湖南省邵陽市軍田中學高三物理模擬試題含解析

湖南省邵陽市軍田中學高三物理模擬試題含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.某同學按圖3所示電路進行實驗，電表均為理想電表，實驗中由于電路發(fā)生故障，發(fā)現兩電壓表示數相同了（但不為零），若這種情況的發(fā)生是由用電器引起的，則可能的故障原因是（

）A、R3短路

B、R0短路

C、R3斷開

D、R2斷開參考答案：BD2.如圖所示，傾斜軌道AC與有缺口的圓軌道BCD相切于C，圓軌道半徑為R，兩軌道在同一豎直平面內，D是圓軌道的最高點，缺口DB所對的圓心角為90°，把一個小球從斜軌道上某處由靜止釋放，它下滑到C點后便進入圓軌道，要想使它上升到D點后再落到B點，不計摩擦，則下列說法正確的是（

）

A．釋放點須與D點等高

B．釋放點須比D點高R/4

C．釋放點須比D點高R/2

D．使小球經D點后再落到B點是不可能的參考答案：D3.如圖所示，用繩OA、OB和OC吊著重物P而處于靜止狀態(tài)，其中繩OA水平，繩OB與水平方向成θ角?，F用水平向右的力F緩慢地將重物P拉動，用FA和FB分別表示OA繩和OB繩的張力，則

A．FA、FB、F均增大B．FA增大，FB不變，F增大C．FA不變，FB減小，F增大D．FA增大，FB減小，F減小參考答案：B4.如圖所示為雜技表演的安全網示意圖,網繩的結構為正方格形,o、a、b、c、d……為網繩的結點,安全網水平張緊后,若質量為m的運動員從高處落下,并恰好落在O點上,該處下凹至最低點時,網繩doe、bog構成1200向上的張角,此時o點受到的向下的沖擊力（即人對0點的作用力）大小為F,則這時o點周圍每根網繩承受的力的大小為：A.F

B.F/2

C.F+mg

D.(F+mg)/2參考答案：B5.如圖所示，一足夠長的木板靜止在光滑

水平面上，一物塊靜止在木板上，木板和物塊間有摩擦．現用水平恒力向右拉木板，當物塊相對木板滑動了一段距離但

仍有相對運動時，撤掉拉力，此后木板和物塊相對于水平面的運動情況為

(

)A．物塊先向左運動，再向右運動B．物塊向右運動，速度逐漸增大，直到做勻速運動C．木板向右運動，速度逐漸變小，直到做勻速運動D．木板和物塊的速度都逐漸變小，直到為零參考答案：CB二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.如圖甲所示是某時刻一列機械波的圖象，圖乙是坐標原點O處質點從此時刻開始的振動圖象．由此可知，K、L、M三個質點，________質點最先回到平衡位置；該機械波的波速為v＝________.參考答案：M1m/s7.（6分）某行星繞太陽的運動可近似看作勻速圓周運動，已知行星運動的軌道半徑為R，周期為T，萬有引力恒量為G，則該行星的線速度大小為___________，太陽的質量可表示為___________。參考答案：，8.(3分)演示地磁場存在的實驗裝置(由環(huán)形線圈，微電流傳感器，DIS等組成)如圖所示。首先將線圈豎直放置，以豎直方向為軸轉動，屏幕上的電流指針＿＿＿＿(填：“有”或“無”)偏轉；然后仍將線圈豎直放置，使其平面與東西向平行，并從東向西移動，電流指針＿＿＿＿(填：“有”或“無”)偏轉；最后將線圈水平放置，使其從東向西移動，電流指針＿＿＿＿(填：“有”或“無”)偏轉。參考答案：有

無

無首先將線圈豎直放置，以豎直方向為軸轉動，線圈中磁通量變化，屏幕上的電流指針有偏轉。然后仍將線圈豎直放置，使其平面與東西向平行，并從東向西移動，線圈中磁通量不變化，電流指針無偏轉。最后將線圈水平放置，使其從東向西移動，線圈中磁通量不變化，電流指針無偏轉。9.要測定勻變速直線運動的實驗中，打點計時器打出一紙條，每隔四個點選出一個計數點共選出A、B、C、D四個計數點，所用交流電頻率為50赫茲，紙帶上各點對應尺上的刻度如圖所示，則VB=

m/s.a=

m/s2.參考答案：

0.15

、

0.2

、10.P、Q是一列簡諧橫波中的兩質點，已知P離振源較近，P、Q兩點的平衡位置相距15m（小于一個波長），各自的振動圖象如圖所示。此列波的波速為

m/s。參考答案：2.5m/s11.某同學用如圖所示的裝置測定重力加速度，打點計時器使用交流電頻率為50Hz，打出的紙帶如圖所示，由紙帶所示數據可算出實驗時打下點5時重物的速率為

m/s，加速度為

m/s2.參考答案：12.如圖所示，實線為一列簡諧波在t＝0時刻的波形，虛線表示經過Dt＝0.2s后它的波形圖，已知T＜Dt＜2T（T表示周期），則這列波傳播速度可能值v＝________________；這列波的頻率可能值f＝________________。參考答案：向右0.25m/s，向左0.35m/s；向右6.25Hz，向左8.75Hz。

13.決定一個平拋運動物體水平方向通過距離的因素是

和

。參考答案：三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.（8分）一定質量的理想氣體由狀態(tài)A經狀態(tài)B變?yōu)闋顟B(tài)C，其中AB過程為等壓變化，BC過程為等容變化。已知VA=0.3m3，TA=TB=300K、TB=400K。（1）求氣體在狀態(tài)B時的體積。（2）說明BC過程壓強變化的微觀原因（3）沒AB過程氣體吸收熱量為Q，BC過氣體

放出熱量為Q2，比較Q1、Q2的大小說明原因。參考答案：解析：（1）設氣體在B狀態(tài)時的體積為VB，由蓋--呂薩克定律得，，代入數據得。(2)微觀原因：氣體體積不變，分子密集程度不變，溫度變小，氣體分子平均動能減小，導致氣體壓強減小。(3)大于；因為TA=TB，故AB增加的內能與BC減小的內能相同，而AB過程氣體對外做正功，BC過程氣體不做功，由熱力學第一定律可知大于?？键c：壓強的微觀意義、理想氣體狀態(tài)方程、熱力學第一定律15.（選修3-3模塊）（4分）如圖所示，絕熱隔板S把絕熱的氣缸分隔成體積相等的兩部分，S與氣缸壁的接觸是光滑的．兩部分中分別盛有相同質量、相同溫度的同種氣體a和b．氣體分子之間相互作用可忽略不計．現通過電熱絲對氣體a緩慢加熱一段時間后，a、b各自達到新的平衡狀態(tài)．試分析a、b兩部分氣體與初狀態(tài)相比，體積、壓強、溫度、內能各如何變化？參考答案：

答案:

氣缸和隔板絕熱，電熱絲對氣體a加熱，a溫度升高，體積增大，壓強增大，內能增大；（2分）

a對b做功，b的體積減小，溫度升高，壓強增大，內能增大。（2分）四、計算題：本題共3小題，共計47分16.一水平傳送帶以2.0m/s的速度順時針傳動，水平部分長為2.0m，其右端與一傾角為θ=37°的光滑斜面平滑相連，斜面長為0.4m（如圖10所示）。一個可視為質點的物塊無初速度地放在傳送帶最左端，已知物塊與傳送帶間動摩擦因數μ=0.2，試問：（1）物塊到達傳送帶右端的速度。（2）物塊能否到達斜面頂端?若能則說明理由，若不能則求出物塊上升的最大高度。（sin37°=0.6，g取l0m/s2）參考答案：17.如圖1所示，足夠長的固定斜面傾角為α，一小物塊從斜面底端開始以初速度v0沿斜面向上運動，若v0=12m/s，則經過2s后小物塊達到最高點．多次改變v0的大小，記錄下小物塊從開始運動到最高點的時間tm，作出tm﹣v0圖象，如圖2所示，（g取10m/s2）則：（1）若斜面光滑，求斜面傾角α．（2）更換另一個傾角α=30°的斜面，當小物塊以v0=12m/s沿斜面向上運動時，仍經過2s到達最高點，求它回到原來位置的速度大?。?）更換斜面，改變斜面傾角α，得到的tm﹣v0圖象斜率為k，則當小物塊以初速度v0沿斜面向上運動時，求小物塊在斜面上運動的總時間為多少？參考答案：解：（1）由圖可知，，根據牛頓第二定律有：mgsinα=ma即：可得：解得：α=37°

（2）上升到最高點的加速度為：根據牛頓第二定律有：解得：上升過程中有：下降過程中有：得：由此可得：（3）由題意可知，，可知，由于物體在斜面上上升過程中有：a=gsinα+μgcosα可得：討論：（a）當μ＞tanα，即k＜，物塊上滑到最高點后不會下滑．則t=v0k．（b）當μ＜tanα，即k＞，物塊到最高點后會下滑，上升時間t1=v0k．上升的位移為下滑時，，與a=gsinα+μgcosα聯立得：，則t總=t1+t2=v0k+=kv0（1+）答：（1）若斜面光滑，求斜面傾角α為37°．（2）更換另一個傾角α=30°的斜面，當小物塊以v0=12m/s沿斜面向上運動時，仍經過2s到達最高點，它回到原來位置的速度大?。?）更換斜面，改變斜面傾角α，得到的tm﹣v0圖象斜率為k，則當小物塊以初速度v0沿斜面向上運動時，①當μ＞tanα，即k＜，物塊上滑到最高點后不會下滑．則小物塊在斜面上運動的總時間為t=v0k②當μ＜tanα，即k＞，物塊到最高點后會下滑，總時間為【考點】牛頓第二定律；勻變速直線運動的速度與時間的關系；勻變速直線運動的位移與時間的關系．【分析】（1）根據圖象求出加速度