)氣柱長變?yōu)闀r，壓強「2=lOOcmHg

右側(cè)管內(nèi)封閉氣體初狀態(tài)壓強：P萬1=Po=75cmHg,體積="S,

末狀態(tài)壓強P右2=P2-Ph'=[P2-2&-L2)]cmHg=[100-2x(20-IS^cmHg=

90cmHg,

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設(shè)活塞推入的深度是X'